广东省湛江市2026年九年级中考考前模拟物理试卷附答案

九年级中考考前模拟物理试卷一、单选题（每小题3分，共21分）1．如图所示，牙膏盖子中间的尖头是为了（）A．增大摩擦 B．减小摩擦 C．增大压强 D．减小压强2．升旗时，利用旗杆顶部的定滑轮可以A．省力 B．省功C．省距离 D．改变拉力方向3．近年来，我国在能源、信息和材料等领域取得了辉煌成就。下面关于能源、信息和材料的说法，正确的是（）A．2025年是太阳黑子活动的又一个峰年，太阳内部主要发生的是核聚变B．光从光导纤维一端射入，在内壁多次折射，把携带的信息传送出去C．量子计算机中的二极管是由超导体制成的D．我国在南海开采的可燃冰属于可再生能源4．液态甲烷作为“朱雀三号”运载火箭的燃料是因为具有较大的（）A．密度 B．内能 C．比热容 D．热值5．2025年5月17日，朱雀二号改进型遥二运载火箭成功将6颗卫星送入预定轨道。关于卫星发射和运行过程，下列说法正确的是（）A．火箭加速升空过程中，卫星的动能转化为重力势能B．星箭分离前，以火箭为参照物，卫星是运动的C．卫星上太阳能电池板的作用是将电能转化为机械能D．卫星依靠电磁波来实现星地实时数据传输6．如图，红茶加工包含“萎凋”“揉捻”“发酵”“烘干”等工序。下列说法错误的是（）A．“萎凋”时摊开茶叶可加快水分蒸发B．“揉捻”使茶叶卷缩，说明力可改变物体的形状C．“发酵”时闻到气味是因为分子在永不停息地运动D．“烘干”是通过做功减小茶叶的内能7．在如图甲所示的电路中，电源电压保持不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器。闭合开关S，将滑片P从最右端移动到最左端的过程中，电压表V1和V2的示数与电流表示数的关系如图乙所示。则下列说法正确的是（）A．电源电压为6VB．定值电阻R1的阻值为10ΩC．滑动变阻器R2的最大阻值为20ΩD．当电流表示数为0.2A时，R2消耗的电功率为0.8W二、填空题（19分）8．2025年5月，我国全超导托卡马克核聚变实验装置（EAST）取得重大突破。核聚变过程中，原子核结合时（选填“吸收”或“释放”）大量能量。核能是（选填“可再生”或“不可再生”）能源。太阳的能量来自于内部的核变。9．电饭锅是常见的家用电器，现在的电饭锅不仅能煮饭，还能煮粥、煲汤等，主要是利用了电流的效应，电饭锅煮粥完成后会自动转为保温状态时，若此时马上打开电饭锅盖，会发现原本平静的粥面又沸腾起来了，原因是气压变了，所以粥水的沸点也降低了。超市里真空冻干食品时，冰直接变为水蒸气，此现象属于物态变化。10．如图甲所示是一款电动自行车，它的刹车把手结构如图乙所示，这是一个（选填“省力”、“费力”或“等臂”）杠杆；把手上粗糙的纹理设计是为了；刹车时人手以动力按捏把手，拉动刹车线压紧刹车片，以的方式增大摩擦，从而实现刹车减速。11．科技改变生活，“擦窗机器人”工作时，真空泵将吸盘内的空气抽出，在的作用下，擦窗机器人被“吸”在玻璃上；“扫地机器人”吸尘时，电机高速转动使机器内部的空气流速大，压强（选填“大”或“小”），产生负压将灰尘压入吸尘盒内；吸进灰尘后机器人匀速工作时的动能变（选填“大”或“小”）。12．拔火罐时，先用燃烧的酒精棉加热火罐内的气体，再迅速将火罐按在皮肤上，自然冷却后，火罐在的作用下牢牢吸在身上，起到通经活络的效果。13．古筝是我国独特的，重要的民族乐器之一。如图所示，校文艺活动中小丽正在弹奏古筝。古筝声是由琴弦的产生的，弹奏时她不断用手去控制琴弦的长度，是为了改变古筝发出声音的（选填“音调”“响度”或“音色”）。优美动听的古筝声是通过传播到现场同学们的耳朵。14．氢燃料是一种热值高、环保的新型燃料，完全燃烧0.6kg的氢燃料释放的热量能将质量为250kg、温度为20℃的水加热到沸腾[1标准大气压，不计能量损失，则氢燃料的热值是J/kg。三、作图题15．（1）如图所示，物体AB放在平面镜前，请作出它在平面镜中所成的像。（2）请在图中画出重锤静止时受力的示意图（以“O”点为力的作用点）。（3）如图所示，小磁针静止，请标出通电螺线管的极和电源的正、负极。四、实验题16．（1）如图所示，所测物体的长度是cm；（2）如图所示，电流表的读数为A，电压表的读数为V；（3）一种固体加热变成液态时的温度随时间变化的曲线图，观察图像可知，图中BC段表示物质处于（选填“固态”、“液态”或“固液共存”）状态，物质在熔化过程中共持续了min，第4min的内能第6min的内能（选填“大于”、“等于”或“小于”）17．在实验室探究冰熔化和水沸腾时温度的变化特点时，根据测量结果画出相关图像，如图所示：（1）要完成这两个实验，都需要的测量仪器是温度计和。（2）水沸腾时温度计示数如图c所示，其示数为，该温度与两个图像中段（选填“BC”或“EF”）的温度值相对应，根据此温度可以分析出实验室气压1标准大气压。（选填“>”“=”“<”）（3）如图a所示，BC段该物质的状态为，这段时间其内能会（选填“增加”“减少”“不变”）。（4）如图a所示，AB段与CD段的倾斜程度不同，这是因为。18．如图甲是探究“水的沸腾”实验装置，电热水壶中装有适量的水，闭合开关加热。（1）图甲中温度计读数视线正确的是（选填“A”、“B”或“C”）；此时温度计的示数为℃；（2）玻璃片下表面出现小水珠，这是（填物态变化名称）现象，停止加热，水不能继续沸腾，这说明沸腾时需要。（3）图乙a、b分别是小明与小强依据自己的实验数据所画出的曲线，分析a、b可知，水沸腾过程中，水的温度（选填“不变”、“变大”或“变小”）；（4）图乙曲线中，a曲线加热至沸腾的时间较长，原因可能是a中水量较；（选填“多”或“少”）（5）图乙中两人所作的曲线a、b升温与降温过程都不是直线，进一步分析可知，水的温度越高，（选填“升温”或“降温”）越快。（6）实验过程中判断水沸腾的依据是下列选项中的____；A．水的温度达到100℃B．吸热，但温度不变C．产生大量气泡，气泡上升变大，到水面破裂D．烧杯口出现“白气”（7）在加热过程中，为了缩短加热时间，将烧杯中的水倒掉一部分后继续加热，直至水沸腾。下面四幅图中，加热过程中水的温度随时间变化的图像可能正确的是（）五、综合题19．飞机在空中飞行时都有一定的迎角（机翼轴线与水平气流的夹角），飞机飞行时的升力除了与机翼形状有关外是否还与迎角大小有关？为了研究这一问题，在老师的帮助下，小明利用电风扇、升力测力计、飞机模型，按图甲方式进行如下实验。步骤一：闭合电风扇的开关，调节挡位使其风速最大，并使飞机模型的迎角为0°，记录测力计的示数。重复5次实验并计算升力平均值。步骤二：改变迎角大小，使其分别为5°、10°、15°、20°，重复步骤①。步骤三：处理相关数据得到“升力与迎角的关系”如图乙。（1）由图乙可知，飞机飞行速度一定，迎角由0°逐渐增大到20°，升力的变化特点是：；（2）小明若要进一步研究“飞机的升力与其飞行速度的关系”。利用现有器材，只需要控制不变，通过调节来改变飞机模型的飞行速度即可获得结论；（3）资料显示：本实验结论与实际相符，且飞机迎角一定时，飞行速度越大升力也越大。若某飞机以500km/h做水平匀速直线飞行时的迎角为θ1，而以800km/h做水平匀速直线飞行时的迎角为θ2（θ1、θ2均小于15°）。请比较θ1、θ2的大小关系：。六、科普阅读题20．阅读短文，回答问题。未来出行新宠——飞行汽车未来出行新宠——飞行汽车（如图）是一种兼具地面行驶和空中飞行功能的三维立体化交通工具。该飞行汽车采用10个容量“72V20A•h”的电池作为动力源。下表是它的部分参数。表一：飞行汽车自重/kg320最大飞行速度km/h130升阻比20飞行高度/km1km以下最大载重/kg400旋翼电机总数/台8升阻比是指飞行器在飞行过程中，升力与飞行阻力的比值，当飞行器受到的升力大于或等于总重时才能飞行，飞行器飞行时受到的空气阻力f与迎风面积S、飞行速度v的平方均成正比。该飞行汽车由8台相同的旋翼电机组成，每台旋翼电机的额定电压为72V。旋翼电机转速可通过“电子调速器”（不计阻值）来改变，从而提供竖直方向和水平方向的多挡风力。每台旋翼电机产生竖直方向的升力与风叶转速成正比，当风叶转速为1000r/min，对应升力为300N。产生的升力与风叶转速之比叫作“动率”。（1）飞行汽车的电池采用多个小电池（串联/并联），来提高驱动电动机的电压。（2）飞行汽车在空中飞行时突然沿水平方向加速，其升阻比将（变大/不变/变小）。（3）当风叶转速为1000r/min时，每台旋翼机动率为N•min/r。（4）如图是飞行汽车上的平衡警示局部电路图，其中S为重力开关，金属片M可绕O点自由转动，当飞行汽车水平时，M在a、b中间。当它严重左倾时绿灯亮；当它严重右倾时红灯亮。请根据要求补全电路图。（5）假设某次载重为100kg的该飞行汽车，充满一次电，70%能量用以30m/s的水平速度匀速飞行时，最远能飞km。七、计算题（每小题8分，共16分）21．如图所示电路，电源电压保持不变，R1=20Ω，R3=30Ω，滑动变阻器R2标有“50Ω0.5A”字样。闭合开关S1，断开开关S2、S3，电流表示数为0.3A，电流表的测量范围为0~0.6A，电压表的测量范围为0~3V。求∶（1）电源电压；（2）闭合S1、S3，断开S2，滑动变阻器的滑片置于最右端时电流表的示数；（3）只闭合S3，在保证电路安全的前提下，滑动变阻器的最大功率。22．为了保障潜水安全，潜水员在潜水时会佩戴深度表。图甲是一款深度表的简化电路图，其中电源电压U为6V且保持不变，定值电阻R1的阻值为10Ω，R2是压敏电阻。图乙是压敏电阻R2的阻值随海水深度h变化的关系图像，深度表由电压表（测量范围为0~3V）改装。（1）压敏电阻R2是由材料制成的。深度表在海水中深度越深，电压表的示数越。（2）当深度表在海面上时，电压表的示数为V。（3）当电压表指针偏转幅度最大时，该深度表能测量的最大深度。

答案1．【答案】C2．【答案】D【解析】【解答】定滑轮实质上是动力臂等于阻力臂的等臂杠杆，升旗时，利用旗杆顶部的定滑轮可以改变拉力的方向，但不能省力，也不能省距离；根据功的原理可知，使用任何机械都不省功，因此使用定滑轮不省功，故ABC错误，D正确。

故选D。

【分析】使用滑轮时，轴的位置固定不动的滑轮称为定滑轮。定滑轮不省力，但是可以改变力的方向，实质上是等臂杠杆，使用任何机械都不省功。3．【答案】A【解析】【解答】A、太阳内部持续发生核聚变反应释放巨大能量，说法正确，故A正确；

B、光导纤维传递信息依靠光的全反射，不是多次折射，故B错误；

C、二极管由半导体材料制成，超导体不能制作二极管，故C错误；

D、可燃冰属于化石能源，短时间内无法再生，属于不可再生能源，故D错误；

故答案为：A。

【分析】A、考查核能，太阳内部依靠氢核聚变释放能量；

B、考查光纤通信原理，区分全反射与折射现象；

C、考查半导体材料应用，二极管的核心材料是半导体；

D、考查能源分类，可燃冰属于不可再生能源。4．【答案】D【解析】【解答】A、密度是单位体积物质的质量，与燃料释放能量多少无关，故A错误；

B、内能与物质的质量、温度等有关，不能作为选择火箭燃料的依据，故B错误；

C、比热容反映物质吸放热能力，和燃料燃烧释放能量无关，故C错误；

D、液态甲烷热值较大，完全燃烧相同质量时可以释放更多热量，适合作为火箭燃料，故D正确；

故答案为：D。

【分析】A、考查密度概念，密度大小不决定燃料放热能力；

B、考查内能，内能无法衡量燃料的优劣；

C、考查比热容，比热容用于描述吸热放热，和燃烧放热无关；

D、考查热值，火箭燃料需要选用热值大的物质，相同质量释放更多能量。5．【答案】D【解析】【解答】A、火箭加速升空，卫星速度增大、高度升高，动能与重力势能同时增大，燃料的内能转化为卫星的机械能，并非动能转化为重力势能，故A错误；

B、星箭分离前，卫星相对火箭位置不变，以火箭为参照物，卫星是静止的，故B错误；

C、太阳能电池板将太阳能转化为电能，不是电能转化为机械能，故C错误；

D、真空环境中声波无法传播，卫星依靠电磁波实现星地之间的数据传输，故D正确；

故答案为：D。

【分析】A、考查机械能转化，加速上升动能、重力势能均增加；

B、考查运动与静止相对性，相对位置不变则物体静止；

C、考查能量转化，太阳能电池板：太阳能→电能；

D、考查电磁波的应用，电磁波可以在真空中传播，适用于卫星通信。6．【答案】D【解析】【解答】A、“萎凋”时摊开茶叶，增大液体表面积，能够加快水分蒸发，故A正确；

B、“揉捻”使茶叶卷缩，茶叶形状发生改变，说明力可以改变物体的形状，故B正确；

C、“发酵”时闻到气味属于扩散现象，是分子永不停息做无规则运动造成的，故C正确；

D、“烘干”是茶叶吸收热量，通过热传递改变内能，并非做功，故D错误；

故答案为：D。

【分析】A、考查影响蒸发快慢的因素，增大表面积可以加快蒸发；

B、考查力的作用效果，力可以改变物体形状；

C、考查分子热运动，扩散现象证明分子不停运动；

D、考查改变内能的两种方式，烘干依靠热传递，区分做功与热传递。7．【答案】B【解析】【解答】A、由图可知，Ⅰ是图像，Ⅱ是图像；电流时滑动变阻器阻值为0，两端电压等于电源电压，故A错误；

B、定值电阻，故B正确；

C、滑片在最右端时电流，此时电压，滑动变阻器电压，滑动变阻器最大阻值，故C错误；

D、电流时，两端电压，消耗电功率，故D错误；

故答案为：B。

【分析】A、考查串联电路电压规律，电源电压等于电流最大时两端电压；

B、考查欧姆定律，利用最大电流与电源电压计算定值电阻阻值；

C、考查滑动变阻器最大阻值求解，选取最小电流状态进行计算；

D、考查电功率公式，代入对应电压、电流求出功率。8．【答案】释放；不可再生；聚【解析】【解答】核聚变过程中，原子核结合时释放大量能量；核能不能在短期内从自然界得到补充，属于不可再生能源；太阳的能量来自于内部的核聚变。

故答案为：释放；不可再生；聚

【分析】(1)本题考查核反应能量变化，核聚变与核裂变都会释放巨大能量。

(2)本题考查能源分类，核能消耗后无法短时间再生，属于不可再生能源。

(3)本题考查太阳能量来源，太阳内部持续发生核聚变反应。9．【答案】热；小；升华【解析】【解答】电饭锅工作时将电能转化为内能，利用了电流的热效应；打开锅盖后，锅内气压变小，液体沸点随气压减小而降低，粥的温度高于此时沸点，因此重新沸腾；真空冻干食品时，冰由固态直接变为气态水蒸气，该物态变化为升华。

故答案为：热；小；升华

【分析】(1)本题考查电流的效应，电流热效应是电能转化为内能，电饭锅、电热水器都利用该效应。

(2)本题考查沸点与气压的关系，气压越小，液体的沸点越低。

(3)本题考查物态变化，物质由固态直接变为气态的过程叫做升华。10．【答案】省力；增大接触面粗糙程度来增大摩擦；增大压力【解析】【解答】刹车把手支点为O，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆；把手上粗糙的纹理，是在压力一定时，通过增大接触面粗糙程度来增大摩擦；拉动刹车线压紧刹车片，是通过增大压力的方式增大摩擦，实现刹车减速。

故答案为：省力；增大接触面粗糙程度来增大摩擦；增大压力

【分析】(1)本题考查杠杆分类，动力臂大于阻力臂的杠杆为省力杠杆。

(2)本题考查增大摩擦的方法，增加接触面粗糙程度可以增大摩擦力。

(3)本题考查增大摩擦的方法，接触面粗糙程度不变时，增大压力能够增大摩擦力。11．【答案】大气压；小；大【解析】【解答】真空泵将吸盘内空气抽出，吸盘内部气压小于外界大气压，在大气压的作用下，擦窗机器人被压在玻璃上；根据流体压强规律，流体流速越大，压强越小，电机使机器内部空气流速大，压强小，内外压强差将灰尘压入吸尘盒；机器人匀速工作，速度不变，吸入灰尘后总质量变大，因此动能变大。

故答案为：大气压；小；大

【分析】(1)本题考查大气压的应用，吸盘类装置依靠内外气压差，由大气压实现吸附。

(2)本题考查流体压强与流速关系，流速越大的位置，流体压强越小。

(3)本题考查动能影响因素，动能与质量、速度有关；速度不变时，质量越大，动能越大。12．【答案】大气压【解析】【解答】酒精棉加热火罐内气体，罐内空气受热膨胀逸出，把火罐按在皮肤上冷却后，罐内气压减小，在大气压的作用下火罐被紧紧吸在身上。

故答案为：大气压

【分析】(1)本题考查大气压的应用，火罐内外形成气压差，外界大气压将火罐压在皮肤上。13．【答案】振动；音调；空气【解析】【解答】声音是由物体振动产生，古筝声由琴弦的振动产生；控制琴弦长度，改变琴弦振动的频率，从而改变声音的音调；声音传播需要介质，古筝声通过空气传播到同学们耳朵。

故答案为：振动；音调；空气

【分析】(1)本题考查声音产生原因，一切发声的物体都在振动。

(2)本题考查音调的影响因素，音调由振动频率决定，琴弦长短改变振动频率。

(3)本题考查声音传播介质，固体、液体、气体都可以传声，现场主要依靠空气传声。14．【答案】【解析】【解答】1标准大气压下水的沸点为，水吸收的热量：。

不计能量损失，。

由可得氢燃料的热值：。

故答案为：

【分析】(1)本题考查吸热公式的运用，先求出水升温所吸收的热量。

(2)本题考查燃料热值计算，不计能量损失时燃料完全燃烧放出热量等于水吸收热量，再利用求出热值。15．【答案】（1）（2）（3）​​​​​​​【解析】【解答】(1)分别作出端点、关于镜面的对称点、；用虚线连接，即为物体的像；注意像必须画虚线，对称连线带垂直符号，如下图所示：

(2)重锤静止，受到一对平衡力：竖直向下的重力、竖直向上的拉力，作用点都标在点；两条线段长度相等，分别标注、，如下图所示：

(3)根据异名磁极相互吸引，小磁针极向左，说明螺线管右端为极，左端为极；运用安培定则，右手握住螺线管，大拇指指向左端极，可判断线圈电流从螺线管右端流入、左端流出，因此电源右端为正极，左端为负极，如下图所示：

【分析】(1)本题考查平面镜成像作图，成像特点：像与物关于镜面对称，像为虚像，用虚线绘制。(2)本题考查平衡力示意图，静止物体拉力与重力大小相等、方向相反、作用在同一点。(3)本题考查磁极间相互作用与安培定则，先利用小磁针判断螺线管磁极，再判断电流方向，确定电源正负极。16．【答案】（1）2.35（2）0.12；1.3（3）固液共存；4；小于【解析】【解答】(1)刻度尺分度值为0.1cm，物体左端对齐0刻度线，右端对齐2.35cm，所以长度是2.35cm。故答案为：2.35；

(2)电流表选用0～0.6A量程，分度值0.02A，读数为0.12A；电压表选用0～3V量程，分度值0.1V，读数为1.3V。故答案为：0.12；1.3；

(3)BC段是晶体熔化过程，物质处于固液共存状态；熔化从第2min开始，第6min结束，持续时间；熔化持续吸热，内能不断增大，所以第4min的内能小于第6min的内能。故答案为：固液共存；4；小于；

【分析】(1)本题考查刻度尺读数，读数时要估读到分度值下一位。(2)本题考查电流表、电压表读数，先确定量程与分度值，再读取示数。(3)本题考查晶体熔化图像分析，熔化阶段固液共存；熔化过程持续吸热，温度不变，内能不断增加。17．【答案】（1）秒表（2）98℃；EF；<（3）固液共存态；增加（4）水的比热容比冰大，质量相同的冰和水吸收相同热量时，冰升温更快【解析】【解答】(1)探究冰熔化和水沸腾实验，需要测量温度与时间，所需测量仪器是温度计和秒表。故答案为：秒表；(2)由图c可知温度计分度值为1℃，示数为98℃；水沸腾时温度保持不变，对应图像b中的EF段；标准大气压下水沸点为100℃，气压越低沸点越低，98℃＜100℃，因此实验室气压小于1标准大气压。故答案为：；EF；；(3)图a中BC段是冰的熔化过程，物质处于固液共存态；熔化持续吸热，温度不变，内能增加。故答案为：固液共存态；增加；(4)AB段是冰吸热升温，CD段是水吸热升温；水的比热容比冰大，质量相同的冰和水吸收相同热量时，冰升温更快，因此两段倾斜程度不同。故答案为：水的比热容比冰大，质量相同的冰和水吸收相同热量时，冰升温更快；【分析】(1)本题考查实验器材选择，两个实验都需要记录时间，因此需要秒表。(2)本题考查温度计读数、沸腾图像特点以及沸点与气压的关系，气压降低，水的沸点降低。(3)本题考查晶体熔化特点，熔化过程固液共存，持续吸热，内能增大，温度不变。(4)本题结合比热容公式分析升温快慢，相同质量物体吸收相同热量，比热容越小，温度变化越快。18．【答案】（1）B；82（2）液化；继续吸热（3）不变（4）多（5）降温（6）C（7）A【解析】【解答】(1)读取温度计示数时视线应与液柱上表面相平，故正确视线是B；温度计分度值为1℃，示数为82℃。故答案为：B；82；(2)高温水蒸气遇到冷玻璃片，由气态变为液态小水珠，属于液化现象；停止加热，水不能继续沸腾，说明沸腾过程需要继续吸热。故答案为：液化；继续吸热；(3)由图像可知，水沸腾阶段温度保持不变。故答案为：不变；(4)a曲线加热至沸腾耗时更长，吸收热量更多，原因是a中水的质量较多，即水量较多。故答案为：多；(5)观察降温曲线，水温度越高，曲线倾斜程度越大，说明降温越快。故答案为：降温；(6)实验判断水沸腾依据是观察现象：产生大量气泡，气泡上升、体积变大，到达水面破裂。A：气压变化时沸点不一定是100℃；B：吸热温度不变是特点，无法直接肉眼观察；D：“白气”是液化现象，不能作为沸腾依据；故答案为：C。(7)倒掉一部分水后，水的质量减小，再次加热时升温速度比原来更快；水沸腾时温度保持不变，沸点不变。对比图像，选A。故答案为：A；【分析】(1)本题考查温度计正确读数方法，视线平视刻度，先识别分度值再读数。(2)本题考查液化现象与沸腾条件，沸腾两个条件：达到沸点、持续吸热。(3)本题考查水沸腾特点：持续吸热，温度不变。(4)本题结合吸热公式分析，相同热源，质量越大，升温至沸腾所需时间越长。(5)本题分析温度变化图像，温度差越大，散热越快，高温阶段降温更快。(6)本题区分沸腾的实验现象与理论特点，实验依靠肉眼可见气泡现象判断沸腾。(7)本题考查质量对升温快慢的影响，水量变少，升温更快，沸点只与气压有关，保持不变。19．【答案】（1）随着迎角的增大，飞机所受升力先增大后减小，且迎角位于15°附近时达到最大（2）迎角；电风扇的转速（电风扇挡位）（3）θ1>θ2【解析】【解答】(1)由图乙曲线可知，飞机飞行速度一定，迎角由0°逐渐增大到20°，升力先增大后减小，迎角大约在15°时升力达到最大值。故答案为：随着迎角的增大，飞机所受升力先增大后减小，且迎角位于15°附近时达到最大；(2)探究升力与飞行速度的关系，运用控制变量法，需要控制迎角不变；实验中通过调节电风扇挡位（改变电风扇转速）改变气流速度，模拟飞机飞行速度。故答案为：迎角；电风扇的转速（电风扇挡位）；(3)飞机水平匀速飞行，升力等于自身重力，两次升力大小相等；迎角一定时，飞行速度越大，升力越大。速度800km/h大于500km/h，若迎角相同，高速时升力更大，为保持升力不变，高速飞行时迎角需要更小，因此。故答案为：；【分析】(1)本题考查图像信息提取，直接根据升力–迎角曲线总结升力变化规律。(2)本题考查控制变量法，研究升力与速度关系，保持迎角不变，改变气流速度。(3)本题综合运用实验结论，匀速飞行升力等于重力，升力不变时，飞行速度越大，所需迎角越小。20．【答案】（1）串联（2）变小（3）0.3（4）（5）172.8【解析】【解答】(1)串联电池组可以提升总电压，因此多个小电池采用串联方式提高驱动电机电压。

故答案为：串联；

(2)升阻比=升力/飞行阻力；水平加速时，飞行阻力f与速度平方成正比，阻力增大；匀速飞行时升力等于总重力（保持不变），因此升阻比变小。

故答案为：变小；

(3)动率定义：升力与风叶转速之比；转速1000r/min，升力300N，动率

故答案为：；

(4)严重左倾时金属片M接触a，绿灯接入电路发光；严重右倾时金属片M接触b，红灯接入电路发光。