河北省保定市第七中学2027届物理高二第一学期期中学业质量监测模拟试题含解析

河北省保定市第七中学2027届物理高二第一学期期中学业质量监测模拟试题考生须知：1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、一质点做简谐运动，其位移x与时间t的关系图象如图所示，由图可知A．质点振动的频率是4Hz，振幅是2cmB．0～3s内，质点通过的路程为6cmC．1s末质点运动速度为0D．t＝3s时，质点的振幅为零2、某同学将一直流电源的总功率、输出功率和电源内部的发热功率随电流I变化的图线画在同一坐标系内，如图所示，根据图线可知A．反映输出功率变化的图线是CB．电源电动势为4

VC．电源内阻为D．反映变化的图线是b3、半导体材料的导电性能受外界条件的影响很大，有的半导体在温度升高时其电阻减小得非常迅速，利用这种半导体材料可以制成体积很小的热敏电阻。如图所示是火警报警系统的部分电路，其中为热敏电阻，电流表A为值班室的显示器，a、b之间接报警器。当热敏电阻RT所在处出现火情时，电流表A的电流I、报警器两端的电压U的变化情况是()A．I变大，U变大B．I变大，U变小C．I变小，U变大D．I变小，U变小4、如图所示，A、C是以正点电荷Q为圆心的某一圆周上的两点，B是线段AC的中点．现将一正电荷从A经B移到C，则()A．从A到C，电场力对该电荷一直做正功B．从A到C，电场力对该电荷一直不做功C．该电荷在A、B、C三点时的电势能大小关系是EB>EA＝ECD．该电荷在A、C两点时所受电场力相同5、研究电场能的性质时，一般选无限远处为零电势点，若将一个电子从电场中的A点释放自由移动到无限远处，电场力做功5eV，则电子在电场中A点的电势能、A点电势分别为（）A．5eV、5V B．5eV、﹣5V C．﹣5eV、5V D．﹣5eV、﹣5V6、把一支枪水平固定在小车上，小车放在光滑的水平面上，枪发射出一颗子弹时，关于枪、弹、车，下列说法正确的是A．枪和弹组成的系统，动量守恒B．枪和车组成的系统，动量守恒C．三者组成的系统，因为枪弹和枪筒之间的摩擦力很小，使系统的动量变化很小，可以忽略不计，故系统动量近似守恒D．三者组成的系统，动量守恒，因为系统只受重力和地面支持力这两个外力作用，这两个外力的合力为零二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、为完成“探究变压器线圈两端的电压与匝数的关系”的实验，除有闭合铁芯的原、副线圈外，还必须要选用的器材是A．A B．B C．C D．D8、如图(a)，螺线管内有平行于轴线的外加匀强磁场，以图中箭头所示方向为其正方向．螺线管与导线框abcd相连，导线框内有一小金属圆环L，圆环与导线框在同一平面内．当螺线管内的磁感应强度B随时间按图(b)所示规律变化时A．在t1~t2时间内，L有收缩趋势B．在t2~t3时间内，L有扩张趋势C．在t2~t3时间内，L内有逆时针方向的感应电流D．在t3~t4时间内，L内有顺时针方向的感应电流9、如图所示的电路,闭合开关S,滑动变阻器滑片P向左移动,下列说法正确的是A．电流表读数变小,电压表读数变大B．小灯泡L变暗C．电容器C上电荷量减小D．以上说法都不对10、图甲所示为索契冬奥会上为我国夺得首枚速滑金牌的张虹在1000m决赛中的精彩瞬间.现假设某速滑运动员某段时间内在直道上做直线运动的速度时间图像可简化为图乙，已知运动员(包括装备)总质量为60kg，在该段时间内受到的阻力恒为总重力的0.1倍，g="10"m/s2.则下列说法正确的是A．在1~3s内，运动员的加速度为0.5m/s2B．在1~3s内，运动员获得的动力是30NC．在0~5s内，运动员的平均速度是12.5m/sD．在0~5s内，运动员克服阻力做的功是3780J三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）某同学想通过“测绘小灯泡的伏安特性曲线”的方法来测量一小灯泡的额定功率。所用器材如下：ⅰ.待测小灯泡一只：额定电压为2.5V，电阻约为几欧ⅱ.电压表一只：量程为3V，内阻约为3kΩⅲ.电流表一只：量程为0.6A，内阻约为0.1Ωⅳ.滑动变阻器一只，干电池两节，开关一个，导线若干(1)请在图甲中补全测量小灯泡额定功率的电路图。（________）(2)图甲中开关S闭合之前，滑动变阻器的滑片应置于________（选填“A端”、“B端”或“AB正中间”）；(3)该同学通过实验作出了小灯泡的伏安特性曲线，如图乙所示，则小灯泡的额定功率为_______W；若将小灯泡直接与电动势E=3.0V，内阻r=7.5Ω的电源相连，小灯泡的功率为_________W。（结果均保留两位有效数字）12．（12分）图（甲）是用一主尺最小分度为1mm，游标上有20个分度的卡尺测量一工件的长度，结果如图所示．可以读出此工件的长度为____________cm．图（乙）是用螺旋测微器测量某一圆筒内径时的示数，此读数应为______mm

四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，水平放置的两平行金属板，板长为10cm，两板相距2cm。一束电子以v0＝4.0×107m/s的初速度从两板中央水平射入板间，然后从板间飞出射到距板右端L为45cm、宽D为20cm的荧光屏上。(不计电子重力，荧光屏中点在两板间的中线上，电子质量m＝9.0×10－31kg，电荷量e＝1.6×10－19C)求：（1）电子飞入两板前所经历的加速电场的电压；（2）为使带电粒子能射到荧光屏的所有位置，两板间所加电压的取值范围？14．（16分）如图所示，真空中一质量为m，带电量为－q的液滴以初速度为v0，仰角α射入匀强电场中以后，做直线运动，求：（1）所需电场的最小场强的大小，方向．（2）若要使液滴的加速度最小，求所加的电场场强大小和方向．15．（12分）如图所示，在水平面内有一个正三角形边界和一个边长为l、每条边均为挡板的正六边形边界ABCDEF，在其六个顶点各开有一小孔，且正三角形边界与正六边形边界的几何中心重合.两边界之间的区域Ⅰ和六边形边界以内的区域Ⅱ均有垂直纸面向里的匀强磁场，三角形边界以外为真空.区域Ⅰ磁感应强度大小为4B0，区域Ⅱ磁感应强度大小为B0.现有大量质量均为m、电量均为q的正电粒子(粒子直径略小于小孔直径)从A点以大小不同的速度v垂直于AB边进入区域Ⅱ，若粒子与挡板撞击则速度立刻减为0，不计粒子的重力与粒子间的相互作用力，则：(1)求能从顶点C由区域Ⅱ射入区域Ⅰ的粒子速度的大小；(2)求粒子最初从A点出发又回到A点经历的最短路程;(3)为使所有粒子均不会从正三角形边界中飞出，求正三角形边界所围的最小面积.

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】

A．质点振动的周期为T=4s，则频率是f=1/T=0.25Hz，振幅是2cm，选项A错误；B．因3s=T，可知0～3s内，质点通过的路程为3A=6cm，选项B正确；C．1s末质点在平衡位置，此时质点的运动速度最大，选项C错误；D．t＝3s时，质点的位移为零，振幅是2cm，选项D错误．2、B【解析】

AD、电源内部的发热功率，图象是抛物线，而且是增函数，则反映变化的图线是c；电源的总功率，图象的斜率等于电动势E，则反映变化的图线a；PR=I(E-Ir)=-I2r+EI，所以反映输出功率变化的图线是b，故A、D错误；B、总功率，图象的斜率等于电动势E，，则有，故B正确；C、图中时，电源内部的发热功率与电源的总功率相等，则有，得到，故C错误；故选B．3、D【解析】试题分析：当出现火情时，热敏电阻阻值减小，则总电阻减小，由闭合电路欧姆定律可知电路中总电流增大；由U=Ir可知内电压增大，则路端电压减小，故电压表示数减小；则总电流增大，则两端的电压增大，则并联部分电压减小，故中的电流减小，故D正确；故选D．【点睛】由半导体的性质可知电阻的变化，由闭合电路欧姆定律可得出电路中电流及路端电压的变化；再对并联部分进行分析可得出电流表的变化．4、C【解析】

从A到C，电场力对该电荷先做负功，后做正功，故A错误，B也错误；将一正电荷从A经B移到C时电场力先做负功，后做正功，则电势能先增加后减小，AC在同一等势面上，因此电势能大小关系是EB＞EA=EC，故C正确；该电荷在A、C两点时所受电场力都是背离圆心的斥力，即两力的方向不同，故D错误。故选C。掌握点电荷的电场线与等势线的分布，且电场力做功与动能变化有关，常常应用动能定理求解动能的变化，从而得出电势能的变化．5、B【解析】

一个电子从电场中的A点移到无限远处，电场力做功5eV，则电子的电势能减小5eV，无限远处为零势点，则电子在A点的电势能为5eV．A点电势为：，故B正确，ACD错误．6、D【解析】试题分析：当系统不受外力或所受的外力之和为零，系统动量守恒，枪和弹组成的系统中枪受到小车的作用力，外力不为零，系统动量不守恒，A错误；在枪和车组成的系统中，枪受到子弹的作用力，系统外力不为零，B错误；枪、弹、车组成的系统，它们之间相互作用的力为内力，比如枪弹和枪筒之间的摩擦力，系统所受外力之和为零，系统动量守恒，故C错误D正确考点：考查了动量守恒定律二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】为了完成变压器的探究，需要使用交流电源变压，交流电压的多用电表，故选BD．8、AD【解析】据题意，在t1~t2时间内，外加磁场磁感应强度增加且斜率在增加，则在导线框中产生沿顺时针方向增加的电流，该电流激发出增加的磁场，该磁场通过圆环，在圆环内产生感应电流，根据结论“增缩减扩”可以判定圆环有收缩趋势，故选项A正确；在t2~t3时间内，外加磁场均匀变化，在导线框中产生稳定电流，该电流激发出稳定磁场，该磁场通过圆环时，圆环中没有感应电流，故选项B、C错误；在t3~t4时间内，外加磁场向下减小，且斜率也减小，在导线框中产生沿顺时针方向减小的电流，该电流激发出向内减小的磁场，故圆环内产生顺时针方向电流，选项D正确．楞次定律、安培定则【方法技巧】线圈内通有非均匀变化的磁场，导线框内产生变化的电流，该电流激发出变化的磁场，才可以使圆环产生感应电流；线圈内通有均匀变化的磁场，导线框内产生稳定的电流，该电流激发出的是稳定的磁场，不会使圆环产生感应电流．9、AB【解析】

AB．滑动变阻器滑片P向左移动时，接入电路的电阻增大，电路的总电阻增大，电源的电动势不变，则总电流减小，电流表的读数变小，内电压减小，电动势不变，则外电压增大，所以电压表示数变大。通过灯泡的电流减小，则小灯泡变暗。故AB正确。

CD．通过灯泡的电流减小，则灯泡两端的电压减小，而外电压增大，所以滑动变阻器两端的电压增大，根据Q=CU知，电容器上电荷量增大。故CD错误。10、AD【解析】

据题意，在1~3s内，运动员的加速度为，故选项A正确；运动员在该段时间内获得的动力为：，故选项B错误；在0~5s内，运动员的平均速度是，故选项C错误；在0~5s内，运动员克服阻力做的功是，故选项D正确．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、端【解析】

(1)[1]由于小灯泡电阻较小，电流表应用外接法，电路图如图所示(2)[2]图甲中开关S闭合之前，滑动变阻器的滑片应置于端，使得闭合电键后，测量电路部分处于短路状态，电压表、电流表示数为0，起保护作用；(3)[3]当时，电流，所以额定功率为：[4]根据闭合电路欧姆定律可得：作出电源的图线，如图交点对应的电压和电流分别为：1.0V、0.28A，所以实际功率为：12、10.240cm

5.543-5.547mm

【解析】分析：游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．解答：解：游标卡尺的主尺读数为102mm，游标读数为0.05×7mm=0.35mm，所以最终读数为102.35mm=10.235cm．螺旋测微器的固定刻度为5.5mm，可动刻度为0.01×4.6mm=0.046mm，所以最终读数为5.546mm=0.5546cm．故本题答案为：10.235，0.5546点评：解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法，固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）4.5×103V（2）－360V～360V【解析】

(1)设加速电场的电压为U1，由动能定理可得化简得代入数据得U1＝4.5×103V(2)电子的轨迹如图所示：设电子飞出偏转电场时速度为v1，和水平方向的夹角为θ，偏转电压为U2，偏转位移为y，则：由此看出，电子从偏转电场射出时，不论偏转电压多大，电子都像是从偏转电场的两极板