广东省深圳市第二高级中学2027届高二物理第一学期期中综合测试试题含解析

广东省深圳市第二高级中学2027届高二物理第一学期期中综合测试试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示圆环形导体线圈平放在水平桌面上,在的正上方固定一竖直螺线管,二者轴线重合,螺线管与电源和滑动变阻器连接成如图所示的电路.若将滑动变阻器的滑片向下滑动,下列表述正确的是(

)A．线圈中将产生俯视顺时针方向的感应电流B．穿过线圈的磁通量变小C．线圈有扩张的趋势D．线圈对水平桌面的压力FN将增大2、关于电压和电动势，下列说法正确的是A．电压和电动势的单位都是伏特，所以说电动势和电压是同一物理量B．电动势就是电源两极间的电压C．电动势公式中的W与电压中的W是一样的，都是电场力做的功D．电动势就是反映电源把其他形式的能转化为电能本领强弱的物理量3、如图所示，在真空中有两个正点电荷，电量相等，分别置于P、Q两点，A、B为P、Q连线的中垂线上的两点，现将一负电荷q由A点沿中垂线移动到B点，在此过程中，下列说法正确的是（）A．q的电势能逐渐减小B．q的电势能逐渐增大C．q受到的电场力一定先减小后增大D．q受到的电场力一直做正功4、如图所示，当闭合开关S，且将滑动变阻器的滑片P向右移动时，图中的电磁铁（

）。A．A端是N极，磁性增强 B．B端是N极，磁性减弱C．A端是S极，磁性增强 D．B端是S极，磁性减弱5、三根相互平行的通电长直导线放在等边三角形的三个顶点上，右图为其截面图，电流方向如图所示．若每根导线的电流均为I，每根直导线单独存在时，在三角形中心O点产生的磁感应强度大小都是B，则三根导线同时存在时O点的磁感应强度大小为（）A．0 B．B C．2B D．B6、真空中有两个静止的点电荷，它们之间的相互作用力为F．若它们之间的距离变为原来的3倍，则它们之间的相互作用力变为A．F/9 B．F/3 C．3F D．9F二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，在光滑绝缘水平面上的P点正上方O点固定了一电荷量为＋Q的正点电荷，在水平面上的N点，由静止释放一质量为m、电荷量为－q的负检验电荷，该检验电荷经过P点时速度为v，图中θ＝，规定电场中P点的电势为零，则在＋Q形成的电场中（）A．P点电场强度大小是N点的4倍B．N点电势高于P点电势C．检验电荷在N点具有的电势能为D．N点电势为8、如图所示，平行板电容器的两极板间的电势差为U，板间距离为d。一个质量为m、带正电荷q的粒子，仅在电场力作用下以某初速度从正极板向负极板运动，经时间t到达负极板，此时的速率为v，则粒子的初速度v0A．v0=C．v0=v+9、下列关于电动势的说法，正确的是()A．电动势实质上就是电压B．电动势越大，表明电源把其他形式的能转化为电能的本领越大C．电动势是指电源内部非静电力所做的功D．电动势在数值上等于非静电力把单位正电荷在电源内从负极移送到正极所做的功10、如图所示，实线是由点电荷产生未标明方向的电场线,虚线是某带电粒子仅在电场力作用下由a到b运动轨迹,下列判断正确的是（）A．带电粒子一定带正电B．带电粒子在a点的速度比b点大C．带电粒子在a点的电势能比b点大D．带电粒子在a点的加速度比b点大三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）某一小型电风扇额定电压为4.0V，额定功率为2.4W。某实验小组想通过实验描绘出小电风扇的伏安特性曲线。实验中除导线和开关外，还有以下器材可供选择：A．电源E（电动势为4.5V）；B．电压表V（量程为0∼5V，内阻约为4kΩ）；C．电流表A1（量程为0∼0.6A，内阻约为0.2Ω）；D．电流表A2（量程3A，内阻约0.05Ω）；E．滑动变阻器R1（最大阻值10Ω，额定电流1A）；F．滑动变阻器R2（最大阻值2kΩ，额定电流100mA）。(1)为了便于调节，减小读数误差和系统误差，实验中所用电流表应选用___，滑动变阻器应选用___（填所选仪器前的字母序号）；(2)在该实验中（小电风扇的电路符号），一同学设计了如图所示的四个电路。为了减小误差，应选取的电路是________（将选项代号的字母填在横线上）；(3)请按正确实验电路连接实物图_________；(4)操作过程中发现，小电风扇通电后受阻力作用，电压表读数小于0.5V时电风扇没启动。该小组测绘出的小电风扇的伏安特性曲线如图所示，由此可以判定小电风扇正常工作时的机械功率为________。12．（12分）一电流表的满偏电流，电流表内阻，面板如图所示。若要把这个电流表的量程扩大成3A，应该在此电流表上_____（填写“串”或“并”）联一个电阻的大小应是_____Ω；用改装好的电流表测量某一电流（面板未进行修改），此时指针指到图中所示位置，则所测电流是_____A（结果保留小数点后两位数）。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，一内壁光滑的绝缘圆管ADB固定在竖直平面内，圆管的圆心为0，D点为圆管的最低点，A、B两点在同一水平线上，AB＝2L，圆环的半径rL（圆管的直径忽略不计），过OD的虚线与过AB的虚线垂直相交于C点，在虚线AB的上方存在水平向右的、范围足够大的匀强电场；虚线AB的下方存在竖直向下的、范围足够大的匀强电场，电场强度大小等于，圆心0正上方的P点有一质量为m、电荷量为﹣q（q＞0）的绝缘小物体（可视为质点），PC间距为L．现将该小物体无初速度释放，经过一段时间，小物体刚好沿切线无碰撞地进入圆管内，并继续运动，重力加速度用g表示。（1）虚线AB上方匀强电场的电场强度为多大？（2）小物体到达A点时速度的大小？（3）小物体由P点运动到B点的时间为多少？14．（16分）在真空中O点放一个点电荷Q=+1.0×10-9C，M点放一个点电荷q=-1.0×10-10C，OM的距离r=30cm，静电力常量k=9.0×109N·m2/C2求：（1）q在M点受到的作用力大小；（2）M点的场强大小；（3）拿走q后M点的场强大小。15．（12分）一个人站在距地面的高处，将质量为的石块以速率斜向上抛出不计人的身高，g取，求：抛石块过程对石块做多少功？若不计空气阻力，石块落地时的速度大小是多少？若落地时的速度大小为，石块在空中运动过程中克服阻力做多少功？

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】

当滑动变阻器的滑片P向下滑动时，接入电路中的电阻变小，所以流过线圈b的电流增大，所以穿过线圈a的磁通量变大．由右手定则可以判断出穿过线圈a的磁通量增大的方向向下，所以根据楞次定律可知线圈a中感应电流所产生的磁场方向向上，再由右手定则可知线圈a中感应电流方向为俯视逆时针，故AB错误．滑片P向下移动使得穿过线圈a的磁通量增加，根据楞次定律的描述“感应电流产生的效果总是阻碍引起感应电流的原因”，只有线圈a面积减小才能阻碍磁通量的增加，所以线圈a应有收缩的趋势，故C错误．滑片P为不动时，线圈a对桌面的压力等于线圈a的重力．当滑片P向下滑动时，采用等效法，将线圈a和螺线管b看做两个条形磁铁，由楞次定律可以判断出两条形磁铁的N级相对，互相排斥，所以线圈a对水平桌面的压力变大，故D正确．故选D2、D【解析】电压与电动势的单位相同，但物理意义不同，是两个不同的物理量．故A错误．根据闭合电路欧姆定律，路端电压U=E-Ir，只有当外电路断开时，I=0，路端电压等于电动势．故B错误．电动势公式中的W非是非静电力做功，电压中的W静是静电力做功．故C错误．电源是把其他形式的能转化为电能的装置，电动势反映电源把其他形式的能转化为电能本领大小．故D正确．故选D．3、B【解析】P、Q连线的中垂线上电场强度方向由O指向无穷远，则负电荷q由A点沿中垂线移动到B点，所受的电场力由B指向A，电场力一直做负功，q的电势能逐渐增大，故AD错误B正确；O点的场强为零，无穷远处场强也为零，从O到无穷远场强先增大后减小，由于AB间电场线的分布情况不能确定，所以由A到B，场强变化不能确定，则q所受的电场力变化情况不能确定，故C错误．4、B【解析】

根据安培定则判断出电磁铁的N、S两极，依据滑动变阻器的方向，判断出电磁铁的磁性强弱。【详解】如图所示，根据安培定则，用右手握住螺线管，使四指指向电流的方向，则大拇指所指的B端为电磁铁的N极，那么A端就是S极；同时滑动变阻器向右移动时，接入电路的电阻变大，电路电流变小，则电磁铁磁性减弱。故只有选项B的说法正确，符合题意。故选B。本题是电学知识与磁现象的综合题，首先根据安培定则判断出通电螺线管的两极方向，滑动变阻器的移动可以改变电流的大小，电流增大时，电磁铁磁性增强，反之减小。5、C【解析】分析：三角形中心O点到三根导线的距离相等．根据安培定则判断三根导线在O点产生的磁感应强度的方向，根据平行四边形定则进行合成，求出三根导线同时存在时的磁感应强度大小．解答：解：根据安培定则判断得知：三根导线在O点产生的磁感应强度的方向分别为：上面导线产生的B方向水平向左，大小为B；下面左边导线产生的B方向斜向左上方，与水平成60°角，下面右边导线产生的B方向斜向右上方，与水平成60°角，则根据平行四边形定则进行合成可知，下面两根导线产生的合场强大小为B，方向水平向左，所以三根导线同时存在时的磁感应强度大小为2B，方向水平向左．故选C点评：本题首先运用安培定则判断B的方向，其次要利用平行四边形定则进行合成，同时要利用好几何关系．6、A【解析】试题分析：根据库仑定律可得，若它们之间的距离变为原来的3倍，，故A正确考点：考查了库仑定律的应用【名师点睛】基础题，关键是对公式的正确灵活掌二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】

A．P点电场强度大小是，N点电场强度大小是，由于，所以P点电场强度大小是N点的4倍，故A正确；B．根据顺着电场线方向电势降低，由于N点离正点电荷更远，所以N点电势低于P点电势，故B错误；CD．根据动能定理得：检验电荷由N到P的过程由题，P点的电势为零，即φP=0，解得，N点的电势检验电荷在N点具有的电势能为故C错误，D正确．8、AD【解析】

粒子由正极到负极，由动能定理可知：qU=12mv2-12mv02，解得v0=v2-2qU本题考查带电粒子在电场中的加速运动，要注意优先考虑应用动能定理求解，然后考虑用牛顿第二定律和运动公式求解。9、BD【解析】

A．电源的电动势与电压的单位相同，都是伏特，但与电压有本质的区别，故A错误；B．电动势是表示电源把其它形式的能转化为电能的本领大小的物理量，电动势越大，表明电源把其他形式的能转化为电能的本领越大，故B正确；CD．电动势等于非静电力做的功与电荷量的比值即，电动势在数值上等于在电源内部移动单位电荷非静电力所做的功，故C错误，D正确。10、BD【解析】

A．由图，粒子的运动轨迹向左弯曲，说明粒子在a、b两点受到的电场力沿电场线向左，由于电场线方向不明，无法确定粒子的电性和产生该电场的点电荷的电性，故A错误；BC．由a到b，电场力做负功，动能减小，速度减小，电势能增加，故粒子在a点的速度比b点大，粒子在a点的电势能比b点小，故B正确，C错误；D．由图可知，a点的电场线比b的更密，所以a点的场强比b点更大，所以带电粒子在a点的加速度比b点大，D正确。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、CEC1.5W【解析】

(1)[1][2]电风扇的额定电流从读数误差的角度考虑，电流表选择C。电风扇的电阻比较小，则滑动变阻器选择总电阻为10Ω的误差较小，即选择E。(2)[3]因为电压电流需从零开始测起，则滑动变阻器采用分压式接法，电风扇的电阻大约远小于电压表内阻，属于小电阻，电流表采用外接法。电路图如图所示。所以选C选项。(3)[4]实物图如图所示。(4)[5]电压表读数小于0.5V时电风扇没启动。根据欧姆定律得正常工作时电压为4V，根据图象知电流为0.6A。则电风扇发热功率则机械功率12、并101.10【解析】

[1][2]把电流表改装成量程为3A的电流表，要并联一个电阻，并联电阻的阻值为：[3]电流表改装后其量程为3A，由图示电流表可知，其分度值为0.1A，示数为1.10A。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）；（2）2，（3）（1）；【解析】

小物体释放后在重力和电场力的作用下做匀加速直线运动，根据正交分解，垂直运动方向的合力为零，列出平衡方程即可求出虚线AB上方匀强电场的电场强度；从P到A的过程中，根据动能定理可求得小物体到达A点时速度的大小；利用匀变速直线运动的规律求解粒子做匀加速直线运动的时间t1，再根据圆周运动规律物体在圆管内做匀速圆周运动的时间为t2，两时间之和即为由P到B的总时间。【详解】（1）小物体在重力和电场力的作用下做匀加速直线运动，小物