浙江温州十五校联盟2027届物理高二上期中监测模拟试题含解析

浙江温州十五校联盟2027届物理高二上期中监测模拟试题注意事项:1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2．答题时请按要求用笔。3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，轻质弹簧一端固定在天花板上，另一端栓接条形磁铁，一个铜盘放在条形磁铁的正下方的绝缘水平桌面上，控制磁铁使弹簧处于原长，然后由静止释放磁铁，不计磁铁与弹簧之间的磁力作用，且磁铁运动过程中未与铜盘接触，下列说法中正确的是A．磁铁所受弹力与重力等大反向时，磁铁的加速度为零B．磁铁下降过程中，俯视铜盘，铜盘中产生顺时针方向的涡旋电流C．磁铁从静止释放到第一次运动到最低点的过程中，磁铁减少的重力势能等于弹簧弹性势能D．磁铁从静止释放到最终静止的过程中，磁铁减少的重力势能大于铜盘产生的焦耳热2、如图所示，两个同心放置的共面金属圆环a和b，一条形磁铁穿过圆心且与环面垂直，则穿过两环的磁通量Φa和Φb大小关系为（）A．均向上，Φa>Φb B．均向下，Φa<ΦbC．均向上，Φa＝Φb D．均向下，无法比较大小3、一质量为m的运动员从下蹲状态开始起跳，经的时间，身体伸直并刚好离开地面，速度为v，在此过程中地面对他作用的冲量大小和做的功分别为（）A．，B．，C．，0D．，04、如图所示的电路中，已知电源的电动势E=1.5V，内电阻r=1.0Ω，电阻R=2.0Ω，闭合开关S后，电路中的电流I等于A．4.5AB．3.0AC．1.5AD．0.5A5、下图为电阻①和电阻②的I-U图像，两电阻的阻值分别为R1和R2。把两电阻并联后接入电路，通过它们的电流大小分别为I1和I2，则A．R1＞R2，I1＝I2 B．R1＜R2，I1＝I2C．R1＞R2，I1＜I2 D．R1＜R2，I1＞I26、已知如图，R1=6Ω，R2=3Ω，R3=4Ω，则接入电路后这三只电阻的（）A．电流之比I1:I2:I3=1:2:3B．电流之比I1:I2:I3=6:3:4C．电压之比U1:U2:U3=1:2:3D．电压之比U1:U2:U3=6:3:4二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、某同学设计了一种静电除尘装置,如图甲所示，其中有一长为L、宽为b、高为d的矩形通道,其前、后面板为绝缘材料,上、下面板为金属材料．图乙是装置的截面图,上、下两板与电压恒为U的高压直流电源相连．带负电的尘埃被吸入矩形通道的水平速度为v0,当碰到下板后其所带电荷被中和,同时被收集．将被收集尘埃的数量与进入矩形通道尘埃的数量的比值称为除尘率．不计尘埃的重力及尘埃之间的相互作用．要增大除尘率,则下列措施可行的是：（）A．只增大电压U B．只增大高度dC．只增大长度L D．只增大尘埃被吸入水平速度v08、如图所示，平行导轨a、b和平行导轨c、d在同一水平面内，两导轨分别和两线圈相连接，匀强磁场的方向垂直两导轨所在的平面。金属棒L1和L2可在两光滑导轨上自由滑动，棒L2原来静止，用外力使L1运动，下列说法中正确的是：()A．当L1向右加速运动时，L2将向左运动B．当L1向右加速运动时，L2将向右运动C．当L1向左加速运动时，L2将向左运动D．当L1向左加速运动时，L2将向右运动9、如图所示,在竖直平面内坐标系中分布着与水平方向成45°夹角的匀强电场,将一质量为、带电荷量为q的小球,以某一初速度从O点竖直向上抛出,它的轨迹恰好满足抛物线方程2,且小球通过点，已知重力加速度为g,则（）A．电场强度的大小为 B．小球初速度的大小为C．小球通过点P时的动能为 D．小球从O点运动到P点的过程中电势能减少10、电压表、电流表均有小量程电流表（表头）改装而成，则下列说法中正确的是（）A．由表头改装成电压表，需给表头并联一个大电阻B．由表头改装成电压表，需给表头串联一个大电阻C．由表头改装成电流表，需给表头串联一个小电阻D．由表头改装成电流表，需给表头并联一个小电阻三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）某同学用下列器材测定一块手机电池的电动势和内电阻．电流表A(量程3A,内阻约0.5Ω);电压表V(量程15V,内阻约15kΩ);滑动变阻器R(0~50Ω,额定电流3A);定值电阻R0=3Ω;开关S及导线若干．(1)为减小实验误差,电路图中的导线应连接到_____(选填“a”或“b”)．(2)连接好电路闭合S前,滑动变阻器的滑片P应置于_____(选填“c”或“d”)端．

(3)根据正确操作,依据得到的电压表和电流表读数,作出对应的U-I图象如图所示．由图线可知该电池的电动势E=_____V,内电阻r=_____Ω(保留两位有效数字)．

(4)实验中,随着滑动变阻器滑片的移动,电压表的示数U及滑动变阻器消耗的功率P都会发生变化．图的各示意图中正确反映P-U关系的是________．12．（12分）在“测金属丝电阻率”实验中，提供以下实验器材；螺旋测微器千分尺、直尺；待测金属丝约、电源电动势约；电压表量程3V，内阻约：电流表量程、内阻为；滑动变阻器、开关及导线若干．某同学进行了如下操作：如图1所示，用直尺测金属丝的长度______m；图3所示，用螺旋测微器测金属丝直径______mm；重新接好后利用电压表和电流表读数画出了图象．由此得到金属丝电阻R______用测得的物理量的符号：长度L、直径d和电压U、电流I及常量表示待测金属丝的电阻率______．四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，在以坐标原点O为圆心的圆形区域内，存在方向垂直于纸面向里的匀强磁场．一个不计重力的带电粒子从磁场边界与x轴的交点A处沿－x方向射入磁场，它恰好从磁场边界与y轴的交点C处沿＋y方向飞出．已知粒子在磁场里的运动时间为t，磁感应强度大小为B，求：（1）请判断该粒子带何种电荷，并求出其比荷．（2）若磁场的方向和所在空间范围不变，而磁感应强度的大小变为B′，该粒子仍从A处以相同的速度射入磁场，但飞出磁场时的速度方向相对于入射方向改变了120°角，求磁感应强度B′多大？14．（16分）如图甲所示的平行板电容器，板间距为d，两板所加电压随时间变化图线如图乙所示，t＝0时刻，质量为m、带电荷量为q的粒子以平行于极板的速度v0射入电容器，t＝3T时刻恰好从下极板边缘射出电容器，带电粒子的重力不计．求：(1)平行板电容器板长L；(2)粒子射出电容器时偏转的角度φ的正切值；(3)粒子射出电容器时竖直偏转的位移y.15．（12分）如图所示，图线AB是某闭合电路的路端电压随电流变化的关系图线，OM是某定值电阻R的伏安特性曲线，由图求：（1）R的阻值；（2）处于直线OM与AB交点C时电源的输出功率；（3）电源的最大输出功率。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】

磁铁上下运动时，由于穿过铜盘的磁通量发生变化，则在铜盘中会产生感应电流，铜盘对磁铁有磁场力阻碍磁铁的运动，则当磁铁所受弹力与重力等大反向时，此时磁铁还应该受到下面铜盘的作用力，故此时磁铁的加速度不为零，选项A错误；根据楞次定律，磁铁下降过程中，俯视铜盘，铜盘中产生逆时针方向的涡旋电流，选项B错误；磁铁从静止释放到第一次运动到最低点的过程中，由于有电能产生，则磁铁减少的重力势能等于弹簧弹性势能与产生的电能之和，选项C错误；磁体最终静止时弹簧有弹性势能，则磁铁从静止释放到最终静止的过程中，磁铁减少的重力势能等于铜盘产生的焦耳热与弹簧弹性势能之和，选项D正确.2、A【解析】

根据磁感线的分布情况可知，磁铁内部穿过环面的磁感线方向向上，外部磁感线方向向下。由于磁感线是闭合曲线，磁铁内部的磁感线条数等于磁铁外部磁感线的总条数，而磁铁外部磁感线分布在无限大的空间，所以穿过环面的磁铁外部向下的磁感线将磁铁内部向上的磁感线抵消一部分，a的面积小，抵消较小，则磁通量较大，所以Φa＞Φb。故A正确BCD错误。故选A。3、C【解析】

人的速度原来为零，起跳后变化v，则由动量定理可得：

故地面对人的冲量为：；

由于支持力的作用点没有位移，故地面对人做功为零，故选项C正确，选项ABD错误．4、D【解析】

根据闭合电路欧姆定律得：I=ER+r=5、C【解析】

根据欧姆定律可知，斜率大的电阻小，所以R1＞R2，电阻并联，电压相同，电阻大的电流小，所以I1＜I2，ABD错误C正确。6、A【解析】

图中电阻R1与R2并联后与R3串联；并联电阻为：R12=R1R2R1+R2=6×36+3Ω=2Ω；并联电路电压相等，串联电路电压比等于电阻比，故：

U并：U3=R12：R3=2：4=1：2；故：U1：U2：U3=1：1：2；串联电路电流相等，并联电路电流比等于电阻的反比，故：I1：I2=R2：R1=1：2；又I3=I1+I2分析清楚电路的串并联结构，根据串并联电路的电流和电压的关系，利用电压和功率的公式逐个计算可以求得它们的电压、电流和功率的大小关系．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】

增加除尘率即是让离下极板较远的粒子落到下极板上，带电尘埃在矩形通道内做类平抛运动，在沿电场的方向上的位移为，即增加y即可．A、只增加电压U可以增加y，故A满足条件．B、只增大高度d，由题意知d增加则位移y减小，故B不满足条件．C、只增加长度L，可以增加y，故C满足条件．D、只增加水平速度v0，y减小，故D不满足条件．故选AC．此题为结合生活背景的题目，考查频率较高，注意构建物理情景—类平抛运动，应用运动的分解知识求解．8、BC【解析】

AB．当L1向右加速运动时，L1上产生竖直向上的电流，在右侧竖直导体柱上产生竖直向上且增大的磁场，根据楞次定律，下方线圈产生竖直向下的磁场，根据安培定则，通过L2的电流竖直向下，根据左手定则，L2将向右运动，故A错误，B正确；CD．当L1向左加速运动时，L1上产生竖直向下的电流，在右侧竖直导体柱上产生竖直向下且增大的磁场，根据楞次定律，下方线圈产生竖直向上的磁场，根据安培定则，通过L2的电流竖直向上，根据左手定则，L2将向左运动，故C正确，D错误。故选BC．9、CD【解析】

小球以某一初速度从O点竖直向上抛出，它的轨迹恰好满足抛物线方程，说明小球做类平抛运动，则电场力与重力的合力沿y轴正方向，竖直方向：，故电场强度的大小为，故A错误；小球受到的合力：，所以a=g，由平抛运动规律有：，得初速度大小为，故B错误；由于，又，所以通过点P时的动能为：，故C正确；小球从O到P电势能减少，且减少的电势能等于电场力做的功，即：，故D正确．故选CD．结合小球运动的特点与平抛运动的方程，判断出小球在竖直方向受到重力与电场力在竖直方向的分力大小相等，方向相反，由此求出电场力的大小，再由F=qE即可求出电场强度；由平抛运动的方程即可求出平抛运动的初速度，以及到达P时的速度；由动能定理即可求出电势能的变化．10、BD【解析】

电流表、电压表都是由小量程的电流表改装而成的．利用并联电阻的分流作用，将灵敏电流表G和电阻并联，改装成安培表．利用串联电阻的分压作用，将灵敏电流表G和电阻串联，改装成安培表．【详解】把小量程电流表改装成电压表，需要串联一个大的分压电阻，故A错误，B正确；把小量程的电流表改装成电流表，需要并联一个小的分流电阻，故C错误，D正确；故选BD．本题考查电表改装的原理，电流表、电压表都是由小量程的电流表改装而成的．利用并联电阻的分流作用，将灵敏电流表G和电阻并联，改装成安培表．利用串联电阻的分压作用，将灵敏电流表G和电阻串联，改装成安培表．只要理解并记住电表的改装原理，回答此题非常简单．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、ad8.50.75C【解析】(1)为减小实验误差,应采用电流表内接，电路图中的导线应连接到a．

（2）连接好电路闭合S前,滑动变阻器阻值置于电阻最大的位置，即滑片P应置于d端；（3）由图线可知该电池的电动势E=8.5V,内电阻.（4）滑动变阻器消耗的功率，即P-U关系为二次函数关系，故选C；12、0.05590.572【解析】

解：(1)由图1所示刻度尺可知，其分度值是1mm，所测金属丝的长度：；(2)由图3所示螺旋测微器可知，螺旋测微器的固定刻度为0.5mm，可动刻度为7.2×0.01mm=0.072mm，所以最终读数为0.5mm+0.072mm=0.572mm；(3)由图象和图2的电路图可知金属丝电阻：；(4)根据欧姆定律可得金属丝电阻：，由电阻定律可知：，联立解得金属丝电阻率：；四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)(2)【解析】

(1)由粒子的飞行轨迹，利用左手定则可知，该粒子带负电荷；粒子由

A点射入，由

C点飞出，其速度方向改变了

90°，粒子在磁场里的运动时间为：解得：；(2)设圆形区域的半径为R，粒子飞出磁场时的速度方向相对于入射方向改变了120°角，由几何知可知，粒子做圆周运动的半径由(1)可知，粒子由

A点射入，由

C点飞出，其速度方向改变了

90°，则粒子轨迹半径由公式所以磁感应强度之比等于．本题是带电粒子在磁场中运动的轨迹问题，关键运用几何知识画轨迹、求半径．要注意区别轨迹半径与磁场范围半径．14、（1）3v0T（2）（3）【解析】试题分析：带电粒子在电场中受电场力作用做匀加速直线运动，在垂