2026-2027学年中考物理模拟卷(有答案解析)

第第页2026-2027学年中考物理模拟卷(有答案解析)学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________题号一二三四五六总分得分注意事项:

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。

3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。一、选择题(本大题共7小题，每小题3分，共21分.在每小题所给出的四个选项中，只有一项是正确的)1.课堂上老师向学生们讲解“安全用电”的知识．下列图3所示关于安全用电做法正确的是（）2．电给人类带来了极大的便利。但不正确用电也会带来很大的危害，甚至会危及生命。下列做法符合安全用电原则的是（）A．发生触电事故时，首先应切断电源再进行施救 B．保险丝断了，可以用铜丝替代 C．使用试电笔时，手指要碰到笔尖的金属体 D．只用一只手接触火线，一定不会造成触电事故3．如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，下列说法中正确的是（）A．通过滑动变阻器的电流变小，其两端的电压变大 B．通过小灯泡的电流及其两端的电压都保持不变 C．电流表的示数变大，电压表的示数变小 D．电流表和电压表的示数都变小4．某单位的门禁系统利用电动机实现开关门，员工可利用人脸识别（相当于开关S1）或门禁卡（相当于开关S2）自动开门进入，外来人员经过核查登记后，由保安人员手动控制开关S3，开门进入；在疫情防控期间，增加了智能测温仪（相当于开关S），体温异常者无法开门进入。下列符合设计要求的电路图是（）A． B． C． D．5．如图所示是小红用同一个木块在探究“影响滑动摩擦力大小因素”时的四个实验操作，甲、乙、丙、丁四幅图中弹簧秤的示数分别为F甲、F乙、F丙、F丁。以下说法中正确的是（）A．弹簧秤在使用前要在竖直方向调零 B．实验中用到的科学方法只有转换法 C．保持其他条件不变，水平匀速拉动木块，则F甲大于F丁 D．用甲、丙可探究接触面的粗糙程度对滑动摩擦力大小的影响6．学习了有关电路组成知识后，同学们都热情高涨，争相设计简易生活电路，如图是同学们设计出来的四个电路，你认为可以达到选项目的的电路是（）A．抢答器电路：选择哪一个答案就按哪一个按钮（相当于闭合开关），对应的灯就亮B．坐位体前屈电路：学生成绩越高（向右的F越大），电流表的示数越大 C．保密室电路：只有两道门都关上了（相当于开关闭合），值班室的灯才会亮 D．卫生间照明灯和换气扇电路：照明灯和换气扇的工作互相影响7．冰壶运动是在室内水平冰面上开展的一项冬奥项目，其中包含着许多物理知识。下面图中的场景均与冰壶运动有关，其中理解错误的是（）A．图中，掷球运动员蹬冰脚（通过蹬冰调整人的运动姿态）和滑行脚（用来滑行）的鞋底材料不同，是为了获得不同大小的摩擦力 B．图中，掷球运动员推着冰壶一起向前运动时，推力对冰壶做了功 C．图中，离手后的冰壶在冰面上滑动时，冰壶的机械能减小 D．图中，领球队员通过快速刷冰，减小了冰壶所受摩擦力，使冰壶的速度增大二、填空题(本大题共7小题，每小题3分，共21分.不需要写出解答过程，请把答案直接填在答题卡相应的位置上.)8．如图所示，小真利用两根镍铬合金线a和b探究“影响导体电阻大小的因素”的实验，a、b的横截面积分别是0.5cm2和5mm2，闭合开关，把a、b先后接入电路，比较灯泡的亮度变化，以此比较合金线电阻的大小，此研究方法叫（选填“等效替代法”或“转换法”）。通过比较，得出导体a的电阻导体b的电阻（选填“大于”、“小于”或“等于”）。9．如图所示的是在清华大学新清华学堂舞台上，3位与人类身高相仿的机器人“乐手”，或执竹笛，或弹箜篌，或敲排鼓，与民族音乐演奏家同台奏乐，带来“中国风机器人乐队与人类艺术家的合作表演。机器人“乐手”在吹竹笛时，竹笛声是振动产生的；我们能分辨不同乐器的声音，是因为它们的不同。10．如图所示是嫦娥4号的中继卫星“鹊桥”由长征4号丙运载火箭发射时的情景。火箭中的燃料燃烧时，燃气推动火箭和卫星上升，卫星的机械能会（选填“增大”、“不变”或“减小”）。“鹊桥”最终在距地球约45万千米的轨道上运行，由此可知，从地球上发射的电磁波信号经过秒后就会被“鹊桥”接收到。11.有一块手机用的锂电池，上面标明电压为3.7V，容量为1800mA⋅ℎ，给它充电时，它相当于是一个______，充满电后，大约储存了______J的电能。12.某同学测得课本的长度为23.25cm，课本长度的准确值为______，估读值为______．13．如图所示，用力打击一摞棋子中最下面的一个时，上面的棋子不会随下面的棋子飞出。上面的棋子不飞出去，是因为棋子具有；下面的棋子飞出去，是力改变了棋子的。14.在综合实践活动中，小林自制了一个坐位体前屈项目测试仪，原理如图所示，电源电压恒为6V，R1=30Ω，电阻丝R2粗细均匀，总长度为30cm。闭合开关，挡板P在B端时，坐位体前屈成绩为0，电流表示数为0.05A。挡板P在A端时，坐位体前屈成绩为30cm。（1）挡板P由B端向A端滑动时，电流表示数___________（变大/变小/不变，下同），电压表示数___________；（2）当推动挡板P由B端到A端时，电压表示数的变化量是___________V；（3）国家体质标准中九年级男生坐位体前屈成绩大于17.8cm为优秀。小林进行测试时电压表示数为3V，请通过计算判断小林的成绩___________（已经/没有）达到优秀。三、作图题：本大题共3个小题，共7分。15．如图所示，物体MN在A位置时通过凸透镜所成的像为M′N′．现在把该物体移动至B位置，请通过作图的方法画出该物体在B位置所成的像。16．某款感应式垃圾桶的工作原理如下：启动开关S1闭合后，垃圾桶才能正常使用，此时指示灯亮起；扔垃圾时只需将手伸到感应区上方一定距离内，感应开关S2自动闭合，动力装置（电动机）工作，垃圾桶盖缓缓打开；手离开5秒后动力装置会控制垃圾桶盖闭合，然后感应开关S2自动断开。画出符合要求的电路。17.如图所示，MN为凸透镜的主光轴，A为蜡烛，A’为蜡烛在光屏上所成的像，根据凸透镜成像原理确定凸透镜的位置及其焦点，并将它们画出来。四、实验题：本大题共3小题，第18小题6分，第19小题6分，第20小题8分，共20分。18（1）如图﹣1所示，用悬挂着的泡沫小球接触发声的音叉探究声音的产生，泡沫小球的作用是。（2）如图﹣2所示，来回摩擦绳使金属筒的温度升高，这是通过的方式改变了金属筒的内能。（3）如图﹣3所示是探究电流产生的热量与有关的实验装置，在5Ω电阻所在的容器中换上等质量的水。（选填“能”或“不能”）用来探究“不同物质吸热能力”。19.小明和小红根据学过的密度知识测量某种液体的密度。

(1)小明利用天平和一次性注射器(如图甲所示)进行实验。小明用调好的天平测出空注射器质量为9.6g，然后用注射器抽取待测液体至5mL刻度处，测得注射器和液体的总质量如图乙所示，则注射器内液体的质量为______g；液体的密度为______kg/m3。

(2)小明在实验中发现：5mL针筒刻度线前的尖端还是有一点小“空隙”，这部分体积并不计入针筒标记的刻度中，这会导致测得的液体密度比实际值______。(选填“偏大”、“偏小”或“不变”)

(3)小红则利用家里的吸管和细铜丝自制了密度计，然后用烧杯、刻度尺设计了如下的实验步骤，请你将实验过程补充完整。

①小红用刻度尺测出______，记为ℎ0；

②如图丙所示将密度计竖直放入水中，测出密度计露出水面的高度为ℎ1；

③然后将该密度计擦干竖直放入待测液体中，测出密度计露出液面的高度为ℎ2；

④液体的密度表达式：ρ液=______。

(4)小红和小明交流时发现吸管自制的密度计，相邻两刻度线之间的距离太小，导致用此密度计测量液体密度时误差较大，为此他们经过讨论提出了如下改进方案，其中可行的是______(选填选项前的字母)。

A.换大的容器盛放液体做实验

B.换稍长的吸管制作密度计

C.适当减小密度计的配重20．在两个容器中分别盛有甲、乙两种不同的液体，把体积相同的A、B两个实心小球放入甲液体中，两球沉底如图甲所示；放入乙液体中，两球静止时的情况如图乙所示。请比较，在甲液体中，容器底对小球A的支持力与容器底对小球B的支持力的大小，并简述分析过程。五、计算题：本大题共2小题，第21小题7分，第22小题6分，共13分。21．如图所示，圆柱形木块A与质量不计且足够高的薄壁圆柱形容器B分别放置于水平桌面上，已知A的密度0.8×103kg/m3，高为10cm，底面积为100cm2；容器B内盛有4cm深的水。小开从A的上表面沿水平方向截取高为h的圆柱块，并将截取部分放入容器B中；当h＝3cm时，容器B对地面的压强为480Pa，求：（1）未放入截取的木块前，容器B对桌面的压强；（2）容器B的底面积；（3）当截取的木块放入容器B后，容器B对桌面的压强是剩余木块A对桌面压强的8倍，此时容器B中截取的木块所受到的浮力。

22．请阅读《华夏之光——主表》华夏之光——圭表我国古代的天文观测一直居于世界领先地位，天文学家们发明了许多先进的天文观测仪器，其中圭表就是典型的代表。圭表（如图所示）包括圭和表两部分，正南北方向平放的尺，叫作圭，直立在平地上的标竿或石柱，叫作表，圭和表相互垂直。战国以前的天史学家已能够利用水面来校正圭，使其水平，使用铅垂线来校正表，使其与圭相互垂直。依据圭表正午时表影长度的变化，就能推算出二十四节气，依据表影长短的周期性变化，就能确定一回归年的天数。为了解决上述问题，元代天文学家郭守敬采取理论与实践相结合的科学方法，对圭表进行了一系列改进与创新。他将表的高度增加，并且在表顶加一根架空的横果，使表高变为传统表高的五倍。这样，测量时，把传统的确定表影端的位置变为确定梁影中心的位置，提高了测量影长的精度。郭守敬又利用小孔成像的原理，发明了景符，利用景符可以在圭面上形成太阳和横梁的清晰像（如图所示），这样就可以精确的测量表的影长了。这些措施成功解决了圭表发明以来，测影时“虚景之中考求真实”的困难。以圭表为代表的我国古代的料技成果，像一颗颗璀璨的明珠，闪耀着智慧的光芒，激励着我们攀登新的科技高峰。请根据上述材料，回答下列问题∶（1）请写出我国古代天文学家保证圭和表相互垂直的措施，并解释为什么这种措施可以保证圭和表是相互垂的。（2）郭守敬的改进与创新措施解决了早期圭表的什么问题？（3）除了圭表，请你再列举一个我国古代天文观测仪器。六、综合能力题：本大题共3小题，每小题6分，共18分。23．自从我国建立了空间站，天宫课堂不时开课。（1）王亚平老师正在展示失重的水球，该水球在太空中的质量（选填“小于”、“大于”或“等于”）在地球上的质量；透过水球可以看到一个倒立的像，这个水球相当于一个。（2）随后，王亚平向水球里注射一个气泡，神奇的一幕发生了，水球里竟然形成了一正一反的两个人像，注入气泡后，中间部分相当于两个组成的（以上两空选填“平面镜”、“凸透镜”或“凹透镜”）。（3）在外太空处于微重力状态，重力几乎可以忽略不计。王亚平老师给冰墩墩施加一个力，冰墩墩动起来，当冰墩墩离开王亚平老师的手后，我们看到冰墩墩将。24．阅读短文，回答问题智能消毒机器人如图甲所示是一款智能消毒机器人，机器人由超干雾喷头、紫外线灯、底盘等组成。超干雾喷头通过超声波将消毒剂雾化成直径1μm以下的微小雾粒，这种雾粒可以长时间悬浮在空气中。机器人身上搭载了许多感知外界环境的测距仪。视觉传感测距仪由投射器发出激光，根据接收到较强的反射光成像，判断障碍物的形状、体积以及到机器人的距离，当接收到的反射光比较弱时，就由超声波测距传感器通过反射回的超声波判断到障碍物的距离。当剩余电量减为电池容量的10%时，机器人会主动寻找充电桩充电，下表为该款智能消毒机器人的部分参数。其中电池容量是指放电电流与放电总时间的乘积，最大雾化率是指每分钟最多雾化的液体体积。消毒喷雾量是机器人消毒时每立方米空间超干雾喷头喷出雾状消毒剂的总体积。机器人输入电压50V充电桩输出电压50V电池容量45Ah最大雾化率50mL/min运行模式连续运动消毒喷雾量20mL/m3移动速度0.1～1m/s————————————（1）超干雾喷头雾化消毒剂，是因为超声波能够传递______（选填信息或能量），使消毒液体剧烈______打散成微小雾粒；（2）下列关于该款智能消毒机器人的说法中，正确的是______；A．本次理化测试题纸的厚度大于雾粒的直径B．开启紫外线灯消毒模式一般是白天人多时C．遇到透明玻璃时主要通过视觉传感器避障D．匀速转弯时智能消毒机器人处于平衡状态（3）已知门诊大厅的容积为1000m3，如果仅用雾化消毒剂的方式进行消毒，至少需要______kg消毒剂（消毒剂的密度为1.1g/cm3），至少经过______min才能消完毒；（4）机器人主动寻找到充电桩充电，3h后充满，不计能量损失，则充电时的电流是______A，充满电后，机器人边消毒边以最大速度沿直线移动，180s后电池储存能量减少0.1%，电池减少能量的80%用于克服阻力做功，此过程中机器人受到的阻力为______N；（5）当障碍物未能被测距仪捕捉到，机器人的底盘前端碰撞板就会受到碰撞，板内压力传感器向控制系统传达信息，从而根据碰撞的力度和方向做出相应的反应。如图乙是压力传感电路原理图，电源电压为14.4V，定值电阻R1=120Ω．当电路中的电流大于等于50mA时，气电保护开关S自动断开，机器人停止前进，图丙所示是压力传感器R的阻值随所受压力F变化图像。当压力传感器受到的压力增大时，其两端的电压______（选填增大、不变或减小）；当机器人的前端被碰撞，传感器R受到压力达到______N时，气电开关将断开。25．学校给每班都安装了如图甲所示的一款饮水机，其加热水箱的工作原理图可简化如图乙所示，其中S是一个自动温控开关，R1为电加热管，当饮水机处于加热状态时，水被迅速加热；达到设定温度时，S自动切换到另一处为保温状态。该饮水机的部分参数如表所示。请回答下列问题：型号ZY﹣18加热水箱容量0.55L额定电压220V加热功率550W保温功率50W产品重量4.0kg（1）L1、L2是两种不同颜色的指示灯，如果用红色表示正在对水加热，绿色表示保温，则L1为色。（2）饮水机烧开一次开水，所需时间为3分钟，若一天烧40次水，其他时间处于保温状态，电费单价为0.5元/（kW•h），则一天烧水所花电费为元。（3）下列关于饮水机的说法，你认为不合理的是。A.饮水机长时间不用时考虑用电安全，应该切断电源，同时避免浪费电能。B.饮水机外壳材质是塑料的，但插头必须接三孔插座，防止出现漏电事故。C.饮水机应定期清洗，是为了防止加热效率降低。D.检修饮水机前，应先断开电源。（4）在使用过程中，同学们发现空气开关经常跳闸，怎样解决这个问题呢：。参考答案及解析1.C【解析】不断开开关直接更换灯泡，容易发生触电事故，A错误；使用测电笔时，笔尖金属体要接触待检测的导线，手指要接触笔尾金属体，但不能接触笔尖金属体，否则可能会引发触电事故，B错误；电水壶的金属外壳必须接地，采用三脚插头及三孔插座，可以防止外壳漏电时发生触电事故，C正确；潮湿的大树是导体，雷雨天电流会沿大树传到大地，所以雷雨天千万不要在大树下避雨，D错误．故选C.2．（2分）电给人类带来了极大的便利。但不正确用电也会带来很大的危害，甚至会危及生命。下列做法符合安全用电原则的是（）A．发生触电事故时，首先应切断电源再进行施救 B．保险丝断了，可以用铜丝替代 C．使用试电笔时，手指要碰到笔尖的金属体 D．只用一只手接触火线，一定不会造成触电事故【解答】解：A、如果用手去拉触电者，也会造成触电事故的发生，应该首先切断电源，然后再进行其他的救护措施，故A符合安全用电原则；B、保险丝是用熔点低的材料制成的，而铜的熔点高，不能及时熔断，故B不符合安全用电原则；C、在使用试电笔时，应用手接触笔尾的金属体，用笔尖接触导线，手指不能碰到笔尖的金属体，故C不符合安全用电原则；D、大地是导体，站在地上的人触到火线，电流通过人体流向大地，形成回路，会触电，故D不符合安全用电原则。故选：A。3．如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，下列说法中正确的是（）A．通过滑动变阻器的电流变小，其两端的电压变大 B．通过小灯泡的电流及其两端的电压都保持不变 C．电流表的示数变大，电压表的示数变小 D．电流表和电压表的示数都变小【考点】电路的动态分析．【专题】应用题；欧姆定律；应用能力．【分析】由图知，灯泡与R并联，电压表测电源电压，电流表测R支路的电流，由滑片移动方向判断R连入电路的阻值变化，由并联电路特点和欧姆定律计算判断电表的示数变化情况。【解答】解：由电路图可知，灯泡与R并联，电流表测R支路的电流，电压表测电源电压；由于电源电压不变，则滑片移动时，电压表示数不变；并联电路各支路两端的电压等于电源电压，闭合开关S，滑动变阻器滑片向右移动，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知，通过滑动变阻器的电流变小，电流表示数变小；因为并联电路支路间互不影响，所以滑片的移动后，灯泡支路两端电压和通过的电流不变；综上所述，B正确。故选：B。【点评】本题考查了并联电路特点以及欧姆定律的应用，正确识别电路的连接方式和电表所测物理量是关键。4．【分析】几个开关串联时，需要所有开关都闭合，用电器才能工作；几个开关并联时，只要一个开关闭合，用电器就能工作。【解答】解：由题知，员工可利用人脸识别（相当于开关S1）或门禁卡（相当于开关S2）自动开门进入外来人员经过核查登记后，由保安人员手动控制开关S3，这说明S1、S2、S3是并联的，然后再与电动机串联；在疫情防控期间，增加了智能测温仪（相当于开关S），体温异常者无法开门进入，则S应该在干路中，根据选项可知，C正确。故选：C。5．（2分）如图所示是小红用同一个木块在探究“影响滑动摩擦力大小因素”时的四个实验操作，甲、乙、丙、丁四幅图中弹簧秤的示数分别为F甲、F乙、F丙、F丁。以下说法中正确的是（）A．弹簧秤在使用前要在竖直方向调零 B．实验中用到的科学方法只有转换法 C．保持其他条件不变，水平匀速拉动木块，则F甲大于F丁 D．用甲、丙可探究接触面的粗糙程度对滑动摩擦力大小的影响【分析】（1）弹簧测力计在使用之前要在拉力的方向上调零；（2）影响滑动摩擦力大小的因素是：压力、接触面的粗糙程度，应利用控制变量法进行研究。【解答】解：A、根据弹簧秤的使用方法可知，弹簧秤在使用之前要在拉力的方向上调零，图中的拉力在水平方向上，所以弹簧秤使用前必须在水平方向校零，故A错误；B、滑动摩擦力大小与压力、接触面的粗糙程度有关，应利用控制变量法进行研究，因此，本实验除了应用转换法，还有控制变量法之外，故B错误；C、甲、丁两图，压力相同，接触面的粗糙程度相同，甲、丁两图中木块所受的滑动摩擦力相同，故C错误；D、甲、丙两图，压力相同，接触面的粗糙程度不同，根据控制变量法，用甲、丙可探究接触面的粗糙程度对滑动摩擦力大小的影响，故D正确。故选D。【点评】本题研究影响滑动摩擦力大小的因素，增大摩擦力的方法，是一道综合题。6．【解答】解：A、电路图中，两只开关断开，灯泡都不发光，上面开关闭合，下面灯泡发光，下面开关闭合，两只灯泡都发光，不能达到目的，故A错误；B、根据电路图可知，两个电阻串联，电压表测量滑动变阻器滑片左侧部分两端的电压，电流表测量电路中的电流；由于电压表所在电路相当于断路，移动滑片时，滑动变阻器接入电路的电阻不变，总电阻不变，根据欧姆定律可知，电路中的电流不变，电流表示数不变，故B错误；C、由设计电路图可知，两道门都关上，即两个开关都闭合时，灯才会亮，说明两个开关相互影响，不能独立控制灯的亮与灭，因此两开关应串联，能达到目的，故C正确；D、由电路图可知，照明灯和换气扇并联，灯可以独立工作，但是换气扇不能单独工作，互相影响，不能达到目的，故D错误。故选：C。7．冰壶运动是在室内水平冰面上开展的一项冬奥项目，其中包含着许多物理知识。下面图中的场景均与冰壶运动有关，其中理解错误的是（）A．图中，掷球运动员蹬冰脚（通过蹬冰调整人的运动姿态）和滑行脚（用来滑行）的鞋底材料不同，是为了获得不同大小的摩擦力 B．图中，掷球运动员推着冰壶一起向前运动时，推力对冰壶做了功 C．图中，离手后的冰壶在冰面上滑动时，冰壶的机械能减小 D．图中，领球队员通过快速刷冰，减小了冰壶所受摩擦力，使冰壶的速度增大【考点】力是否做功的判断；机械能的概念；摩擦力大小的影响因素；增大或减小摩擦的方法．【专题】应用题；重力、弹力、摩擦力；机械能及其转化；应用能力．【分析】（1）增大摩擦的方法：在压力一定时，增大接触面的粗糙程度。在接触面的粗糙程度一定时，增大压力；（2）首先根据做功的两个必要因素分析图中各段运动员对冰壶是否做功；（3）不计空气阻力和摩擦阻力时，机械能没有转化为内能，机械能守恒。据此分析判断冰壶的机械能变化；（4）减小摩擦的方法：减小压力、减小接触面的粗糙程度、以滚动代替滑动、使接触面彼此离开。【解答】解：A、掷球运动员蹬冰脚（通过蹬冰调整人的运动姿态）和滑行脚（用来滑行）的鞋底材料不同，接触面粗糙程度不同，是为了获得不同大小的摩擦力，故A正确；B、冰壶受到推力的作用，并且在推力的方向上通过了距离，所以做了功，故B正确；C、冰壶被推出后仍向前滑行的过程中需要不断克服空气阻力和摩擦阻力做功，一部分机械能转化为内能，所以此时其机械能不断减小，故C正确；D、领球队员通过快速刷冰，减小了冰壶所受摩擦力，使冰壶的速度减小的较慢，故D错误。故选：D。【点评】此题是力学知识的综合应用，解题时根据所学的物理知识逐个排除，难度不大。8．【解答】解：实验中可以通过灯泡亮度判断导体电阻大小，这是转换法的应用；a和b的材料、长度相同，a的横截面积大于b的横截面积，把a、b先后接入电路，会发现接入a时灯泡的亮度大，这表明接入a时电路中的电流大，根据欧姆定律可知，电路中的电阻小，即a的电阻要小于b的电阻。故答案为：转换法；小于。9．解：悠扬的笛声是由空气柱振动产生的；我们能分辨不同乐器的声音，是因为它们发出声音的音色不同。故答案为：空气柱；音色。10．【解答】解：火箭中的燃料燃烧时，燃气推动火箭和卫星上升，卫星的质量不变，速度变大，高度增加，所以卫星的动能、重力势能都增大，其机械能会增大；电磁波在太空中的传播速度为3×108m/s＝3×105km/s由v＝可得，电磁波传播时间：t＝＝＝1.5s。故答案为：增大；1.5。11.【答案】用电器

23976

【解析】解：手机电池消耗电能，相当于用电器；手机电池充满电后能储存的电能：W=UIt=3.7V×1800×10−3A×1×3600s=23976J。

故答案为：用电器；23976。

手机电池消耗电能，相当于用电器；根据W=UIt12.【答案】23.2cm；0.05cm

【解析】解：

对于长度值23.25cm，其中准确值为23.2cm，估读值为0.05cm．

故答案为：23.2cm；0.05cm．

对于一个正确的长度测量结果，最后一位是估读值，其它都是准确值．

初中物理学习了很多测量工具的使用，但没有特殊说明，只有刻度尺的读数要有估读值，其它只要读到准确值即可．13．（2分）如图所示，用力打击一摞棋子中最下面的一个时，上面的棋子不会随下面的棋子飞出。上面的棋子不飞出去，是因为棋子具有惯性；下面的棋子飞出去，是力改变了棋子的运动状态。【解答】解：（1）快速击打最下面的棋子，上面的祺子由于惯性仍然留在原处；（2）最下面的棋子被击后飞出去，是在力的作用下改变了运动状态。故答案为：惯性；运动状态。14.在综合实践活动中，小林自制了一个坐位体前屈项目测试仪，原理如图所示，电源电压恒为6V，R1=30Ω，电阻丝R2粗细均匀，总长度为30cm。闭合开关，挡板P在B端时，坐位体前屈成绩为0，电流表示数为0.05A。挡板P在A端时，坐位体前屈成绩为30cm。（1）挡板P由B端向A端滑动时，电流表示数___________（变大/变小/不变，下同），电压表示数___________；（2）当推动挡板P由B端到A端时，电压表示数变化量是___________V；（3）国家体质标准中九年级男生坐位体前屈成绩大于17.8cm为优秀。小林进行测试时电压表示数为3V，请通过计算判断小林的成绩___________（已经/没有）达到优秀。【解析】（1）[1][2]闭合开关，R1和R2串联，电压表测量与R2并联部分两端的电压，电流表测量电路电流，串联电路总电阻等于各部分电阻之和，挡板P由B端向A端滑动时，电阻丝R2接入电路的电阻不变，电压表并联部分的电阻变大，由欧姆定律可知挡板移动过程中，电路中电流不变，根据U=IR可知电压表示数变大。（2）[3]电流表的示数为0.05A，根据欧姆定律可知R1两端的电压U1=IR1=0.05A×30Ω=1.5V当推动挡板P到A端时，电压表与R2的最大阻值并联，串联电路总电压等于各部分电压之和，R2两端的电压U2=U-U1=6V-1.5V=4.5V即电压表示数是4.5V。（3）[4]电阻R2的阻值小林进行测试时电压表示数为3V，此时电压表所并联的电阻丝的阻值已知推挡板P在B端时，坐位体前屈成绩为0，推挡板P在A端时，坐位体前屈成绩为30cm，故小林同学的成绩为故成绩达到优秀。【答案】①.不变②.变大③.4.5④.已经三、解答题（本题共6小题，共40分，其中26题应写出必要的解题过程）15．【解答】解：物体MN在A位置时，MN上M点反射的、平行于主光轴的光线，经凸透镜后过焦点，也经过M的像点M′；物体MN移动到B位置时，MN上M点反射的、平行于主光轴的光线，也经凸透镜后过焦点，同样经过M的像点M′；同时从M点反射的、过光心的光线，经凸透镜后方向不变，这两条折射光线的反向延长线的交点，即M的像M″，作主光轴的垂线可得像M″N″，如图所示：16．（3分）某款感应式垃圾桶的工作原理如下：启动开关S1闭合后，垃圾桶才能正常使用，此时指示灯亮起；扔垃圾时只需将手伸到感应区上方一定距离内，感应开关S2自动闭合，动力装置（电动机）工作，垃圾桶盖缓缓打开；手离开5秒后动力装置会控制垃圾桶盖闭合，然后感应开关S2自动断开。画出符合要求的电路。【分析】启动开关S1闭合后，垃圾桶才能正常使用，此时指示灯亮起；当感应开关S2闭合后，垃圾桶打开（电动机工作），说明指示灯与电动机间互不影响，即两者并联，再确定开关的位置，并画出电路图。【解答】解：启动开关S1闭合后，垃圾桶才能正常使用，此时指示灯亮起；扔垃圾时只需将手伸到感应区上方一定距离内，感应开关S2自动闭合，动力装置（电动机）工作，垃圾桶盖缓缓打开，这表明灯泡和动力装置能各自独立工作，并联在电路中，启动开关S1接在干路上，控制整个电路；感应开关S2在动力装置（电动机）支路上，电路图如图所示：。【点评】本题考查了电路的设计，判断电路的连接方式和开关的位置是解题的关键。17.【答案】解：(1)在烛焰上取一点S，在所成的像上找出其对应的像点S'，连接SS'，其与主光轴的交点O就是凸透镜的光心，由此可以确定凸透镜的位置；

(2)过S点作平行于主光轴的入射光线，经过凸透镜折射后要过S'，折射光线与主光轴的交点就是凸透镜焦点F的位置(因为平行于主光轴的光线经过凸透镜折射后过焦点)；同理可以做出凸透镜左侧的焦点F.如图所示：

【解析】选取物体上的一点，找出其对应的像点，结合凸透镜的三条特殊光线：平行于主光轴的，过焦点的；过光心的。利用其对应的入射光线的特点，可以确定凸透镜的位置，焦点的位置。

(1)此题考查了凸透镜的三条特殊光线，凸透镜的光心、焦点的定义、凸透镜成像光路图。

(2)像是由物体烛焰发出的光线经过凸透镜折射会聚而成的，所以对应的物点发出的光线一定全部会聚在像点，从中取几条与焦点、凸透镜位置有关的特殊光线就可以确定焦点已经凸透镜的位置。

（1）如图﹣1所示，用悬挂着的泡沫小球接触发声的音叉探究声音的产生，泡沫小球的作用是放大音叉的振动。（2）如图﹣2所示，来回摩擦绳使金属筒的温度升高，这是通过做功的方式改变了金属筒的内能。（3）如图﹣3所示是探究电流产生的热量与电阻有关的实验装置，在5Ω电阻所在的容器中换上等质量的水。不能（选填“能”或“不能”）用来探究“不同物质吸热能力”。【分析】（1）用悬挂着的泡沫小球接触发声的音叉探究声音的产生，根据转换法，把音叉微小的振动转换成泡沫小球的运动；（2）改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程也就是能量的转移过程，做功过程是能量的转化过程；（3）电流通过导体产生的热量与通过的电流、导体的电阻和通电时间有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外两个因素不变，结合串联电路电流的规律分析；探究“不同物质吸热能力”时，应使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；结合Q＝I2Rt分析。【解答】解：（1）如图﹣1所示，音叉发声时，说明音叉发声时在振动，把音叉微小的振动转换成泡沫小球的运动。（2）如图﹣2所示，来回摩擦绳使金属筒的温度升高。（3）如图﹣8所示，两烧瓶中的电阻丝串联，电阻大小不同；根据比较吸热能力的方法，要控制水和煤油在相同时间内吸热相同；因通过两电阻的电流和通电时间相同，根据Q＝I2Rt可知，只有当两电阻的阻值相等时，水和煤油在相同时间吸热才相同；在5Ω电阻所在的容器中换上等质量的水，用来探究“不同物质吸热能力”，原因为：两容器内电阻丝的阻值不相等。故答案为：（1）放大音叉的振动；（2）做功；不能。【点评】本题考查了声音的产生、改变内能的方式、影响电流产生的热量的因素以及控制变量法的应用等内容，综合性强。19.【答案】4.6

0.92×103

偏大

吸管的总长度

1−【解析】解：(1)注射器和液体的总质量：m注射器的质量是：m注射器中液体的质量：m=注射器的体积：V=5mL=5c液体的密度：

ρ=mV=4.6g5cm3=0.92g/cm3吸管露出水面的长度是l1，则浸入水中的深度ℎ水=l−l1；

将该密度计放入液体中，测出密度计露出液面的高度为l所以由F浮=ρg解得：ρ液=1−l所以，由G=F浮=ρgV排=ρgSℎ的变形式ℎ=GρgS可知，当ρ液一定时，可适当增大配重，用更细的吸管，故D正确。

故答案为：(1)4.6；0.92×103；(2)偏大；(3)吸管的总长度；1−l11−l2⋅ρ水；(4)D。

(1)注射器和液体的总质量等于砝码的质量和游码对应刻度值之和；

20．（3分）在两个容器中分别盛有甲、乙两种不同的液体，把体积相同的A、B两个实心小球放入甲液体中，两球沉底如图甲所示；放入乙液体中，两球静止时的情况如图乙所示。请比较，在甲液体中，容器底对小球A的支持力与容器底对小球B的支持力的大小，并简述分析过程。【解答】解：在乙液体中，A漂浮，B下沉，由于两个小球的体积相同，则VA排＜VB排，根据F浮＝ρgV排可得，F浮A＜F浮B根据物体的浮沉条件可知：GA＝F浮A，GB＞F浮B，所以，GA＜GB；在甲液体中，由于体积相同的A、B两个实心小球沉底，排开甲液体的体积相等，由F浮＝ρgV排可得，两球在甲液体中受到的浮力相同根据G＝F浮+F支可知支持力：F支＝G﹣F浮，所以，F支A＜F支B。答：在甲液体中，容器底对小球A的支持力小于容器底对小球B的支持力的大小。21．【答案】（1）未放入截取的木块前，容器B对桌面的压强为400Pa；（2）容器B的底面积0.03m2；（3）当截取的木块放入容器B后，容器B对桌面的压强是剩余木块A对桌面压强的8倍，此时容器B中截取的木块所受到的浮力为6N。【分析】（1）根据p＝ρgh计算水产生的压强，等于容器B对桌面的压强；（2）根据题意，求出截取木块的重力，容器和水对地的压力，求得容器B的底面积；（3）根据容器中水的重力，截取木块的重力，求得剩余木块对地面的压强，再根据容器B对桌面的压强是剩余木块A对桌面压强的8倍，求得第二次截取木块的重力，木块浸入水中的深度，从而求出木块在水中受到的浮力。【解答】解：（1）未放入截取的木块前，不计薄壁圆柱形容器B的质量，容器中水的深度h＝4cm＝4×10﹣2m，容器B对桌面的压强等于水产生的压强：p＝ρ水gh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×4×10﹣2m＝400Pa；（2）截取木块的长度h′＝3cm＝3×10﹣2m，截取木块的重力：G木＝ρ木Sh′g＝0.8×103kg/m3×100×10﹣4m2×3×10﹣2m×10N/kg＝2.4N设容器的底面积为S′，容器对地面的压力：F＝pS′＝480Pa×S′①容器中水的重力：G′＝ρ水S′hg＝1×103kg/m3×4×10﹣2m×10N/kg×S′②不计薄壁圆柱形容器B的质量，容器B对地面的压力等于水的重力加上木块的重力：F＝G木+G′＝2.4N+1×103kg/m3×S′×4×10﹣2m＝480Pa×S′解得：S′＝0.03m2；（3）容器中水的重力：G′＝ρ水S′hg＝1×103kg/m3×4×10﹣2m×10N/kg×0.03m2＝12N设截取的木块的高度为h″，截取木块的重力：G″＝ρ木Sh″g＝0.8×103kg/m3×100×10﹣4m2×h″×10N/kg＝80h″N剩余木块对地面的压强：p木＝ρ木g（0.1m﹣h″）＝0.8×103kg/m3×10N/kg×（0.1m﹣h″）③容器B对桌面的压强：p＝＝④容器B对桌面的压强是剩余木块A对桌面压强的8倍，p′＝8p木⑤联立③④⑤解得：h″＝0.09m第二次截取木块的重力：G木′＝ρ木Sh″g＝0.8×103kg/m3×100×10﹣4m2×0.09m×10N/kg＝7.2N设放入容器的木块沉底，浸入水中的深度为l，则满足以下关系S′l＝V水+Sl代入数据：0.03m2×l＝0.03m2×4×10﹣2m+0.01m2×l解得：l＝0.06m综上可知，木块沉底，木块浸入水中的深度为6cm，木块在水中受到的浮力：F浮′＝ρ水V排g＝ρ水gSl＝1.0×103kg/m3×100×10﹣4m2×0.06m×10N/kg＝6N。答：（1）未放入截取的木块前，容器B对桌面的压强为400Pa；（2）容器B的底面积0.03m2；（3）当截取的木块放入容器B后，容器B对桌面的压强是剩余木块A对桌面压强的8倍，此时容器B中截取的木块所受到的浮力为6N。【点评】本题主要考查压强的计算，浮力大小的计算，难度较大。22．见详解【解析】【分析】（1）战国以前的天史学家已能够利用水面来校正圭，使其水平，使用铅垂线来校正表，使其与圭相互垂直。因为重力的方向竖直向下，只要表和铅垂线平行，那么表就是竖直的，只要能让圭和表垂直，那么圭就是水平的。（2）郭守敬的改进与创新措施解决了早期由于日光散射和漫反射的影响，早期圭表的表影边缘模糊不清，影响了测量表影长度的精度的问题。（3）除了圭表，我国古代天文观测仪器还有日晷、浑仪、天体仪（浑象）、水运仪象台等等。23．【答案】（1）等于；凸透镜（2）凹透镜（3）保持匀速直线运动状态【知识点】物质的基本属性；生活中的透镜；牛顿第一定律【解析】【解答】

（1）第1空水球在太空中的质量等于地球上的质量

第2空透过水球可以看到一个倒立的像，这个水球相当于一个凸透镜

（2）水球里竟然形成了一正一反的两个人像，注入气泡后，中间部分相当于两个凹透镜组成（3）因为在外太空处于微重力状态，重力几乎可以忽略不计，王亚平老师给冰墩墩施加一个力，冰墩墩动起来，当冰墩墩离开王亚平老师的手后，我们看到冰墩墩将保持匀速直线运动状态。

【分析】

（1）第1空质量是物质的基本属性，不随地理位置的改变而改变。

第2空透过水球是中间厚边缘薄的透明物体，水球相当于凸透镜。

（2）中间是汽包，如图，中间变成，中间薄边缘厚的透明物体，所以是凹透镜。

（3）因为冰墩墩在外太空处于微重力状态，重力几乎可以忽略不计，所与冰墩墩将保持匀速直线运动状态。24．能量振动A2240013.536减小264【解析】（1）[1][2]超声波将消毒液剧烈振动打散成微小雾粒，说明超声波可以传递能量。（2）[3]A．本次理化测试卷纸的厚度是80μm，雾粒的直径是直径1μm，本次理化测试卷纸的厚度大于雾粒的直径，故A正确；B．紫外线过多地照射人体，对人体有害，开启紫外线灯消毒模式一般是晚上没有人时，故B错误；C．视觉传感器发出激光，传播到透明玻璃时，接收到的反射光比较弱，由超声波测距传感器通过反射回的超声波判断到障碍物的距离，故C错误；D．匀速转弯时智能消毒机器人运动的方向发生改变，处于非平衡状态，故D错误。故选A。（3）[4]需要消毒剂的体积V=1000m3×20mL/m3=2×104mL