2027届新疆阿克苏市农一师中学物理高二第一学期期中监测模拟试题含解析

2027届新疆阿克苏市农一师中学物理高二第一学期期中监测模拟试题考生请注意：1．答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2．第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图是匀强电场遇到空腔导体后的部分电场线分布图，电场线的方向如图中俯头所示，M、N、O是以直电场线上一点O为圆心的同一圆周上的三点，OQ连线垂直于MN。以下说法正确的是（）A．O点电势与Q点电势相等B．将一负电荷由M点移到Q点，电荷的电势能减少C．M、O间的电势差大于NO间的电势差D．在Q点释放一个正电荷，正电荷所受电场力将沿与OQ垂直的方向竖直向上2、如图所示是一个常用的电容器，关于它的说法中正确的是A．电容器可以储存电荷，且带电量越多电容越大B．加在这个电容器两端的电压低于50V时它就不能工作C．加在这个电容器两端的电压为25V时，它的电容是110PFD．这个电容器两端电压变化10V，它的带电量变化2.2×10-3C3、如图，绝缘光滑圆环竖直放置，a、b、c为三个套在圆环上可自由滑动的空心带电小球，已知小球c位于圆环最高点，ac连线与竖直方向成60°角，bc连线与竖直方向成30°角，三个小球均处于静止状态。下列说法正确的是（）A．a、b、c小球带同种电荷 B．a、b小球带异种电荷，b、c小球带同种电荷C．a、b小球电量之比为 D．a、b小球电量之比4、一个水平放置的弹簧振子在A、B两点间做简谐运动，O为振子平衡位置，如图所示．设水平向右方向为正方向，以某一时刻作计时起点(t=0)，经3/4倍周期，振子具有正方向最大加速度，那么，在图所示的几个振动图像中(x表示振子离开平衡位置的位移)，能正确反映振子振动情况的是()A． B． C． D．5、如图所示的电路中，电源电阻不能忽略，已知R1=10Ω，R2=8Ω，当开关置于位置1时，电流表读数为0.20A，则当开关置于位置2时，电流表的读数可能是()A．0.28AB．0.25AC．0.22AD．0.19A6、下列关于起电的说法错误的是A．一个带电体接触一个不带电的物体，两个物体一定会带上等量的同种电荷B．静电感应不是创造电荷，只是电荷从物体的一部分转移到了另一部分C．摩擦可以起电，是普遍存在的现象，相互摩擦起电的两个物体总是同时带等量的异种电荷D．摩擦和感应都能使电子转移，只不过前者是电子从一个物体转移到另一个物体，后者则使电子从物体的一部分转移到另一部分二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示,直流电源、滑动变阻器、平行板电容器与理想二极管(正向电阻为0,反向电阻为∝)连接,电源负极接地．开始时电容器不带电,闭合开关S,稳定后,一带电油滴恰能静止在电容器中P点．在开关S保持接通的状态下,下列说法正确的是()A．当滑动变阻器的滑片向上滑动时，带电油滴会向上运动B．当电容器的上极板向上移动时，带电油滴会向下运动C．断开开关S，带电油滴将向下运动D．当电容器的下极板向左移动时，P点的电势会升高8、质量为m的小球A以速度V0在光滑水平面上运动.与质量为2m的静止小球B发生对心碰撞，则碰撞后小球A的速度大小VA和小球B的速度大小VB可能为（）A．B．C．D．9、如图所示，电源电动势为12V，当开关接通时，灯泡L1和L2都不亮，用电压表测得各部分电压Uad＝0V、Ubd＝12V，由此可以判断（）A．可能是L1和L2的灯丝都断了B．可能是L2灯丝断了C．可能是L1的灯丝断了D．可能是变阻器R断路10、如图所示，电路中定值电阻R的阻值等于电源内阻r的阻值。开关K闭合后，将滑动变阻器滑片向下滑动，理想电压表V1、V2、V3示数变化量的绝对值分别为ΔV1、ΔV2、ΔV3，理想电流表A示数变化量的绝对值ΔI，则A．A的示数增大B．V2的示数增大C．ΔV1三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）小张同学利用打点计时器研究自由落体运动，他设计的实验方案如下：如图甲所示，将打点计时器固定在铁架台上，先打开电源后释放重物，重物带动纸带从静止开始下落，打出几条纸带并选出一条比较理想的纸带如图乙所示，在纸带上取出若干计数点，其中每相邻计数点之间有四个点未画出，分别用s1、s2、s3、s4、s5表示各计数点间的距离，已知打点计时器的频率f．图中相邻计数点间的时间间隔T＝______（用f表示），计算重力加速度的公式是g=______（用f、s2、s5表示），计数点5的速度公式是v5=_______（用f、s4、s5表示）12．（12分）某同学在实验室发现一张小石子平抛运动的频闪照片，照片背景为一堵贴近的竖直砖墙，如图所示。记载信息有：A．每块砖的长为3a，高为a。B．当地的重力加速度为g。该同学根据所学平抛运动的知识，可以求出频闪照片的拍摄频率f=________，小石子水平初速度v0=____________（用题设条件表示）。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）已知电场中三点A、B、C的电势分别为、、，求电荷量的电荷在电场中移动时(1)由A移到B过程中电场力做的功；(2)由C移到B过程中电势能的变化。14．（16分）如图所示，水平放置的两平行金属板，板长l为10cm，两板相距。一束由静止开始经加速电场加速后的电子以的初速度从两板中央水平射入板间的偏转电场，然后从板间飞出射到距板右端L为45cm、宽D为20cm的荧光屏上。不计电子重力，荧光屏中点在两板间的中线上，电子质量，电荷量，求：电子飞入偏转电场前所经历的加速电场的电压；为使电子能射到荧光屏的所有位置，偏转电场的两极板所加电压的最大值；满足问情况下，偏转电场对到达荧光屏边缘的电子所做的功最大值W。15．（12分）水平放置的平行板电容器如图，原来两板不带电，上极板接地，板长L＝1m，两板间距离d＝0.4m．有一束相同的带正电微粒，以相同的初速度v0先后从两板中央平行极板射入，由于重力作用微粒落到下极板上，微粒所带电荷立即转移到下极板且均匀分布在下极板上，设前一微粒落到下极板上时后一微粒才能开始射入两板间，且第一个微粒恰好落在下极板中点处．已知微粒质量m＝1×10－4kg，电量q＝1×10－6C，电容器电容，g＝10m/s1．求：(1)微粒入射的初速度v0的大小；(1)当微粒从极板间穿出时，极板间电压U；(3)当微粒从极板间穿出时，落在下极板上的微粒个数．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】

A．根据电场线与等势线垂直特点，在O点所在电场线上找到Q点的等势点，根据沿电场线电势降低可知，O点的电势比Q点的电势高，选项A错误；B．M点的电势比Q点的电势高，负电荷从高电势移动到低电势电场力做负功，电荷的电势能增加，选项B错误；C．根据电场分布可知，OM间的平均电场强度比NO之间的平均电场强度大，故由公式U=Ed可知，OM间的电势差大于NO间的电势差，选项C正确；D．在Q点释放一个正电荷，正电荷所受电场力将沿与该点电场线的切线方向相同，斜向上，选项D错误。故选C。2、D【解析】

A．电容器可以储存电荷，但电容的大小与带电量和电压等无关，故A错误；B．50V是电容器能正常工作的最大电压，加在这个电容器两端的电压低于50V时它同样可以正常工作，故B错误；C．电容的大小与所加电压无关，加在这个电容器两端的电压为25V时，它的电容是220PF，故C错误；D．这个电容器两端电压变化10V，它的带电量变化△Q=△UC=10×220×10-6=2.2×10-3C；故D正确。3、D【解析】

AB．对a，a受到重力、环的支持力以及b、c对a的库仑力，重力的方向在竖直方向上，环的支持力以及b对a的库仑力均沿圆环直径方向，故c对a的库仑力为引力，同理可知，c对b的库仑力也为引力，所以a与c的电性一定相反，与b的电性一定相同。即：a、b小球带同种电荷，b、c小球带异种电荷，故AB错误；CD．对c小球受力分析，将力沿水平方向和竖直方向正交分解后可得又解得：故C错误，D正确。故选D。4、A【解析】

振子经过周期具有正向最大加速度说明振子经过后得位置在A点，因此可以判断计时起点振子的位置在O点并且向B方向运动，故振子在计时起点的加速度为零，速度为正向最大，故A正确，BCD错误．5、C【解析】

根据欧姆定律求出电键S接位置1时路端电压．当电键S接位置2时，外电阻减小，路端电压减小，总电流增大，根据欧姆定律进行分析．【详解】当电键S接位置1时，电流表的示数为0.20A，则根据欧姆定律得知：路端电压U1=I1R1=10×0.2V=2V。A、当电键S接位置2时，若电流表的示数为I2=0.28A，根据欧姆定律得到，路端电压U2=I2R1=0.28×8V=2.24V．但是由于R2＜R1，路端电压减小，不可能增大，所以U2＜2V，则电流表的示数不可能是0.28A．故A错误。B、当电键S接位置2时，若电流表的示数为I2=0.25A，根据欧姆定律得到，路端电压U2=I2R1=0.25×8V=2V．但U2＜2V，所以电流表的示数不可能是0.25A．故B错误。C、当电键S接位置2时，若电流表的示数为I2=0.22A，根据欧姆定律得到，路端电压U2=I2R1=0.22×8V=1.76，可见U2＜2V，而且外电路减小，电路中电流大于0.2A，则电流表的示数可能是0.22A．故C正确。D、由于R2＜R1，当电键S接位置2时，电流表的示数大于0.20A．故D错误。故选：C。本题要根据闭合电路欧姆定律分析路端电压与外电阻的关系，同时分析总电流与外电路总电阻的关系，可确定出电流表示数的范围进行选择．6、A【解析】

一个带电体接触一个不带电的物体，只有当两物体等大相同时，两个物体才会带上等量的同种电荷，选项A错误；静电感应不是创造电荷，只是电荷从物体的一部分转移到了另一部分，选项B正确；摩擦可以起电，是普遍存在的现象，相互摩擦起电的两个物体总是同时带等量的异种电荷，选项C正确；摩擦和感应都能使电子转移，只不过前者是电子从一个物体转移到另一个物体，后者则使电子从物体的一部分转移到另一部分，选项D正确；此题是选择错误的，故选A．电荷守恒定律：电荷既不能被创造，也不能被消灭，只能从一个物体转移到另一个物体，或者从物体的一部分转移到另一部分；在转移的过程中，电荷的总量保存不变．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】闭合开关S,稳定后,一带电油滴恰能静止在电容器中P点，则电场力与重力方向相反且A：当滑动变阻器的滑片向上滑动时，滑动变阻器的电阻变大，电路中电流减小，电源的内电压减小，路端电压增大，电容器两端电压增大，，电容器两极间电场强度变大，电场力大于重力，故带电油滴会向上运动．A正确B：当电容器的上极板向上移动时，电容器两板间的距离增大，电容器的电容减小，电容器两极间的电压增大，但理想二极管具有单向导电性，故电容器不会放电电荷量不变，又，综合以上三式可得：；所以当电容器的上极板向上移动时，电容器两板间的电场强度不变，带电油滴仍静止．故B错误C：断开开关S，理想二极管具有单向导电性，故电容器不会放电，两板间的电场强度不变，带电油滴仍静止．故C错误D：当电容器的下极板向左移动时，电容器两极板的正对面积变小，电容器的电容减小，电容器两极间的电压增大，理想二极管具有单向导电性，故电容器不会放电电荷量不变U变大，又，电容器两板间的电场强度增大，设P点到下极板距离为h，则P与下极板间电势差为，又下极板接地电势为零，故P点的电势会升高．D正确点睛：电容器有两类基本模型：①两极间电压不变，分析其余各量的变化情况；②极板上所带电荷量不变，分析其余各量的变化情况．8、AC【解析】

若两球发生完全弹性碰撞，则根据动量守恒得：mv0=mvA+2mvB，根据碰撞过程系统的总动能不变，则得mv02=mvA2+2mvB2，解得：vA=-v0；vB=v0；若两球发生完全非弹性碰撞，则mv0=(m+2m)v解得v=v0，则A的速度范围是-v0~v0；B的速度范围是v0~v0；故AC正确，BD错误；故选AC.对于碰撞过程，往往根据三个规律去分析：一是动量守恒；二是总动能不增加；三是碰后，若两球分开后同向运动，后面小球的速率不可能大于前面小球的速率．9、BD【解析】

根据在故障电路中电流表和电压表显示的现象来判断Uad=0V，Ucd=12V，由此可断定。【详解】串联电路中两灯均不发光，则可能是某处断路，电路中无电流，完好部分的电压为0，则电压表测得断路位置两端的电压等于电源电压，由题Uad=0V，Ubd=12V，说明从a到d的电路是连接良好的，b到c的电路或c到d的电路是断路，所以可能是L2的灯丝烧断了或可能是变阻器R断路，故BD正确，AC错误。10、ACD【解析】

理想电压表内阻无穷大，相当于断路。理想电流表内阻为零，相当短路，所以R与变阻器串联，电压表V1、V2、V3分别测量R、路端电压和变阻器两端的电压。当滑动变阻器滑片向下滑动时，接入电路的电阻减小，电路中电流增大，则A的示数增大，电路中电流增大，电源的内电压增大，则路端电压减小，所以V2的示数减小，故A正确，B错误；根据闭合电路欧姆定律得：U2=E-Ir，则得：△U2△I=r；△U1△I=R，据题：R=r，则得ΔU1ΔI=ΔU本题是电路的动态分析问题，关键要理解理想电表的作用，搞清电路的结构，明确电表各测量哪部分电路的电压或电流，根据闭合电路欧姆定律进行分析．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、f2（3s5-s4）f/1【解析】

由于打点计时器的频率f，故打下的两个点间的时间为，又因为每相邻计数点之间有四个点未画出，故图中相邻计数点间的时间间隔T＝；如果用f、s2、s5表示加速度，则s5－s2=g×（5－2）T2=3g×（）2，则计算重力加速度的