2027届河北省保定市曲阳县一中物理高二第一学期期中教学质量检测模拟试题含解析

2027届河北省保定市曲阳县一中物理高二第一学期期中教学质量检测模拟试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、关于电势、电势差和电势能，下列说法中正确的是（）A．电势差和电势一样,是相对量,与零点的选择有关B．正电荷从A点移到B点时,其电势能增加,A点的电势一定较低C．正电荷沿电场线移动,其电势能一定增加D．某点的场强为零,检验电荷在该点的电势能一定为零2、将两个阻值不同的电阻R1、R2分别与同一电源连接,如果在相同的时间内,R1、R2发出的热量相同,则电源的内阻为()A．B．C．D．3、如图所示是某品，其部分参数如表所示，其中标准里程是满电时在平坦路面以舒适速度行驶测试所得，则该某电动平衡车（）最大速度20km/h充电器输出电压充、放电电压均为63V舒适速度15km/h充电器输出电流1100mA标准里程22km电池组总容量3.75A•hA．充电器的输出功率为700WB．充满电后以舒适速度能行驶3hC．以舒适速度行驶时百公里耗电能约1.1kW•hD．电池从完全没电到充满电所需的时间约2h4、高空坠物会对人身和财产安全造成严重危害，如果一只花盆从45m高处的阳台意外坠落，忽略空气阻力，取重力加速度为10m/s2，则花盆落到地面所需时间为()A．1s B．3s C．5s D．7s5、下列关于电场线的几种说法中，正确的是（）A．沿电场线的方向，电场强度必定越来越小B．在多个电荷产生的电场中，电场线是可以相交的C．点电荷在电场中的运动轨迹一定跟电场线是重合的D．电场线越密的地方，同一试探电荷所受的电场力越大6、下列图示中绘出了电流周围的一条磁感线，图中电流方向与磁感线绕向符合物理规律，没有错误的是A． B． C． D．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，在竖直平面内有一匀强电场，其方向与水平方向成＝30°斜向上，在电场中有一质量为，带电荷量为的带电小球，用长为L的不可伸长的绝缘细线挂于O点，当小球静止于M点时，细线恰好水平。现用外力将小球拉到最低点P，然后无初速度释放，则以下判断正确的是（）A．小球再次到M点时，速度刚好为零B．小球从P到M过程中，合外力对它做了的功C．小球从P到M过程中，小球的机械能增加了D．如果小球运动到M点时，细线突然断裂，小球以后将做类平抛运动8、平行板电容器两极板间距为d、极板面积为S，电容为，其中ε0为常量．对此电容器充电后断开电源．当增加两板间距时，电容器（）A．电势差减小 B．电容减小 C．电势差不变 D．电荷量不变9、如图所示，竖直放置的两个平行金属板间有匀强电场，在两板之间等高处有两个质量相同的带电小球（不计两带电小球之间的电场影响），小球从紧靠左极板处由静止开始释放，小球从两极板正中央由静止开始释放，两小球沿直线运动都打在右极板上的同一点，则从开始释放到打到右极板的过程中（）A．它们的运动时间的关系为B．它们的电荷量之比为C．它们的动能增量之比为D．它们的电势能减少量之比为10、如图所示，金属线框abcd置于光滑水平桌面上，其右方存在一个有理想边界的方向竖直向下的矩形匀强磁场区，磁场宽度大于线圈宽度。金属线框在水平恒力F作用下向右运动，ab边始终保持与磁场边界平行。ab边进入磁场时线框恰好能做匀速运动．则下列说法中正确的是（）A．线框穿出磁场过程中，一定先做减速运动B．线框完全处于磁场中的运动阶段，F做的功等于线框动能的增加量C．线框进入磁场过程中，F做的功大于线框内增加的内能D．线框进入磁场的时间大于线框穿出磁场的时间三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）在“用多用电表测电阻”的实验中，选择“10”挡测电阻时，指针停留在如图所示位置．下面的操作选项最合适的是________．A．无需换挡，直接读数B．应选择“1”挡，重新测量C．应选择“100”挡，重新测量D．应选择“1k”挡，重新测量某实验小组利用下图的实物连线图，做“测绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验，该小组在实验时测得两组数据，第一组是电压从0逐渐增加到2.5V，第二组是从2.5V逐渐减小到0，将两组数据描在I­U图上，如图，第一组数据的数据点在图中是用________(选填“○”或“”)表示的．另一实验小组用同样的电路实验，发现电压表示数的最大值只有1.5V，检查电路正确并连接良好，而后将电路断开，用电压表直接接到这两节电池串联而成的电池组两端，电压表示数为3.00V．请解释原因：________________________________________.12．（12分）一灵敏电流计，允许通过的最大电流（满刻度电流）为=50μA，表头电阻=1kΩ，若改装成量程为=1mA的电流表，应并联的电阻阻值为_______Ω（保留3位有效数字）。若将改装后的电流表再改装成量程为=10V的电压表，应再串联一个阻值为______Ω的电阻。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，电源电动势E=24V，内阻不计，，，电容器、分别标有“2μF、12V”“8μF，30V”字样，开始时、均断开，且、均不带电，试求：(1)当闭合断开，待稳定后，电容、器所带电荷量．(2)当、均闭合，待稳定后，电容器左极板、上极板所带电荷量．14．（16分）如图所示，水平放置的平行板电容器的两极板M、N接上直流电源，两极板间的距离为L＝15cm.上极板M的中央有一小孔A，在A的正上方h处的B点有一小油滴自由落下．已知小油滴的电荷量q＝3.5×10－14C、质量m＝3.0×10－9kg.当小油滴即将落到下极板时速度恰好为零．两极板间的电势差U＝6×105V．求：（不计空气阻力，取g＝10m/s2）（1）两极板间的电场强度E的大小为多少？（2）设平行板电容器的电容C＝4.0×10－12F，则该电容器所带电荷量Q是多少？（3）B点在A点的正上方的高度h是多少？15．（12分）如图所示，半径为R的绝缘球壳上均匀地带有电荷量为的电荷，另一电荷量为的点电荷放在球心处，由于对称性，点电荷受力为零，现在球壳上挖去半径为的一个小圆孔，则此时置于球心的点电荷所受静电力的大小为多少？方向如可？（已知静电力常量为k）

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】

A.电势是相对量，电势的大小与与零点的选择有关，而电势差的大小与零点的选择无关，故A错误；B.正电荷从A点移到B点时，其电势能增加，据知，A点的电势一定较低，故B正确；C.正电荷沿电场线移动，电场力的方向与电荷移动的方向相同，电场力做正功，其电势能一定减小，故C错误；D.电场强度与电势没有直接关系，电场强度为零，电势不一定为零，检验电荷在该点的电势能不一定为零，故D错误。2、D【解析】试题分析：根据闭合电路欧姆定律得：，根据焦耳定律得：Q1＝I12R1t，Q2＝I22R2t根据题意可知，Q1=Q2则（）2R1t=（）2R2t解得：故选D．考点：闭合电路的欧姆定律【名师点睛】本题主要考查了闭合电路欧姆定律及焦耳定律的直接应用，抓住在相等的时间内，两电阻上产生相同的热量求解，难度适中．3、C【解析】

A、1100mA=1.1A，充电器的输出功率：P=UI=63×1.1=69.3W，故A错误；B、满电时在平坦路面以舒适速度行驶的标准里程为22km，舒适速度为15km/h，则满电后以舒适速度能行驶：t=2215≈1.5C、由表格内的数据可知，电池的容量是3.75A·h，充电的电压为63V，则充电消耗的电能：E0=qU=3.75A·h×63V=236.25W·h，满电时在平坦路面以舒适速度行驶的标准里程为22km，所以以舒适速度行驶时百公里耗电能约：100D、由表格内的数据可知，电池的容量是3.75A·h，即q=3.75A×3600s=13500C，充电器输出电流为I充=1100mA=1.1A，所以充电的时间为：t=qI故选C。根据电池的容量与电流关系求出充电的时间；根据电量、电压与电能的关系判断出电场的能量；根据额定功率与能量关系求出充电后工作的时间。4、B【解析】由可得，．故B正确．5、D【解析】

A．电场线的疏密表示电场强度的大小，沿着电场线方向，电场线不一定越来越疏，则电场强度不一定越来越小，故A错误；B．电场线不能相交，否则交点处场强的方向有两个，而同一电场中各点的场强是唯一的，故B错误；C．点电荷在电场中的运动轨迹不一定跟电场线是重合的，只有当电场线是直线，而且点电荷从静止开始释放或初速度与电场线共线时，点电荷才可能沿电场线运动，故C错误；D．电场线是用来表示电场中电场强度的方向和大小的，电场线越密，表示电场强度越大，由公式F=qE知，同一试探电荷所受的电场力越大；故D正确．6、D【解析】

A．螺线管的电流环绕方向向下，根据安培定则可判断，螺线管内部磁场方向向右，A错误；B．通电导线的方向垂直纸面向里，根据安培定则判断，磁感线环绕方向为顺时针，B错误；C．通电圆环的电流方向为逆时针，根据安培定则，中心轴线处的磁场方向为垂直纸面向外，C错误；D．通电导线的方向竖直向下，根据安培定则判断，磁感线环绕方向为顺时针，D正确；故选D。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】

A．当小球静止于M点时，细线恰好水平，说明重力和电场力的合力方向水平向右，小球从P到M过程中，线拉力不做功，只有电场力和小球重力做功，它们的合力也是恒力，方向水平向右，所以小球到最右边时，速度最大，而不是零，故A错误；B．根据平衡分析可知，电场力与重力合力为，这个方向上位移为L，所以做功为，故B正确；C．合外力做功为，由动能定理知动能增加量为，重力势能增加量为mgL，则机械能增加量等于动能增加量和重力势能增加量mgL之和，机械能的增加量即为电场力做功，故机械能增加量大于，故C错误；D．细线突然断裂时，速度方向竖直向上，合外力水平向右，相互垂直，做匀变速曲线运动，即类平抛运动，故D正确。故选BD。8、BD【解析】

增加两板间距时，根据电容的决定式，可知电容减小，故B正确；对此电容器充电后断开电源，故电量Q一定，故D正确；根据Q＝UC，由上可知电势差增加，故AC错误。所以BD正确，AC错误。9、BD【解析】两小球在竖直方向都做自由落体运动，由题分析可知，小球下落高度相同，由公式，可知它们运动时间相同，故A错误．小球在水平方向都做初速度为零的匀加速直线运动，水平位移，由，得加速度之比．根据牛顿第二定律得，两球的加速度分别为，，则，故B正确．由场力做功分别为，，由于，，得，故电势能的减小量为，而重力做功相同，则合力做功之比．则动能增加量之比，故C错误，D正确．故选BD.【点睛】两小球在匀强电场中受到电场力和重力作用，都做匀加速直线运动，运用运动的分解可知：两小球在竖直方向都做自由落体运动，由题分析可知，小球下落高度相同，运动时间相同．两小球水平方向都做初速度为零的匀加速直线运动，水平位移，根据牛顿第二定律和运动学公式研究电荷量之比．根据电场力做功之比，研究电势能减小量之比．根据数学知识分析合力对两球做功的关系，由动能定理分析动能增加量之比．10、ABD【解析】

AD.线框进入磁场的过程做匀速运动，恒力等于安培力；线框完全处于磁场中的阶段，磁通量不变，没有感应电流产生，线框做匀加速运动，则线框穿出磁场时速度大于进入磁场时的速度，安培力增大，将大于F，所以线框将做减速运动，线框进入磁场的时间大于线框穿出磁场的时间，故选项A、D符合题意；B.线框完全处于磁场中的阶段，磁通量不变，没有感应电流产生，线框做匀加速运动，根据功能关系可知做的功等于线框动能的增加量，故选项B符合题意；C.线框进入磁场过程，动能不变，产生感应电流，根据功能关系得知做的功等于线框内增加的内能，故选项C不符合题意。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、C○干电池内阻较大【解析】（1）选择“×10”挡测量，欧姆表示数偏大，测量结果＝示数×倍率；要让示数变小，则更换更大的倍率。故选C（2）金属导体电阻随温度的变化而变化，第二组开始时的温度较高，故第二组在相同电压下测得电阻较大，第一组测得的电阻较小；因图线是I－U图线，其与原点连线的斜率表示电阻的倒数，故第一组数据的数据点在图中是用○表示的。（3）用电压表直接测量时为电源的电动势，而在接入电路后输出电压较小；说明干电池内阻较大。12、52.69950【解析】

[1]把电流表改装成大量程电流表，需要并联电阻阻值：[2]把电流表改装成电压表，需要串联电阻的阻值：四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)0,(2)【解析】（1）当S1闭合S2断开，待稳定后，C1两端电压UC