2026届高考物理考向核心卷·贵州专版·参考答案

2026届高考考向核心卷物理参考答案——贵州专版2026届高考物理（贵州专版）考向核心卷考情诊断表知识模块对应题号模块总分值试卷占比得分电磁学（静电场+交变电流/变压器+电磁感应+带电粒子在复合场中运动+电学实验）2、6、10、12、144+4+5+9+15=3737.0%力学（运动学+动力学+静力学+圆周运动+动量与能量守恒+力学实验）1、7、9、11、154+4+5+6+19=3838.0%热学（理想气体状态方程+热力学定律）1388.0%机械振动与机械波855.0%万有引力与天体运动444.0%光学（几何光学/光的折射与全反射）544.0%近代物理初步（原子核物理/核反应/质能方程）344.0%合计选择题1-10非选择题11-16100分100.00%

题号12345678910答案BBBBDDCADBDBC1.答案：B解析：火车匀速转弯，向心加速度指向水平方向的圆心位置，向心力由重力和轨道弹力的合力提供，摩擦力与速度方向共线，不提供向心力，ACD错，B对。2.答案：B解析：理想变压器的各项参数关系：→→→理想变压器变压规律→均不变。当增大、减小时，一定增大→滑动触头向下滑动、光照强度增大时，一定增大，B对，ACD错。3.答案：B解析：A（×）D（×）根据质量数和电荷数守恒，可知核反应方程为，属于轻原子核结合成较重原子核的反应，所以该反应属于核聚变，又中子数等于质量数减去质子数，因此X核中有6个中子。B（√）根据爱因斯坦质能方程，可知该反应的质量亏损为。C（×）比结合能又称平均结合能，等于结合能除以核子数，结合能是自由分散的核子结合成原子核所释放的能量，并不是该反应放出的能量，所以X核的平均结合能不是。4.答案：B解析：近地卫星由万有引力产生向心加速度，有，解得，故B的向心加速度近似等于g，同步卫星的周期与地球自转周期相同，角速度相同，则A与C的角速度相同，根据知，C的向心加速度大于A的向心加速度，又卫星的轨道半径越大，向心加速度越小，则C的向心加速度小于B的向心加速度，可知A的向心加速度小于重力加速度g，A错误；根据，可得，可知B、C、D中B的线速度最大，根据，可知C的线速度大于A的线速度，由于B的线速度最大，所以B在相同时间内转过的弧长最长，B正确；因C的周期为24h，则C在4h内转过的圆心角，C错误；由开普勒第三定律，可知卫星的轨道半径r越大，周期T越大，所以D的运动周期大于C的周期，即D的运行周期大于24h，D错误。5.答案：D解析：光线从空气进入冰晶，频率f不变，由可知波速减小，由可知波长减小，A错误；不同色光在同一介质中折射率不同，由可知不同色光在同一介质中传播速度不同，故在冰晶中红光和紫光的传播速度不同，B错误；光线从空气射入冰晶，从光疏介质进入光密介质，一定不会发生全反射，C错误；由于紫光的频率大于红光的，则在冰晶中紫光的折射率大于红光的，根据全反射临界角公式可知，紫光在冰晶中发生全反射的临界角较小，又由题图b可知折射率较大的紫光在侧面的入射角较大，故当入射角α逐渐减小时，两种色光在侧面的入射角逐渐增大，则在侧面紫光比红光先发生全反射，D正确。6.答案：D解析：由题意可知，粒子在圆周上c点的动能最大，由能量守恒定律可知，粒子在c点的电势能最小，由于粒子带正电，所以圆周上c点的电势最低，圆周上过c点的切线为等势线，等势线的垂线为电场线且由高电势点指向低电势点，由几何知识可知电场方向由O指向c，A错误；粒子从b点到c点静电力做的功为W，则，又，，解得c点的电势，B错误；由几何关系可知ab与Oc垂直，即ab与电场线垂直，所以ab为等势线，粒子从b点到a点的过程，静电力不做功，C错误；连接Oc并延长，与ab的交点为d，由几何关系可知，由公式可知，又，，，联立解得，D正确。7.答案：C解析：以小球为研究对象，其受力分析如图1所示，将力平移得出的矢量三角形如图2所示，由题意可知OM与MN之间的夹角α保持不变，所以两端绳的夹角θ不变，γ从0°逐渐增大到90°，直到F2水平，由图2可知OM上的弹力F2先增大后减小，MN上的弹力F1逐渐增大，AB错误；结合图1可知，OM上的拉力F2竖直分量与小球重力和F1的竖直分量的合力相同，小球重力竖直向下、大小不变，开始时F1的竖直分量为0，F2等于小球重力，之后F1的竖直分量先向下增大后减小为0，再竖直向上增大，则F2的竖直分量向上先增大后减小，以物块与“L”形轻杆整体为研究对象，其受力分析如图3所示，结合牛顿第三定律可知物块与“L”形轻杆所受水平面的支持力大小等于该整体的重力大小与F2竖直分量大小之和，则水平面对物块的支持力先增大后减小，C正确；以物块、“L”形轻杆和小球整体为研究对象，水平面对物块的摩擦力等于MN上拉力在水平方向的分力，由图2可知F1在水平方向的分力先增大后减小，则水平面对物块的摩擦力先增大后减小，D错误。8.答案：AD解析：由题图（b）可得该波周期T=2s，A正确；波在传播，再过1s，即经过半个周期波平移半个波长，ON间波形会变化，B错误；若波沿x轴正方向传播，则由同侧法，结合题图（a）可得，t=0时刻，N点在平衡位置且沿y轴负方向振动，L点在平衡位置且沿y轴正方向振动，题图（b）中时刻质点在平衡位置且沿y轴正方向振动，所以题图（b）可能为L点的振动图像，不可能为N点的振动图像，C错误，D正确。9.答案：BD解析：第一步：分析小物块在传送带上的运动情况小物块轻放至传送带左端，在传送带上先加速，由牛顿第二定律可得加速度，由于小物块加速至与传送带共速的位移为，则小物块在传送带上先加速后匀速，加速至与传送带共速所需时间为，匀速运动时间为，故每个小物块在传送带上运动的时间为，A错误。第二步：分析计时开始时刻第几个小物块刚放上传送带由于在传送带左端每隔1s轻放一个相同的小物块，则当第1个小物块在传送带上运动1s时，第2个小物块刚放上传送带，当第1个小物块在传送带上运动2s时，第3个小物块刚放上传送带，依次类推，当第1个小物块在传送带上运动7s到达传送带右端时（开始计时时），第8个小物块刚放上传送带，B正确。第三步：分析计时后1s内，传送带对所有小物块的摩擦力的总冲量大小计时后1s内，有4个小物块在加速，即第5~8个小物块在加速，传送带对小物块总的摩擦力为，则由冲量的定义式可得计时后1s内传送带对小物块摩擦力的总冲量大小为，C错误。第四步：分析计时后1s内，所有小物块对传送带的摩擦力做的总功计时后1s内，传送带对小物块总的摩擦力为，方向水平向右，由牛顿第三定律可知，小物块对传送带总的摩擦力为，方向水平向左，又传送带沿顺时针方向匀速转动，则该摩擦力对传送带做负功，，D正确。10.答案：BC解析：粒子在yOz平面左侧磁场中洛伦兹力提供向心力，在xOy平面做匀速圆周运动，设其轨迹半径为，粒子的运动轨迹如图所示，由几何关系得，由牛顿第二定律得，联立解得，A错误；粒子第一次经过y轴后，粒子的运动可分解为沿y轴负方向的初速度为0的匀加速直线运动和平行于xOz所在平面的匀速圆周运动，由题意可知粒子在yOz平面右侧第一次离yOz平面最远时，粒子到达xOz平面上，则该过程匀速圆周分运动恰好转动了个圆周，所需的时间为，解得，由几何关系可知沿y轴负方向的分运动位移大小为，结合牛顿第二定律和位移公式有，解得，B正确；粒子第2次经过yOz平面时，粒子匀速圆周分运动恰好转动了半个圆周，粒子运动的时间为，沿y轴负方向的位移大小为，则该位置的y坐标为，z坐标为，x坐标为，所以粒子第2次经过yOz平面时的位置坐标为(0,,2d)，C正确；粒子第2次经过yOz平面时匀速圆周分运动的速度方向沿x轴负方向，大小为，粒子沿y轴负方向的分速度为，所以粒子第2次经过yOz平面时的速度大小为，解得，D错误。11.答案：（1）15.3（2）3.06（3）偏大解析：（1）游标卡尺的分度值为0.1mm，小球的直径为。（2）小球通过光电门时的速度大小为。（3）小球通过光电门时的速度为平均速度，由题图甲知，小球下落高度时刚好到达光电门上端，设此时小球的速度大小为，小球到达光电门上端的速度大小小于，故由公式计算当地的重力加速度大小的结果大于真实值。12.答案：（1）9.0；450.0（2）300.0；3.6（3）；5.6解析：（1）由电容器充电完毕后理想电压表示数为9.0V不变，知，由电流传感器的示数从20.0mA开始变化可知，解得。（2）放电电流从30.0mA开始变化，由，得，当电容器两端的电压降到与从电源E分得的电压相同时放电结束，由，可知电压表最后稳定的示数为。（3）充电结束后电容器两极板间电压为，放电0.0243C后电容器两极板间电压为，由，可知，设时电容器两极板间电压为，有，解得。13.答案：（1）放热，见解析（2）（3）解析：（1）缸内气体温度不变，则气体内能不变，则有体积减小，外界对气体做功，则有根据热力学第一定律有可知，故气体放热。（2）第一步：找不变量。已知环境温度保持不变第二步：分析气体设气缸下降后，缸内气体压强为列方程，温度不变，直接约去。则解得设大气压强为，气缸质量为未载重时，对气缸有载重时，对气缸和重物有解得。（3）设充入的气体体积为V，列充气方程解得。14.答案：（1）；；（2）（3）解析：（1）金属杆MN切割磁感线，根据法拉第电磁感应定律有，根据欧姆定律可得通过电阻R的电流表达式，对照交流电表达式，可知，，周期为，电流的有效值。（2）外力F做的功等于电路产生的焦耳热，。（3）类比线圈在磁场中转动产生的交流电的感应电动势，有，可得，，通过电阻R的电荷量，半个周期内穿过闭合回路的磁通量变化量为，联立解得。15.答案：（1）75J（2）0.125m（3）0.7m解析：（1）设人从A板跳出时速度与水平方向的夹角为θ，人从A木板跳出后恰好落到B木板左边沿，竖直方向上有，水平方向上，联立解得。人从A木板跳出的过程中，规定水平向右为正方向，人与A木板水平方向上动量守恒有，