2026-2027年人教版中考物理三模模拟冲刺试卷（附答案解析）

第页2026-2027年人教版中考物理三模模拟冲刺试卷（附答案解析）学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________题号一二三四五六总分得分注意事项:

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。

3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。一、选择题(本大题共7小题，每小题3分，共21分.在每小题所给出的四个选项中，只有一项是正确的)1．下列四张图中利用热传递来改变物体内能的是（）A． B． C． D．2．如图为木制玩具青蛙刮鼓，用木棒在青蛙背上摩擦，就会发出类似青蛙的叫声，有时还能引起周围青蛙的附和共鸣。下列说法正确的是（）A．青蛙刮鼓发出的声音是由木棒振动产生的B．模拟青蛙的叫声是指音色相近C．青蛙刮鼓发出的声音一定是噪声D．能引起周围青蛙的附和共鸣说明声音能传递能量3.疫情过后，小雨同学去音乐厅听一场音乐演奏会，当她听到优美动听的音乐时，联想到初中学习过的有关声现象的知识。下列说法正确的是(    )A.小提琴发出的声音是由琴弦振动产生的

B.听众可以通过音调分辨出不同乐器发出的声音

C.悠扬的琴声在空气中的传播速度是3×108m/s4.2023年9月23日，第19届亚洲运动会盛大开幕。本届亚运会首次探索使用了更高频率范围的5.5G网络。5.5G网络通讯传输的信息量比5G网络大大提升，为开幕式现场数字点火仪式、裸眼3D的江南盛景呈现、灿烂的电子烟花秀等提供了坚实保障。与“5G网络”相比，“5.5G网络”所使用的电磁波(

)A.传播速度更大 B.波长更短 C.传播速度更小 D.波长更长5.如图所示，是装有静电除尘纸的拖把，扫地时除尘纸与地板摩擦就可以轻松地将灰尘和头发清扫干净。下列说法正确的是(

)A.静电除尘纸吸附灰尘利用了异种电荷相互吸引

B.静电除尘纸和地面摩擦后带电，能吸引轻小物体

C.若静电除尘纸和地面摩擦后带负电，则静电除尘纸的负电荷转移到了地面

D.若静电除尘纸和地面摩擦后带负电，则静电除尘纸的正电荷转移到了地面6.如图所示，甲、乙、丙三个完全相同的烧瓶中分别装有质量相等、初温相同的液体，烧瓶中电阻丝的阻值大小关系为R甲<R乙=RA.甲、丙可探究电阻丝产生热量的多少与电阻大小的关系

B.甲、乙可探究电阻丝产生热量的多少与电流大小的关系

C.通电相同时间，水和煤油都没有沸腾，温度计示数T甲<T7.如图甲所示，在一个罐子的盖和底各开两个小洞。将小铁块用细绳绑在橡皮筋的中部穿入罐中，橡皮筋两端穿过小洞用竹签固定，如图乙为其截面图。做好后如图丙所示，将该罐子从不太陡的斜面A点由静止释放，滚到水平面D点停止，然后返回，自行滚上斜面的B点停止后又滚下斜面……如此往返，最后停在水平面上，下列说法正确的是(

)

A.罐子在A点的重力势能最大，橡皮筋在D点的弹性势能最大

B.罐子从A点滚动到C点的过程中，重力势能只转化为动能

C.若罐内没有橡皮筋和小铁块，罐子可能返回滚上斜面

D.第一次返回斜面，向上滚动的过程中，罐子整体在C点时的机械能小于在B点时的机械能二、填空题(本大题共7小题，每小题3分，共21分.不需要写出解答过程，请把答案直接填在答题卡相应的位置上.)8.如图甲为小阳举着哑铃的前臂骨骼，可将其视为如图乙所示的杠杆，不计前臂自重，小阳的肱二头肌能施加的最大拉力F1=500N，他平时锻炼时最大能举起质量为12.5kg的哑铃，则OA：OB=

(g取10N/kg)。9．在疫情期间，小明戴上口罩准备出门，他想看看口罩有没有戴好，于是他站在竖直的平面镜前1m处，则他与镜中“自己”的距离是m，平面镜成的像是（选填“虚”或“实”）像，当他再远离平面镜0.5m，他在镜中的像的大小将会（选填“变大”、“变小”或“不变”）。10.如图所示，电路中电源电压恒为4.5V，电压表量程为0～3V；电流表的量程为0～0.6A，滑动变阻器的规格为“35Ω；2A”，灯泡铭牌标有“3V；0.5A”的字样(忽略灯丝电阻变化)。闭合开关，为了保证电路的安全，电路中允许通过最大电流为______A，调节滑动变阻器，则滑动变阻器允许调节的范围是______Ω；在电压表达到最大值时，整个电路在1min内消耗的电能是______J。11.如图所示是小明自制的“浮力秤”的装置图，浮力秤由外筒和浮体构成，浮体包括秤盘和长度为L0、底面直径为D0的圆柱体。向外筒中注入适量水，将浮体竖直放入外筒的水中，当浮体静止时，圆柱体浸入水中的深度为h0，此时浮体受到的浮力为______。现将质量为m的物体放在秤盘上且处于静止状态，此时圆柱体浸入水中的深度为h，且h<L0，则浮体底部受到的水的压强为______，请写出m与h之间的关系式：m=______。(水的密度用ρ水表示，重力与质量的比值用g12．“父亲节”这天，扎西同学为爸爸炖了一碗排骨汤，将装汤的碗放在有2kg水的盆子中进行降温。扎西同学用水进行降温主要是利用了水的大，过了一会儿，水温由15℃升高到20℃，水吸收的热量为J。[c水＝4.2×103J/（kg•℃）]13.家庭电路中电子式电能表的表盘上标有3200imp/(kW⋅h)字样。将一个电热棒单独接在家庭电路中正常工作12min，电能表指示灯闪烁了320次，上述时间内该电热棒消耗的电能为______J，它的额定功率为______W。新建居民楼电路中，为了避免人不小心接触火线，电流经人体流入大地时发生触电事故，会装上______对人体起到保护作用。14．白炽灯灯泡内的钨丝正常工作时温度高达2000℃左右（钨的熔点是3410℃），长期使用后，钨丝因（填物态变化）变细，导致灯丝的电阻变（选填“大”、“小”）。三、作图题：本大题共3个小题，共7分。15.请依据小磁针的指向，标出螺线管中a处的电流方向，画出过b点的磁感线并标出磁感线方向。

16．为确保乘客上下车安全，公交车内在驾驶座位右前方设置有一个后视镜（如图甲），通过后视镜司机可观察到车内乘客的具体情况。请在图乙中画出A处的司机通过后视镜能观察到的范围。17．在图所示的电路中有一根导线尚未连接，以笔画线代替导线补上。补上后要求：闭合开关S，滑动变阻器的滑片P向B端移动时，电流表示数变大，小灯亮度变亮。四、实验题：本大题共3小题，第18小题6分，第19小题6分，第20小题8分，共20分。18．物理兴趣小组在探究“凸透镜成像的规律”实验时：（1）用图甲所示的装置测出凸透镜的焦距为cm。（2）如将蜡烛远离透镜，为使光屏上能看到蜡烛清晰的像，应将光屏向移动。19.“曹冲称象”是大家熟悉的故事。由于大象很重，当时还没有这样大的秤可以直接称。曹冲的办法是：先把大象拉到船上，记下船的吃水深度(如图)，再用许多石块代替大象，使船达到同样的吃水深度，最后称出这些石块的总重，也就知道大象的体重了。“曹冲称象”这个故事蕴含着物理研究中的一种思维方法--等效变换。请你分析一下，为什么能用石块受到的重力替代大象的重力？

20．在探究凸透镜成像规律的实验中：（1）如图甲，让平行光正对着凸透镜照射，调节光屏到凸透镜的距离，直至光屏上出现一个最小最亮的光斑，则该凸透镜的焦距为cm；实验前应调节烛焰、凸透镜、光屏三者的中心，使它们均位于凸透镜的上。（2）实验过程中，当蜡烛、凸透镜、光屏的位置如图乙所示时，在光屏上可得到一个清晰的倒立、的实像，生活中利用这个规律制成的是。（3）实验时，由于实验时间较长，蜡烛变短，烛焰的像在光屏上的位置会向（选填“上”或“下”）方移动。（4）如图丙，在烛焰和凸透镜之间放一副眼镜，发现光屏上的像由清晰变模糊了，将光屏向透镜方向移动适当距离后光屏上再次呈现清晰的像，则该眼镜是（选填“近视”或“远视”）眼镜。五、计算题：本大题共2小题，第21小题7分，第22小题6分，共13分。21．如图所示，水平地面上有一块密度0.5×103kg/m3，长1m、宽1m、高1.6m的长方体木块。小林用水平推力F把木块向前推动，此过程中，推力F和木块前进的速度v的大小随时间t的变化情况分别如图甲、乙所示。求：（1）木块所受的重力为多大？（2）木块静止时对地面的压强为多少？（3）在3～5s内，推力对木块所做的功为多大？22．如图所示，电源电压是5V且保持不变，电流表的量程为0～3A，电压表的量程为0～3V，小灯泡的L铭牌为“3V，1.5W”（灯丝电阻不变），滑动变阻器R1的最大阻值为20Ω，定值电阻R2＝20Ω。求：（1）只断开S3，其他开关都闭合，R1的滑片位于中点时，电流表示数为多少？（2）当S、S3闭合，S1、S2断开，为了保证电路的安全，滑动变阻器的阻值变化范围是多少？六、综合能力题：本大题共3小题，每小题6分，共18分。23.有一种测量质量的仪器，其原理图如图所示，电源电压为6V且保持不变。R是一个压敏电阻，R0是一个阻值为400Ω的定值电阻，它能对压敏电阻R起保护作用。G由一个量程很小的电流表改装成的指针式质量大小显示器。R的阻值可随压力F的大小变化而改变，其关系如表所示且保持不变。(g=10N/kg)压力F/N050100150200250300…电阻/Ω300280260240220200180…(1)利用表中的数据和R的阻值随压力F的大小变化趋势，归纳出R的阻值随压力F的大小变化的关系式。

(2)若电阻R0的耐压值(即能承受的最大电压)为5V，则该测质量仪器的最大测量值为多少千克？

(3)通过推导质量m的大小与电流I的关系式(式子中把已知量带入数据进行表达)，并说明该显示器的刻度是否均匀。24．如图﹣1所示，“新光华”号半潜船为10万吨级半潜船，是国内最大、全球第二大半潜船。半潜船是通过改变自身重量实现上浮和下沉的。半潜船浸没在水中的体积比例高，能够保持较佳的稳定性而适合当作水上工作平台使用。如图﹣2所示、半潜船通过调整水舱内的压载水质量、把装货甲板沿入水中，等待货物装载，再次调整水舱内的压载水，船体上浮（1）在半潜船船身从最大潜深上升至甲板与海平面相平的过程中，船身所受浮力（选填“变大”“变小”或“不变”）；在图﹣2中画出甲图情形下船受到浮力的示意图；（O为作用点）（2）当甲板下潜至水下2m时，它受到水的压强是多大？（ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg）（3）半潜船上安装的船舶驱动系统功率为6000kW、效率为90%，当它以6m/s的速度匀速航行时，半潜船所受的阻力是多大？25．如图所示。电源电压6V恒定不变，R1阻值为15Ω，电流表量程为0～0.6A。（1）开关S、S1都闭合，滑片P不能移到a端的原因是会造成电路（选填“通路”，“短路”或“断路”）；（2）开关S闭合、S1断开时，求电流表示数；（3）开关S、S1都闭合时，为了电流表不超量程，求变阻器R2连入电路的最小阻值。参考答案及解析1．（3分）下列四张图中利用热传递来改变物体内能的是（）A． B． C． D．【考点】热传递改变物体内能．【专题】定性思想；分子热运动、内能；理解能力．【分析】改变物体内能的方式有两种：一是做功，二是热传递，做功是能量的转化过程，热传递是能量的转移过程。【解答】解：A、钻木取火是克服摩擦力做功，机械能转化为内能，是通过做功改变物体的内能，故A不合题意；B、煤炉烧水是通过热传递的方式改变物体的内能，故B符合题意；C、压缩空气升温是机械能转化为内能，是通过做功改变物体的内能，故C不合题意；D、搓手时手掌发热，克服摩擦力做功，机械能转化为内能，是通过做功改变物体的内能，故D不合题意。故选：B。【点评】做功和热传递都可以改变物体的内能，二者是等效的，但其实质不同，前者是能量的转化，后者是能量的转移。2．【答案】B【知识点】声音的产生；音色【解析】【解答】A．青蛙刮鼓发出的声音是由青蛙的背振动产生的，A不符合题意。B．音色是发声体所特有的声音特色，模拟青蛙的叫声是指音色相近，B符合题意。C．青蛙刮鼓发出的声音如果影响到人们学习、工作、休息，则就是噪声。如果没有，就不属于噪声，C不符合题意。D．声音能传递信息，青蛙刮鼓发出的声音能引起周围青蛙的附和共鸣说明声音能传递信息，D不符合题意。故答案为：B。【分析】声音是物体的振动产生的，不同的发声体的音色不同，是辨别发声体的依据.3.【答案】A【解析】解：A、琴弦的振动产生声音，故A正确；

B、由于不同乐器发出的声音音色不同，因此依据声音的音色可以分辨出不同乐器发出的声音，故B错误；

C、声在空气(15℃)中的传播速度是340m/s，故C错误；

D、音乐厅的门窗在演奏时关闭是为了在传播过程中减弱噪声，故D错误。

故选：A。

(1)声音是物体的振动产生的；

(2)声音的三个特性：音调、响度和音色。音调指声音的高低；响度指声音的大小；通过音色能辨别不同的发声体；

(3)声在空气中(15℃)的传播速度是340m/s；

(4)减弱噪声有三条途径，即在三个不同的位置--声源处、传播过程中、人耳处。

声音的特征有音调、响度、音色；三个特征是从三个不同角度描述声音的，且影响三个特征的因素各不相同；减弱噪声的途径是在三个不同的位置进行的。

4.【答案】B

【解析】解：与“5G网络”相比，“5.5G网络”所使用的电磁波，波长更短，频率更高，单位时间内传输的容量大，在同种均匀介质中电磁波传播的速度相同，故B正确，ACD错误。

故选：B。

不同频率的电磁波在同种均匀介质中的传播速度是相同的；

电磁波的波长越短，频率越高。

本题考查的是电磁波的特点及应用；知道电磁波的波长越短，频率越高。5.【答案】B

【解析】解：AB、静电除尘纸吸附灰尘，利用了带电体可以吸引轻小物体的性质，故A错误，B正确；

CD、静电除尘纸和地面摩擦时，一个物体失去电子，另一个物体得到电子；若静电除尘纸和地面摩擦后带负电，说明是地面的负电荷转移到了静电除尘纸上，在摩擦起电中，正电荷是不会移动的，故CD错误。

故选B。

(1)带电体具有吸引轻小物体的性质；

(2)当两种束缚电子的能力不同的物质相互摩擦时，束缚电子能力强的得到电子，因电子比质子数量多而带负电；束缚电子能力弱的失去电子，因电子比质子数量少而带正电。

此题考查了摩擦起电、带电体的性质，属于基本内容，比较简单。6.【答案】C

【解析】解：A、电流产生热量与电流、电阻和通电时间三个因素有关，探究中要采用控制变量法；探究电流通过导体产生的热量与电阻大小的关系，应控制电流和通电时间相等以及液体种类相同，改变电阻，而甲、丙两烧瓶中的电阻和液体种类都不同，所以无法完成实验探究，故A错误；

B、探究电流产生热量的多少与电流大小，要控制电阻和通电时间相同，只改变电流大小，由图可知，电流大小不能改变，故B错误；

C、甲、乙中，电流相同，通电时间相同，电阻越大，产生的热量越多，故乙的温度要大于甲的温度；乙、丙中，水和煤油吸收相同的热量，水的比热容大，则水升高的温度要低一些，故温度计示数高低关系为T丙>T乙>T甲，故C正确；

D、为了比较水和煤油吸热的多少，应采用相同的加热装置，通过比较加热时间来比较物体吸收热量的多少，故D错误。

故选：C。

(1)探究电流通过导体产生的热量与电阻大小的关系，应控制电流和通电相等，改变电阻；

(2)比较水和煤油吸热升温的情况的实验中，应用相同的加热装置，给相同质量不同液体加热相同时间，通过升高温度来判断；

(3)7.【答案】A

【解析】解：

A、罐子在整个运动过程中的质量不变，在A点时的高度最高，重力势能最大；罐子从A点运动到D点，橡皮筋发生了弹性形变，在D点时的形变程度最大，所以在D点的弹性势能最大，故A正确；

B、罐子从A点滚动到C点的过程中，质量不变，高度变小，重力势能变小，质量不变，速度变大，动能变大；由于罐子最后停在水平面上，罐子的机械能变小了，这说明罐子在运动的过程中，罐子克服摩擦做功，机械能转化为了内能；此过程中，橡皮筋发生了弹性形变，具有弹性势能，所以罐子从A点滚动到C点的过程中，重力势能转化为了动能、弹性势能和内能，故B错误；

C、若罐内没有橡皮筋和小铁块，罐子的重力势能转化为内能和罐子的动能，罐子不具有弹性势能，所以不会返回斜面，故C错误；

D、第一次返回斜面，向上滚动的过程中，由于一部分机械能转化为了内能，所以罐子整体在C点时的机械能大于在B点时的机械能，故D错误。

故选：A。

(1)重力势能的大小与质量、高度有关；弹性势能的大小与弹性形变的程度有关；动能的大小与质量、速度有关；

(2)罐子最后停在水平面上，罐子的机械能变小了，这说明罐子在运动的过程中，机械能转化为了其他形式的能。

本题考查铁罐的机械能的转化，包含了动能和弹性势能、重力势能的转化，应细化整个过程的分析是解题的关键。8.【答案】1：4

【解析】解：由图可知，支点是O点，肱二头肌对前臂施加的拉力F1为动力，哑铃对手的压力为阻力F2，

则阻力：F2=G=mg=12.5kg×10N/kg=125N；

由图知，L1=OA、L2=OB，

根据杠杆的平衡条件可知F1×OA=F2×OB，即500N×OA=125N×OB，

则OA：OB=125N：500N=1：4。

故答案为：1：4。9．【解答】解：在疫情期间，小明戴上口罩准备出门，他想看看口罩有没有戴好，于是他站在竖直的平面镜前1m处，平面镜所成的像和物体各对应点到平面镜间距离相等，所以，由他到平面镜的距离为1m可得镜中所成的像与平面镜之间的距离为1m，则他与镜中“自己”的距离为2m；平面镜成像原理是光的反射，是由于反射光线的反向延长线会聚点，所以小明在镜中成的像是虚像；因为平面镜所成的像和物体形状、大小相同，当他远离平面镜0.5m，他在镜中像的大小将不会改变。故答案为：2；虚；不变。10.【答案】0.5

3～12

67.5

【解析】解：由欧姆定律可知，灯丝的电阻

RL=ULIL=3V0.5A=6Ω，

由图可知，小灯泡L与滑动变阻器串联，为了保证电路的安全，电路中的电流不能超过灯泡正常工作时的电流，即I大=0.5A；由欧姆定律可知，电路中的最小总电阻

R=UI=2V0.2A=10Ω，

根据串联电路的电阻特点可知，滑动变阻器允许接入的最小阻值

R=UI=2V0.2A=10Ω，

为了保证电压表安全，最大电压不能超过电压表的最大测量范围，电压表的示数最大值为3V，此时灯泡两端的电压为

UL'=U−UV=4.5V−3V=1.5V，

则此时通过灯泡的电流

I_L

根据串联电路的电流特点可知，此时通过滑动变阻器的电流

I滑=IL'=0.25A

由I=UR可知，滑动变阻器允许接入电路的最大阻值

R=UI=11.【答案】14ρ水gπD【解析】解：

秤盘中未放物体时，浮体排开水的体积：V排1=14πD02h0，

则此时浮体受到的浮力为：F浮1=14ρ水gπD02h0，

将质量为m的物体放在秤盘上且处于静止状态，此时圆柱体浸入水中的深度为h，则浮体底部受到的水的压强：p=ρ水gh；

秤盘中未放物体时，浮体在水中漂浮，则有G0=F浮1=14ρ水gπD02h0，12．【答案】比热容；4.2×104【知识点】比热容；热量的计算【解析】【解答】（1）水的吸热能力最强，水在各种物质的比热容中，比热容最大。

（2）水吸收的热量为Q=Cm∆t=4.2×103J/（kg•℃)×2kg×5℃=4.2×104J13.【答案】3.6×105

500【解析】解：

(1)3200imp/(kW⋅h)表示电路中每消耗1kW⋅h的电能，指示灯闪烁3200次，

指示灯闪烁320次，则电热棒消耗的电能：

W=320imp3200imp/(kW⋅h)=0.1kW⋅h=3.6×105J，

电热棒正常工作时的电功率，即额定功率：

P=Wt=0.1kW⋅h1260h=0.5kW=500W；

(2)如果站在地上的人不小心接触了火线，电流经过人体流入大地，这时通过火线和零线的电流不相等，漏电保护器会迅速切断电路，对人身起到保护作用。

故答案为：3.6×14．升华大【详解】[1][2]钨丝在高温下升华变为钨蒸汽，钨丝变细，在材料、长度一定时，横截面积越小，电阻变大。15.【答案】解：由图可知，小磁针的右端是N极，左端为S极；由同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引可知，通电螺线管的右端是S极，左端是N极。

根据安培定则：右手握住螺线管，使大拇指指向通电螺线管的N极，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，所以电流由螺线管的左端流出，则图中a处电流方向应向上；

磁体周围的磁感线是从N极出来，回到S极，故b处的磁感线方向向右，如图所示：

【解析】知道小磁针的磁极的指向，根据磁极间的相互作用，可判断出通电螺线管的磁极，再根据安培定则判断出电流的方向，磁体周围的磁感线是从N极出来，回到S极。

本题考查右手螺旋定则和磁极间的相互作用规律的应用，要求学生能熟练应用右手螺旋定则判断磁极或电流方向。

16．（2分）为确保乘客上下车安全，公交车内在驾驶座位右前方设置有一个后视镜（如图甲），通过后视镜司机可观察到车内乘客的具体情况。请在图乙中画出A处的司机通过后视镜能观察到的范围。【分析】方法一：根据光的反射定律作图。反射光线、入射光线、法线在同一个平面内，反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角；方法二：根据平面镜成像规律作图。先找到A的像点，再连接平面镜边缘。【解答】解：方法一：根据反射定律，过平面镜左端点B作法线，连接AB为入射光线，根据反射角等于入射角作出反射光线BM；同样，过平面镜右端点C作法线，连接AC为入射光线，根据反射角等于入射角作出反射光线CN；这样BM和CN之间的区域就是A处的司机通过后视镜能观察到的范围，如图所示：方法二：平面镜成像时，像与物体关于镜面对称，据此作出A点关于镜面的对称点A'，即为A在镜中的像，连接像点A'与平面镜边缘，分别画出入射光线和反射光线，两反射光线之间的区域就是A处的司机通过后视镜能观察到的范围，如下图所示：【点评】本题考查了光的反射定律的应用，属于基础性题目。17．【答案】【知识点】实物的电路连接【解析】【解答】闭合开关S，滑动变阻器的滑片P向B端移动时，电流表示数变大，可知滑动变阻器接入电路中的电阻变小，滑动变阻器使用B接线柱，电源由两节干电池组成电压为3V，电流表使用小量程即可，如下图：

【分析】滑动变阻器遵循”一上一下“的连接方法；滑片远离下触点时，电阻变大。18．（4分）物理兴趣小组在探究“凸透镜成像的规律”实验时：（1）用图甲所示的装置测出凸透镜的焦距为10.0cm。（2）如将蜡烛远离透镜，为使光屏上能看到蜡烛清晰的像，应将光屏向左移动。【分析】（1）图示的是利用平行光聚焦法来测量凸透镜的焦距，焦点到凸透镜光心的距离即为焦距；（2）凸透镜成实像时，物远像近像变小。【解答】解：（1）焦点到凸透镜的距离为10.0cm，所以凸透镜的焦距为10.0cm；（2）如将蜡烛远离透镜，此时物距变大，像距变小，为使光屏上能看到蜡烛清晰的像，应将光屏向左移动。故答案为：（1）10.0；（2）左。【点评】此题是探究凸透镜成像的实验，考查了学生对实验操作的要求，同时还考查了凸透镜成像的规律及应用，涉及到的知识点多，综合性强。19.【答案】答：船上放大象和放石头水面达到相同的记号，即排开水的体积相同。根据阿基米德原理F浮=ρgV排知道两种情况受到的浮力相同，因为两种情况船均为漂浮，则F浮=G【解析】物理学中对于一些看不见摸不着的现象或不易直接测量的物理量，通常用一些非常直观的现象去认识或用易测量的物理量间接测量，这种研究问题的方法叫转换法。

本题主要考查了阿基米德原理、物体的漂浮条件和等效转换(或等量代换)的科学方法，学会应用这些原理解释实际问题。20．（6分）在探究凸透镜成像规律的实验中：（1）如图甲，让平行光正对着凸透镜照射，调节光屏到凸透镜的距离，直至光屏上出现一个最小最亮的光斑，则该凸透镜的焦距为10.0cm；实验前应调节烛焰、凸透镜、光屏三者的中心，使它们均位于凸透镜的主光轴上。（2）实验过程中，当蜡烛、凸透镜、光屏的位置如图乙所示时，在光屏上可得到一个清晰的倒立、放大的实像，生活中利用这个规律制成的是投影仪。（3）实验时，由于实验时间较长，蜡烛变短，烛焰的像在光屏上的位置会向上（选填“上”或“下”）方移动。（4）如图丙，在烛焰和凸透镜之间放一副眼镜，发现光屏上的像由清晰变模糊了，将光屏向透镜方向移动适当距离后光屏上再次呈现清晰的像，则该眼镜是远视（选填“近视”或“远视”）眼镜。【分析】（1）图中测量凸透镜焦距的方法：平行光聚焦法，亮点为焦点，焦点到光心的距离为就焦距，由此可以确定其焦距是多少；为了使像成在光屏中心，应将发光体、凸透镜和光屏中心调节在同一高度上；（2）当2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，利用这个规律制成的光学仪器是投影仪；（3）理解倒立实像的特点，像和物体的移动方向恰好相反；（4）凸透镜对光线具有会聚作用，凹透镜对光线具有发散作用；凸透镜可以矫正远视眼，凹透镜可以矫正近视眼。【解答】解：（1）由图甲知，焦点到凸透镜的距离为20.0cm﹣10.0cm＝10.0cm，所以凸透镜的焦距为f＝10.0cm；为了使像成在光屏中心，实验前应调节烛焰、凸透镜、光屏三者的中心，使它们均位于凸透镜的主光轴上；（2）由图乙知，当蜡烛在刻度尺的10cm处，u＝25cm﹣10cm＝15cm，2f＞u＞f，凸透镜成倒立放大的实像，利用这个规律制成的光学仪器是投影仪；（3）凸透镜成倒立的实像，蜡烛由于燃烧逐渐变短，相对于凸透镜向下移动，所以像逐渐向上移动；（4）将一副眼镜放在蜡烛和凸透镜之间，结果光屏上原来清晰的像变模糊了，将光屏向透镜方向移动适当距离后光屏上再次呈现清晰的像，说明像提前会聚了，故放置的是使光线会聚的凸透镜，这种眼镜是用来矫正远视眼的。故答案为：（1）10.0；主光轴；（2）放大；投影仪；（3）上；（4）远视。【点评】此题是探究凸透镜成像的规律，考查了实验中常出现的一些情况，关键是将课本知识记忆清楚。21．解：（1）木块的体积为：V＝1m×1m×1.6m＝1.6m3，木块的重力为：G＝mg＝ρVg＝0.5×103kg/m3×1.6m3×10N/kg＝8×103N。（2）木块的底面积为：S＝1m×1m＝1m2，木块静止时对地面的压力：F＝G＝8×103N，则木块静止时对地面的压强为：p＝＝＝8×103Pa。（3）由图像可知，在3～5s内，内木块受到的推力为200N，物体运动的速度为1.0m/s，则运动的路程为：s＝vt＝1.0m/s×2s＝2m推力对木块所做的功为：W＝F推s＝200N×2m＝400J。答：（1）木块所受的重力为8×103N；（2）木块静止时对地面的压强为8×103Pa；（3）在3～5s内，推力对木块所做的功为400J。22．（6分）如图所示，电源电压是5V且保持不变，电流表的量程为0～3A，电压表的量程为0～3V，小灯泡的L铭牌为“3V，1.5W”（灯丝电阻不变），滑动变阻器R1的最大阻值为20Ω，定值电阻R2＝20Ω。求：（1）只断开S3，其他开关都闭合，R1的滑片位于中点时，电流表示数为多少？（2）当S、S3闭合，S1、S2断开，为了保证电路的安全，滑动变阻器的阻值变化范围是多少？【分析】（1）只断开S3，其他开关都闭合，定值电阻R2和滑动变阻器R1并联，电流表测量干路电流，当R1的滑片位于中点，连入电路的电阻为R1′＝R1＝×20Ω＝10Ω，根据欧姆定律分别求出各支路上的电流，然后求出干路电流，即为电流表示数；（2）当S、S3闭合，S1、S2断开时，小灯泡与滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，根据P＝UI算出灯的额定电流；根据串联电路中各处的电流相等且为小电流判断出电路的最大电流，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，根据R′＝算出此时电路中的总电阻；根据欧姆定律算出小灯泡正常发光的电阻，由串联电路中总电阻等于各分电阻之和算出滑动变阻器接入电路中的最小阻值；当电压表的示数U1大＝3V时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，根据串联电路中总电压等于各分电压之和，算出灯泡两端的电压，由图象可知通过灯泡的电流，由欧姆定律算出滑动变阻器接入电路中的最大阻值，进而判断出滑动变阻器允许的取值范围。【解答】解：（1）只断开S3，其他开关都闭合，定值电阻R2和滑动变阻器R1并联，电流表测量干路电流，当R1的滑片位于中点，连入电路的电阻为R1′＝R1＝×20Ω＝10Ω，则：通过R1的电流为：I1＝＝＝0.5A，通过R2的电流为：I2＝＝＝0.25A，则此时电路的总电流，即电流表示数为：I＝I1+I2＝0.5A+0.25A＝0.75A；（2）当S、S3闭合，S1、S2断开时，小灯泡与滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，根据P＝UI得，灯泡正常发光时的电流为I额＝＝＝0.5A，电流表的量程为0～3A，因串联电路中各处的电流相等，所以电路中的最大电流等于灯泡正常发光时的电流，即I大＝I额＝0.5A，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，根据欧姆定律可得此时电路中的总电阻：R′＝＝＝10Ω，小灯泡正常发光的电阻为：RL＝＝＝6Ω，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，滑动变阻器接入电路中的最小阻值：R1小＝R′﹣RL＝10Ω﹣6Ω＝4Ω；当电压表的示数U1大＝3V时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，灯泡两端的电压：UL′＝U﹣U1大＝5V﹣3V＝2V，由题知，灯丝电阻不变通过灯泡的电流即电路中的电流为：I小＝＝，则根据欧姆定律可得滑动变阻器接入电路中的最大阻值：R1大＝，所以，滑动变阻器允许的取值范围是4Ω～9Ω。答：（1）只断开S3，其他开关都闭合，R1的滑片位于中点时，电流表示数为0.75A；（2）当S、S3闭合，S1、S2断开，为了保证电路的安全，滑动变阻器的阻值变化范围是4Ω～9Ω。【点评】本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律的应用，分清电路的连接方式和滑动变阻器接入电路中最大、最小阻值的确定是关键，要注意灯泡的电阻不变。23.【答案】解：根据电路图可知，R与R0串联，电流表测量电路电流；

(1)根据R的阻值随压力F的大小变化的图象可知压敏电阻R的阻值与压力F成一次函数关系，设它们的关系式为R=KF+b。

把F=50N，R=280Ω和F=100N，R=260Ω代入得①280=50K+b，②260=100K+b。

①②构成方程组

解得K=−0.4，b=300，

所以它们的关系式为R=−0.4F+300；

(2)因串联电路两端电压等于各部分电路两端电压之和，所以当电阻两端的电压为5V时，压敏电阻两端的电压为：U1=U−U0=6V−5V=1V

因串联电路处处电流相等，所以由欧姆定律可得：U1R=U0R0，

即1VR=5V400Ω，

R=80Ω，

把R=80Ω代入R=−0.4F+300中，即80=−0.4F+300

解得：F