2026-2027学年沪科版中考物理寒假模拟训练卷（带答案解析）

第页2026-2027学年沪科版中考物理寒假模拟训练卷（带答案解析）学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________题号一二三四五六总分得分注意事项:

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。

3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。一、选择题(本大题共7小题，每小题3分，共21分.在每小题所给出的四个选项中，只有一项是正确的)1.电动机是把电能转化为机械能的装置．如图所示能作为电动机设计原理的装置是(    )A. B.

C. D.2.小明和爸爸乘车回爷爷家过周末，下列说法正确的是(

)A.汽车保持匀速直线运动，是因为汽车没有受到外力的作用

B.以额定功率运动的汽车，行驶速度越快，汽车的牵引力越大

C.刹车后，汽车仍向前滑行了一段距离，是由于汽车具有惯性

D.汽车的驱动电动机是利用电磁感应现象的原理制成的3．如图所示，小明用此滑轮组提升重720N的物体，他以0.2m/s的速度向右匀速行走6s，滑轮组的机械效率为80%。若不计绳重及摩擦，下列说法正确的是（）A．动滑轮重180N B．此过程物体升高了3.6m C．拉力的功率为180W D．若小明以0.4m/s的速度向右匀速行走6s，滑轮组机械效率将变大4．如图，一质量分布均匀的12kg铁球与细线AB连接于A点后悬挂于竖直墙壁的B点，铁球静止于墙面。关于铁球受力的说法，正确的是（）A．细线AB拉铁球的力与铁球的重力为二力平衡 B．铁球受到的摩擦力与铁球的重力为二力平衡 C．铁球对墙壁的压力与墙壁对铁球的支持力为相互作用力 D．铁球的重力与它对墙壁的压力为相互作用力5.取两个相同的验电器A和B，使A带负电，B不带电，可以看到A的金属箔张开，B的金属箔闭合。如图甲和⼄所示，分别用橡胶棒和带有绝缘柄的⾦属棒把A和B连接起来，下列说法正确的是(    )A.图甲中，用橡胶棒把A和B连接起来，B金属箔的张角会变大

B.图乙中，用金属棒把A和B连接起来，A金属箔的张角会变小

C.图甲中，将有一部分负电荷通过橡胶棒从A移动到B

D.图乙中，电流将通过⾦属棒从A流到B6．如图所示，滑轮组悬挂在水平钢架上，某工人站在水平地面上，竖直向下拉动绳子自由端，5s内使物体A匀速上升1m，提升过程中拉力F的功率为160W。已知物体A重720N，该工人重600N，不计绳自身重力和绳与滑轮间摩擦。关于该过程，下列说法正确的是（）A．绳子移动的速度为0.2m/sB．动滑轮重100NC．该工人对地面的压力为200ND．工人利用该滑轮组提升物体的最大机械效率为90%7．1月17日，长征七号运载火箭在文昌航天发射场托举天舟七号货运飞船点火升空，随后将飞船精准送入预定轨道，中国载人航天工程2024年发射任务首战告捷。下列有关说法正确的是（

）A．火箭燃料燃烧向下喷射气体就能起飞，说明力可以改变物体的形状B．飞船随火箭加速升空过程中，火箭对飞船的作用力大于飞船对火箭的作用力C．飞船随火箭加速升空过程中，飞船的动能增大，机械能不变D．飞船进入太空后，通过电磁波与地面通讯二、填空题(本大题共7小题，每小题3分，共21分.不需要写出解答过程，请把答案直接填在答题卡相应的位置上.)8．写出下列仪器的工作原理：（1）动圈式话筒的工作原理：；（2）动圈式扬声器的工作原理：。9．北斗卫星定位系统既可以发射也可以接收（选填“超声波”或“电磁波”）。晚自习时，教室中正常发光的某一盏灯突然熄灭了，原因可能是该灯（选填“短路”或“断路”）。各灯之间的连接方式是。10.据《扬子晚报》报道，江苏省拟推出和谐配乐版广场舞。广场舞的音乐声是由音箱中的纸盆______产生，经______(填介质种类)传播到人耳，音乐声过大会形成噪声，有关人士建议，有条件的地区，可以关掉音箱，改用蓝牙耳麦接受信号。关掉音箱是在______处控制噪声。11.通电直导线P周围的磁感线分布如图甲所示，磁感线是以直导线为中心的一系列______，图中小磁针的a端是______极。若将图乙中闭合电路的MN导线放入P周围，则导线______(选填“上下”或“左右”)运动时，灵敏电流计指针会发生偏转。12.如图所示，一轻质杠杆支在支架上，O为支点。OA=20cm，G1为边长是10cm的正方体，通过一根硬杆和杠杆的A点相连，G2重为20N。当OC=10cm时，G1对地面的压强为2×103Pa；此时A点受到的力为______N。现沿竖直方向将G1切掉2cm的宽度，整个杠杆仍然在原位置保持平衡，则切掉后，G13.如图，我县一青年在自家房顶上，自己设计、组装了一套微型太阳能发电站，被当地人称为“家庭光伏电站第一人”．

(1)该太阳能发电站发电时，其能量转化情况是：______；

(2)该太阳能发电站工作8h可发电10kW⋅h，则其发电的功率是______kW；

(3)得到10KW⋅h的电能，如果由热电转化效率为30%的热电厂来完成，需要燃烧煤______kg.(14.如图所示电路中，电源电压恒为4.5V，灯L标有“3V 0.9W”，滑动变阻器R上标有“30Ω 1A”的字样，电压表量程为0～3V，电流表的量程为0～0.6A，则灯泡正常工作时的电流为______A，此时通电1min滑动变阻器产生的热量为______J。为了保证电路中各元件安全工作，滑动变阻器连入电路的阻值范围是______Ω(灯丝电阻保持不变)。三、作图题：本大题共3个小题，共7分。15．如图所示，一悬挂在空中的小球正在左右摆动，请画出其在A处所受力的示意图（不计空气阻力）。16.某同学在游乐场游玩时从滑梯滑下，请画出该同学受到的重力和支持力的示意图。

17．在图①②③⑥⑦中标出各磁体的N、S极，在图④⑤中标出小磁针的N、S极。四、实验题：本大题共3小题，第18小题6分，第19小题6分，第20小题8分，共20分。18．为了探究“通过导体的电流与导体电阻的关系”，小楠采用了如图甲所示的电路图。实验供选择的定值电阻有5个，阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω，两个滑动变阻器（R1：“10Ω1A”和R2：“15Ω1A”），电源电压恒为3V。（1）连接实物电路时开关应该______（选填“闭合”或“断开”），实验前，滑动变阻器的滑片应移到______端（选填“A”或“B”）；连接好电路后，他检查电路时发现电压表、电流表位置互换了，若此时闭合开关，电流表______（选填“会”或“不会”）被烧坏。纠正错误后，开始实验；（2）第2次实验中，他将R为5Ω电阻换成10Ω，如果滑片仍然停留在第1次实验的位置，小楠应向______（选填“A”或“B”）端移动滑片，使______表的示数保持不变，记下实验数据。换用其他阻值的电阻重复上述实验，画出如图乙所示的电流I随电阻R变化的图像，由图像可以得出结论：______；（3）上述实验所选用的滑动变阻器是______（选填“R1”或“R2”）。19．利用如图甲所示的实验装置探究“豆浆和牛奶的吸热能力”，操作如下：（1）在两相同烧杯中分别装入初温相同且相等的豆浆和牛奶，除天平和装置中的实验器材，还需要用到。（2）用相同的酒精灯加热，并用玻璃棒不断搅拌，每隔相同时间记录一次温度，其中某时刻的温度如图乙所示，其示数为，选用相同酒精灯加热的目的是：。（3）实验中，是通过比较（选填“升高的温度”或“加热时间”）来反映豆浆和牛奶吸收的热量。（4）分析图丙可知，对于质量相同的豆浆和牛奶，升温较快的是，比热容较大的是。20．小华同学用温度计测出一部分冰的温度如图甲所示，然后利用图乙所示装置对100g冰加热，他每隔相同时间记录一次温度计的示数，并观察物质的状态。图丙是他根据记录的数据绘制的温度﹣﹣时间图象，根据图甲和图丙图象可知：（1）图甲中温度计的示数为℃；（2）在BC阶段中C点处物质的内能B点处物质的内能（选填“大于”、“小于”或“等于”），理由是；（3）设相同时间内物质吸收的热量相同，则BC阶段物质共吸收了J的热量[c冰＝2.1×103J/（kg•℃），c水＝4.2×103J/（kg•℃）]；（4）由丙图可以看出AB、CD段升高的温度相同，但CD段加热的时间长，其原因是。五、计算题：本大题共2小题，第21小题7分，第22小题6分，共13分。21.用如图所示的滑轮组将质量为30kg的物体以0.1m/s的速度匀速向上提升10s。(g取10N/kg)

(1)求该物体所受到的重力；

(2)实际中动滑轮重为40N，人的拉力做功400J，求克服绳重和摩擦所做的额外功。

22．一边长为10cm，重力为15N的正方体物块，用细线悬挂在水中静止时，物块下表面到水面的距离为15cm，如图所示。求：（1）物块上表面受到水的压力大小；（2）物块所受的浮力大小；（3）细线的拉力大小。

六、综合能力题：本大题共3小题，每小题6分，共18分。23.如图甲，我国研制的大客机C919于5月5日首飞成功。

C919机舱内覆有一层高孔率“超细航空级玻璃棉”，能很好地保温与吸收噪音，其单丝纤维直径只有3～5μm，1m3的质量为5kg。

机舱内先进的“呼吸系统”，使飞机在气压只有2.5×104Pa左右的万米高空时，能将机外−50℃以下的冷空气不断压缩，导致送入舱内的空气温度达到50℃以上，同时系统依靠传感器的自动控制，使舱内气压和温度达到舒适值。

该机有较大的翼载，翼载指飞机的最大起飞质量与机翼面积的比值；机上搭载的新一代涡扇发动机的热效率和推进效率比一般客机高，所谓热效率是指发动机获得的机械能与燃料完全燃烧产生的内能之比，而推进效率则是指发动机传递给飞机的推进功最大起飞质量72.5t客舱内气压8.0×巡航速度920km/h发动机巡航推力3.6×(1)阳光下，飞机尾翼呈现绿色，是因为尾翼______绿光；若飞机的翼载是500kg/m2，则机翼面积为______m2。

(2)下列关于“超细航空级玻璃棉”性质的描述中，不正确的是：______

A.单丝纤维比头发细B.密度与玻璃差不多

C.隔音性能相对较好D.导热能力相对较弱

(3)在万米高空，机体1m2面积上承受内外气体的压力差约为______N；为确保机舱内的温度维持体感舒适值，机上空调需要不断______(选填“加热”或“制冷”)。

(4)飞机水平匀速巡航时，受到的阻力为______N，若飞机以巡航速度飞行0.5h的过程中，耗油1800kg，发动机的热效率为40%，则此过程中发动机的推进效率为多少？(24．如图是宝鸡海底捞引进的“欢乐送”送餐机器人，请回答以下问题：规格参数机器人空载时体重30kg机器人底座尺寸50mm×60mm轮子与地面接触总面积1×10﹣4m2满载工作时移动速度0.8m/s单盘承重10kg满载工作时功率120W（1）机器人空载时对地面的压强是多少？（g取10N/kg）（2）送餐过程中，机器人以0.8m/s的速度匀速直线移动，若它在运动过程中所受阻力为50N，则在1min内驱动力对机器人所做的功是多少？（3）当它满载工作时，机器人受到的驱动力多大？25.如图所示，圆柱体A竖直放在水平地面上，A的密度为2×103kg/m3、质量为32kg、底面积为400cm2；圆柱形容器B(质量不计)放在水平地面上，B的高为30cm、底面积为500cm2，其中盛有深度为6cm的水。(水的密度为1×103kg/m3，g取10N/kg)求：

(1)A对地面的压强；

(2)水对容器底的压力；

(3)把A参考答案及解析1.【答案】B

【解析】解：A .图中实验探究的是电磁铁磁性强弱和线圈匝数的关系，不符合题意；

B.图中实验是通电导体在磁场中受到力的作用，是电动机的工作原理．符合题意；

C.图中实验是奥斯特实验，证明了通电导体周围存在磁场，不是电动机的工作原理．不符合题意；

D.图中实验是电磁感应实验，是发电机的工作原理．不符合题意．

故选B．

电动机是利用通电线圈在磁场中受力转动或通电导体在磁场中受力原理制成的，将电能转化为机械能，分析四幅图中各实验的原理找出符合题意的答案．

此题主要考查的是学生对电动机工作原理和图中各实验原理的理解和掌握，基础性题目．

2.【答案】C

【解析】解：A、汽车保持匀速直线运动，是因为汽车受到平衡力的作用，故A错误；

B、根据P=Fv可知：以额定功率运动的汽车，行驶速度越快，汽车的牵引力越小，故B错误；

C、刹车后，汽车仍向前滑行了一段距离，是由于汽车具有惯性，故C正确；

D、汽车的驱动电动机是利用通电线圈在磁场中受力转动的原理制成的，故D错误。

故选：C。

(1)物体在平衡力的作用下可以保持静止或匀速直线运动状态。

(2)根据P=Fv可知：以额定功率运动的汽车，行驶速度越快，汽车的牵引力越小。

(3)物体保持运动状态不变的性质，叫惯性。一切物体都具有惯性。

(4)电动机是利用通电线圈在磁场中受力转动的原理制成的。

知道平衡力的应用；知道功率的公式P=Fv的应用；知道惯性的概念；知道直流电动机的原理。

3．【答案】A【解答】解：A、不计绳重和摩擦，根据η=W有W总=B、由图可知，动滑轮上绳子的股数n＝3，人行走的路程即绳子自由端移动的距离为：s＝vt＝0.2m/s×6s＝1.2m，物体升高的高度为h=sC、有用功为：W有用＝Gh＝720N×0.4m＝288J；总功为：W总=W拉力的功率为：P=WD、若小明以0.4m/s的速度向右匀速行走6s，物体重力不变，动滑轮重力不变，不计绳重和摩擦，根据η=W故选：A。4．（3分）如图，一质量分布均匀的12kg铁球与细线AB连接于A点后悬挂于竖直墙壁的B点，铁球静止于墙面。关于铁球受力的说法，正确的是（）A．细线AB拉铁球的力与铁球的重力为二力平衡 B．铁球受到的摩擦力与铁球的重力为二力平衡 C．铁球对墙壁的压力与墙壁对铁球的支持力为相互作用力 D．铁球的重力与它对墙壁的压力为相互作用力【解答】解：A、细线AB拉铁球的力与铁球的重力不在一条直线上，所以不是二力平衡，故A错误；B、若绳子拉力沿竖直方向的分力与重力不等大，则有静摩擦力，且重力与静摩擦力不一定相等，所以不是二力平衡。故B错误；C、铁球对墙壁的压力与墙壁对铁球的支持力大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上，为相互作用力，故C正确；D、铁球的重力与它对墙壁的压力不在一条直线上，方向相互垂直，不是相互作用力。故D错误。故选：C。5.【答案】B【解析】解：

AC、甲图中，用橡胶棒把A和B连接起来，由于橡胶棒属于绝缘体，不容易导电，所以电荷不会转移到B上，B金属箔的张角不变，故AC错误；

BD、乙图中，用金属棒把A和B连接起来，由于金属棒属于导体，A上的负电荷会通过金属棒转移到B的金属箔片上，A金属箔的张角会变小；电子从A到B，则瞬间电流的方向是从B到A，故B正确，D错误。

故选：B。

①在金属中，自由电子的定向移动形成电流；

②验电器是利用同种电荷相互排斥的原理工作的；

③容易导电的物体是导体，不容易导电的物体是绝缘体。

此题考查了电流的形成、验电器的原理和物体的导电性，知道绝缘体不容易导电，金属中自由电子定向移动形成电流，是解析此题的关键。

6．C【详解】A．由图可知，滑轮组承担物重绳子的有效股数n＝2，5s内绳子自由端移动的距离s＝nh＝2×1m＝2m绳子移动的速度v＝＝0.4m/s故A错误；B．由＝Fv可得，绳子自由端的拉力F＝＝400N不计绳自身重力和绳与滑轮间摩擦，动滑轮重G动＝nF﹣G＝2×400N﹣720N＝80N故B错误；C．该工人对地面的压力F压＝G人﹣F＝600N﹣400N＝200N故C正确；D．工人施加的最大拉力F′＝G人＝600N不计绳自身重力和绳与滑轮间摩擦，提升物体的最大重力G大＝2F′﹣G动＝2×600N﹣80N＝1120N此时滑轮组的机械效率最大，滑轮组的最大机械效率η＝×100%＝×100%＝×100%＝×100%≈93.3%故D错误。故选C。7．D【详解】A．火箭燃料燃烧向下喷射气体，气体会给火箭一个向上的反作用力，火箭就能起飞，说明物体间作用力是相互的。故A错误；B．火箭对飞船的作用力与飞船对火箭的作用力是一对相互作用力，大小相等，故B错误；C．飞船随火箭加速升空过程中，质量不变，速度变大，高度变大，飞船的动能和重力势能都增大，机械能变大，故C错误；D．声音传播需要介质，但电磁波可以在真空中传播，故飞船进入太空后，通过电磁波与地面通讯的，故D正确。故选D。8．（2分）写出下列仪器的工作原理：（1）动圈式话筒的工作原理：电磁感应；（2）动圈式扬声器的工作原理：磁场对电流的作用。【考点】动圈式话筒的原理；扬声器和耳机的构造原理．【分析】（1）闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，这种现象叫电磁感应现象，发电机和动圈式话筒就是利用该原理制成的。（2）通电导体在磁场中会受到力的作用，电动机和扬声器就是利用该原理制成的。【解答】解：（1）动圈式话筒的工作原理是电磁感应；（2）动圈式扬声器的工作原理是磁场对电流的作用。故答案为：（1）电磁感应；（2）磁场对电流的作用。【点评】知道电磁感应现象和磁场对电流的作用；知道动圈式话筒和动圈式扬声器的基本原理。9．（3分）北斗卫星定位系统既可以发射也可以接收电磁波（选填“超声波”或“电磁波”）。晚自习时，教室中正常发光的某一盏灯突然熄灭了，原因可能是该灯断路（选填“短路”或“断路”）。各灯之间的连接方式是并联。【分析】电磁波是移动通信传递信息的介质；家庭电路中各用电器是并联的。【解答】解：卫星接收和发送信号要靠电磁波传递，我国的北斗卫星定位系统也是利用电磁波来传递信号的；教室中正常发光的某一盏灯突然熄灭了，其他灯不受影响，由于是并联电路，故灯泡的故障是断路。故答案为：电磁波；断路；并联。【点评】本题考查了电磁波的应用、电路故障的分析，属于基础知识。10.【答案】振动

空气

声源

【解析】解：(1)一切正在发声的物体都在振动，我们听到的音乐是由音箱中的纸盆振动产生的；

(2)音乐声是通过介质，即空气传到人耳；

(3)关掉音箱是在声源处减弱噪声，防止影响人们正常生活。

故答案为：振动；空气；声源。

(1)声音是由物体的振动产生的；

(2)声音的传播需要介质，固体、液体、气体都可以传播声音；

(3)防治噪声的途径，从三方面考虑：①在声源处减弱噪声；②在传播过程中减弱噪声；③在人耳处减弱噪声。

本题主要考查声音的产生、声音的传播及控制噪声的途径等知识，比较简单，是一道声学的基础题。11.【答案】同心圆

S

左右

【解析】解：通电直导线周围的磁感线是以直导线为中心的一系列的同心圆，磁感线是闭合的曲线；图中小磁针的a端的磁极与磁感线的方向相反，故为小磁针的S极。

导线Q左右运动会切割磁感线，可以产生感应电流，灵敏电流计指针会发生偏转。

故答案为：同心圆；S；左右。

(1)磁感线从磁体的N极出来回到S极，在磁体内部是从S极到N极；小磁针静止时N极的指向为该点的磁场方向。

(2)导体做切割磁感线运动会产生感应电流。

此题考查了通电直导线周围的磁感线情况，要认真分析图形，找出有用的信息。12.【答案】10

1750

【解析】解：(1)G2在C点时，由杠杆平衡条件得：

FA×OA=G2×OC，

即FA×20cm=20N×10cm，

解得，A点受到的力为FA=10N

(2)G1对地面的压强p=2×103Pa；物体与地面的接触面积为：

S=10cm×10cm=100cm2=0.01m2，

由p=FS可得，物体G1对地面的压力：

F=pS=2×103Pa×0.01m2=20N，

A点受到的力为10N，物体间力的作用是相互的，杠杆对硬杆的拉力为10N，即硬杆对G1的拉力大小为10N，物体G1的重力G1=10N+20N=30N；

现沿竖直方向将G1切掉2cm的宽度，则剩余部分的重力为G1'=45×30N=24N，

因为整个杠杆仍然在原位置保持平衡，所以硬杆作用在A的力仍为10N，物体间力的作用是相互的，杠杆对硬杆竖直向上的力10N，即硬杆对G1剩余部分竖直向上的拉力为T=10N，故G ​1剩余部分对地面的压为：F压=G1'−T=24N−10N=14N，

G1剩余部分与地面的接触面积为：13.【答案】太阳能转化为电能

1.25

4

【解析】解：

(1)太阳能发电站发电时，将太阳能转化为电能；

(2)发电站的发电功率为：

P=Wt=10kW⋅h8h=1.25kW；

(3)已知热电转化效率为30%，

则煤完全燃烧放出的热量为：

Q=Wη=10×3.6×106J30%=1.2×108J，

由Q=qm可得，需要完全燃烧煤的质量：

m=Qq=1.2×108J14.【答案】0.3

27

5Ω～20

【解析】解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；

(1)灯泡正常发光时的电压为3V，功率为0.9W，

根据P=UI可得，此时的电流：IL=PLUL=0.9W3V=0.3A；

(2)根据串联电路的电压特点可知，滑动变阻器两端的电压UR=U−UL=4.5V−3V=1.5V；

根据串联电路的电流特点可知，通过滑动变阻器的电流IR=IL=0.3A，

通电1min滑动变阻器产生的热量Q=W=URIRt=1.5V×0.3A×60s=27J；

(3)串联电路中各处的电流相等，且电流表的量程为0～0.6A，滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，

所以电路中的最大电流Imax=0.3A，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，

由I=UR可知，灯泡的电阻RL=ULIL=3V0.3A=10Ω；

电路中的总电阻R总小=UImax=4.5V0.3A=15Ω，

根据串联电路的电阻特点可知，滑动变阻器接入电路中的最小阻值：R15．【答案】解：如下图所示：【知识点】力的三要素及力的示意图；重力示意图【解析】【解答】小球在摆动的过程中受到绳子的拉力和自身的重力作用，故受力示意图如下

【分析】物体受到的重力竖直向下；物体受到的拉力沿绳子方向。16.【答案】

【解析】重力方向竖直向下，滑梯对同学的支持力垂直滑梯向上，由此作图。

本题考查力的示意图的作图，画力的示意图的步骤：①确定受力物体；②在受力物体上画出力的作用点；③确定力的方向后沿力的方向画一条线段；④在线段的末端标箭头，在箭头旁标出所画力的符号、数值大小和单位。17．解：①可知，磁感线从左边指向右边，所以左边是N极，右边是S极；②中，磁感线都是进入的，所以都是S极；③中，上端磁感线出发，所以是N极，下端磁感线进入，所以是S极；④中，靠近S极的是小磁针的N极，另一端是S极；⑤中，靠近条形磁体N极的是小磁针的S极，另一端是N极；⑥中，靠近小磁针N极的是磁体S极，另一端是N极；⑦中，靠近小磁针N极的是磁体S极，另一端是N极；如下图：18．

断开

A

不会

A

电压

电压一定时，通过导体的电流与导体电阻成反比

R2【解析】（1）[1][2]为了保护电路，连接实物电路时开关应该断开，同时滑动变阻器滑到最大阻值处，即滑片应移到A端。[3]电压表、电流表位置互换，则定值电阻被短路，电压表和电流表串联，电流表示数为0，故电流表不会被烧坏。（2）[4][5将5Ω电阻换成10Ω电阻，根据串联电路分压的特点可知，将小定值换为大定值后，定值电阻两端电压会增加，则电路中滑动变阻器两端电压会随之减小；在探究导体的电流与导体电阻的关系实验中，应保证电压表示数不变，故应将滑动变阻器向A端移动，以增大滑动变阻器接入电路的阻值，进而保证定值电阻两端电压减小到换电阻前的电压值。[6]根据乙图可知，当电压一定时，通过导体的电流与导体电阻成反比。（3）[7]根据乙图可知，当定值电阻为5Ω时，电路电流为0.4A，故定值电阻两端电压为因此，当定值电阻换为R5=25Ω时，其两端电压也为2V，滑动变阻器两端电压为设滑动变阻器接入电路的电阻值为R滑，根据串联电路电流相等原理得故解得，滑动变阻器的电阻值为即滑动变阻器R1的最大阻值为10Ω，由此可知，滑动变阻器选的是R2。19．【解答】解：（1）根据比较吸热能力的两种方法，要控制不同物质的质量相等，在两烧杯中分别装入初温相同且质量相等的豆浆和牛奶，实验中需要用温度计测量液体升高的温度，要用秒表来测量加热的时间；（2）图乙中温度计分度值为1℃，其示数为39℃；选用相同酒精灯加热的目的是为了使两种液体在相同时间内吸收相同的热量；（3）实验中，是通过比较加热时间来间接反映豆浆和牛奶吸收的热量；这是物理中常见的方法：转换法。（4）分析图象可知，对于质量相等的豆浆和牛奶，加热相同时间，升温较快的是豆浆，则豆浆的比热容小，牛奶的比热容大。故答案为：（1）质量；秒表；（2）39℃；使两种液体在相同时间内吸收相同的热量；（3）加热时间；（4）豆浆；牛奶。20．（5分）小华同学用温度计测出一部分冰的温度如图甲所示，然后利用图乙所示装置对100g冰加热，他每隔相同时间记录一次温度计的示数，并观察物质的状态。图丙是他根据记录的数据绘制的温度﹣﹣时间图象，根据图甲和图丙图象可知：（1）图甲中温度计的示数为﹣14℃；（2）在BC阶段中C点处物质的内能大于B点处物质的内能（选填“大于”、“小于”或“等于”），理由是晶体熔化过程吸热；（3）设相同时间内物质吸收的热量相同，则BC阶段物质共吸收了4.2×103J的热量[c冰＝2.1×103J/（kg•℃），c水＝4.2×103J/（kg•℃）]；（4）由丙图可以看出AB、CD段升高的温度相同，但CD段加热的时间长，其原因是水的比热容比冰的大。【分析】（1）明确一个小格表示的分度值为1℃，可根据这点读出此温度计的示数；（2）掌握晶体在熔化过程中的特点：吸热但温度保持不变（3）晶体吸收的热量Q＝cm（t﹣t0）；（4）AB段和CD段的温度变化，从而可比较二者比热容关系。【解答】解：（1）温度计的最小刻度值是1℃，温度计示数往上越来越小，是0℃以下，示数是﹣14℃；（2）由图象知，BC段为熔化过程，熔化过程中要不断吸热，内能增加，温度不变，故在BC阶段中C点处物质的内能大于B点处物质的内能；（3）AB阶段5min物质吸收的热量Q＝cm（t﹣t0）＝2.1×103J/（kg•℃）×0.1kg×10℃＝2.1×103J；因为相同时间内物质吸收的热量相同，则BC阶段物质共吸收了2×2.1×103J＝4.2×103J的热量；（4）因为Q＝cmΔt，所以c＝，因为AB段和CD段物质的质量m相同，由图象知，升高的温度相同，都是10℃，加热时间之比为1：2，所以吸收的热量之比为，从而计算得比热容之比为，所以该物质在AB段的比热容小于CD段的比热容。故答案为：（1）﹣14；（2）大于；晶体熔化过程吸热；（3）4.2×103；（4）水的比热容比冰的大。【点评】此题考查了对冰的熔化图象的分析，要掌握温度计的读数、晶体熔化过程中的特点、吸热公式、水的比热容大等知识，其中水的比热容大是难点。21.【答案】解：(1)该物体所受到的重力：

G=mg=30kg×10N/kg=300N；

(2)物体以0.1m/s的速度匀速向上提升10s，上升的高度：

h=vt=0.1m/s×10s=1m，

滑轮组做的有用功：

W有用=Gh=300N×1m=300J；

克服动滑轮做的额外功：

W动=G动h=40N×1m=40J，

克服绳重和摩擦所做的额外功：

W额=W总−W【解析】(1)根据G=mg可求该物体所受到的重力；

(2)根据W有用=Gh求出做的有用功；W动=G动h可求克服动滑轮做的额外功；由速度公式变形可求物体以0.1m/s的速度匀速向上提升22.（6分）一边长为10cm，重力为15N的正方体物块，用细线悬挂在水中静止时，物块下表面到水面的距离为15cm，如图所示。求：（1）物块上表面受到水的压力大小；（2）物块所受的浮力大小；（3）细线的拉力大小。【解答】解：（1）物块的上表面面积：S上＝10cm×10cm＝100cm2＝1×10﹣2m2，由题意可知，物块上表面到水面的距离：h上＝h下﹣a＝15cm﹣10cm＝5cm＝0.05m，则物块上表面受到水的压强：p上＝ρ水gh上＝1×103kg/m3×10N/kg×0.05m＝500Pa，由p＝可知，物块上表面受到水的压力：F上＝p上S上＝500Pa×1×10﹣2m2＝5N；（2）物块的体积：V＝（10cm）3＝1000cm3＝1×10﹣3m3，因为物块浸没在水中，所以物块排开水的体积：V排＝V＝1×10﹣3m3，则物块所受的浮力：F浮＝ρ水gV排＝1×103kg/m3×10N/kg×1×10﹣3m3＝10N；（3）由图可知，物块受到竖直向下的重力、竖直向上的浮力和拉力，由力的平衡条件可知，细线的拉力：F拉＝G﹣F浮＝15N﹣10N＝5N。答：（1）物块上表面受到水的压力大小