广东省湛江市2025-2026学年高三上学期10月期中物理试题（含答案）

第第页广东省湛江市2025-2026学年高三上学期10月期中物理试题一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1．在医学中，常用伽马刀对肿瘤进行治疗，其原理为钴2760Co发生衰变，释放γ射线，用伽玛射线对病变组织进行照射，从而破坏病变组织，达到治疗目的。已知钴2760A．钴2760Co发生的衰变为B．γ射线本质上是高速电子流C．与钴2760Co相比，镍D．经过10年，钴27602．如图所示，某同学在两竖直墙壁之间安装免打孔单杠，单杠两侧与墙壁之间有防滑软胶垫，靠近墙壁处内置螺纹杆，可通过旋转螺纹杆使单杠向外侧伸长，进而把防滑软胶垫挤压在墙壁上，则下列说法正确的是（）A．该同学利用单杠做引体向上时，软胶垫受到墙壁的摩擦力向下B．该同学利用单杠匀速引体向上，当两手臂都竖直时，每只手臂受到的拉力最小C．螺纹杆向外旋转越多，单杠受到两侧墙壁的弹力均越大，单杠受到的合力也越大D．软胶垫与墙体的接触面积越大，软胶垫受到墙壁的摩擦力越大3．如图所示，在直径为2r的圆形区域内存在垂直平面的匀强磁场，有一边长为2r的正方形金属线框，线框右侧边恰好与圆形区域左侧相切，现使线框匀速向右运动，并保持线框bc边始终在虚线上，从线框开始进入磁场区域到完全离开过程中，以顺时针为正方向，电流随时间变化的图像可能正确的是（）A． B．C． D．4．2025年8月15日22时47分，神舟二十号航天员乘组顺利完成了第三次出舱活动，如图所示为宇航员在空间站外进行出舱作业的情景。已知空间站离地高度约为400 km，地球半径约为6400 km，地球同步卫星离地高度约为A．宇航员绕地球飞行的速度大于7.9B．宇航员绕地球一圈的时间约为1.5C．宇航员在空间站外进行出舱作业时不受重力作用D．空间站舱外组件与宇航员所连接的钩锁一旦脱落，宇航员将坠向地面5．如图所示为“神州”系列飞船返回舱返回地球的示意图，其过程可简化为：第一阶段，当返回舱成功穿越大气层下降到距地面约10公里高度时，降落伞打开，返回舱将在巨大降落伞向上的阻力作用下，迅速减速，假定此阶段降落伞产生的阻力与速度成正比；第二阶段，返回舱以较低速度匀速下降；第三阶段，返回舱在距地面还有一定高度时，缓冲火箭启动喷出气体，返回舱进一步减速，从而使返回舱安全着陆。下列说法正确的是（）A．在第一阶段，返回舱做加速度增大的减速直线运动B．在第二阶段，返回舱的机械能守恒C．在第三阶段，缓冲火箭向上喷出气体D．在第三阶段，合外力对返回舱做的总功等于返回舱动能的变化量6．如图甲所示电路，灯泡L1、L2的电阻RL=9Ω，定值电阻R0=6Ω，电压表、电流表均为理想电表，理想变压器的输入电压A．变压器的输入电压变化的周期为2B．随着光敏电阻的光照强度逐渐增大，电压表V、电流表A的示数逐渐增大C．当光敏电阻的光照强度E=3cd时，电压表V的示数为D．当光敏电阻的光照强度E=3cd时，变压器的输入功率约为7．某兴趣小组设计了一种测量半圆形玻璃砖折射率的方法，其简要操作如下：将激光笔紧贴玻璃砖的圆弧面朝圆心O处大头针方向射出激光束，将激光笔出光口在白纸上的投影记为A点；拔去大头针，使光束穿过玻璃砖后在l2处的卡纸上留下光点，该光点在白纸上的投影记为B点；撤去玻璃砖和卡纸，在白纸上连接AO、BO，延长AO交l2于C点，作图如图所示。若测得OP、PC和PB的长度分别为A．1.78 B．1.33 C．1.44 D．2.00二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。8．位于坐标原点的波源产生的一列简谐横波在均匀介质中沿x轴正方向传播，已知图甲为波源的振动图像，图乙为平衡位置位于x1=2m处质点的振动图像。下列说法正确的是（）A．0~1s内，波源运动的路程为1mB．t=0.5s时波源正从平衡位置向y轴正方向运动C．如果波长大于2m，则波速一定为20D．波源位于平衡位置时，x1=2m处的质点一定处于波谷9．如图所示，上表面水平的正方体区域内存在着方向竖直向上的匀强磁场。粒子源S射出比荷相同、速度不同的甲、乙两粒子均从abcd面的正中央小孔P垂直射入磁场，甲粒子打在bc边上，乙粒子打在正方形bccA．甲、乙两粒子的速度之比为1：2B．甲、乙两粒子均带正电C．甲、乙两粒子在磁场中运动周期之比为2：1D．甲、乙两粒子运动过程中所受洛伦兹力做功均为零10．为了避免突然产生的加速度让乘客有明显不舒服的顿挫感，电梯在竖直方向上减速下降过程中加速度ay随时间t变化的图像如图甲所示，取竖直向下为正方向，t=0时刻和t0时刻的加速度均为零。如图乙所示，t=0时刻，一小物块在电梯中以初速度v0水平向右滑动，t0时刻恰好减速至零，该过程中物块在竖直方向与电梯保持相对静止，电梯厢足够长，物块不与电梯发生碰撞，物块与电梯之间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g。若取水平向右为正方向，关于小物块水平方向的加速度ax、水平方向的速度vA． B．C． D．三、非选择题：本题共5小题，共54分。11．某兴趣小组用图甲所示的向心力演示器验证向心力F的大小与质量m、角速度ω和半径r之间的关系。已知小球在挡板A、B、C处做圆周运动的半径之比为1:2:1，变速塔轮自上而下每层左、右半径之比分别为1:1、2:1和3:1，如图乙所示。（1）在进行下列实验时采用的方法与本实验相同的是_____（填正确答案标号）。A．伽利略对自由落体的研究B．探究两个互成角度的力的合成规律C．卡文迪什通过扭秤实验测出引力常量D．探究加速度与力、质量的关系（2）在某次实验中，验证向心力F与角速度ω之间的关系时，左、右两标尺露出的格子数之比为1：9，运用圆周运动知识可以判断是将传动皮带调至第（填“一”“二”或“三”）层塔轮。（3）现有两小球1和2，质量分别为m1和m2，且m1=3m2，在另一次实验中，把小球1放在12．小德同学测量某金属丝的电阻率：（1）该同学用多用电表欧姆挡测电阻丝的阻值，当用“×10”挡时发现指针偏转角度过大，重新选择挡位并进行欧姆调零后，指针静止时位置如图甲所示，其读数为Ω。（2）为更精确测量金属丝的阻值RxA、电池组（电动势为3 V，内阻rB、电流表A1（量程为50 mA，内阻为C、电流表A2（量程为3 A，内阻为D、电阻箱R1（阻值范围为0∼99.9E、电阻箱R2（阻值范围为0∼9.99F、开关S和导线若干（3）该同学设计的电路图如图乙所示，为能完成金属丝的电阻测量，电流表选择（填器材前字母序号）。（4）小德同学进行的实验操作如下：①用米尺测出接入电路的金属丝长度，用螺旋测微器测得金属丝的直径，如图丙所示金属丝的直径d=mm。②将电阻箱R2的阻值调节为3.00Ω，在之后的操作中电阻箱R2的阻值保持不变，调节电路中的电阻箱R1，多次测量并依次记录电阻箱R1的阻值③根据以上记录数据，可以作出I−R图像。你对小德处理实验数据的方法是否认同？如果不认同，请提出改进意见：。。（5）通过数据处理方法的改进，小德同学发现以上实验方案的电阻率测量结果（填“偏大”或“偏小”），于是调整实验操作重做实验：①找来接线夹接入电路，通过改变接线夹的位置来改变金属丝接入电路的长度，并测得该长度L；②改变电阻箱R1的阻值R③记录R、L数据，并作出R−L图像，算得R−L图像斜率绝对值k。你认为经过以上改进后，影响原实验方案的因素对电阻率的测量结果（填“有”或“无”）影响。13．有一个热水瓶，体积为2L，里面装入一半87℃的热水，然后立刻盖上圆柱形的瓶塞，瓶塞的底面积为20 cm2，过了一段时间，瓶内水温降低到27∘C。已知大气压强为（1）在温度下降时，试从微观角度分析说明热水瓶内的气体压强的变化。（2）此时瓶中气体压强为多大？如果要拔开瓶塞，至少需要多大的力？14．在现代吸入式药物治疗（如哮喘、肺部给药）中，需要将不同大小、不同带药量的气溶胶微粒精确地分选并输送到肺部的不同区域。该设备中的核心部件一“静电轨道分选器”的原理简图如图所示，平行板电容器的电容为C，相距为d的两个极板MN和PQ倾斜放置，上极板的左端M和下极板的右端Q等高，极板与水平方向的夹角α=37∘，上极板MN带正电，下极板PQ带负电，将一个可视为质点、质量为m、电荷量为-q（q>0）的小球，从Q点由静止释放，小球恰好沿直线QM水平向左做直线运动。已知重力加速度为g，sin37（1）求电容器极板MN的带电量q'（2）求小球到达M端时的动能Ek（3）若小球从Q点以v0垂直极板MN向上射出，恰能击中极板MN的中点，求v15．某课外活动小组设计出某款游戏装置，其简化图如图甲所示，水平轨道左侧固定一弹射器，将一质量为1 kg的滑块1压缩在图示位置后锁定（滑块1与弹射器内的轻弹簧不粘连，弹簧处于原长状态时右端恰好在A点）。水平轨道右侧放置一劲度系数k=300 N/m的轻弹簧，弹簧右端固定，左端B点放置一质量为3 kg的滑块2（滑块2与轻弹簧不粘连），开始时轻弹簧处于原长状态。现解除锁定释放滑块1，释放后弹簧弹力与位移的关系如图乙所示，滑块1经过水平轨道B点时与滑块2发生正碰，碰撞时间极短，碰后瞬间滑块2的速度为5 m/（1）求解除锁定前弹射器存储的弹性势能大小Ep以及弹射过程中弹射器对滑块1的冲量大小I（2）求滑块1和2发生第一次碰撞过程中损失的动能ΔE（3）若在滑块1和2发生第二次碰撞之前，滑块1还没有碰到弹射器，求水平轨道上A、B两点间距离的最小值Lmin。（取π

答案解析部分1．【答案】C【解析】【解答】A．根据质量数与核电荷数守恒可知，其衰变方程为2760Co→B．γ射线是光子流，属于电磁波，而高速电子流是β射线的本质，故B错误；C．衰变过程释放能量，生成物镍2860Ni比钴D．半衰期为5年，经过10年（两个半衰期）后剩余钴-60为原来的14故答案为：C。

【分析】结合衰变类型、射线本质、比结合能与稳定性的关系、半衰期的含义，逐一分析选项。2．【答案】B【解析】【解答】A．将单杠、软胶垫和人视为整体，整体有向下运动的趋势，故软胶垫受到墙壁的摩擦力方向向上，故A错误；B．该同学利用单杠匀速引体向上时，设该同学的质量为m，手臂与竖直方向的夹角为θ，则根据平衡关系有2Fcosθ=mg，解得每只手臂受到的拉力为F=mgC．单杠静止，合力始终为0，螺纹旋出越多，两侧墙壁的弹力越大，但合力仍为零，故C错误；D．软胶垫受到墙壁的总摩擦力等于整体的重力，和软胶垫与墙体的接触面积无关，故D错误。故答案为：B。

【分析】结合受力平衡、摩擦力与弹力的性质，逐一分析选项：通过整体法判断摩擦力方向，利用力的合成规律分析拉力最小值，明确合力与摩擦力的决定因素。3．【答案】D【解析】【解答】对线框，根据法拉第电磁感应定律有e=Blv又l=2根据欧姆定律有i=联立可得i=由表达式可知电流的变化不满足一次函数，再结合楞次定律可知，线框进入磁场时感应电流的方向为逆时针，离开磁场时感应电流的方向为顺时针。故答案为：D。

【分析】线框匀速进入/离开磁场时，有效切割长度随位移变化（由圆的几何关系决定），结合法拉第电磁感应定律与欧姆定律，分析电流的变化规律。4．【答案】B【解析】【解答】A.7.9km/s是第一宇宙速度（近地卫星的最大环绕速度），空间站轨道半径大于地球半径，其环绕速度小于7.9km/s，故A错误；B．宇航员绕地运行的轨道半径约为6800 km，同步卫星绕地运行的轨道半径约为42400 km，地球同步卫星的环绕周期为24 h，根据开普勒第三定律r空间站3C．宇航员的重力充当圆周运动的向心力，并非不受重力，故C错误；D．钩锁脱落时，宇航员速度仍满足圆周运动的向心力条件，会继续绕地球做圆周运动，不会坠向地面，故D错误。故答案为：B。

【分析】利用开普勒第三定律（轨道半径与周期的关系）、第一宇宙速度的意义，结合圆周运动的向心力来源，分析各选项。5．【答案】D【解析】【解答】A．第一阶段，降落伞打开，返回舱受到降落伞向上的阻力，迅速减速，由牛顿第二定律得f−mg=ma，又降落伞产生的阻力与速度成正比，则减速过程f减小，a减小，故返回舱做加速度减小的减速直线运动，A错误；B．在第二阶段返回舱匀速下降，动能不变，重力势能减小，所以机械能减小，B错误；C．在第三阶段，返回舱进一步减速，应该是受到向上的反作用力，缓冲火箭向下喷出气体，C错误；D．由动能定理可知，第三阶段返回舱动能的变化量等于合外力做的功，D正确。故答案为：D。

【分析】结合牛顿第二定律、机械能守恒条件、力的相互作用及动能定理，逐一分析各阶段的运动与受力特点。6．【答案】D【解析】【解答】A．由图乙可知变压器的输入电压变化的周期为2×10BC．电压表V的示数是变压器副线圈两端电压的有效值，而变压器的输入电压有效值恒定，则电压表V的示数是由变压器匝数比决定的，即U2=n2n1UD．由上述分析可知UV=10 V，由图丙可知，E=3cd时，R=6.0Ω故答案为：D。

【分析】先由变压器的变压比求副线圈电压，再结合光敏电阻的阻值特性，分析副线圈电路的总电阻与功率，进而判断各选项。7．【答案】B【解析】【解答】根据勾股定理可求出OC、OB的长度分别为1.5 cm、故答案为：B。

【分析】利用折射定律n=sin8．【答案】A,C【解析】【解答】A．由图像可知，波源的振动周期T=0.4s，振幅A=10cm，0~1s内波源运动的路程s=tB．由图甲可知，t=0.5s时波源正从平衡位置向y轴负方向运动，故B错误；C．该波沿x轴正方向传播，则两质点间的距离为n+34λ=x1D．由振动图像可知，波源位于平衡位置时，x1=2m处的质点可能处于波谷也有可能处于波峰，故D错误。故答案为：AC。

【分析】结合波源与质点的振动图像，利用周期、路程的关系分析振动过程；通过波的传播规律（质点间距与波长的关系）推导波速；判断波源与质点的振动关联。9．【答案】A,B,D【解析】【解答】A．设正方体边长为L，甲粒子打在bc边上，轨道半径r乙粒子打在bcc'故r由洛伦兹力提供向心力qvB=m解得：r=mvqB，比荷qm相同，B相同，速度v与rB．根据左手定则，磁场竖直向上，粒子偏转方向符合正电荷受力特点，故甲、乙均带正电，故B正确；C．粒子在磁场中运动周期T=2πmqB，比荷qm相同，B相同，周期TD．洛伦兹力始终与速度方向垂直，由功的公式W=Fscosθ（θ=故答案为：ABD。

【分析】结合洛伦兹力提供向心力的规律，分析粒子轨道半径与速度的关系；利用左手定则判断粒子电性；根据周期公式分析周期关系；结合洛伦兹力的方向特点判断做功情况。10．【答案】B,C【解析】【解答】AB．由牛顿第二定律可得mg−FN=may，−μFN=maC．vx−t图像斜率的绝对值表示加速度的大小，由axD．v−t图像的面积表示位移，由图像的对称性结合上述分析可得，t0内的总位移为v0t02，t故答案为：BC。

【分析】先通过竖直方向的牛顿第二定律关联支持力，再推导水平加速度与竖直加速度的关系，结合加速度-时间图像的面积（速度变化量）分析水平加速度的极值，最后根据加速度的变化规律判断速度、位移的图像。11．【答案】（1）D（2）三（3）3:2【解析】【解答】（1）在这个实验中，利用了控制变量法来验证向心力的大小与质量m、角速度ω和半径r之间的关系，D项探究加速度与力、质量的关系采用了控制变量法。故答案为：D。（2）在验证向心力和角速度的关系实验中，应取质量相同的小球分别放在图甲中挡板A和挡板C处，变速塔轮用皮带连接，塔轮边缘上点的线速度大小相等，根据ω可得与皮带连接的变速塔轮相对应的半径之比为R故需要将传动皮带调至第三层塔轮。

故答案为：三（3）小球1、2质量比为3:1，在实验中把小球1放在B位置，小球2放在C位置，即转动半径之比为2:1传动皮带位于第二层，两塔轮半径之比为2:1则根据v=ωR可知，角速度之比为1:2根据F=m可知向心力之比为3:2，则转动手柄，当塔轮匀速转动时，左、右两标尺露出的格子数之比约为3:2

故答案为：3:2

【分析】（1）实验方法：识别控制变量法的应用场景，匹配对应实验。

（2）塔轮层数：通过向心力与角速度的关系，结合塔轮线速度相等的条件，推导塔轮半径比，确定层数。

（3）格子数之比：结合质量、半径、角速度的比例，利用向心力公式计算向心力之比，对应格子数之比。（1）在这个实验中，利用了控制变量法来验证向心力的大小与质量m、角速度ω和半径r之间的关系，D项探究加速度与力、质量的关系采用了控制变量法。故选D。（2）在验证向心力和角速度的关系实验中，应取质量相同的小球分别放在图甲中挡板A和挡板C处，变速塔轮用皮带连接，塔轮边缘上点的线速度大小相等，根据ω可得与皮带连接的变速塔轮相对应的半径之比为R故需要将传动皮带调至第三层塔轮。（3）小球1、2质量比为3:1，在实验中把小球1放在B位置，小球2放在C位置，即转动半径之比为2:1传动皮带位于第二层，两塔轮半径之比为2:1则根据v=ωR可知，角速度之比为1:2根据F=m可知向心力之比为3:2，则转动手柄，当塔轮匀速转动时，左、右两标尺露出的格子数之比约为3:212．【答案】14.0；B；5.500；不认同，改作1I【解析】【解答】（1）用“×10”挡时发现指针偏转角度过大，说明电阻较小，重新选择“×1”挡，读数为14.0Ω。

（3）电流表A2量程过大，因此选电流表A1，故填B。（4）金属丝的直径d=5.5不认同小德处理实验数据的方法；设改装后电流表的量程变为原来的k倍，内阻为RA，根据闭合电路欧姆定律可得kI=Er+R+Rx[5]在描点画直线的过程中，舍去偏差较大的点，画直线时尽可能使描出的点均匀分布在直线两侧。

故答案为：5.500；不认同，改作1I（5）测量电阻包含改装后电流表电阻及电源内阻，由于电源内阻未知，无法消除，所以电阻率的测量结果偏大；根据闭合电路欧姆定律可得E=I整理可得R=当I保持不变时，R与L是一次函数k=又知S=πd22，故ρ=kπd24，且ρ与r及RA均无关，改进后影响原实验方案的因素对电阻率的测量无影响。

故答案为：偏大；无13．【答案】（1）解：由于瓶塞密封良好不漏气，则瓶中气体的体积不变，气体分子数密度不变。温度降低时，气体分子的平均动能减小。气体分子对器壁单位面积的压力减小，则热水瓶内的气体压强减小。（2）解：气体做等容变化初状态pT末状态T=t+273根据查理定律可得p解得p=对瓶塞进行受力分析，如图所示根据平衡状态有pS+F=解得F=【解析】【分析】（1）压强微观解释：从分子数密度、分子平均动能与压强的关系，分析温度对压强的影响。

（2）气体状态分析：识别气体做等容变化，用查理定律求末态压强；拔塞力由内外压强差与塞子面积的乘积计算。（1）由于瓶塞密封良好不漏气，则瓶中气体的体积不变，气体分子数密度不变。温度降低时，气体分子的平均动能减小。气体分子对器壁单位面积的压力减小，则热水瓶内的气体压强减小。（2）气体做等容变化初状态pT末状态T=t+273根据查理定律可得p解得p=对瓶塞进行受力分析，如图所示根据平衡状态有pS+F=解得F=14．【答案】（1）解：对小球进行分析有qE解得E=对电容器有C=根据电场强度与电压的关系有U=Ed解得q（2）解：结合上述有U=小球从释放至运动到M端过程，根据动能定理可得qU=解得E（3）解：小球沿QM方向的分运动为匀加速直线运动，垂直QM方向的分运动为匀速直线运动，如图所示垂直QM方向有2d平行QM方向有17d结合上述解得v【解析】【分析】（1）极板带电量：通过小球直线运动的受力平衡求电场强度，结合电容定义式计算极板带电量。

（2）动能计算：利用动能定理，结合重力与电场力的做功分析，求小球到达M点的动能。

（3）初速度分析：将小球运动