广东佛山市2025~2026学年普通高中教学质量检测（二）高三物理试卷（含答案）

第第页广东佛山市2025~2026学年普通高中教学质量检测（二）高三物理试卷一、单项选择题。本题共7小题，每小题4分，共28分，在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求，选对得4分，选错得0分。1．2025年11月，我国利用钍基熔盐核反应实验堆首次实现钍铀核燃料转换，在堆芯发生如下核反应：①90232Th+01n→A．①中的γ电离作用比②中的X大 B．②中有一个中子转变为质子C．③为α衰变 D．③中的Y为922．2026年1月，我国自主研发的全球首台兆瓦级浮空风力发电系统——S2000成功完成试飞和并网验证。该系统采用飞艇状浮空器携带发电机组，将高空风力资源转化为电能并通过电缆传输回地面。若S2000的输出电压u随时间t变化的规律如图所示，则下列说法正确的是（）A．该交流电的频率为100HzB．输出电压的有效值为66C．输出电压表达式为u=66D．若将S2000的输出电压降为220V，则变压器原、副线圈匝数之比为300：13．如图所示，O为x轴的原点，在轴上O点左右对称的位置分别固定一正一负两个点电荷（电荷量未知），a、b两点位于过O点并垂直x轴的直线上，且有Oa=Ob。若取无穷远处电势为零，则下列说法正确的是（）A．O点的电势可能大于零B．a、b两点的电场强度相同C．a点的电场强度大于O点的电场强度D．将一个带负电的点电荷由a点移到b点，其电势能一定先减小后增大4．我国“奋斗者”号潜水器开展深海科考，在海深h1处采集样品，并将样品密封在导热良好的金属采样管中，密封后管内留有一段空气柱，其压强、温度均与采样处相等。在采样管缓慢上升过程中，管内空气体积不变，且可视为理想气体。已知海面大气压强为p0，海底水温为T1，海面水温为T2，海水温度随深度增大而降低。下列说法正确的是（）A．采样管在海底时，管内空气的压强等于p0B．采样管到达海面时，管内空气的压强为pC．在采样管上升过程中，管内空气内能保持不变D．在采样管上升过程中，管内空气从外界吸收的热量等于其内能增加量5．2026年1月，我国研制的超导磁体成功实现了35.6T的中心磁场强度，创下世界纪录。如图，两个完全相同的环形超导线圈a和b，以过两线圈圆心O1、O2的水平线OO'为轴平行固定放置，O0为OA．线圈a对线圈b的作用力方向沿OOB．O0处的磁感应强度大小为2B0C．以O1D．若在O1处放置一小磁针，待其静止后，其N极指向沿O6．2026年冬奥会，我国运动员在自由式滑雪空中技巧赛中夺得男、女单项金牌。该项目场地示意图如图所示，ac和fg段为斜面，cde为圆弧（d为圆弧最低点，O为其圆心），运动员从斜面ac上某处无初速滑下，进入圆弧后从e点滑出，最终落在斜面fg上。h为空中运动过程的最高点，m、n点分别与e，d点等高。若忽略运动过程所有阻力，将运动员视为质点，则下列说法正确的是（）A．运动员经过e、m两点时速度相同B．若运动员从与O点等高的b点出发，则h点与O点等高C．运动员在de段运动的时间一定比在m、n两点间运动时间长D．运动员在斜面fg上着地时，其速度方向有可能与水平地面垂直7．左图为一种餐巾架，右图为其结构示意图，质量为m的钢球用轻杆连接在支架上，并可绕光滑转轴转动，钢球下面压着餐巾纸，此时杆与竖直方向夹角为θ，钢球与纸巾间的滑动摩擦因数为μ。在水平抽出最上面一张纸巾的过程中，钢球和支架均保持静止，则此过程（）A．钢球受到的摩擦力大小为μmgB．若增大抽纸速度，则钢球受到的摩擦力增大C．钢球受到纸巾的支持力大小为mgD．钢球受到轻杆的作用力大小为μmg二、多项选择题．本题共3小题，每小题6分，共18分，在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。8．2026年2月，我国成功实施长征十号运载火箭系统低空演示验证与梦舟载人飞船系统最大动压逃逸飞行试验，标志着我国载人月球探测工程研制工作取得重要阶段性突破。假设梦舟飞船登月后从月球返回时，先进入环月椭圆轨道Ⅰ运行，随后在远月点通过变轨进入半径为r的圆形轨道Ⅱ绕月运行。已知月球半径为R，椭圆轨道Ⅰ近月点距月球表面高度为h1，远月点距月球表面高度为h2，万有引力常量为G，不考虑其他天体的引力影响。下列说法正确的是（）A．飞船经过近月点时的速率大于它在轨道Ⅱ上运行的速率B．飞船在轨道Ⅰ上运行的周期大于在轨道Ⅱ上运行的周期C．若已知飞船在轨道Ⅱ上运行的周期T，可估算出月球的平均密度D．飞船在轨道Ⅰ上运行时，经过近月点与远月点的加速度大小之比为(R+9．2025年11月，我国自主研发建造的电磁弹射航母福建舰正式入列。上图为电磁弹射原理图，牵引动子在电磁力驱动下加速运动，并通过牵引杆带动战机弹射起飞。下图为某次弹射训练时牵引动子的v-t图像，弹射过程可分为图中4个阶段：0~0.5s为预加速阶段，0.5~1.5s为主加速阶段，1.5~1.7s为战机脱离牵引动子阶段，1.7~1.9s为牵引动子制动阶段。已知牵引动子质量为6000kg，战机质量为25000kg，制动过程牵引动子的动能回收率为80%。下列说法正确的是（）A．预加速阶段，战机的加速度逐渐增大B．主加速阶段，战机的位移大于42mC．牵引动子制动过程回收动能1.47×107JD．牵引动子制动过程，制动力的瞬时功率与其瞬时速度成正比10．如图所示，空间有圆a、半径为R的圆b和边长为4R的正方形ABCD，其几何中心均为O点。圆a内为无场区；圆a与圆b之间存在辐射状电场，电势差为U；圆b与正方形ABCD之间存在垂直纸面向外的匀强磁场。EF为过O点垂直CD边的一条轴线，一个比荷为k、带正电的粒子在圆a与EF的右交点处无初速释放，经电场加速后沿OF方向射入磁场，粒子恰好不会从正方形ABCD边界射出。不计粒子重力，下列说法正确的是（）A．粒子进入磁场时的速度大小为kUB．磁场的磁感应强度大小为1C．粒子从开始运动到再次回到出发点的过程，在磁场中运动的最短路程为6πRD．粒子从开始运动到再次回到出发点的过程，在磁场中运动的最短时间为3πR三、非选择题。本题共5小题，共54分，根据要求作答。11．一块高度为2cm圆柱形透明玻璃砖内有一粒直径很小的不透明球状杂质，小明设计了如下实验测量该杂质与玻璃砖中心轴线的距离。（1）用游标卡尺测量该玻璃砖的直径D，如图甲所示，D=cm。（2）在水平桌面上固定一张白纸，如图乙所示，以O为圆心作出直径为D的内圆（实线圆）和另一个外圆（虚线辅助圆），过O点作相互垂直的直线ab和cd（与内圆交点为a、b、c、d）。（3）在直线ab与外圆交点上分别竖直插两枚大头针P1和P2。将该玻璃砖置于纸上并与内圆重合，使玻璃砖绕其中轴线旋转（保持其始终与内圆重合），并在P2右侧沿平行纸面方向观察，直至P2恰好完全遮挡住杂质的像和P1的像，则此时可确定杂质位于（用图乙中字母表示）连线之间，此后固定玻璃砖。（4）在外圆弧线上适当的位置竖直插一枚大头针P3，再在适当位置竖直插一枚大头针P4，使得沿平行纸面方向观察时P4完全遮挡住P3和。（5）记下四枚大头针的位置并撤掉玻璃砖，作直线P3P4与内圆交于e点，作出直线Oe，用量角器测量出图中夹角α和β，若该玻璃砖的折射率为3，α=60°，β=30°，则该杂质与玻璃砖中轴线的距离x=（用直径符号D表示）。12．智能温控水杯利用热敏电阻监测水温，其核心元件是一个负温度系数（NTC）热敏电阻RT（电阻值随温度增大而减小）。小明想研究该种热敏电阻R（1）把RT放置到温控室并将温度调节为100℃，稳定后用多用电表测量此时RT的阻值。先把多用电表挡位调到电阻“×10”挡，将红表笔和黑表笔，使多用电表指针指在表盘（选填“左端”或“右端”）零刻度线处；再将两表笔分别接在RT两端，多用电表的表盘如图（a）所示，则多用电表测得此时R（2）选择实验器材：直流电源E（电动势3.0V，内阻未知）；灵敏电流计（满偏电流Ig=500μA，内阻Rg=500Ω）；定值电阻R0（阻值为3kΩ）；滑动变阻器R1（最大阻值为20Ω）；电阻箱R（3）按照图（b）的电路图正确连接电路。保持温控室温度为100℃，断开开关S1，将R1滑片调至端（选填“a”或“b”）；闭合开关S1，将S2与2端接通，调节R1的滑片位置，使灵敏电流计示数为满偏电流Ig；保持R1的滑片位置不变，将R2阻值调至最大，（4）保持R1的滑片位置不变，将S2与2端重新接通，降低温控室温度t；若灵敏电流计示数为kIg（0<k<1（5）逐渐降低温控室温度t，得到多组t和RT的数据，描点绘制出R（6）用上述方法测出的RT阻值与其真实值相比会13．我国地铁道床技术革新，采用如图甲所示的“钢弹簧浮置板道床”装置，将浮置板道床置于钢弹簧隔振器上，有效降低了列车经过时的振动和噪音。该装置可以等效为如图乙所示的弹簧振子模型，将列车经过时使道床振动的力等效为对弹簧振子施加一个周期性驱动力，使振子做受迫振动，振子振动图像如图丙所示。若振子总质量m=2.5×104kg，弹簧质量不计，弹簧劲度系数k=1.0×（1）请写出振子做受迫振动的振动方程（不需要写出推导过程）；（2）振子受迫振动时在空气中产生次声波，已知声波在空气中传播速度为340m/s，求此声波的波长；（3）若振子做简谐振动时振幅A=2cm，求振动过程振子所受的最大回复力和最大动能。（提示：弹性势能可用E14．如图所示，短跑道速度滑冰比赛场地由两段水平直道与两段半圆形水平弯道构成。接力比赛起跑线到弯道距离x=14.4m，发令枪响后运动员A和B从起跑线起跑，已知两者起跑反应时间不同，在直道均做匀加速直线运动，且两人同时进入弯道并在弯道始终保持并排做匀速圆周运动，其运动半径分别为R1=8m、R2=263m（1）运动员A和B起跑反应时间的差值（结果保留2位小数）；（2）运动员B和C在直道完成交接棒（后者推前者即为交接棒），交接棒前瞬间2人沿同一直线运动速度分别为vB=14m/s、vC=1015．如图所示，表面光滑且绝缘的矩形斜面ACDE与水平面夹角θ=30°，斜面上有宽为L的矩形匀强磁场区域abcd，其下边界ab与AC平行，磁场方向垂直斜面向上。两个相同的正方形线圈甲和乙在斜面上并排放置，线圈的下边均与cd平行，甲的下边与cd相距为L。线圈的边长为L、质量为m、电阻为R。现同时无初速释放甲、乙线圈，已知甲的下边进入磁场时，甲恰好做匀速直线运动；当甲的上边进入磁场时，乙恰好追上甲并与甲发生弹性碰撞（碰撞时间极短），碰撞后甲的上边通过磁场的时间为710（1）磁场的磁感应强度B的大小，以及乙释放时其下边与cd间的距离x2（2）碰撞后瞬间甲的加速度大小；（3）甲和乙通过磁场区域全过程产生的焦耳热之比。

答案解析部分1．【答案】B【解析】【解答】根据核反应方程质量数、电荷数守恒，反应②：90233Th→91233Pa+X，可得X为−10e，属于β-粒子。

A、γ射线是电磁波，电离作用很弱；β射线电离作用比γ射线更强，即X电离作用大于γ，故A错误；

B、反应②为β-衰变，衰变的微观本质就是原子核内部的一个中子转化为一个质子，同时释放出电子，故B正确；

C、反应③释放出电子−10e，属于β-衰变；α【分析】A、考查三种射线特性，电离能力：α>β>γ；穿透能力：γ>β>α。

B、考查β-衰变本质，原子核内中子转变为质子，向外放出电子。

C、考查衰变类型判断，放出电子是β衰变，放出氦核才是α衰变。

D、考查核反应守恒规律，核反应前后总质量数、总电荷数分别保持不变，据此求解未知原子核。2．【答案】D【解析】【解答】A、由图像可知周期T=0.02 s，频率f=B、电压最大值Um=662C、角速度ω=2πT=100π D、理想变压器n1故答案为：D。【分析】A、考查交变电流频率计算，利用f=1B、考查正弦交流电有效值与最大值关系，U=UC、考查交变电压瞬时值表达式，u=UD、考查理想变压器电压与匝数关系，n13．【答案】A【解析】【解答】A、电势属于标量，直接代数叠加即可。当正负点电荷电荷量相等时，O点的合电势为零；正点电荷电荷量更大，O点电势大于零；负点电荷电荷量更大，O点电势小于零，故A正确；

B、电场强度为矢量，需要矢量合成。只有正负电荷电荷量大小相等时，a、b两点电场强度才完全相同；一旦二者电荷量不相等，两点场强的大小、方向均会出现差异，场强不再相等，故B错误；

C、等量异种点电荷的中垂线上，O点距离两个点电荷最近，叠加之后的合场强达到整条中垂线的最大值，该选项描述与物理事实相悖，故C错误；

D、若为等量异种点电荷，整条中垂线属于零电势等势线。a、b处在同一等势面上，带负电点电荷从a移动到b，电场力不做功，电势能保持不变，选项表述错误，故D错误。

故答案为：A；【分析】A、考查电势的标量叠加，电势直接代数求和，分别讨论两电荷电荷量相等、正电荷量大、负电荷量大三种情形，判断O点电势高低。

B、考查电场强度矢量合成，场强是矢量，既要比较大小也要比较方向，电荷量变化会改变空间各点的合场强。

C、考查等量异种电荷中垂线场强分布，中垂线上中点位置场强最大，往两侧延伸场强逐步减小。

D、考查等势面与电势能变化，等量异种电荷中垂线为等势线，同一等势面上移动电荷，电场力不做功，电势能不变。4．【答案】D【解析】【解答】A、采样管置于海底时，管内气体压强与该深度的海水压强保持相等，可得p1=p0+ρgh1，明显大于大气压p0，故A错误；

B、采样管向上运动时管内气体体积保持恒定，发生等容变化，依据查理定律p1T1=p2T2，变形得到p2【分析】A、考查液体内部压强计算，海底处气体压强等于大气压叠加海水产生的液体压强。

B、考查查理定律，适用于一定质量理想气体的等容变化，公式为p1T1=p2T2，温度要使用热力学温度。5．【答案】C【解析】【解答】A、通电线圈之间的相互作用满足同向电流相吸、异向电流相斥，两线圈通入的电流方向相反，因此线圈a对线圈b的作用力沿OO'方向向左，故A错误；

B、两个线圈结构完全一致，通入电流大小相等，位置关于O0点对称。线圈a在O0点产生磁感应强度大小为B0，磁场方向向左；线圈b在O0点产生磁感应强度大小为B0，磁场方向向右。两个磁场矢量大小相等、方向相反，叠加之后O0点合磁感应强度等于0，故B错误；

C、以O0【分析】A、考查通电环形电流之间的相互作用规律，同向电流相互吸引，异向电流相互排斥，直接判断线圈之间的安培力方向。

B、考查磁场的矢量叠加，对称位置处大小相等、方向相反的磁场，合成之后合磁感应强度为零。

C、考查磁通量概念，磁通量是磁感线穿过某一平面的净条数，穿入与穿出的磁感线会互相抵消。

D、考查环形电流轴线上磁场强弱特点，距离线圈越近，线圈产生的磁感应强度越大，合磁场由磁场更强的一方主导。6．【答案】C【解析】【解答】A、依据斜上抛运动的运动特征，运动员途经e、m两点时，两点高度一致，速率相等，但速度指向并不相同，速度为矢量，故A错误；

B、假设运动员从和O点同一高度的b点起跳，物体到达最高点时仅保留水平方向分速度，结合机械能守恒可以判断，最高点h的位置要高于O点，故B错误；

C、整个过程机械能守恒，逆向观察运动过程，ed段与mn段处在同一高度位置时物体速率相等。ed段存在水平加速效果，mn段水平分速度保持恒定；同一高度下ed段竖直分速度更小，竖直方向平均速度更小。两段竖直位移大小一致，由t=yv‾y可得，de段的运动时间大于mn段的运动时间，故C正确；

D、运动员脱离轨道之后做斜抛运动，水平分速度始终不变。下落阶段速度方向和水平方向夹角持续变大，但水平分速度不为零，因此夹角达不到【分析】A、考查斜抛运动规律，高度相同位置速率相等，速度是矢量，方向不同则速度不同。

B、考查机械能守恒，最高点竖直分速度为零，但水平分速度不为零，动能不为零，对应重力势能更大。

C、考查运动的分解与机械能守恒，利用竖直方向平均速度比较运动时间，同一高度总机械能不变，水平速度变化会影响竖直分速度大小。

D、考查斜抛运动速度的分解，水平方向匀速，只要水平分速度不为零，合速度就无法竖直向下。7．【答案】C,D【解析】【解答】A、对钢球开展受力分析，设轻杆施加给钢球的作用力大小为F，按照共点力平衡条件列方程：Fsin⁡θ=f，Fcos⁡θ+FN=mg，滑动摩擦力满足f=μFN。将三式联立求解，得到F=μmgsin⁡θ+μcos【分析】A、考查共点力平衡的正交分解，对物体受力之后沿水平、竖直方向列平衡方程，再结合滑动摩擦力公式联立求解各力大小。

B、考查滑动摩擦力影响因素，滑动摩擦力f=μFN，只和动摩擦因数、接触面正压力有关，不受相对运动速度大小影响。

C、考查滑动摩擦力计算，把支持力求解结果代入f=μFN，化简得到摩擦力的最终表达式。8．【答案】A,C【解析】【解答】A、由万有引力充当向心力GMmr2=mv2r，推导出线速度公式v=GMr。轨道Ⅱ为圆轨道，对应运行速率小于近月点处圆轨道的环绕速率；椭圆轨道Ⅰ的近月点需要减速才能变轨进入轨道Ⅱ，说明椭圆近月点的实际速度大于同位置圆轨道的环绕速度，因此飞船经过近月点的速率大于轨道Ⅱ上的运行速率，故A正确；

B、依据开普勒第三定律，轨道半长轴越大，运行周期越长。轨道Ⅰ的半长轴比轨道Ⅱ的轨道半径更小，因此轨道Ⅰ对应的运行周期小于轨道Ⅱ的周期，故B错误；

C、对轨道Ⅱ的圆周运动，万有引力提供向心力：GMm(R+h2)2=m4π2T2【分析】A、考查卫星变轨与环绕速度，圆轨道线速度公式v=GMr，椭圆轨道近地点需要减速才能进入内侧圆轨道，由此比较两处速度大小。

B、考查开普勒第三定律a3T2=k，围绕同一中心天体，半长轴决定周期，半长轴越小周期越小。9．【答案】A,B【解析】【解答】A、v‑t图像上某点切线斜率代表瞬时加速度。预加速阶段图像切线斜率持续变大，说明战机的加速度在不断增大，故A正确；

B、v‑t图像和坐标轴包围的面积对应位移。主加速阶段，实际图线处在梯形15+692×(1.5‑0.5)的上方，因此实际位移x>15+692×(1.5【分析】A、考查v‑t图像的物理意义，切线斜率表示加速度，由斜率的增减直接判断加速度变化趋势。

B、考查v‑t图像求位移，图线与横轴围成面积为位移，可利用梯形面积做边界比较，判断实际位移的大小范围。

C、考查动能的计算，动能公式Ek10．【答案】C,D【解析】【解答】A、粒子在电场中，根据动能定理可得qU=12mB、由于粒子恰好不会从正方形ABCD边界射出，则r=R

根据洛伦兹力提供向心力qvB=mv2r；所以B=因此磁感应强度可能小于1R2Uk，故B错误；

C、粒子由出发点出发再回到出发点，磁场内运动的最短路径由四段34圆弧拼接而成，总路程s=4×34×2πr=6πR，故C正确；

D、带电粒子在磁场中圆周运动周期T=2πrv【分析】A、考查电场加速与动能定理，利用qU=ΔEk直接求解粒子加速后的速度，注意题干给出符号替换关系。

B、考查带电粒子有界磁场多圈回旋模型，不能只考虑单次圆弧相切，要考虑粒子多次偏转、多段圆弧包络边界的情况，轨道半径存在多组解。

11．【答案】5.000；P1P2；杂质的像；3【解析】【解答】（1）游标卡尺读数等于主尺读数加上游标尺对齐格数乘以分度值。本题主尺读数为50mm，游标尺第0格与主尺刻度对齐，分度值0.05mm故答案为：5.000；

（3）眼睛在P2右侧，沿着平行纸面方向进行观察，缓慢移动视线，直到大头针P2的像能够完全挡住杂质的像与大头针P1的像，此时杂质就在P故答案为：P1P2；

（4）在外圆弧的合适位置竖直插上大头针P3，继续在外圆弧选取另一处位置竖直插上大头针P4；调整观察视角，沿平行纸面方向观察，使大头针P4的像把P3的像以及杂质的像全部遮挡住，以此确定出射光线的方向。

故答案为：杂质的像；根据折射定律可得n=sinα所以该杂质与玻璃砖中轴线的距离x=故答案为：36D；

【分析】（1）考查游标卡尺读数、插针法确定光路、光的折射定律、几何关系运算。

游标卡尺读数遵循主尺加游标尺的读数规则，注意分度值，读数结果需要保留对应位数，再完成单位换算。

（3）利用大头针遮挡像的方法确定入射光线，视线方向、大头针、杂质共线，从而定位杂质所在直线。

（4）插针法实验操作，通过两枚大头针确定玻璃砖出射光线，保证观察时后面大头针挡住前面大头针和杂质的像。

（5）先根据折射定律12．【答案】短接；右端；220；a；(3700【解析】【解答】(1)将多用电表调节至电阻×10倍率挡位，完成欧姆调零操作：把红、黑表笔直接短接，旋转欧姆调零旋钮，使电表指针偏转至表盘最右侧零刻度位置。

调零结束后，把红黑两支表笔分别接触热敏电阻RT的两个接线端进行测量。由表盘读数，示数为22，结合倍率计算被测电阻阻值：故答案为：短接；右端；220；

(3)为保护灵敏电流计，避免接通电路瞬间表头电流超过量程，需要把滑动变阻器R1故答案为：a；

(4)假设支路两端总分压保持不变，RT、R0与灵敏电流计内阻Rg构成的支路和参考支路电压相等，列电压等式：(故答案为：(3700k−3500)；

(RT+R0+Rg)k故答案为：偏小；【分析】考查多用电表欧姆挡使用、欧姆调零、电路保护操作、串并联电路电压规律、实验系统误差分析。

(1)欧姆挡测量电阻，必须先选择合适倍率，再进行表笔短接欧姆调零；被测电阻读数等于表盘示数乘以挡位倍率。

(3)滑动变阻器滑片调至a端，将灵敏电流计支路短路，起到保护表头的作用，防止通电瞬间电流过大损坏电表。

(4)理想条件下两条支路两端电压相等，根据欧姆定律U=IR列电压方程，消去电流后推导热敏电阻的理论计算公式。

(6)实际电路中热敏电阻阻值变化会改变支路分压，理想公式没有考虑分压变化，对比真实值与测量表达式，分析得出测量结果的系统误差。13．【答案】（1）从振动图像读取，振子振幅A=3cm，振动周期T=0.1s。

简谐运动振动方程通用形式为x=Asin⁡2πT（2）空气跟随振子做受迫振动，受迫振动的频率等于驱动力的频率，也就是振子本身的振动频率。f=1T=10.1（3）振子处在最大位移位置时弹簧形变量最大，回复力达到最大值，由Fmax=kA，求得Fmax=2×106N。

振子在平衡位置加速度等于零，合力为零，重力与弹簧弹力平衡，满足mg=k12k(x0+A)【解析】【分析】考查简谐运动振动方程、受迫振动、波速波长频率关系、简谐运动回复力、系统机械能守恒。

(1)由振动图像读出振幅与周期，利用ω=2πT求出角频率，代入简谐运动正弦形式振动方程完成书写。

(2)受迫振动物体振动频率等于驱动力频率，利用f=1T求频率，再套用波速公式λ=vf求解波长。（1）由图丙可知，振幅为3cm，周期为0.1s，所以振动方程为x=A（2）空气也属于受迫振动，振动频率与振子的频率相等，即f=所以波长为λ=（3）在最大位移处，回复力最大，即F平衡位置，速度最大，动能最大，加速度为零，即mg=k从最低点运动到平衡位置的过程，根据系统机械能守恒定律可得1代入数据解得E14．【答案】（1）两名运动员同时驶入弯道，直线加速阶段的时间差值等于二者反应时间的差值。直线段做匀加速直线运动，位移与平均速度满足x=v12t1,x=v22t2（2）交接过程，选取运动员B作为研究对象，应用动量定理IB=mv'B−mvB

B、C之间的相互冲量属于作用力与反作用力，二者冲量大小相等、方向相反，因此IC=−【解析】