2026-2027学年沪粤版中考物理回归基础模拟卷附答案及解析

第页2026-2027学年沪粤版中考物理回归基础模拟卷（附答案及解析）学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________题号一二三四五六总分得分注意事项:

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。

3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。一、选择题(本大题共7小题，每小题3分，共21分.在每小题所给出的四个选项中，只有一项是正确的)1．如图所示物态变化的实例中，形成过程属于凝固的是（）A．冰 B．露珠 C．雾 D．霜2.如图甲所示，电源电压保持不变，R1为定值电阻，滑动变阻器R2的最大阻值为30Ω，电压表的量程为0～15V.电压表的示数与滑动变阻器R2的关系如图乙所示。则下列结果正确的是(

)A.电源电压为20V

B.R1的阻值为5Ω

C.开关

S闭合后电路消耗的最小功率为14.4W

D.为了保证电压表不被烧坏，滑动变阻器的阻值变化范围为3．如图所示，共享单车是节能环保的交通工具，同时也为短途出行的人们带来便利。关于小红骑共享单车上学的情形，下列说法正确的是（）A．小红骑行的速度最高可以达到50m/s B．小红骑车匀速转弯时，运动状态不变 C．骑行过程中，弹性势能转化为动能 D．下坡时小红不蹬车，单车继续滑行是因为具有惯性4.“烟花映昆池⋅弄潮秦创原”，2月5日元宵节，一场绚丽的焰火晚会在西咸新区昆明池拉开帷幕，昆明池上空一片流光溢彩、焰火璀璨(如图)。有关烟花表演，下列说法正确的是(

)A.灿烂的烟花不是光源

B.人们看到灿烂的烟花属于光的直线传播

C.先看到焰火后听到爆炸声，说明声速比光速快

D.烟花在水中的倒影是光的折射形成的

5．如图所示的木棉虾球是陕西省的古典名菜，制作时先将虾仁腌制入味，然后裹上蛋糊，放在油锅里炸熟，吃起来松软鲜嫩，且富有营养，下列说法正确的是（）A．油炸过程中虾仁的内能不会发生变化 B．油炸过程中，产生的“气泡”是液化形成的 C．蛋糊可以裹在虾仁表面，说明分子之间存在斥力 D．虾仁可以通过腌制入味，说明分子在不停地做无规则运动疫情期间，各班都配有手持式电子测温仪，如图甲为某款电子测温仪，图乙为它的内部原理图。其中电源电压保持不变，R为热敏电阻，用于靠近人体测温，其阻值随着温度的升高而减小，定值电阻R0为保护电阻，关于此测温仪下列说法正确的是（）A．显示仪是由电流表改装而成B．被测者体温升高时，显示仪的示数变小C．被测者体温升高时，整个电路的电功率变大D．测量相同体温时，当R0更换为阻值更大的电阻时，显示仪的示数变小7．在水平桌面上，有两个完全相同的圆柱形容器甲和乙，内盛相等质量的同种液体。将体积相同、材料不同的两个小球A和B分别放入容器中，A球漂浮，B球悬浮，如图所示。两球在两容器中所受的浮力分别为F甲和F乙，两容器底部对桌面的压强分别为p甲和p乙，则下列说法正确的是（）A．两容器底部受到液体的压力相等 B．A球受到的浮力等于B球受到的浮力 C．甲容器底部对桌面的压强小于乙容器底部对桌面的压强 D．A球的密度小于B球的密度二、填空题(本大题共7小题，每小题3分，共21分.不需要写出解答过程，请把答案直接填在答题卡相应的位置上.)8．a、b两个物体同一时刻从同一地点同向而行，路程随时间变化的图像如图所示，出发5秒后它们相距m。9．汽车在水平路面上急速行驶，驾驶员相对于地面是的；观察图甲中车的外形，由于车的上下表面空气流动速度不同，车对地面的压力会（选填“变大”“不变”或“变小”），容易导致汽车失控，为了减小上述意外情况的发生，有些跑车为了提高“抓地力”，在车尾安装了一种“气流偏导器”，其外形应选用图乙中的（选填“A”或“B”）。10．如图所示是嫦娥4号的中继卫星“鹊桥”由长征4号丙运载火箭发射时的情景。火箭中的燃料燃烧时，燃气推动火箭和卫星上升，卫星的机械能会（选填“增大”、“不变”或“减小”）。“鹊桥”最终在距地球约45万千米的轨道上运行，由此可知，从地球上发射的电磁波信号经过秒后就会被“鹊桥”接收到。11．汽油机用水作为冷却剂，主要是因为水的较大。某人工湖湖水的质量为2×107kg，水温升高4℃，若这些热量被同等质量的砂石吸收（c砂石＜c水），则砂石升高的温度将4℃（选填“大于”、“小于”或“等于”）。12.如图所示电路，滑动变阻器上标有“50Ω1A”字样，R1的阻值为18Ω，两个电压表的量程均为0～21V。移动滑片，当滑片在A处时，此时电压表V1的示数为18V，电流表示数为0.75A；此时滑动变阻器接入的阻值为______Ω；继续移动滑片，当滑片在B处时，此时电压表V1的示数为21V，V2的示数为18V，则电源电压为______V。在保证电路安全的情况下，移动滑片使得两电压表的示数之差不超过3.6V(大于0)，在此前提下滑动变阻器的最大功率为______W13.如图所示，将一根薄钢条的下端固定，对其施加力，使其发生甲、乙、丙、丁各图中所示的形变，如果F1=F3=F4>F14．小明站在竖直的平面镜前1m处，他与镜中“自己”的距离是m，平面镜成的像是（选填“等大”、“放大”或“缩小”）的（选填“虚”或“实”）像。三、作图题：本大题共3个小题，共7分。15．如图所示，太阳能汽车在水平公路上向右勺速行驶，请在图中画出汽车受重力的示意图（力的作用点画在重心O点上）。16.一束光射向一块玻璃砖(如图)，并穿过玻璃砖，请你画出这束光进入玻璃和离开玻璃后的光线。17.如图，小磁针静止在通电螺线管右侧，请标出磁感线方向和小磁针N极。

四、实验题：本大题共3小题，第18小题6分，第19小题6分，第20小题8分，共20分。18.如图，在探究“产生感应电流的条件”实验中：

(1)实验中观察

来判断电路中是否有感应电流；

(2)闭合开关，若导体不动，左右移动磁体，电路中

(填“有”或“无”)感应电流；

(3)该实验的结论是：闭合电路的一部分导体，在磁场中做

运动时，导体中就会产生感应电流；

(4)请问如何改装图中的实验器材，使实验可用于探究磁场对通电导体的作用？

。19.晶体的熔化热是指某种晶体，从开始熔化到所有晶体完全熔化时所吸收的热量与其质量之比。在学习了熔化吸热后，某同学用图1所示的相同加热装置，对甲、乙两晶体进行加热，探究不同晶体的熔化热是否相同。

(1)实验过程中，有关甲、乙两晶体的相关物理量，需要确保相等的是______。

A.质量

B.体积

C.初始温度

D.温度变化

(2)如图2为加热过程中温度−时间变化图象，通过分析图象，你认为哪种晶体熔化热大，理由是______。

(3)若想增大甲晶体的熔化热，下列措施可行的是______。

A.减小甲物质的质量

B.增大甲物质的体积

C.提高甲物质的初始温度

D.以上方法都不可行

(4)下列日常生活情境中，应用晶体熔化热的有______(多选)。

A.下雪后撒盐加快雪的熔化

B.使用冰块冷藏运输海鲜

C.发烧的病人敷冰袋降温

D.夏天在路面上洒水降温20.小明做“研究液体的压强”实验时得到的几组数据如表所示，请根据表中的数据，回答下列问题：序号液体深度/cm橡皮膜方向压强计左右液面高度差/cm1水5朝上4.92水5朝下4.93水5朝侧面4.94水10朝侧面9.75水15朝侧面14.66酒精15朝侧面11.8(1)如图所示压强计是通过U型管中两侧液面的______来反映被测压强大小的；使用前应检查装置是否漏气，方法是用手按压几下橡皮膜，如果U型管中的液体能灵活升降，则说明装置______(选填“漏气”或“不漏气”)，调节好的压强计放在空气中时，U型管的液面应该______。

(2)液体压强计______(选填“是”或“不是”)连通器。

(3)比较序号为______的三组数据，可得出的结论是：同种液体在同一深度处，液体向各个方向的压强都相等。

(4)比较序号3、4、5的三组数据，可得出的结论是：______。

(5)比较序号为______的两组数据，可得出的结论是：在同一深度处，不同液体的压强还与液体密度有关。

(6)本实验用到的研究方法有______

法和______法。五、计算题：本大题共2小题，第21小题7分，第22小题6分，共13分。21．如图所示为某载人潜水器的示意图，该潜水器的质量为18t，若它在5min内从水面下潜到1800m深处作业。（g＝10N/kg，ρ海水＝1.0×103kg/m3）求：（1）潜水器的重力：（2）潜水器下潜时的平均速度；（3）若潜水器底面积为2m2，潜水器在1800m深处时，底面受到海水的压力。22.某家用电热水器，其工作模式和相关参数如下表所示。图为电热水器的原理图，包括工作电路和控制电路两部分，通过电磁继电器自动控制电热水器实现加热状态和保温状态的挡位变换。R0、R1为电热丝，R2为滑动变阻器，R为热敏电阻(置于电热水器内)，其阻值随温度的升高而减小。红灯、绿灯是电热水器工作时的指示灯，忽略指示灯对电路的影响。

(1)分析说明当绿灯亮时，电热水器处于保温状态还是加热状态？

(2)R1工作时的电阻是多大？

(3)该电热水器处于加热状态时，工作4.2min，可使1L水的温度升高40℃，则该电热水器的效率是多少？电源220V50Hz加热功率800W保温功率40W水容量1.0L六、综合能力题：本大题共3小题，每小题6分，共18分。23．如图所示是某种电热器工作的部分电路图，电源电压U＝220V不变，两根电热丝的电阻关系为R1＝2R2，通过旋转扇形开关S，接触不同触点，实现高、低两个挡位的转换，低温挡时的发热功率为440W。求：（1）R1和R2的电阻值；（2）电热器处于高温挡时的总功率；（3）如果在高温挡下工作7min产生的热量全部被水吸收，在一个标准大气压下这些热量能够让2kg、40℃的水，温度升高多少？[水的比热容为c＝4.2×103J/（kg•℃）]

24．如图是宝鸡海底捞引进的“欢乐送”送餐机器人，请回答以下问题：规格参数机器人空载时体重30kg机器人底座尺寸50mm×60mm轮子与地面接触总面积1×10﹣4m2满载工作时移动速度0.8m/s单盘承重10kg满载工作时功率120W（1）机器人空载时对地面的压强是多少？（g取10N/kg）（2）送餐过程中，机器人以0.8m/s的速度匀速直线移动，若它在运动过程中所受阻力为50N，则在1min内驱动力对机器人所做的功是多少？（3）当它满载工作时，机器人受到的驱动力多大？25．如图甲所示，一个足够高的薄壁柱形容器放在水平桌面上，容器底面积为S1，容器中立放着一个底面积为S2＝100cm2、高为H＝18cm的均匀圆柱体物块A，A的底部与容器底部用一根细绳连在一起。现缓慢向容器中注水，每分钟注入水的质量为300g，当向容器中注水6min时，物块A对容器底部的压力恰好为0（如图乙），此时容器中水的深度为h1＝9cm。已知细绳长度为L＝8cm，能承受的最大拉力为6N，ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg，物块A不吸水，忽略细绳的体积、液体扰动等其他次要因素。（1）求物块A对容器底部的压力恰好为0时所受的浮力大小。（2）在图乙的情况下继续缓慢向容器中注水，直至细绳断开，停止加水，细绳断开前瞬间（如图丙）水对容器底部的压强为p1，当物块A静止后水对容器底部的压强为p2。求从p1到p2的压强变化量Δp。（3）在图甲的情况下开始缓慢向容器中注水，求此过程中容器底部所受水的压强p与注水时间tx（单位：min）的函数关系式（tx≥14min）。

参考答案及解析1．【解答】解：A、冰是水的凝固现象，故A正确；B、露是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，附着在植被表面，故B错误；C、雾是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，故C错误；D、霜是空气中的水蒸气遇冷凝华为固体的冰晶，附着在植被表面，故D错误。故选：A。2.【答案】C

【解析】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压：

(1)由图乙可知，当R2=10Ω时U1=12V，当R2'=20Ω时U1'=8V，

因串联电路中各处的电流相等，

所以，电路中的电流分别为：

I=U1R1=12VR1，同理，I'=8VR1，

因串联电路中总电压等于各分电压之和，且电源电压保持不变，

所以，电源的电压：

U=I(R1+R2)=I'(R1+R2')，即12VR1(R1+10Ω)=8VR1(R1+20Ω)，

解得：R1=10Ω，故B错误；

电源的电压：

U=I(R1+R2)=12V10Ω×(10Ω+10Ω)=24V，故A错误；

(2)当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电路消耗的功率最小，由电阻的串联规律，

则3．（2分）如图所示，共享单车是节能环保的交通工具，同时也为短途出行的人们带来便利。关于小红骑共享单车上学的情形，下列说法正确的是（）A．小红骑行的速度最高可以达到50m/s B．小红骑车匀速转弯时，运动状态不变 C．骑行过程中，弹性势能转化为动能 D．下坡时小红不蹬车，单车继续滑行是因为具有惯性【分析】（1）共享单车的速度约为5m/s；（2）物体运动方向和运动速度大小的变化都属于运动状态的变化；（3）骑行过程中，消耗人体的化学能，使车运动；（4）一切物体在任何时候都有惯性，惯性是物体本身具有的一种保持原来运动状态不变的性质。【解答】解：A、共享单车的速度约为5m/s，故A错误；B、小红骑车匀速转弯，运动方向不断变化，运动状态不断变化，故B错误；C、小红在骑行过程中，消耗人体的化学能使车运动，得到动能，即将化学能转化为动能，故C错误；D、小红下坡时不蹬车，共享单车继续滑行是因为共享单车本身具有惯性继续向前滑行，故D正确。故选：D。4.【答案】B

【解析】解：A.烟花自身能够发光，属于人造光源，故A错误；

B.光在同种均匀介质中沿直线传播，人们看到灿烂的烟花属于光的直线传播，故B正确；

C.15℃时，声音在空气中的传播速度为340m/s，光在空气中的传播速度约为3×108m/s，故先看到焰火后听到爆炸声，说明光速比声速快，故C错误；

D.水面相当于平面镜，烟花在水中的倒影是光的反射形成的，故D错误。

故选：B。

(1)本身能够发光的物体叫光源，光源分为自然光源(如太阳)和人造光源(如发光的蜡烛)；

(2)光在同种均匀介质中沿直线传播；

(3)声音在空气中的传播速度远小于光在空气中的传播速度；

(4)5．（2分）如图所示的木棉虾球是陕西省的古典名菜，制作时先将虾仁腌制入味，然后裹上蛋糊，放在油锅里炸熟，吃起来松软鲜嫩，且富有营养，下列说法正确的是（）A．油炸过程中虾仁的内能不会发生变化 B．油炸过程中，产生的“气泡”是液化形成的 C．蛋糊可以裹在虾仁表面，说明分子之间存在斥力 D．虾仁可以通过腌制入味，说明分子在不停地做无规则运动【分析】（1）改变物体内能的方式有两种：做功和热传递；（2）“气泡”是水汽化形成的；（3）分子之间存在相互作用的引力和斥力；（4）组成物质的分子不停地做无规则的运动。【解答】解：A、油炸过程中虾仁的温度升高，内能增大，故A错误；B、油炸过程中，产生的“气泡”是汽化形成的，故B错误；C、蛋糊可以裹在虾仁表面，说明分子之间存在引力，故C错误；D、虾仁可以通过腌制入味，分子在不停地做无规则的运动，故D正确。故选：D。【点评】本题考查改变内能的方式、汽化现象以及分子动理论的有关知识，难度不大。6．C【详解】A．因为显示仪与R0并联，所以显示仪是电压表，故A错误；BC．被测温者温度越高，R的阻值越小，根据串联电路的分压规律可知，R分担的电压减小，根据串联电路的电压规律可知，R0分担的电压变大，电压表示数越大；R的阻值越小，根据串联电路的电阻关系可知，总电阻变小，根据可知，电路消耗的功率变大，故B错误，C正确；D．温度相同，说明热敏电阻的阻值不变，将R0更换为阻值更大的电阻，由串联电路分压特点可知，R0两端分得的电压变大，因此显示仪示数会变大，故D错误。故选C。7．解：知道两个容器中的液体种类、质量相同，据图能看出A小球排开液体的体积小于B小球排开液体的体积，故据F浮＝G排＝ρgV排可知，B球所受的浮力大，故F甲＜F乙；故B错误；A在甲中漂浮，即液体密度大于A的密度；B在乙中悬浮，即说明乙液体密度等于B的密度，液体密度相同，所以B的密度大于A的密度；故D正确；由于AB体积相同，据m＝ρV可知，B球的质量大，故B球的重力大，甲容器对水平桌面的压力是甲杯和液体总重力与A重力之和；乙容器对水平桌面的压力等于乙杯和液体总重力与B重力之和；故可知，乙杯对桌面的压力大，据p＝可知，乙杯对桌面的压强大，故p甲＜p乙；故C正确；两容器是规则形状的容器，底部受到液体的压力等于液体重力、小球重力的和，液体重力相同，小球B的重力大，则甲容器底部受到的液体的压力小，故A错误。故选：CD。8．（2分）a、b两个物体同一时刻从同一地点同向而行，路程随时间变化的图像如图所示，出发5秒后它们相距2.5m。【分析】由图像知，a、b两个物体做匀速直线运动，根据图像信息分别求出a、b的速度，根据速度公式变形式s＝vt分别求出出发5秒后，a、b通过的路程；已知a、b两物体同向运动，则可求出运动5s时两物体的相距。【解答】解：由图像知，a、b两个物体做匀速直线运动，6s内a通过的路程为6m，所以a的速度，12s内b通过的路程为6m，所以b的速度，根据速度公式得，出发5秒后，a通过的路程为：sa'＝vata'＝1m/s×5s＝5m，b通过的路程为：sb′＝vbtb′＝0.5m/s×5s＝2.5m，已知a、b两物体同向运动，则运动5s时，两物体相距：Δs＝5m﹣2.5m＝2.5m。故答案为：2.5。【点评】本题考查了速度公式的应用，理解运动图像的物理意义是解题的关键。9．【解答】解：汽车在水平路面上急速行驶，以地面为参照物，驾驶员相对于地面的位置发生了变化，故驾驶员是运动的。汽车急速行驶时，相同时间内，空气经过汽车上方的路程比下方路程长，流速大，压强小，汽车由于上下表面压强差产生向上的升力，汽车对路面的压力变小，小于汽车的重力，车容易失控。“气流偏导器”的上表面平直、底部呈弧形凸起，当跑车高速行驶时，气流偏导器上方的空气流速小、压强大，下方的空气流速大、压强小，产生一个向下的压强差，增加轿车对地面的压力，提高车轮的抓地性能，故其外形应选用图乙中的B。故答案为：运动；变小；B。10．【解答】解：火箭中的燃料燃烧时，燃气推动火箭和卫星上升，卫星的质量不变，速度变大，高度增加，所以卫星的动能、重力势能都增大，其机械能会增大；电磁波在太空中的传播速度为3×108m/s＝3×105km/s，由v＝可得，电磁波传播时间：t＝＝＝1.5s。故答案为：增大；1.5。11．（2分）汽油机用水作为冷却剂，主要是因为水的比热容较大。某人工湖湖水的质量为2×107kg，水温升高4℃，若这些热量被同等质量的砂石吸收（c砂石＜c水），则砂石升高的温度将大于4℃（选填“大于”、“小于”或“等于”）。【分析】水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水升高或降低的温度少。据此分析回答。【解答】解：（1）因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多，所以汽油机用水作为冷却剂；（2）因为c砂石＜c水，相同质量的水和砂石，吸收相同的热量，水升高的温度少，所以若这些热量被同等质量的砂石吸收，砂石升高的温度较大，大于4℃。故答案为：比热容；大于。12.【答案】6

27

6

【解析】解：由电路图可知，R1与R2、R3串联，电压表V1测R1和R3两端的电压之和，电压表V2测R2和R3两端的电压之和，电流表测电路中的电流。

(1)当滑片在A处时，电压表V1的示数为18V，电流表示数为0.75A，

由I=UR可得，R1和R3的阻值之和R13=UV1I1=18V0.75A=24Ω，

则此时滑动变阻器接入的阻值RA=R13−R1=24Ω−18Ω=6Ω；

(2)因串联电路中总电压等于各分电压之和，

所以，当滑片在A处时，电源的电压U=UV1+I1R2=18V+0.75A×R2①

当滑片在B处时，此时电压表V1的示数为21V，V2的示数为18V，

因串联电路中各处的电流相等，

所以，两电压表的示数之比UV1UV2=I2(R1+RB)I2(RB+R2)=R1+RBRB+R2=18Ω+RBRB+R2=21V18V=76，

整理可得：RB+7R2=108Ω②

此时电路中的电流I2=UV1R1+RB=21V18Ω+RB，

则电源的电压U=UV1+I2R2=21V+21V18Ω+RB×R2③

由①③可得：R2RB=10Ω×R2+4Ω×RB+72Ω2④

由②④可得：R22−18Ω×R2+72Ω2=0，

解得：R2=12Ω或R2=6Ω，

当R2=6Ω时，代入②可得RB=66Ω>50Ω，此种情况不可能，

当13.【答案】甲；丁

【解析】解：要研究力的作用效果跟力的作用点的关系，应控制力的大小和方向相同，故应在甲、乙、丙中选择，但是，F1=F3=F4>14．【解答】解：平面镜所成的像和物体各对应点到平面镜间距离相等，所以，由他到平面镜的距离为1m可得镜中所成的像与平面镜之间的距离为1m，小明站在竖直的平面镜前1m处他与镜中“自己“的距离是1m+1m＝2m；平面镜成像原理是光的反射，是由于反射光线的反向延长线会聚点，所以某同学在镜中的像是虚像；因为平面镜所成的像和物体形状、大小相同，所以是等大的虚像。故答案为：2；等大；虚。15．（2分）如图所示，太阳能汽车在水平公路上向右勺速行驶，请在图中画出汽车受重力的示意图（力的作用点画在重心O点上）。【解答】解：重力的方向是竖直向下的，从汽车的重心画一条带箭头的竖直向下的有向线段，用G表示，如图所示：16.【答案】

【解析】【分析】

当光从空气斜射入玻璃时，折射光线和入射光线分居法线的两侧，折射角小于入射角；当光从玻璃斜射入空气时，折射光线和入射光线分居法线的两侧，折射角大于入射角。

解答本题要注意：光从空气斜射入玻璃和光从玻璃斜射入空气时，入射角和折射角的大小关系是不同的。

【解答】

过入射点先作法线，当光从空气斜射入玻璃时，折射光线和入射光线分居法线的两侧，折射角小于入射角，由此在法线右侧的玻璃中画出折射光线；

当光从玻璃斜射入空气时，折射光线和入射光线分居法线的两侧，折射角大于入射角，由此在法线右侧的空气中画出折射光线。如图所示：

。

17.【答案】解：已知电源正负极，根据安培定则可知，螺线管的左端为N极，右端为S极，根据同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，可判定小磁针的左端为N极、右端为S极。

根据磁感线都是从磁体外部的N极出发，回到S极，可以标出磁感线的方向向右。

故答案如图所示：

。

【解析】(1)根据安培定则可确定螺线管的极性，根据磁极间的相互作用，可以判断小磁针的磁极。

(2)磁体周围的磁感线都是从N极出来，回到S极，进行判断。

本题考查了磁感线的方向、安培定则的应用，是一道基础题。

18.【答案】灵敏电流计的指针是否偏转

有

切割磁感线

将灵敏电流计换成电源

【解析】解：(1)实验时，通过观察灵敏电流计的指针是否偏转，来确定电路中是否产生感应电流；

(2)闭合开关，若导体AB不动，左右移动磁体，导体做切割磁感线运动，电路中有感应电流；

(3)该实验的结论是：闭合电路的一部分导体，在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流；

(4)如果将灵敏电流计换成电源，闭合开关后电流流过导体棒，导体棒受安培力作用，可以探究磁场对通电导体的作用。

故答案为：(1)灵敏电流计的指针是否偏转；(2)有；(3)切割磁感线；(4)将灵敏电流换成电源。

(1)电路中有电流时，电流表的指针转动，因此可以通过观察灵敏电流计的指针是否偏转来确定是否产生了感应电流；

(2)(3)产生感应电流的条件是闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动；

(4)通电导体在磁场中会受到力的作用。

此题是探究电磁感应现象的实验，考查了学生对产生感应电流条件的掌握及影响感应电流大小和电流方向的因素。

19.【答案】A

乙物质的熔化时间比甲长，所以乙物质的熔化热大

D

BC

【解析】解：(1)在实验过程中，要采用控制变量法，质量要保持相同，故选A；

(2)AB两套加热装置相同，这就说明了相同时间内甲、乙吸收热量是相同的；乙物质的熔化时间比甲长，则乙物质的熔化热比甲大；

(3)熔化热应该与物质的比热容，密度一样，是物质的基本属性，不随质量，体积，温度的变化而变化，故选D；

(4)A、撒盐加快雪的熔化是降低了雪的凝固点，故A错误；B、C、冰块是晶体，熔化时吸热与熔化热有关，故BC正确；D、夏天洒水降温，只是汽化现象，故D错误。

(1)晶体的熔化热是指某种晶体，从开始熔化到所有晶体完全熔化时所吸收的热量与其质量之比。从定义中知道，熔化热等于晶体完全熔化吸收的热量与其质量之比，那么在实验过程中，要采用控制变量法，质量要保持相同，AB两套加热装置相同，这就说明了两者完全熔化时，吸收的热量是相同的。

(2)AB两者加热装置相同，这就说明了甲、乙完全熔化时，相同时间内吸收的热量是相同的；从图2中判断甲、乙物质，哪个熔化吸热时间长，就能知道哪个熔化热大。

(3)熔化热应该与物质的比热容，密度一样，是物质的基本属性，不随质量，体积，温度的变化而变化。

(4)撒盐加快雪的熔化是降低了雪的凝固点，冰块是晶体，熔化时吸热与熔化热有关。夏天洒水降温，只是汽化现象。

晶体熔化和凝固图象是热学中的一个非常重要的知识点。本题引入了熔化热的概念，考查了学生的应变能力。20.【答案】高度差；不漏气；相平；不是；1、2、3；同种液体的压强随着深度的增大而增大；5、6；控制变量；转换

【解析】解：(1)用U形管两侧的液面高度差的大小来反映液体内部压强的大小，这是运用了转换法。

用手轻轻按压橡皮膜几下，如果U形管中的液体能灵活升降，则说明装置不漏气，气密性良好。

将气密性良好的压强计的橡皮膜放在空气中，U形管中的两个液面上方的压强相等，所以两个液面应保持相平。

(2)U形管本身是一个连通器，但与压强计的探头连接后，一端被封闭，不符合“上端开口，底部连通”这一特点，因此，不是连通器；

(3)比较表中1、2、3三组数据可知，同种液体、同一深度，橡皮膜的朝向不同，但U型管两侧的高度差都相等，由此得出的结论是：同种液体在同一深度处，液体向各个方向的压强都相等，故选择1、2、3实验数据；

(4)从表中数据3、4、5可以看出，同种液体，密度相同，深度不同，且随着深度的增加U型管两侧的高度差逐渐增大，由此得出的结论是：同种液体的压强随着深度的增大而增大；

(5)研究同一深度，液体压强和液体密度关系时，控制深度相同，改变液体密度，据此可知实验数据5、6符合要求。

(6)因为影响液体压强的因素有多个，探究时用到了控制变量法，液体压强的大小通过U型管两边的高度差来反映，用到了转换法。

故答案为：(1)高度差；不漏气；相平；(2)不是；(3)1、2、3；(4)同种液体的压强随着深度的增大而增大；(5)5、6；(6)控制变量；转换。

(1)要注意转换法在物理实验中的运用，本实验中，液体内部压强的大小不容易观察到，因此用U形管两侧的液面高度差来反映液体内部压强的大小。

(2)连通器是指上端开口，底部连通的容器叫连通器；

(3)根据题意可知，需控制液体密度和深度相同，改变金属盒的朝向，根据这一要求选出符合题意的实验序号；

(4)控制液体密度相同，金属盒的朝向相同，改变液体深度，根据表中数据得出结论；

(5)根据题意控制液体深度相同，改变液体密度，根据这一要求选出符合题意的实验序号。

(6)本实验用到了控制变量法和转换法。

此题是探究液体内部压强的规律实验，主要考查了学生对控制变量法的掌握和应用，在分析时，注意不变的量和改变的量。掌握液体内部压强的特点：随深度的增加而增大，同一液体相同深度向各个方向的压强相等，相同深度，液体的密度越大，压强越大，这是解题的关键。21．（6分）如图所示为某载人潜水器的示意图，该潜水器的质量为18t，若它在5min内从水面下潜到1800m深处作业。（g＝10N/kg，ρ海水＝1.0×103kg/m3）求：（1）潜水器的重力：（2）潜水器下潜时的平均速度；（3）若潜水器底面积为2m2，潜水器在1800m深处时，底面受到海水的压力。【分析】（1）利用G＝mg求潜水器的重力；（2）利用v＝求平均速度；（3）根据p＝ρ海水gh求海水的压强，再用F＝pS计算出潜水器在1800m深处受到海水的压力。【解答】解：（1）潜水器的重力：G＝mg＝18×103kg×10N/kg＝1.8×105N；（2）潜水器下潜时的平均速度：v＝＝＝6m/s；（3）潜水器在1800m深处受到海水的压强：p＝ρ海水gh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×1800m＝1.8×107Pa，潜水器在1800m深处受到海水的压力：F＝pS＝1.8×107Pa×2m2＝3.6×107N。答：（1）潜水器的重力为1.2×105N；（2）潜水器下潜时的平均速度为6m/s；（3）潜水器在1800m深处受到海水的压力为3.6×107N。【点评】本题考查了重力、平均速度和海水压强的计算，是一道基础题。22.【答案】解：(1)当绿灯亮时，工作电路中R0和R1串联，电路的总电阻最大，由P=UI=U2R可知，电热水器的功率最小，处于保温状态；

(2)当红灯亮时，工作电路为R0的简单电路，电路的总电阻最小，总功率最大，电热水器处于加热状态，

由P=UI=U2R可得，R0的阻值：

R0=U2P加热=(220V)2800W=60.5Ω；

当绿灯亮时，工作电路中R0和R1串联，电热水器的功率最小，处于保温状态，

此时电路的总电阻：

R=U2P保温=(220V)240W=1210Ω，

因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，

所以，R1工作时的电阻：

R1=R−R0=1210Ω−60.5Ω=1149.5Ω；

(3)水的体积：V=1L=1dm3【解析】(1)当绿灯亮时，工作电路中R0和R1串联，电路的总电阻最大，根据P=UI=U2R可知电热水器的功率最小，据此判断其状态；

(2)红灯亮时，工作电路为R0的简单电路，电路的总电阻最小，总功率最大，电热水器处于加热状态，根据P=UI=U2R求出R0的阻值；当绿灯亮时，工作电路中R0和R1串联，电热水器的功率最小，处于保温状态，根据P=UI=U2R求出此时电路的总电阻，利用电阻的串联求出23．（7分）如图所示是某种电热器工作的部分电路图，电源电压U＝220V不变，两根电热丝的电阻关系为R1＝2R2，通过旋转扇形开关S，接触不同触点，实现高、低两个挡位的转换，低温挡时的发热功率为440W。求：（1）R1和R2的电阻值；（2）电热器处于高温挡时的总功率；（3）如果在高温挡下工作7min产生的热量全部被水吸收，在一个标准大气压下这些热量能够让2kg、40℃的水，温度升高多少？[水的比热容为c＝4.2×103J/（kg•℃）]【分析】（1）由电路图可知，开关S接触b、c两个触点时电路为R1的简单电路，开关S接触c、d两个触点时R1与R2并联，根据电阻的并联结合两电阻的阻值关系判断两种情况下总电阻的关系，根据P＝UI＝可知，电源的电压一定时，电路的总电阻越大时总功率越小，电热器处于低温挡，反之处于高温挡，根据P＝UI＝可求出R1的电阻值，由R1＝2R2，算出R2的电阻值；（2）根据P＝UI＝可求出电热器处于高温挡时R2的功率，再加上低温挡的功率就是高温挡时的总功率；（3）根据W＝Pt算出在高温挡下工作7min产生的热量；若产生的热量全部被水吸收，判断出水吸收的热量，根据Q吸＝cmΔt求出升高的温度，根据在标准大气压下水的沸点是100℃算出水水果的实际温度。【解答】解：（1）由电路图可知，开关S接触b、c两个触点时电路为R1的简单电路，开关S接触c、d两个触点时R1与R2并联，因并联电路中总电阻小于任何一个分电阻，所以，开关S接触b、c两个触点时总电阻大，开关S接触c、d两个触点时总电阻小，由P＝UI＝可知，电源的电压一定时，电路的总电阻越大时总功率越小，则开关S接触b、c两个触点时电热器处于低温挡，开关S接触c、d两个触点时电热器处于高温挡，根据P＝UI＝可知R1的电阻值为：R1＝＝＝110Ω，因为R1＝2R2，所以R2的电阻值为：R2＝R1＝×110Ω＝55Ω；（2）R2的电功率为：P2＝＝＝880W，高温挡时的总功率为：P高温＝P低温+P2＝440W+880W＝1320W；（3）高温挡下工作7min产生的热量为：Q＝W＝P高温t＝1320W×7×60s＝5.544×105J，若产生的热量全部被水吸收，所以水吸收的热量为：Q吸＝Q＝5.544×105J，根据Q吸＝cmΔt知升高的温度为：Δt＝＝＝66℃，水的末温度为：40℃+66℃＝106℃。因为在标准大气压下水的沸点是100℃，所以水升高的温度为：Δt′＝100℃﹣40℃＝60℃。答：（1）R1和R2的电阻值分别为110Ω、55Ω；（2）电热器处于高温挡时的总功率为1320W；（3）如果在高温挡下工作7min产生的热量全部被水吸收，在一个标准大气压下这些热量能够让2kg、40℃的水，温度升高60℃。【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用以及吸热公式的应用，分清电热器处于不同挡位时电路的连接方式是关键。24．【解答】解：（1）机器人空载时对地面的压力：F＝G＝mg＝30kg×10N/kg＝300N，对地面的压强：p＝＝＝3×106Pa；（2）因机器人匀速直线移动时处于平衡状态，驱动力和所受的阻力是一对平衡力，所以，机器人的驱动力F′＝f＝50N，由v＝可得，在1min内机器人运动的距离：s＝vt＝0.8m/s×60s＝48m，在1min内驱动力对机器人所做的功：W＝F′s＝50N×48m＝2400J；（3）由P＝＝＝Fv可得，当它满载工作时机器人受到的驱动力：F″＝＝＝150N。答：（1）机器人空载时对地面的压强是3×106Pa；（2）在1min内驱动力对机器人所做的功是2400J；（3）当它满载工作时，机器人受到的驱动力为150N。25．（6分）如图甲所示，一个足够高的薄壁柱形容器放在水平桌面上，容器底面积为S1，容器中立放着一个底面积为S2＝100cm2、高为H＝18cm的均匀圆柱体物块A，A的底部与容器底部用一根细绳连在一起。现缓慢向容器中注水，每分钟注入水的质量为300g，当向容器中注水6min时，物块A对容器底部的压力恰好为0（如图乙），此时容器中水的深度为h1＝9cm。已知细绳长度为L＝8cm，能承受的最大拉力为6N，ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg，物块A不吸水，忽略细绳的体积、液体扰动等其他次要因素。（1）求物块A对容器底部的压力恰好为0时所受的浮力大小。（2）在图乙的情况下继续缓慢向容器中注水，直至细绳断开，停止加水，细绳断开前瞬间（如图丙）水对容器底部的压强为p1，当物块A静止后水对容器底部的压强为p2。求从p1到p2的压强变化量Δp。（3）在图甲的情况下开始缓慢向容器中注水，求此过程中容器底部所受水的压强p与注水时间tx（单位：min）的函数关系式（tx≥14min）。【分析】（1）由物块A的底面积和物块A浸在水的深度可求出物块A排开水的体积，根据F浮＝ρ水gV排可求出物块A受到水的浮力；（2）细绳断开前瞬间对物体A进行受力分析，根据力的平衡条件求出此时物体A的浮力；当物块A静止后漂浮在水面上，此时物体A受到的浮力等于物体A的重力，根据两次浮力的变化量结合阿基米德原理求出液面高度的变化量，然后根据p＝ρ水gh可求出水对容器底部压强的变化量；（3）当向容器中注水6min时，物块A对容器底部的压力恰好为0（如图乙），此时容器中水的深度为h1＝9cm，根据密度公式结合数学关系求出容器底面积S1；①注水时间段为：0≤tx＜6min，求出tx时间水面升高的高度；②当水面上升至细绳原长时，求出注入水的的体积、质量和时间，注水时间段为：6min≤tx＜14min，求出tx时间水面升高的高度；③当水面由细绳原长直至细绳断开的过程中，根据（2）可知水面高度变化量，然后求出注入水的的体积、质量和时间，注水时间段为：14min≤tx＜18min，求出tx时间水面升高的高度；④细绳断开后，由（2）可知水面高度的变化，物体A处于漂浮状