2026-2027学年沪粤版中考物理综合模拟卷(含答案及解析)

第页2026-2027学年沪粤版中考物理综合模拟卷(含答案及解析)学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________题号一二三四五六总分得分注意事项:

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。

3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。一、选择题(本大题共7小题，每小题3分，共21分.在每小题所给出的四个选项中，只有一项是正确的)1．如图表示四冲程内燃机工作时各冲程的示意图，其中压缩冲程是（）A．A B．B C．C D．D2.如图甲所示，电源电压保持不变，R0为定值电阻。闭合开关S，在将滑动变阻器的滑片从a端滑到b端的过程中，电压表示数U与电流表示数I间的关系图像如图乙所示。则下列选项错误的是(

)

A.R0的阻值为10Ω

B.变阻器R的最大阻值为30Ω

C.电源电压为12V

D.当滑动变阻器R与电阻R03.在木棒的一端缠绕一些铜丝制成简易密度计，现将它分别放入盛有不同液体的两个相同烧杯中，如图所示，当它们竖直静止在液体中时，液面高度相同。从观察到的现象可以判断(

)A.简易密度计在两种液体中所受浮力F甲>F乙

B.两个烧杯底部所受液体的压强p甲=p乙

C.4．如图所示，摆球从A点静止释放，摆向另一侧的最高点B，最终静止在O′点。下列说法中正确的是（）A．小球到达B点的瞬间，速度为零，此时小球受平衡力的作用 B．小球到达B点的瞬间，若剪断悬线，小球将保持静止状态 C．小球静止在O′点时，若撤去所有的力，小球将竖直下落 D．小球静止在O′点时，球受到的拉力和重力是一对平衡力5．分别用如图所示的两个滑轮组，将同一物体提升到相同高度，若物体受到的重力为100N，动滑轮的重力为20N，在把物体匀速提升1m的过程中，（不计绳重和摩擦）下列说法正确的是（）A．甲、乙两滑轮组所做的有用功都是100J B．甲、乙两滑轮组中绳子的自由端移动的距离相等 C．甲、乙两滑轮组中绳子的自由端的拉力相等 D．甲、乙两滑轮组的机械效率不相等6．如图甲所示为我市中山公园绿化过程中吊车吊运树木的场景，吊车吊臂前端的滑轮组装置可以等效为乙图，若被吊树木重为1000N，动滑轮重为200N，不计一切摩擦和钢丝绳重，则下列说法正确的是（）A．使用该装置不仅能省力而且省距离 B．自由端的拉力F＝500N C．该装置的机械效率为η≈83.3% D．若树木以v＝0.1m/s的速度匀速上升，则拉力F的功率为100W7.2022年4月19日9点06分，“神舟十三号”载人飞船圆满完成各项任务后，顺利返回地面。在返回舱进入大气层时要通过一段黑障区，这段时间飞船被烧成一个大火球(如图所示)，而船内的三名航天员和设备却安然无恙。下列说法中正确的是(

)A.飞船“燃烧”是通过热传递的方式增加了内能

B.飞船通过黑障区时克服摩擦做功，机械能转化为内能

C.飞船外壳材料导热性好，可以保护舱内宇航员避免被高温灼伤

D.飞船外充上的烧蚀层先熔化后汽化，放出了大量的热保护了飞船二、填空题(本大题共7小题，每小题3分，共21分.不需要写出解答过程，请把答案直接填在答题卡相应的位置上.)8．一辆火车的运动速度是72km/h；燕子飞行速度可达48m/s。燕子比火车运动的（选填“快”或“慢”）；甲、乙两辆汽车通过的路程之比是6：5，它们运动的时间之比是4：3，则两车运动速度之比是。9．小明家的电能表月初的示数为4373.6kW•h，月末示数如图所示，他家这个月消耗电能kW•h。他只用电热水壶烧水时，观察电能表上的铝盘5min内转过了300r，则该电热水壶的实际功率为W。10．如图，被称为“最新版中国高铁”的“复兴号”在京沪高铁亮相。它采用全新流线型头型，这是为了；车厢内座椅旁都安装了插座方便旅客充电的需求，这些插座之间的连接方式是。车身长度约400m的“G1720次”列车，某次通过1600m长的隧道时全部在隧道内运行只用了12s的时间，该列车的速度约为km/h.11.如下图所示，圆柱形容器甲和乙放在水平桌面上，它们的底面积分别为和，容器甲中盛有高的水，容器乙中盛有高的酒精，此时水对容器甲底部的压强为。现分别从两容器中抽出质量均为的水和酒精，使两容器中剩余的水和酒精对容器底部的压强相等，则两容器内剩余的水和酒精的高度之比为，。12．现有一重为1500N的包装箱，工人师傅想把它搬到1.2m高的车厢上，他们用木板在车厢与地面之间搭成一个长度约为4m的简易斜面，如图所示，工人师傅站在地上用600N的推力沿斜面把包装箱匀速推上车。该斜面的机械效率是；包装箱在斜面上运动时所受摩擦力为N。13．如图所示，当S闭合，甲、乙两表为电压表时，两表示数比为U甲:U乙=5：3；当S断开，甲、乙两表为电流表时，两表示数比为I甲:I乙=_________，此时R1和R2消耗的功率之比P甲:P乙=____________。14．一台标有“5V2.5W”的带有USB接口的小电风扇，线圈电阻为1Ω，正常工作1min，产生的热量是Jo工作一段时间后的风扇叶片黏有不少灰尘，这属于现象。三、作图题：本大题共3个小题，共7分。15．如图所示是一把椅子的侧视图，请画出以椅子前腿着地点O为支点，使椅子向前翻转的最小力F及其力臂l。16.如图，图中已经正确连接好了部分电路，按照家庭电路的连接规范将其余部分连接完整。

17.如图所示，某人站在小车里，随小车在水平地面上一起做匀速直线运动，请画出人受到的力。四、实验题：本大题共3小题，第18小题6分，第19小题6分，第20小题8分，共20分。18.子涵实验小组用如图甲所示的实验装置探究浮力的大小跟哪些因素有关。（1）分析b、c两次实验可知：浸在液体中的物体受到浮力的大小与___________有关。（2）分析c、d两次实验可知：浸没在液体中的物体受到浮力的大小与浸没深度___________。（3）分析c、e两次实验可知：浸在液体中的物体受到浮力的大小与___________有关。（4）若先完成实验c，再完成实验a，则测得的浮力将___________。（填“偏大”或“偏小”）。（5）完成上述实验后，小云又利用如图乙所示的装置来测量实验中所用金属块的密度，实验过程如下：①将空烧杯漂浮在水槽内，用刻度尺测得水面的高度为；②将金属块放在烧杯内，用刻度尺测得水面的高度；③___________，用刻度尺测得水面的高度为；④金属块的密度___________。（用、、、表示）19.小学会了测小灯泡的功率后，在老师的启发下，进一步思考：电流一定时，小灯泡功率跟电阻有什么关系呢？提供的器材有：三个灯泡(L1、L2、L3分别标有“3.8V”、“2.5V”和“1.5V”，阻值均约为10Ω)，两个滑动变阻器(“10Ω2A”、“50Ω1A”)，电压为6V的电源一个，导线若干，其他器材各一个，他利用如下图甲所示电路，测出它们在电流相同时的电阻和功率，来探究小灯泡功率与电阻的关系。

(1)他将灯L1接入图甲电路，所用滑动变阻器是“10Ω2A”，请你用笔画线代替导线，帮他将实物电路连接完整。

(2)闭合开关后，他调节滑动变阻器的滑片P，使通过灯L1的电流为灯泡I/AU/VR/ΩP/W1L0.22L1.680.323L0.840.16(3)完成灯L1的测量后，为测灯泡L2的额定功率，只将图乙中的L1换成L2，闭合开关后，发现L2发光过亮，不能进行实验。为了完成灯泡L2电功率的测量，并使测量结果能更准确一些，在测量L2电功率之前应该进行的操作是______

A.把电压表的量程改为“3V”

B.将(50Ω1A)的变阻器换上，同时把电压表的量程改为“3V”

C.把电压表的量程改为“3V”，同时把电流表改成“3A”

D.将(50Ω1A)的变阻器换上，把流表量程改为“3A”

(4)对电路进行调整后测量L2的功率，移动滑动变阻器的滑片使电流为0.2A，再测出L2两端的电压，测出L2的电阻和功率。换上灯L3，做第三次实验，并将实验数据记录在右表，分析上面表格，可得结论：在电流一定时，小灯泡的实际功率与电阻成______关系。

(5)小明对L2多测量了几组数据，根据实验记录的数据，画出了通过L2的电流随其两端电压变化的关系曲线，如上图丙所示，则灯泡L220.某科学小组用如图所示装置探究“动能大小的影响因素”．

实验中通过比较木块______来判断钢球动能的大小．

在图甲和图丙中，用质量不同的两个钢球从斜面上相同高度自由滚下，目的是使钢球撞击木块时的______相同；比较甲、乙两图，得到的结论是______．

由实验中钢球装置木块做功，同学们联想到汽车撞击行人出现交通事故的情景，并猜想到交通事故的危害程度与“超载”、“超速”有关．进一步探究，获得如表的数据：实验序号小球的质量小球自由落下的高度木块被撞后运动的距离分析表格内的数据可知，利用甲、丙两次实验可验证危害程度与______有关选填“超载”或“超速”；在质量和速度两个因素中，对动能影响较大的因素是______，理由是______．五、计算题：本大题共2小题，第21小题7分，第22小题6分，共13分。21.如图为某型号电动机的铭牌，求：

(1)此电动机的额定电流。

(2)此电动机正常工作10min所消耗的电能和由此转化为的机械能。★★牌电动机型号JT−44额定电压220V额定电功率44W线圈电阻100Ω制造商★★★★★★22.科学家在进行潜水艇实验时，做了如图的模型实验，潜水艇模型和薄璧圆柱形容器置于水平地面上。容器的底面积为3×10−2m2，其内部盛有质量为6kg的水，ρ水=1.0×103kg/m3。求：

(1)水对容器底部的压强；

(2)六、综合能力题：本大题共3小题，每小题6分，共18分。23.对比图中白炽灯和LED灯将电能转化为其他形式能的情况，回答以下问题：

(1)白炽灯把大部分电能转化为

能，LED灯把大部分电能转化为

能，LED灯发光的效率为

。

(2)现将一只铭牌已模糊的白炽灯单独接在“2500r/(kW⋅h)”的电能表上正常工作1h，电能表转盘转过250转，最多产生光能

J。

(3)4W的LED灯和18W的白炽灯正常发光时亮度相同，两盏灯均正常工作1000h，使用LED灯能节约

kW⋅h的电能。

(4)将标有“220V 15W”的LED灯和“220V 15W”的白炽灯分别接入家庭电路中，发现LED灯的亮度远高于白炽灯的亮度，下列说法中正确的是

。

A.通过LED灯的电流大于通过白炽灯的电流

B.LED灯的实际功率大于白炽灯的实际功率

C.相同时间内LED灯消耗的电能等于白炽灯消耗的电能24.(1)随着空气质量的恶化，“雾霾天气”成了人们关注和议论的话题。雾的形成是由于空气中的水蒸气________(填物态变化)形成小水滴；霾的形成是由于大量极细微的尘粒、烟粒等均匀地浮游在空中，使空气混蚀的现象。雾和霾的本质区别是雾是液态，霾是________态，霾在吸入人的呼吸道后对人体有害，严重会致死。请你提出颂治理霾形成的措施______________________________________________________。(2)如图所示，一束光在空气和玻璃两种介质交界面AB上同时发生反射和折射，入射光线与AB成30°角(如图)，反射光线与折射光线的夹角为83°，则反射角的大小为________，折射角的大小为________，分界面AB的________半部分是空气(选填“上”或“下”)(3).一群失聪的风华少女用精美绝伦的舞蹈把我国佛文化中的“千手观音”演绎得淋漓尽致，给人以美的熏陶，善的启迪。如图所示，观众看不见领舞者身后站着的其他人，是因为光的________的缘故。聆听乐音，我们能分辨出究竟是何种乐器在发声，因为不同的乐器发出声音时，________是不同的。舞台上烟雾缭绕，是因为固态二氧化碳________时吸热，从而导致空气中的水蒸气遇冷放热________而产生的效果。(4)小李从平面镜里看到平面镜对面的电子钟的示数如图甲所示，这时的实际时间是________，视觉的产生是一个很复杂的过程，在眼球内部，各种器官和组织组成了眼球的折光系统，整个折光系统相当于一个________镜。若来自远方物体的光经眼球折光系统折射后成像情况如图乙所示，则这个人患了________(近视、无视)眼，可配戴装有________镜片的眼镜加以矫正。(5)普通教室一般长约为8m，宽约为6m，高约是________m，若空气的密度约为1.29kg/m3，则一间普通教室中空气的质量约为________kg；如图所示是水的密度−−温度图象，从图中你能得出什么信息：________________(至少写出一条(6)经常提到的：①小孔成像、②平面镜成像、③投影仪银幕上成像、④放大镜中正立的像。其中属于实像的有________；属于虚像的有________；由于直线传播而成的像有________。(各空都填序号)

25．如图甲为电热水器的原理图，该电热水器具有加热、保温功能，相关参数如表所示。图甲中电磁继电器（线圈电阻不计）、热敏电阻R、保护电阻R0、电压恒为6V的电源U1、导线等组成控制电路。当电磁铁线圈中的电流I＜10mA时，继电器上方触点和触点c接通；当电磁铁线圈中的电流I≥10mA时，继电器下方触点和触点a、b接通；热敏电阻R中允许通过的最大电流I0＝15mA，其电阻R随温度变化的规律如图乙所示，热敏电阻和加热电路中的三只电阻R1、R2、R3均置于储水箱中。已知R1＝132Ω、U2＝220V。求：额定电压220V加热功率1650W保温功率220W（1）电热水器加热状态下工作100s消耗的电能；（2）R2阻值；（3）为使控制电路正常工作，保护电阻R0的最小阻值为多少？若R0为该值，衔铁刚好吸下时储水箱中水温是多少？参考答案及解析1．【答案】B【知识点】内燃机的四个冲程【解析】【解答】A、A图是吸气冲程，故A错误

B、B图是压缩冲程，故B正确

C、C图是做功冲程，故C错误

D、D图是排气冲程，故D错误

故答案为：B

【分析】

热机的四个冲程分别为，吸气冲程、压缩冲程、做功冲程和排气冲程。2.【答案】B

【解析】解：当滑片位于b端时，电路为R0的简单电路，电压表测电源的电压，电流表测电路中的电流，

此时电路中的电流最大，由图乙可知电源的电压U=12V，I0=1.2A，

根据欧姆定律可得R0的阻值：R0=UI0=12V1.2A=10Ω，故AC正确；

当滑片位于a端时，R0与R串联，电流表测电路中的电流，电压表测R0两端的电压，此时电路中的电流最小，

由图乙可知电路中的电流I小=0.4A，U0=4V，

因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器两端的电压：U滑=U−U0=12V−4V=8V，

则滑动变阻器的最大阻值：R=U滑I小=8V0.4A=20Ω；故B错误；

串联电路各处电流相等，根据P=I2R可知当滑动变阻器R与电阻R0消耗的功率相等时，滑动变阻器接入电路的阻值和定值电阻的阻值相等，

串联电路总电阻等于各部分电阻之和，根据欧姆定律可得此时通过电路的电流：I=UR0+RP=12V10Ω+10Ω=0.6A，

此时电路总功率：P=UI=12V×0.6A=7.2W，故D正确。

故选：B。

3.【答案】C

【解析】解：(1)由图可知，密度计在甲、乙液体中处于漂浮状态，此时F浮=G，

两个完全相同的重力相同，

所以密度计在两种液体中所受的浮力相等；

甲中密度计排开液体的体积大于乙中排开液体的体积，

根据F浮=ρgV排可知，甲液体的密度小于乙液体的密度。故C正确，AB错误；

(2)由(1)知甲液体的密度小于乙液体的密度，由图可知，两液体体积相同，由ρ=mV可知，甲液体的质量小于乙液体的质量，则甲液体的重力小于乙液体的重力，两个烧杯对水平桌面的压力等于烧杯、液体、密度计的总重力，所以两个烧杯对水平桌面的压力F甲<F乙.故D错误。

故选：4．解：A、小球到达B点的瞬间，速度为零，拉力和重力不在同一直线上，此时小球受到的不是平衡力，故A错误。B、当小球摆至B位置时，如果细线突然断裂，小球受到重力作用要向下运动。故B错误。C、当小球摆至O'位置时，此时如果小球所受的力同时消失，小球将静止。故C错误。D、小球摆至O'点时，小球受拉力和重力作用，这两个力符合二力平衡的条件，是平衡力，故D正确。故选：D。5．（3分）分别用如图所示的两个滑轮组，将同一物体提升到相同高度，若物体受到的重力为100N，动滑轮的重力为20N，在把物体匀速提升1m的过程中，（不计绳重和摩擦）下列说法正确的是（）A．甲、乙两滑轮组所做的有用功都是100J B．甲、乙两滑轮组中绳子的自由端移动的距离相等 C．甲、乙两滑轮组中绳子的自由端的拉力相等 D．甲、乙两滑轮组的机械效率不相等【解答】解：A、甲、乙两滑轮组所提的重物相同、上升的高度相同，根据W＝Gh可知两滑轮组所做的有用功相同，W有用＝Gh＝100N×1m＝100J，故A正确；B、由图知，滑轮组承担物重的有效股数n甲＝2、n乙＝3，绳子自由端移动的距离s甲＝n甲h＝2×1m＝2m，s乙＝n乙h＝3×1m＝3m，绳子的自由端移动的距离不相等，故B错误；C、不计绳重和摩擦，拉力F=1n（G+G动），n甲＝2、n乙＝3，F甲=1n甲（G+G动）=12×D、不计绳重和摩擦时，滑轮组的机械效率η=W故选：A。（多选6．（2分）如图甲所示为我市中山公园绿化过程中吊车吊运树木的场景，吊车吊臂前端的滑轮组装置可以等效为乙图，若被吊树木重为1000N，动滑轮重为200N，不计一切摩擦和钢丝绳重，则下列说法正确的是（）A．使用该装置不仅能省力而且省距离 B．自由端的拉力F＝500N C．该装置的机械效率为η≈83.3% D．若树木以v＝0.1m/s的速度匀速上升，则拉力F的功率为100W【分析】（1）使用滑轮组既可以省力，又可以改变力的方向，但要费距离；（2）根据滑轮组装置确定绳子股数，不计一切摩擦和钢丝绳重，利用F＝（G+G动）求出自由端的拉力；（3）不计一切摩擦和钢丝绳重，根据η＝＝＝＝求出该装置的机械效率；（4）根据v绳＝nv求出绳子自由端的速度，利用P＝＝＝Fv绳求出拉力F的功率。【解答】解：A、使用滑轮组既可以省力，又可以改变力的方向，但要费距离，故A错误；B、由图可知，n＝2，不计一切摩擦和钢丝绳重，F＝（G+G动）＝×（1000N+200N）＝600N，故B错误；C、不计一切摩擦和钢丝绳重，该装置的机械效率为：η＝＝＝＝＝×100%≈83.3%，故C正确；D、绳子自由端的速度为：v绳＝nv＝2×0.1m/s＝0.2m/s，则拉力F的功率为：P＝＝＝Fv绳＝600N×0.2m/s＝120W，故D错误。故选：C。【点评】本题考查了功率公式、滑轮组拉力公式以及滑轮组机械效率公式的应用，明确滑轮组绳子的有效股数是关键。二、选择说理题（每题5分，共10分）7.【答案】B

【解析】解：AB、飞船通过黑障区时，与大气层摩擦，克服摩擦做功，机械能转化为飞船的内能，温度升高，所以飞船“燃烧”通过做功的方式增加内能，故A错误、B正确；

CD、飞船外壳上的烧蚀层是绝热材料，先熔化后汽化，会吸收大量的热保护飞船，防止舱内字航员避免被高温灼伤，故CD错误。

故选：B。

做功可以改变物体的内能，返回舱进入大气层，克服摩擦做功，使返回舱的内能增加、温度升高，为了保护返回舱，在外壳上有一层烧蚀层，先熔化后汽化，从飞船上吸收了大量的热。

此题考查了改变物体内能的方式和物态变化过程中吸热、放热现象，重点考查了学生运用所学知识分析问题的能力，是一道好题。

8．解：（1）燕子的速度为：48m/s＝48×3.6km/h＝172.8km/h，172.8km/h＞72km/h，所以燕子比火车运动快。（2）两车运动速度之比：＝＝×＝×＝＝9：10。故答案为：快；9：10。9．【解答】解：（1）电能表的读数：数字方框中最后一位是小数，单位是kW•h，由图知，月末的电能表示数为4453.6kW•h；他家这个月消耗电能为：W＝4453.6kW•h﹣4373.6kW•h＝80kW•h；（2）“3000r/kW•h”表示接在这个电能表上的用电器每消耗1kW•h的电能，电能表上的转盘转过3000转，则电能表的转盘转300转消耗的电能为：W＝＝0.1kW•h，电热水壶的实际功率为：P＝＝＝1.2kW＝1.2×103W。故答案为：80；1.2×103。10．【解答】解：（1）车头采用流线型设计可以减少行驶过程中空气的阻力，有利于提高速度或节约能源；（2）插座是连接用电器的，各用电器互不影响，是并联的，故插座也是并联的；（3）列车全部在隧道内运行时通过的路程为s＝1600m﹣400m＝1200m；列车的速度为。故答案为：减小阻力；并联；360。11.【答案】；：；。

【解析】本题考查液体压强和密度公式的应用，难点是根据压强关系求出抽取液体的质量，关键是知道容器形状规则，液体对容器底部的压力等于自身的重力。；

，

由得：，

：：：：．

，，

，

设抽出液体的质量为，

则甲抽出水后剩余水对容器甲底部的压力，

乙抽出酒精后剩余酒精对容器甲底部的压力，

甲和乙放在水平桌面上是圆柱形容器，

则甲抽出水后剩余水对容器甲底部的压强：，

乙抽出酒精后剩余酒精对容器甲底部的压强：，

解得：．

故答案为：；：；。

12．（4分）现有一重为1500N的包装箱，工人师傅想把它搬到1.2m高的车厢上，他们用木板在车厢与地面之间搭成一个长度约为4m的简易斜面，如图所示，工人师傅站在地上用600N的推力沿斜面把包装箱匀速推上车。该斜面的机械效率是75%；包装箱在斜面上运动时所受摩擦力为150N。【分析】（1）将包装箱直接提升1.2m做的功为有用功，利用W有用＝Gh计算；沿斜面推上去推力做的功为总功，利用W总＝Fs计算，再利用效率公式求斜面的机械效率；（2）因为W总＝W有用+W额外，据此求出额外功，而利用斜面做的额外功就是克服摩擦做的功，利用W额＝fs求摩擦力大小。【解答】解：（1）有用功：W有用＝Gh＝1500N×1.2m＝1800J，总功：W总＝Fs＝600N×4m＝2400J，斜面的机械效率：η＝×100%＝×100%＝75%；（2）因W总＝W有用+W额外，所以，W额外＝W总﹣W有用＝2400J﹣1800J＝600J，因W额外＝fs，所以，摩擦力大小：f＝＝＝150N。故答案为：75%；150。【点评】本题考查了使用斜面时有用功、额外功、总功、机械效率的计算方法，区分有用功和总功、知道有用功、额外功、总功、机械效率的具体关系是本题的关键。13．2:53:2【解析】[1][2]当S闭合，甲、乙两表是电压表时（如下图），两个电阻串联，电压表甲测总电压，电压表乙测量的是R2两端的电压

则U:U2=U甲:U乙=5:3根据串联电路U=U1+U2可知U1:U2=U甲-U乙:U乙=5-3:2=2:3由于串联电路电压比等于电阻比可知R1:R2=U1:U2=2:3当S断开，甲乙两表是电流表时（如图）R1和R2并联

应为并联电路各支路电压等于电源电压，根据可知根据可知又因为电流表甲测量的是R2中的电流，电流表乙测量的是干路的电流，因此可得14．（2分）一台标有“5V2.5W”的带有USB接口的小电风扇，线圈电阻为1Ω，正常工作1min，产生的热量是15Jo工作一段时间后的风扇叶片黏有不少灰尘，这属于静电（摩擦起电）现象。【分析】（1）根据P＝UI和Q＝I2Rt求出线圈产生的热量；（2）通过摩擦可以使物体带电，带电的物体能够吸引轻小物体。【解答】解：工作时间t＝1min＝60s，由P＝UI得，线圈中的电流：I＝＝＝0.5A，则线圈产生的热量：Q＝I2Rt＝（0.5A）2×1Ω×60s＝15J。风扇的叶片在转动过程中与空气摩擦带上了电荷，可以吸引轻小物体，所以灰尘会附着在扇叶上，这属于静电（摩擦起电）现象。故答案为：15；静电（摩擦起电）。15．【答案】【解答】解：根据杠杆的平衡条件可知，当动力臂越长时越省力，最长的力臂即支点与作用点的连线，即O到椅子最上端的点之间的连线作为力臂时，动力臂l是最大的，然后根据力臂的画法作出垂直于力臂的作用力即可。如图所示：16.【答案】解：在家庭电路中，灯泡与三孔插座并联；

由图可知，开关与灯泡串联，为了用电的安全，开关应接在火线与灯泡之间，所以最上面的导线为火线；

三孔插座的上孔接地线，所以最下面的导线为地线，则中间的线为零线；三孔插座的左孔接零线，右孔接火线；如图所示：

【解析】在家庭电路中，各用电器是并联的；

电灯的接法：火线首先接入开关，再接入灯泡；三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。

本题考查了家庭电路中灯泡、开关、三孔插座的接法，关键是辨别三根电线分别是什么线。

17.【答案】

人站在小车里，随小车在水平地面上做匀速直线运动，受到重力G和支持力F，这两个力是一对平衡力；由于人相对于小车是静止的，故人不受摩擦力的作用；重力从重心竖直向下画，支持力从重心竖直向上画，标出字母符号，注意两条线段长度要相等，如图所示：

【解析】先分析出人受到几个力的作用，再根据某人站在小车里，随小车在水平地面上做匀速直线运动判断几个力的大小关系，最后正确画出受力示意图。

作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点，是平衡力的长度要相等。18．（小云实验小组用如图甲所示的实验装置探究浮力的大小跟哪些因素有关。

（1）分析b、c两次实验可知：浸在液体中的物体受到浮力的大小与___________有关。（2）分析c、d两次实验可知：浸没在液体中的物体受到浮力的大小与浸没深度___________。（3）分析c、e两次实验可知：浸在液体中的物体受到浮力的大小与___________有关。（4）若先完成实验c，再完成实验a，则测得的浮力将___________。（填“偏大”或“偏小”）。（5）完成上述实验后，小云又利用如图乙所示的装置来测量实验中所用金属块的密度，实验过程如下：①将空烧杯漂浮在水槽内，用刻度尺测得水面的高度为；②将金属块放在烧杯内，用刻度尺测得水面的高度；③___________，用刻度尺测得水面的高度为；④金属块的密度___________。（用、、、表示）【答案】①.排开液体的体积②.无关③.排开液体的密度④.偏大⑤.在②的基础上，将金属块从烧杯中取出，慢慢放入水槽内的水中，使其浸没在液体中，用刻度尺测得水面的高度为⑥.【解析】【分析】【详解】（1）[1]图a中测力计的示数为物体的重力G。物体受到的浮力大小与物体排开液体的密度和体积有关，研究浮力大小与其中一个因素的关系时，要控制另一个因素不变，由b、c两次实验知，排开液体的密度相同，排开液体的体积不同，根据称重法测浮力可得出b、c两次实验浮力的大小不同，故分析b、c两次实验可得出浸在液体中的物体受到浮力的大小与排开液体的体积有关。（2）[2]分析c、d两次实验可知，物体浸在液体的体积和密度相同，而深度不同，由称重法测浮力，物体受到的浮力相同，故得出：浸没在在液体中的物体受到浮力的大小与浸没深度无关。（3）[3]分析c、e两次实验可知，物体排开液体的体积相同，而排开液体的密度不同，由称重法测浮力，物体受到的浮力不相同，故分析c、e两次实验得出：浸在液体中的物体受到浮力的大小与排开液体的密度有关。（4）[4]若先完成实验c，再完成实验a，因物体上沾有水，故测量出的重力偏大，根据称重法测浮力，则测得的浮力将偏大。（5）①将空烧杯漂浮在水槽内，用刻度尺测得水面的高度为；②将金属块放在烧杯内，用刻度尺测得水面高度；在①中，空烧杯处于漂浮状态，受到的浮力等于其重力在②中，烧杯处于漂浮状态，烧杯受到的浮力等于空烧杯的重力与金属块的重力之和两式相减得增加的浮力为根据阿基米德原理有即故石块的质量为③[5]为得出金属块的密度，根据，求出金属块的体积即可。在②的基础上，将金属块从烧杯中取出，慢慢放入水槽内的水中，使其浸没在液体中，用刻度尺测得水面的高度为，则金属块的体积为④[6]金属块的密度19.【答案】B

正比例

0.625

灯泡断路

【解析】解：(1)在本实验中，电流表应与灯泡串联，由欧姆定律，可得灯泡L1正常发光电流约为：

I=ULRL=3.8V10Ω=0.38A，所以电流表应使用0−0.6A量程，滑动变阻器应一上一下串联入电路中，实物连接如下所示：

(2)由图乙知，电压表使用0−3V量程，分度值0.1V，所以通过灯L1的电流为0.2A时两端电压为2.4V，

由欧姆定律可得此时灯泡电阻：

次数灯泡I/AU/VR/ΩP/W1L0.22.4120.482L1.680.323L0.840.16(3)完成L1的测量后，为测灯泡L2的电功率，只将图乙中的L1换成L2，闭合开关后，发现L2发光过亮，不能进行实验，这是因为电路中电流过大，电阻过小，所以应：更换变阻器，接入50Ω，1A的变阻器；

L2额定电压2.5V，所以为了完成灯泡L2电功率的测量，并使测量结果能更准确一些，还应将电压表的量程改为0−3V；选B；

(4)分析表中数数据，在电流一定时，功率与电阻之比为一定值，即小灯泡的实际功率与电阻成正比例关系；

(5)根据通过L2的电流随其两端电压变化的关系曲线知，在额定电压下的电流为0.25A，故灯泡L2的额定功率是：

P2=U2I2=2.5V×0.25A=0.625W；

(6)若实验过程，闭合开关，调节滑动变阻器，发现灯泡不亮，电压表有示数，电流表无示数，原因可能是灯泡断路。

故答案为：(1)如上所示；(2)如上表所示；(3)B；

(4)正比例；(5)0.625；(6)灯泡断路。

(1)在本实验中，电流表应与灯泡串联，由欧姆定律可得灯泡L1正常发光电流确定电流表使用的量程，滑动变阻器应一上一下串联入电路中；

(2)根据电压表使用0−3V量程确定分度值读数，由欧姆定律可得此时灯泡电阻；根据P=UI求出此时灯泡的电功率；

(3)根据L2发光过亮，不能进行实验，这是因为电路中电流过大，电阻过小，所以应更换变阻器；

根据L2额定电压2.5V判断更换电压表的量程；20.【答案】被推动的距离；速度；质量相同时，速度越大，动能越大；超载；速度；物体的动能与物体速度的平方成正比

【解析】解：

球对木块做功的多少反映球的动能的多少，而做功的多少可由木块被推动距离的长短来确定．

甲和丙图球从同一高度滚下，是为了使球滚到水平面上时的速度相同．

在甲、乙的两个实验中，控制了质量相同，速度不同，甲图中球速度越大，木块被球撞击后移动的距离的越长，所得到的结论是：物体的质量相同时，速度越大，动能越大．

研究超载危害时，应控制球下滑的高度相同而质量不同，由表中甲和丙实验数据可知，速度相同时，质量越大超载时，动能越大，能够做的功多，破坏力更大；

由甲、乙实验，质量相同，甲速度是乙的倍，甲推动木块的距离是乙的倍，即动能与速度的平方成正比；

由甲、两实验，速度相同，丙质量是甲的倍，丙推动木块距离是甲的倍，即动能与质量成正比．所以对动能影响较大速度．

故答案为：被推动距离；速度；质量相同时，速度越大，动能越大；超载；速度；物体的动能与物体速度的平方成正比．

动能的影响因素有两个：质量和速度．根据控制变量法的思路，去分析解决，球把木块推出的距离长，说明的动能大；这是一种转换的方法．

实验目的是研究阻力对物体运动的影响，需要控制球的速度要相同；根据控制变量法分析甲、乙两图得出绪论．

根据控制变量法分析甲、丙的数据分析可知动能与质量即超载的关系；分析质量和速度对动能影响的数量关系得出结果．

用控制变量法研究动能大小的影响因素，用转换法表示动能的大小；能通过数据分析得出动能跟质量和速度的关系是关键．

21.【答案】解：(1)由电动机铭牌可知，电动机的额定电压220V，额定功率44W，

由P=UI可得，电动机的额定电流：

I额=P额U额=44W220V=0.2A；

(2)由P=Wt可得，电动机正常工作10min=600s所消耗的电能：

W电=P额t=44W×600s=2.64×104J，

由铭牌可知，电动机线圈电阻为100Ω，由焦耳定律可得，电动机10min内产生的热量：

Q=I2【解析】(1)由表中数据知，额定电压和额定功率，由P=UI计算额定电流；

(2)由W=Pt计算消耗电能；由Q=I2Rt计算产生热量，两者差为转化成的机械能。22.【答案】解：(1)水对圆柱形容器底部的压力等于水的重力，为F水=G水=m水g=6kg×10N/kg=60N，

水对容器底部的压强p=F水S容=60N3×10−2m2=2000Pa；

(2)现将潜水艇模型完全浸入薄璧圆柱形容器的水中(水未溢出)，水对容器底部压强的增加量为1500Pa，

水面上升的高度△h=△p水ρ水g=1500Pa1×103kg/m3×10N/kg=0.15m，

潜水艇模型的体积等于潜水艇模型排开水的体积，为V艇=V排=【解析】(1)水对圆柱形容器底部的压力等于水的重力，根据p=FS可得出水对容器底部的压强；

(2)现将潜水艇模型完全浸入薄璧圆柱形容器的水中(水未溢出)，水对容器底部压强的增加量为1500Pa，根据p=ρgh得出水面上升的高度△h，

潜水艇模型的体积等于潜水艇模型排开水的体积，根据V艇=V排=S容△h得出潜水艇模型的体积，根据F浮=ρ水gV排得出潜水艇模型受到的浮力；

23.【答案】内

光

90%

7.2×104

14

【解析】解：(1)由图可知白炽灯把大部分电能转化为内能，LED灯把大部分电能转化为光能，LED灯发光的效率(电能转化为光能的效率)为90%；

(2)当电能表上的转盘转过250r，电灯消耗的电能：W=2502500kW⋅h=0.1kW⋅h，

由图可知普通的钨丝白炽灯泡的发光效率仅为20%，则最多产生光能：W光=W×20%=0.1kW⋅h×20%=0.1×3.6×106J×20%=7.2×104J；

(3)4W的LED灯正常工作1000h消耗的电能：W1=P1t=4×10−3kW×1000h=4kW⋅h，

18W的白炽灯正常工作1000h消耗的电能：W2=P2t=18×10−3kW×1000h=18kW⋅h，

使用LED灯节约的电能：W'=W2−W1=18kW⋅h−4kW⋅h=14kW⋅h；

(4)已知标有“220V 15W”的LED灯和“220V 15W”的白炽灯分别接入家庭电路中，

A、已知LED灯和白炽灯的额定电压和额定功率都相同，由P=UI可知通过LED灯的电流等于通过白炽灯的电流，故A错误；

B、已知LED灯和白炽灯的额定电压和额定功率都相同，分别接入家庭电路中，都是220V，则二者实际功率相同，都等于15W，故B错误；

C、已知LED灯和白炽灯的额定功率都相同，根据W=Pt可知相同时间内LED灯消耗的电能等于白炽灯消耗的电能，故C正确。

故选C。

故答案为：(1)内；光；90%；(2)7.2×104；(3)14；(4)C。

(1)由图可知白炽灯把大部分电能转化为内能，LED灯把大部分电能转化为光能，LED灯电能转化为光能的效率为90%；

24.【答案】(1)液化

固

多植树，少开车(2)60°

37°

上(3)直线传播

音色

升华

液化(4)10：51

凸透

近视

凹透

(5)3

185.76

水的密度在4ºC时密度最大(6)①③

②④

①

【解析】【分析】(1)雾的形成是由于空气中的水蒸气液化形成小水滴；霾的形成是由于大量极细微的尘粒、烟粒等均匀地浮游在空中，使空气混蚀的现象；(2)光的反射定律：反射光线、入射光线和法线在同一平面内；反射光线、入射光线分居法线两侧；反射角等于入射角；光从空气斜射入水或其他介质，折射角小于入射角；(3)“千手观音”是因为光的直线传播的缘故；不同乐器发音不同，是因为它们的音色不同；水蒸气遇冷放热液化形成的雾；(4)平面镜成像的特点是，像与物体关于平面镜对称；眼球的折光系统相当于一个凸透镜；若来自远方物体的光经眼球折光系统折射后成像在视网膜的前方，则这个人患了近视眼，可配戴装有凹透镜；(5)利用m=ρv计算物质的质量；水的密度在4ºC时密度最大；(6)①小孔成像是实际光线会聚成的实像；②平面镜成像是光的反射成的虚像；③投影仪银幕上成像是凸透镜成的实像；④放大镜中正立的像是虚像。此题考查了物态变化中的液化、升华等；光的反射定律和折射规律；平面镜中时钟的问题；密度的计算；光的直线传播现象；声音的特性等知识，都是基本知识点，难度不大。【解答】(1)雾的形成是由于空气中的水蒸气液化形成小水滴；霾的形成是由于大量极细微的尘粒、烟粒等均匀地浮游在空中，使空气混蚀的现象。雾和霾的本质区别是雾是液态，霾是固态，霾在吸入人的呼吸道后对人体有害，严重会致死。请你提出颂治理霾形成的措施：多植树，少开车；(2)如图所示，一束光在空气和玻璃两种介质交界面AB上同时发生反射和折射，入射光线与AB成30°角，入射角为90°−30°=60°；根据反射定律知道，折射角等于入射角，则反射角为60°；反射光线与界面夹角为30°，与折射光线的夹角为83°，则折射角与界面夹角为：83°−30°=53°，所以折射角为：90°−53°=37°；分界面AB的上半部分是空气；(3)“千手观音”演绎得让观众看不见领舞者身后