2026-2027学年人教版中考物理综合闯关模拟卷(含答案和解析)

第页2026-2027学年人教版中考物理综合闯关模拟卷(含答案和解析)学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________题号一二三四五六总分得分注意事项:

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。

3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。一、选择题(本大题共7小题，每小题3分，共21分.在每小题所给出的四个选项中，只有一项是正确的)1.图中所示的四个事例中，由于光的反射形成的是(    )A.立竿见影 B.坐井观天

C.杯弓蛇影 D.五彩缤纷2．如图所示，叠放在一起的A、B两物体在水平拉力F的作用下，沿水平方向起向右做匀速直线运动，下列说法正确的是（）A．A、B之间无摩擦力 B．B受到A施加的摩擦力方向水平向右 C．A对B的压力与地面对B的支持力是一对作用力与反作用力 D．地面对B的支持力与B受到的重力是一对平衡力3．独轮车是生活中搬运砖块的轻便工具，在竖直向上的拉力F1作用下，独轮车在图示位置保持静止，如图所示。下列说法正确的是（）A．独轮车可看作是一个费力杠杆 B．图中车砖的总重力G与拉力F1之比为3：1 C．为了更轻便，可以把车厢内砖块适当向后移动 D．若将拉力由F1方向改为F2方向会更省力一些4．如图所示是某同学自制的玩具电动机，一块椭圆形磁铁吸在干电池底部，将一段裸露的铜线折成矩形线框，上边与电池正极接触，下边搭接在磁铁上，观察到线框顺时针转动，则（）A．该过程中机械能转化为电能 B．线框左右两边所受磁场力方向相同 C．若仅调换电池两极，线框将逆时针转动 D．若仅调换磁铁两极，线框仍顺时针转动5．如图所示为一款“智能照明灯”的电路，灯L天暗时自动发光，天亮时自动熄灭，控制电路中，R1为定值电阻，R2为光敏电阻，其阻值随光照强度而变化。以下说法正确的是（）A．R2的阻值随光照强度的增大而增大B．当光照强度减小时，电压表示数增大C．控制电路中的电磁铁利用电流的热效应工作D．将R1换为阻值更大的电阻，可缩短灯的发光时间6．如图所示，电源电压保持不变，R1为定值电阻。闭合开关S，电压表V1示数为U1，电压表V2示数为U2，电流表A示数为I，在滑动变阻器的滑片P向左移动的过程中，电压表V2示数变化了ΔU2，电流表A示数变化了ΔI．下列说法正确的是（）A．U1不变，U2变大，I变小 B．U1变小，U2不变，I变小 C．|ΔU2|与|ΔI|的比值不变D．|ΔU2|与|ΔI|的比值变大7．如图所示电路中，电源两端电压为8V且保持不变，R1为滑动变阻器，c为滑动变阻器的中点（c在图中没画出），R2为定值电阻。开关S闭合后，当滑片P在c点时，电流表的示数为0.8A；当滑片P在a端时，电流表的示数为2.0A。则下列说法正确的是（）A．R2的阻值为12Ω B．当滑片P在b端时，R2两端的电压为6V C．当滑片P在b端时，R2消耗的电功率为1.0W D．当电流表示数为1.6A时，滑动变阻器接入电路中的阻值为2Ω二、填空题(本大题共7小题，每小题3分，共21分.不需要写出解答过程，请把答案直接填在答题卡相应的位置上.)8．某电能表的表盘上标有“1600r/（kW•h）”的字样，将铭牌上标有“220V1210W”字样的电热水器接在家庭电路中，只让它单独工作12min，这段时间内电能表的转盘转了320次，则电热水器两端的实际电压为V。9．如图所示，水平地面上放置一个质量分布均匀、底面积为100cm2的长方体甲和一个质量未知的薄壁柱形容器乙，已知容器乙的高度为20cm，其内装有3000cm3的水。现将甲沿水平方向切去一定的厚度Δh，并将甲切下的部分保持竖直轻放入乙容器的水中沉底，甲物体和乙容器对地面的压强随切去厚度Δh的变化情况如图丙所示，则Δh=10cm时，水对容器底面的压强为_________Pa；图丙中a的值为_________cm。10．如图所示，是河水中的漩涡。漩涡边沿水的流速相对中心处的流速较，压强较，从而形成压力差，导致周边物体易被“吸入”漩涡。（温馨提示：严禁学生私自下河游泳）11.如图所示，游泳时手和脚向后划水，人会向前运动。推动人向前运动的力的施力物体是

，此现象说明力的作用是

，人停止划水后仍然向前运动说明运动员具有

。12．使用清洁能源天然气有助于国家提出的2060年前实现碳中和的目标。某同学家使用天然气热水器，平均每天需将质量为100kg的水从18℃加热到58℃，水吸收的热量为_________J，若天然气完全燃烧放出热量的70%被水吸收，则热水器平均每天消耗天然气_________m3[c水=4.2×103J/(kg•℃)，q天然气=4.0×107J/m3]。13．小明在探究“杠杆平衡条件”的实验中：杠杆质地均匀，支点恰好在杠杆的中心，并且不计支点处摩擦，如图甲所示当弹簧测力计逐渐向右倾斜时，始终使杠杆在水平位置平衡，则弹簧测力计的示数将。当杠杆由图甲位置变成图乙位置静止时，弹簧测力计的示数将。（选填“变大”“变小”或“不变”）14．将两个质量相同的橡皮泥做成实心球形和碗形，分别放入甲、乙两杯水中，静止时如图所示，由此可知，橡皮泥的密度水的密度，甲杯中橡皮泥所受的浮力乙杯中橡皮泥所受的浮力。（两空均选填“大于”“小于”或“等于”）三、作图题：本大题共3个小题，共7分。15．按照题目要求作图：在图中画出反射光线，并标出反射角的大小。16．在图中，重为4牛的物体静止在水平地面上，请用力的图示法画出物体对地面的压力．17.如图所示，茶杯静止在水平桌面上，请画出茶杯受支持力的示意图(力的作用点画在O点上)。

四、实验题：本大题共3小题，第18小题6分，第19小题6分，第20小题8分，共20分。18.(6分)如题18图所示，利用铁架台、带有

刻度的杠杆、细线、数量足够的钩码等实验器材探究杠杆的平衡条件。(1)实验前杠杆如图所示，为使杠杆处在

平衡状态，应将杠杆右端的平衡螺母B向

(选填“左”或“右”)调。(2)记录实验数据的表格如下表，请将表头栏目、实验所记录的数据补充完整。实验次数①

动力臂L阻力F②

1219.阅读短文，回答文后的题目．

摩擦纳米发电机

我们从很小的时候就知道用尺子在毛皮上摩擦后可以吸引起碎纸片，这种现象叫做“摩擦起电”.在若干年后的今天，这样小小的摩擦也可以聚集起来形成供我们使用的“能源”.今天我们来介绍一种新科技：摩擦纳米发电技术．

举例来说，想要快速测量体温，电子体温计就必须有电池，而使用摩擦纳米发电技术把一个材料戴在手上，与衣服摩擦两下，就可以实现测量体温．利用生活中的小摩擦，还能做成小型传感器，贴在胸部、可以测量我们血压和血液在身体的流动状态．

另一个应用较为长远，科学家称之为大能源．据文献报道，三峡大坝的发电总功率是20吉瓦(1吉瓦=109瓦).如果在海洋里把海水的起伏利用起来，用摩擦纳米发电技术，在200公里乘以200公里的海面，利用5米深的水就可以产生相当于约三峡大坝的发电总功率．还有在西单商业区，利用人群走路踩过地面这个动作产生的电，每天就相当于约2.5吨煤燃烧产生的电．

我们把太阳能、风能称为绿色能源，但是最大的限制因素是这些能源不稳定．而更多的能量

隐藏在海洋里，所以称它为超越绿色的蓝色能源．科学家相信，以后的能源之路是把太阳能、风能、海洋能叠加起来，综合利用．

(1)用毛皮摩擦过的尺子与带负电荷的橡胶棒相排斥，请问，此时尺子带______电荷．

(2)根据文中数据，请你估算一下体积为1m3的海水通过摩擦纳米发电技术，发电功率大概是多少W？______

A.10W

B.1W

C.0.1W

D.0.01W

(3)完全燃烧2.5吨煤可以产生______J的热量．(煤的热值

q=3.0×107J/kg)

(4)文章中提到风能、太阳能是绿色能源，那根据所学知识，这些能源还属于______

A.清洁能源不可再生能源

B.传统能源可再生能源

C20.小明同学要测量一个金属块B的密度，他找来了一个正方体木块A、烧杯、细线、某种液体和刻度尺，通过下列步骤进行了测量：

(1)将边长为a的正方体木块A放入装有适量液体的烧杯中，待其静止后用刻度尺测出木块有35的长度露出液面，如图甲所示，则ρA：ρ液=______。

(2)将金属块B放在木块中央，静止后，用刻度尺测出此时木块露出液面的高度为h，如图乙所示。

(3)用质量和体积均可忽略不计的细线将金属块B系在木块A的下面，放入液体中静止后，测出此时木块露出液面的高度为h2，如图丙所示。

(4)测出的金属块B的密度ρB=______(用ρ液、a、h1、h2等相关的物理量表示)。

五、计算题：本大题共2小题，第21小题7分，第22小题6分，共13分。21．如图所示，高为0.5m、底面积为5×10﹣2m2的轻质薄壁柱形容器甲置于水平地面，容器内盛有0.3m深的水。正方体乙的质量为15kg，g＝10N/kg。求：（1）水对容器甲底部的压力；（2）现将乙浸没在甲容器的水中，恰使甲对地面的压强和水对容器甲底的压强均为最大。①此时容器甲对地面的压强；②正方体乙的密度。22．如图，电源电压U＝12V，R1＝10Ω，滑动变阻器R2的规格为“100Ω，1A”，电压表量程为0﹣15V，电流表量程为0﹣3A。断开S1、S3，闭合S2，移动滑片到某一位置时，灯泡恰好正常发光，此时电压表示数为3V，电流表示数为0.5A。求：（1）灯泡的额定电压和正常发光时的电阻；（2）闭合S1、S2、S3时，电路消耗的最大电功率。六、综合能力题：本大题共3小题，每小题6分，共18分。23.阅读并回答问题：

匀变速直线运动物体的运动分为直线运动、曲线运动，其中最简单的直线运动是匀速直线运动，还有一种直线运动叫匀变速直线运动。匀变速直线运动又分为：匀加速直线运动，如汽车在平直公路上启动时的运动、苹果落地时的运动等；匀减速直线运动，如飞机着陆时在平直的跑道上减速滑行、子弹击入木块时的运动等。匀加速直线运动是指一个物体做直线运动时的速度随时间均匀增加，如：甲物体做匀加速直线运动，其初速度为v0=5m/s、1s后速度为7m/s、2s后速度为9m/s…其中速度的增加量与所用时间的比值叫做匀加速直线运动的加速度，用a表示，a=(vt−v0)t，公式中v0表示初速度、vt表示t时间后的末速度。a的国际单位是m/s2，读作“米每二次方秒”。加速度反映了物体速度“变化”的快慢，a越大表示相同时间内速度的增加量越大，反之，a越小表示相同时间内速度的增加量越小，加速也有正负之分，它的正负只代表方向不代表大小。

根据以上内容请回答：

(1)匀变速直线运动分为匀加速直线运动和

直线运动。

(2)物体做匀加速直线运动时，其运动状态

(填“发生”或“没有发生”)改变。

(3)物体做匀速直线运动的加速度为

m/s2，本文中甲物体做匀加速直线运动的加速度大小为

m/s2，当甲物体的末速度为24m/s时，则甲物体从出发后共运动了

24.阅读短文，回答文后问题

电动汽车ㅤㅤ电动汽车是环保的交通工具，行驶时蓄电池给电动机供电，电动汽车的主要部分参数如表所示，如图甲所示，在测试过程中，司机和一名陪同人员上车。司机驾驶该充满电的车以节电模式匀速行驶30km，电池剩余容量为58kW⋅h，陪同人员负责记录测试数据，已知司机和陪同人员的质量均为70kg，汽车匀速行驶时所受阻力为总重力的6%，g取10N/kg。

空车质量1360kg轮胎与地面总接触面积400c蓄电池最大容量68kW最高车速120km/h最大功率90kW最大续航里程180km(1)汽车刹车原理图如图乙所示，连着刹车踏板的金属杆可视为一根能绕O点转动的______(填“省力”、“等臂”或“费力”)杠杆。

(2)为了节能，车靠近目的地前可采用“再生制动”的方法：在车速逐渐减到60km/h的过程中，不采用机械刹车，由于电动汽车继续行驶，带动电机逆向发电，将电能存储在蓄电池内，此时电机的工作原理是______。

(3)在此测试过程中，电动汽车匀速行驶30km，牵引力做的功为______J。

(4)如图丙是小明设计的车速提醒电路，R为定值电阻，Rv的阻值随车速的变化而改变。当电压表的示数达到某一数值时提醒驾驶员车速过快，需要减速。图丁是Rv的阻值与车速关系的图像。图戊是车速从0加速到100km/h过程中，Rv消耗的电功率随电流变化的图像。则图丁中图线与纵坐标相交点的电阻值是______Ω25.阅读短文，回答问颗。

航天器着陆的“平安之花”2022年4月16日上午，一朵“红白伞花”缓缓降落在内蒙古的东风着陆场，“神舟十三号”载人飞船成功着陆，3名航天员安全回家。

从距离地面300多公里的太空穿越大气层安全着陆，需要经历四次刹车。第一次刹车是发动机点火反推，让飞船脱离运行轨道，进入返回地球的轨道，飞船以无动力状态在地球引力的作用下自由下落。第二次刹车是在距离地面100km的时候，返回舱高速进入大气层后，强烈压缩其前面的空气，因此产生大量的热，造成温度急剧升高，温度可达2000℃左右。第三次刹车则是在距离地面10km的时候，开始用降落伞减速。科学家为开伞设计了一套程序，先是打开一个引导伞，引导伞工作16s，返回舱的下降速度可由180m/s减至80m/s，然后由引导伞拉出一具减速伞，再由减速伞带出主伞，主伞先开一个小口，慢慢地全部撑开，这时返回舱的下降速度逐渐由80m/s减至6m/s。第四次刹车是快到地面时，返回舱底部的反推发动机瞬间点火，最终把最后的一点速度也抵消掉，返回舱安全着陆。

(1)从“神舟十三号”返回情况来看，需要经历四次刹车，其中仅需要依靠地球引力作用自由下落是第______次刹车。

(2)在第二次刹车时，返回舱的温度升高的原因是通过______的方式改变了其内能；第三次刹车时，返回舱减小的机械能转化为______能。

(3)假如让你为后面的神舟飞船返回舱制作主伞，你制作的主伞应具备哪些特点？______(写出1条即可)。

参考答案及解析1.【答案】C【解析】解：A、立竿见影是由于光的直线传播形成的，故A错误；

B、坐井观天是光的直线传播的应用，故B错误；

C、杯弓蛇影是平面镜成像，是由于光的反射形成的，故C正确；

D、五彩缤纷是利用三棱镜对白光进行折射，是由于光的折射形成的，故D错误。

故选：C。

(1)在日常生活中，日月食、小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；

(2)当光照射到两种物质分界面上时，有一部分光被反射回来发生反射现象，如水中倒影等；

(3)当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向会偏折，发生折射现象，如池水变浅，海市蜃楼等。

本题考查的光的反射、光的折射及光的直线传播现象，难度不大，是基础题。

2．（2分）如图所示，叠放在一起的A、B两物体在水平拉力F的作用下，沿水平方向起向右做匀速直线运动，下列说法正确的是（）A．A、B之间无摩擦力 B．B受到A施加的摩擦力方向水平向右 C．A对B的压力与地面对B的支持力是一对作用力与反作用力 D．地面对B的支持力与B受到的重力是一对平衡力【解答】解：A、对A研究：水平方向受到水平力F，由平衡条件得知：B对A有水平向左的静摩擦力。故A错误；B、根据力的相互性可知，B受到A的摩擦力与A所受的静摩擦力方向相反，即水平向右。故B正确；C、A对B的压力与地面对B的支持力不是两个物体之间的相互作用，不是一对作用力与反作用力，故C错误；D、地面对B的支持力要大于B受到的重力，不是一对平衡力，故D错误。故选：B。3．（3分）独轮车是生活中搬运砖块的轻便工具，在竖直向上的拉力F1作用下，独轮车在图示位置保持静止，如图所示。下列说法正确的是（）A．独轮车可看作是一个费力杠杆 B．图中车砖的总重力G与拉力F1之比为3：1 C．为了更轻便，可以把车厢内砖块适当向后移动 D．若将拉力由F1方向改为F2方向会更省力一些【分析】（1）结合图片和生活经验，先判断独轮车在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆；（2）根据杠杆的平衡条件F1L1＝F2L2可以求出作用在车把上竖直向上的力的大小；（3）根据杠杆的平衡条件，进行判断；（4）根据杠杆的平衡条件，当动力臂最长时，最省力。【解答】解：A、因为独轮车在使用过程中，动力臂大于阻力臂，所以是省力杠杆，故A错误；B、由杠杆平衡条件可得F1L1＝F2L2，即F2×0.3m＝F1×（0.9m+0.3m），解得：，故B错误；C、为了更轻便，可以把车厢内砖块适当向前移动，减小了阻力臂，动力也会减小，能达到省力的目的，故C错误；D、根据杠杆的平衡条件，在阻力和阻力臂不变的情况下，当动力臂最长时，最省力，故F2动力臂最长，最省力，故D正确。故选：D。【点评】此题主要考查的是杠杆平衡条件的应用、杠杆的分类，难度不大。4．【解答】解：A、玩具电动机在通电后会消耗电能，电能转化为机械能，故A错误；B、线框左右两边导线的电流的方向相同，磁场的方向不同，所以受到的磁场力方向不相同，故B错误；C、若仅调换电池两极，磁场的方向不变，电流的方向改变，则磁场力的方向改变，线框将逆时针转动，故C正确；D、若仅调换磁铁两极，磁场的方向改变，电流方向不变，线框将逆时针转动，故D错误。故选：C。5．【答案】B【知识点】电路的动态分析；电磁继电器的组成、原理和特点【解析】【解答】A．要使灯L在天亮时自动熄灭即光照强度增大时，控制电路中电流增大，由欧姆定律可知光敏电阻R2的阻值减小，即R2的阻值随光照强度的增大而减小，故A错误；

B．控制电路中R1、R2串联，电压表测R2两端的电压，结合A可知当光照强度减小时，R2的阻值增大，根据串联分压的规律可知，R2两端的电压增大，即电压表示数增大，故B正确；

C．电磁铁通电时具有磁性，断电时磁性消失，所以电磁铁是利用电流的磁效应工作的，故C错误；

D．由于控制电路的电源电压不变，衔铁被吸合的电流不变，则根据R＝UI可知，衔铁被吸合时控制电路的总电阻不变，若R1换成阻值更大的电阻，则R2的阻值变小，此时光照强度增强，即在天很亮时灯才自动熄灭，由此可见，将R1换成阻值更大的电阻，会延长灯L的发光时间，故D错误。

故选：B。

【分析】根据灯泡亮度的变化确定R2的阻值随光照强度的变化而发生怎样的变化；电磁铁是利用电流的磁效应工作的；电压表与测量部分并联，根据串联分压的规律判定电压表的示数变化；衔铁被吸合时控制电路的总电阻不变，若R1换成阻值较大的电阻，R6．【解答】解：AB、当S闭合时，R1与R2串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流；滑动变阻器的滑片向左移动时，接入电路的电阻变大，电路中的总电阻变大，电源电压不变，由I＝可知电路中电流I变小，根据U＝IR可知R1两端电压U1变小，由串联电路电压的规律可知V2示数U2增大，故A、B错误；CD、因为串联电路各部分电压之和等于电源电压，所以R1和R2两端电压的变化量相等，则有：ΔU1＝ΔU2﹣﹣﹣﹣﹣①，又因为R1是定值电阻，根据欧姆定律可得前后两次V1示数分别为U1＝IR1，U′1＝I′R1，则U1﹣U′1＝IR1﹣I′R1，即ΔU1＝ΔIR1，所以＝R1﹣﹣﹣﹣②，由①②可知ΔU2与ΔI的比值不变，故C正确，D错误。故选：C。7．【答案】C【解答】解：A、当滑片位于a端时，电路为R2的简单电路，则R2两端的电压为8V；R2的阻值为：R2=UI大C、c为滑动变阻器的中点，开关S闭合后，当滑片P在c点时，电流表的示数为0.8A；根据欧姆定律得R总=UIc=8V0.8A=10Ω，根据串联电路特点得，R1＝2×（R总﹣R2）＝2×（10Ω﹣4Ω）＝12Ω；当滑片位于b端时，R1、R2串联，电流表测电路中的电流，I=UR1+D、当电流表示数为1.6A时，电路的总电阻为：R=UI'=8V1.6A=5Ω；滑动变阻器接入电路中的阻值为：R1'＝R﹣R2＝5故选：C。8．（2分）某电能表的表盘上标有“1600r/（kW•h）”的字样，将铭牌上标有“220V1210W”字样的电热水器接在家庭电路中，只让它单独工作12min，这段时间内电能表的转盘转了320次，则电热水器两端的实际电压为200V。【解答】解：1600r/（kW•h）表示电路中用电器每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转1600转，则电能表的转盘转320转时，电热水器消耗的电能：W＝kW•h＝0.2kW•h；电热水器的实际功率：P＝＝＝1kW＝1000W；因为电热水器的额定电压和额定功率分别为U额＝220V，P额＝1210W，由P＝可得，电热水器的电阻为：R＝＝＝40Ω，由P＝可得实际电压为：U实际＝＝＝200V。故答案为：200。9．2000/2×10323【详解】[1]甲逐渐切去一部分，压力减小，受力面积不变，由压强的公式可知对地面的压强减小，当切到40cm压强为零，说明甲的高度是40cm，由图丙可知，随着切去厚度Δh的增加压强减小的图线是甲对地面的压强，另一条是乙对地面的压强，甲切去厚度是0时，乙对地面的压强是1600Pa，随着截取厚度的增大，乙容器对地面的压强增大，当乙容器中液面刚好到达容器口时，此时容器对地面的压强为第一个折线偏折处，压强是2600Pa，此时水的深度是20cm，Δh=10cm时，水对容器底面的压强为[2]压强是2600Pa，由压强的公式得到①此时容器的体积等于水的体积和截取物体的体积之和，即S乙×0.2m=3000×10-6m3+100×10-4m2×0.1m②由①和②得到S乙=0.02m2，ρ甲=2×103kg/m3甲是长方体，对地面的压强乙开始容器对地面的压力F=G总=p1S乙=1600Pa×0.02m2=32N由图丙可知，当Δh=10cm水开始溢出到Δh=20cm水不在溢出，此时溢出水的重力此时水和容器的总重力因为图丙中a的位置甲物体和乙容器对地面的压强相等，设此时甲切割掉厚度为Δh1，由压强相等得到10．【答案】见试题解答内容【解答】解：漩涡边沿水的流速相对中心处的流速较小，压强较大，而漩涡中心处水的流速较大，压强较小，形成一个向旋涡中心的压强差、压力差，从而导致周边物体易被“吸入”漩涡。故答案为：小；大。11.【答案】水

相互的

惯性

【解析】解：游泳时手和脚向后划水，人会向前运动，这是因为力的作用是相互的，人向后划水时，人也会受到水向前的反作用力，因经，推动人向前运动的力的施力物体是水；

人停止划水后仍然向前运动说明运动员具有惯性，仍会保持原来的运动状态。

故答案为：水；相互的；惯性。

物体间力的作用是相互的；一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性。

本题主要考查了对力的作用的相互性的理解，对惯性的认识，属基础题，难度不大。

12．答案：1.68×107；0.6解析：水吸收的热量Q吸=c水mΔt=4.2×103J/(kg•℃)×100kg×(58℃-18℃)=1.68×107J由得，需要天然气放出的热量由Q放=qV可得，天然气的体积13．（2分）小明在探究“杠杆平衡条件”的实验中：杠杆质地均匀，支点恰好在杠杆的中心，并且不计支点处摩擦，如图甲所示当弹簧测力计逐渐向右倾斜时，始终使杠杆在水平位置平衡，则弹簧测力计的示数将变大。当杠杆由图甲位置变成图乙位置静止时，弹簧测力计的示数将不变。（选填“变大”“变小”或“不变”）【分析】（1）阻力和阻力臂不变时，弹簧测力计倾斜，动力臂变小，动力变大。（2）力臂指的是支点到力的作用点的距离，杠杆平衡条件：动力×动力臂＝阻力×阻力臂，根据杠杆平衡的条件可解决题目。【解答】解：（1）如图甲所示，弹簧测力计竖直向上拉杠杆时，拉力力臂为OC，弹簧测力计倾斜拉杠杆，拉力的力臂小于OC，拉力力臂变小，拉力变大，弹簧测力计示数变大。（5）做实验时，如图乙所示的杠杆已达到平衡。当杠杆由图甲的位置变成图乙的位置时，其动力臂、阻力臂的比值是不变的，所以在阻力不变的情况下，动力是不变的，即弹簧测力计的示数将不变。故答案为：（1）变大；（2）不变。【点评】此题考查学生对于杠杆平衡条件的理解和掌握，常见题目。14．【答案】大于；小于【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用【解析】【解答】实心球橡皮泥沉到容器底部，橡皮泥的密度大于水的密度；实心球橡皮泥受到的浮力小于重力，碗状橡皮泥漂浮在水面，碗状橡皮泥受到的浮力等于重力，所以甲杯中橡皮泥所受的浮力小于乙杯中橡皮泥所受的浮力。

【分析】沉底时，物体密度大于液体密度，浮力小于重力；漂浮时，浮力等于重力。15．【解析】先过入射点作出法线，入射光线与反射面的夹角是30°，则入射角为90°﹣30°＝60°，根据反射角等于入射角知，反射角也为60°，在法线下方画出反射光线，如图所示：16．【答案】解：压力的大小等于重力，为4N，方向垂直于接触面向下，作用点在接触面上．如图所示：【知识点】力的三要素及力的示意图【解析】【分析】画力的图示要先分析力的大小，方向和作用点，再确定标度，按照力的图示要求画出这个力．17.【答案】解：茶杯静止在水平桌面上，受重力和支持力作用，支持力与重力是一对平衡力，重力方向竖直向下，支持力方向竖直向上，支持力的示意图如图所示：

【解析】确定支持力的作用点和方向，然后按照力的示意图的画法画出茶杯所受支持力的示意图。

画力的示意图的一般步骤为：一画简图二定点，三画线，四画尖，五把力的符号标尖边。按照这个作图步骤，很容易能够画出指定力的示意图。

18.【答案】(1)水平位置；右；(2)①动力F1/N；②阻力臂L2/m；③0.2【解析】本题考查的知识点是探究杠杆平衡条件的实验。(1)为使力臂在杠杆上，方便读取力臂，应使杠杆在水平位置平衡，研究杠杆平衡条件，未挂钩码时，杠杆左端下沉，应将横梁右端的螺母向右边旋一些，

(2)探究杠杆平衡条件的实验中除要测量每次实验中动力臂、阻力臂的大小，还要测量出每次实验中的动力和阻力的大小，故①应为“动力F1/N”、②应为“阻力臂L2/m”；

③、第2次实验：根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2得，4N×0.4m=F2×8m，则F2=0.2N；

第3次实验：根据杠杆平衡条件F1L1=19.【答案】负；C；7.5×1010；【解析】解：(1)由题知，用毛皮摩擦过的尺子与带负电荷的橡胶棒相排斥，因为异种电荷相互排斥，所以此时尺子带负电荷；

(2)由题可知，用摩擦纳米发电技术，在200公里乘以200公里的海面，利用5米深的水就可以产生相当于约三峡大坝的发电总功率；

则这些水的体积：V总=Sh=200×103m×200×103m×5m=2×1011m3；

发电的总功率：P总=20吉瓦=20×109W=2×1010W；

则体积为1m3的海水通过摩擦纳米发电技术，发电功率为：

P=2×1010W2×1011=0.1W，故选C.

(3)完全燃烧2.5吨煤可以产生的热量：

Q放=mq=2.5×103kg×3.0×107J/kg=7.5×1010J；

(4)风能、太阳能可以长期提供，可以再生，所以它们都是可再生能源，故A错误；

风能、太阳能在使用时，不会对环境造成污染，属于清洁能源，故D错误．

20.【答案】2：5；35a−【解析】解：(1)将边长为a的正方体木块A放入装有适量液体的烧杯中，静止后木块有35的长度露出液面，木块浸入液体体积：V排=25a3，

由于木块漂浮，F浮=G，即：ρ液gV排=ρ木gV木，代入V排得，ρ液g25a3=ρ木ga3，解得：ρA：ρ液=2：5；

(2))①木块露出液面的高度为35a，所以浸入液面以下的部分高度为(1−35)a=25a；

木块底部所受液体的压强p=ρ液g25a；

④由图2甲可知，木块漂浮于液面，所以F浮=G木，

根据阿基米德原理得：F浮=ρ液gV排=ρ液g25a，则G木=ρ液gS25a①，21．【解答】解：（1）水对容器甲底部的压强：p水＝ρ水gh水＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.3m＝3×103Pa，由p＝可知，水对容器甲底部的压力：F水＝p水S＝3×103Pa×5×10﹣2m2＝150N；（2）甲对水平地面的压力等于水和乙的总重力，要使甲对地面的压强和水对甲底部的压强均为最大，则将乙放入甲容器的水中时，水恰好盛满容器，且无水溢出。①水的体积：V水＝Sh水＝5×10﹣2m2×0.3m＝1.5×10﹣2m3，由ρ＝可知，水的质量：m水＝ρ水V水＝1.0×103kg/m3×1.5×10﹣2m3＝15kg，水和乙的总重力：G总＝m总g＝（m水+m乙）g＝（15kg+15kg）×10N/kg＝300N，此时容器甲对水平地面的压力：F压＝G总＝300N，甲对地面的压强：p甲＝＝＝6000Pa；②容器的容积：V＝Sh＝5×10﹣2m2×0.5m＝2.5×10﹣2m3，乙放入甲容器的水中浸没且水恰好盛满容器无水溢出时，乙的体积：V乙＝V﹣V水＝2.5×10﹣2m3﹣1.5×10﹣2m3＝1×10﹣2m3，乙的密度：ρ乙＝＝＝1.5×103kg/m3。答：（1）水对容器甲底部的压力为150N；（2）①此时容器甲对地面的压强为6000Pa；②正方体乙的密度为1.5×103kg/m3。22．（7分）如图，电源电压U＝12V，R1＝10Ω，滑动变阻器R2的规格为“100Ω，1A”，电压表量程为0﹣15V，电流表量程为0﹣3A。断开S1、S3，闭合S2，移动滑片到某一位置时，灯泡恰好正常发光，此时电压表示数为3V，电流表示数为0.5A。求：（1）灯泡的额定电压和正常发光时的电阻；（2）闭合S1、S2、S3时，电路消耗的最大电功率。【分析】（1）断开S1、S3，闭合S2，灯泡与滑动变阻器串联接入电路，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测通过电路的电流，移动滑片到某一位置时，灯泡恰好正常发光，此时电压表示数为3V，电流表示数为0.5A，根据串联电路电压规律计算灯泡的额定电压，根据串联电路电流特点结合欧姆定律计算灯泡正常发光时的电阻；（2）闭合S1、S2、S3时，两电阻并联接入电路，电流表测干路电流，根据并联电路电压特点结合欧姆定律计算通过定值电阻的电流，根据滑动变阻器的规格可知通过滑动变阻器的最大电流，根据并联电路电流规律计算干路最大电流，根据P＝UI计算电路消耗的最大电功率。【解答】解：（1）断开S1、S3，闭合S2，灯泡与滑动变阻器串联接入电路，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测通过电路的电流，移动滑片到某一位置时，灯泡恰好正常发光，此时电压表示数为3V，电流表示数为0.5A，串联电路总电压等于各部分电压之和，则灯泡的额定电压：UL＝U﹣UP＝12V﹣3V＝9V，串联电路各处电流相等，灯泡正常发光时的电阻：RL＝＝＝18Ω；（2）闭合S1、S2、S3时，两电阻并联接入电路，电流表测干路电流，并联电路各支路两端电压相等，根据欧姆定律可得通过定值电阻的电流：I1＝＝＝1.2A，根据滑动变阻器的规格可知通过滑动变阻器的最大电流为1A，并联电路干路电流等于各支路电流之和，则干路电流最大为I＝I1+IP＝1.2A+1A＝2.2A＜3A，电路消耗的最大电功率：P＝UI＝12V×2.2A＝26.4W。答：（1）灯泡的额定电压为9V，正常发光时的电阻为18Ω；（2）闭合S1、S2、S3时，电路消耗的最大电功率为26.4W。【点评】本题考查串联电路特点、并联电路特点、欧姆定律、电功率公式的灵活运用。四、实验与探究题（每空2分，共14分）23.【答案