2026-2027学年人教版中考物理基础过关专项卷(附带答案解析)

第页2026-2027学年人教版中考物理基础过关专项卷(附带答案解析)学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________题号一二三四五六总分得分注意事项:

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。

3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。一、选择题(本大题共7小题，每小题3分，共21分.在每小题所给出的四个选项中，只有一项是正确的)1.电风扇的核心装置是电动机，下列哪个实验揭示了电动机的工作原理(

)A. B.

C. D.2．家庭电路和安全用电的知识是现代公民必备的知识，下列有关图文说法正确的是（）A．甲图：图中家庭电路元件的连接顺序是正确的B．乙图：甲站在干燥的木桌上，乙站在地上，则甲、乙都不会触电C．丙图：使用测电笔时，手必须接触笔尖金属体D．丁图：使用电冰箱时，金属外壳不需要接地3．甲、乙是由横截面积相等且同种材料制成的两导体，若将它们串联在同一电路中，则关于甲、乙长度L甲、L乙和导体两端电压U甲、U乙的大小，判断正确的是（）A．若L甲＜L乙，则U甲＞U乙 B．若L甲＞L乙，则U甲＞U乙 C．若L甲＜L乙，则U甲＝U乙 D．若L甲＞L乙，则U甲＝U乙4.图甲是海南网上扶贫超市给百香果配的多功能小勺子。把A点压在百香果上固定、B处的“刺刀”刺进果壳，用力使勺子绕A点转动一周，“刺刀”就把果壳切开(如图乙)关于勺子的构造和使用说法正确的是(

)

A.勺子转动切果时可作省力杠杆用 B.勺柄表面有花纹是为了减小摩擦

C.“刺刀”很尖利是为了增大压力 D.勺子绕着果转动时运动状态不变5．某同学在做“用滑动变阻器改变电流”的实验时，连接如图所示的电路，将滑动变阻器的滑片移动到最大阻值处，闭合开关S，发现小灯不亮，接下来的操作，在以下步骤中最合理的是（）A．断开开关，更换灯泡重新实验 B．断开开关，增加电池的节数重新实验 C．断开开关，拆掉导线重新连接电路 D．观察电流表的示数是否为零，移动滑片，判断电路是否断路，灯泡是否发光6．如图所示，重为20N的物体A放在水平桌面上，重为5N的物体B挂在动滑轮下，每个滑轮重为1N（不计绳重和摩擦），B恰好可以匀速下降，现对A施加水平向左的拉力使B上升，当B以0.3m/s的速度匀速上升时，拉力大小为F，下列说法正确的是（）A．B匀速下降时，物体A受到3N的摩擦力B．拉力F的大小为2NC．拉力F的功率为3.6WD．B匀速上升0.6m的过程中，拉力F做功2.4J7．如图甲所示，是某款手持式电子测温仪。图乙是它工作的原理图，其中电源电压保持不变，R是热敏电阻，用于靠近人体测温，定值电阻R0为保护电阻，显示仪是由电流表或电压表改装而成。在测量人的体温时，显示仪的示数会随被测者体温的升高而变大，则下列分析正确的是（）A．显示仪是由电流表改装成的 B．热敏电阻R的阻值随着温度的升高而增大 C．被测温者体温越高，电路消耗的电功率越大 D．将R0更换为阻值更大的电阻，测相同温度，显示仪示数变大二、填空题(本大题共7小题，每小题3分，共21分.不需要写出解答过程，请把答案直接填在答题卡相应的位置上.)8．为提升全体市民的防空安全意识，某市每年都要进行防空警报演练，为了使警报声传得更远，应该提高警报声的（选填“响度”、“音调”或“音色”）。9.2019年3月16日～24日女子冰壶世锦赛在丹麦锡尔克堡举行。如图是中国代表队参加比赛的一个场景，比赛时队员在冰壶前面“刷冰”，通过______方式改变冰的内能，使表面的冰温度升高达到冰的______而______(填物态变化相关名词)成薄薄的一层水，这样能够减小冰壶与冰面之间的______，使冰壶按照运动员预计的运动快慢和方向运动。10．亲爱的同学，你会使用以下基本仪器吗？（1）如图1所示，用刻度尺测得木块的长为cm。（2）如图2所示，在测量物体所受滑动摩擦力的大小前，弹簧测力计应沿（选填“竖直”或“水平”）方向调零，所用弹簧测力计的分度值是N，弹簧测力计的读数为N。（3）如图3所示，停表的示数为s。（4）如图4所示，该体温计的测量范围是℃，其示数为℃。11.如图所示，2012年6月24日，我国自主研制的蛟龙号载人潜水器潜入了7km级的深海中，敲开了这一神秘“龙宫”的大门。蛟龙号下潜到7000m处所受海水的压强约为7.0×107Pa，此时，海水对蛟龙号外表面0.02m2面积上产生的压力是______N；蛟龙号在上升过程中受到海水的压强将______(选填：“变大”、“不变”、“变小”12．晶晶同学用焦距为10cm的凸透镜做“探究凸透镜成像的规律”的实验，如图所示，此时成像情况符合成像原理（选填“投影仪”或“摄像机”），在凸透镜左侧加一副近视眼镜，要在光屏上重新得到清晰的实像，需将光屏向（选填“左”或“右”）移动；如图，如果保持凸透镜的位置不动，将蜡烛与光屏位置对调，调整光屏到适当的位置得到清晰的实像时，这个像一定是（选填“缩小”或“放大”）的像。13．北斗卫星导航系统与地面光纤通信共同组成现代通信，今年的6月23日上午9时43分许北斗三号收官之星成功发射，实现了全球覆盖。卫星利用太阳能电池板获得能量，太阳能属于能源（选填“可再生”或“不可再生”）。卫星是使用与地面站通信的，而光纤传递信息利用了光的（选填“反射”或“直线传播”）原理。14．如图所示，物体在拉力F作用下，沿水平面向右做匀速直线运动。当撤去拉力F时，物体将做运动，此时，假设重力突然消失，请推断物体的运动状态。（不计空气阻力）三、作图题：本大题共3个小题，共7分。15.(1)完成甲图的光路(2)在图乙中，作出物体AB在平面镜MN中所成的虚像．(3)一条光线照射到水面发生反射和折射，这条光线经水面折射后的光线如图所示．请在图丙中画出它的入射光线和反射光线的大致方向．(4)如图丁，路灯下站着小芳，小刚两人，请根据小芳和小刚的影长，标出图中路灯灯泡S的位置

16．如图所示，嘉弘同学正在游乐场观察一位小朋友荡秋千，他注意到：小朋友从A到C，C到A来回摆动，请画出单摆的小球在C点时的受力示意图。17.古人常用“井底之蛙”来形容一个人眼界狭小，如图所示井底部最左端P点处有一只青蛙，请作图并标记该青蛙能够看见的井外范围。(井中没有水)四、实验题：本大题共3小题，第18小题6分，第19小题6分，第20小题8分，共20分。18．探究固体熔化时温度的变化规律实验中，组装如图甲所示的实验装置，在两个分别盛有海波和蜂蜡的试管中各插入一支温度计，再将试管放在盛水的烧杯中。用酒精灯对烧杯缓慢加热，仔细观察温度计的示数变化和试管内海波及蜂蜡的状态变化情况。记录温度随时间变化的规律如图乙所示。（1）由甲图可知，海波和蜂蜡在熔化时都需要不断（选填“吸热”或“放热”）；（2）分析乙图可知，海波和蜂蜡温度变化的不同点在（选填“熔化前”或“熔化中”）。19．为了探究相同质量的不同物质在升高相同温度时，吸收的热量是否相同，某实验小组取相同质量的水和煤油放入两个相同的容器中，用同样的热源分别对它们加热，比较它们升高相同温度时吸收热量的多少，实验装置如图所示。液体名称液体质量m/g液体初温t1/℃液体末温t2/℃加热时间t/min水200203012煤油20020306（1）加热时，某一时刻甲图中的温度计示数如图丙所示，则此时煤油的温度是。（2）本实验是通过（选填“温度变化”或“加热时间”）来判断液体吸热多少的。（3）分析表中实验数据可得：相同质量的不同种物质，升高相同的温度，吸收的热量（选填“相同”或“不同”），的吸热本领更强（选填“水”或“煤油”）。20.在“测量滑轮组的机械效率”的实验中，实验小组用如图所示的装置进行了实验，实验数据记录如表所示，第三次实验时的拉力如图所示。实验次数钩码所受的重力G/N钩码上升的高度h/cm拉力F/N绳自由端移动的距离s/cm机械效率η12100.83083.3%24101.530②3610①30∗(1)实验中应______拉动弹簧测力计使钩码上升；

(2)表格中编号①的数据应为______；编号②的数据应为______；

(3)比较实验数据可得出的实验结论是：使用同样的滑轮组，______；

(4)如果在第一次实验时，忽略绳重和摩擦，可以计算出动滑轮的重力为______N。五、计算题：本大题共2小题，第21小题7分，第22小题6分，共13分。21．如图所示，将盛有水的薄壁柱形容器甲放在水平地面上，容器的高度为5h。①若水的体积为1×10﹣3米3，求水的质量m水。②求距离水面0.1米深处的压强p水。③若水的体积为3V，深度为3h。现有两个柱形物体A、B，其密度、体积的关系如表所示。物块密度体积A5ρ水1.5VB1.5ρ水3V请选择其中一个，将其竖直放入容器甲中（物体均能浸没在水中），使水对容器甲底部的压强增加量Δp最大。请写出选择的物体并说明理由，求出Δp最大。（用字母表示）22.如图甲所示是某品牌饮水机，其加热功率为1.2kW，保温功率为110W，热胆容水的质量为2kg。简化电路图如图乙所示，S断开是保温档，S闭合时是加热档。在1个标准大气压下，让该饮水机正常工作，10min将热胆内初温为20℃的水烧开(水的比热容为4.2×103J/(kg⋅℃))

求：

(1)热胆内的水吸收的热量；

(2)加热过程中，电路消耗的电能；

(3)六、综合能力题：本大题共3小题，每小题6分，共18分。23.如图甲，我国研制的大客机C919于5月5日首飞成功。

C919机舱内覆有一层高孔率“超细航空级玻璃棉”，能很好地保温与吸收噪音，其单丝纤维直径只有3～5μm，1m3的质量为5kg。

机舱内先进的“呼吸系统”，使飞机在气压只有2.5×104Pa左右的万米高空时，能将机外−50℃以下的冷空气不断压缩，导致送入舱内的空气温度达到50℃以上，同时系统依靠传感器的自动控制，使舱内气压和温度达到舒适值。

该机有较大的翼载，翼载指飞机的最大起飞质量与机翼面积的比值；机上搭载的新一代涡扇发动机的热效率和推进效率比一般客机高，所谓热效率是指发动机获得的机械能与燃料完全燃烧产生的内能之比，而推进效率则是指发动机传递给飞机的推进功最大起飞质量72.5t客舱内气压8.0×巡航速度920km/h发动机巡航推力3.6×(1)阳光下，飞机尾翼呈现绿色，是因为尾翼______绿光；若飞机的翼载是500kg/m2，则机翼面积为______m2。

(2)下列关于“超细航空级玻璃棉”性质的描述中，不正确的是：______

A.单丝纤维比头发细B.密度与玻璃差不多

C.隔音性能相对较好D.导热能力相对较弱

(3)在万米高空，机体1m2面积上承受内外气体的压力差约为______N；为确保机舱内的温度维持体感舒适值，机上空调需要不断______(选填“加热”或“制冷”)。

(4)飞机水平匀速巡航时，受到的阻力为______N，若飞机以巡航速度飞行0.5h的过程中，耗油1800kg，发动机的热效率为40%，则此过程中发动机的推进效率为多少？24．(本题4分)阅读短文，回答问题。油电混合动力型汽车如图所示，油电混合动力型汽车主要由汽油发动机、电动机和动力电池组成。汽车的内置电脑可以自动选择牵引方式带动车辆运行。其中发动机牵引方式能发挥纯发动机汽车在除霜、制冷、爬坡，续航里程长等方面的优势；而电动机牵引方式则具有噪音小、零排放、频繁启动和制动时能耗小等纯电动汽车的优势。这种汽车不需要像纯电动汽车一样将它的动力电池接到电源插座上去充电，因为它在减速制动时，电动机作为发电机使用，将一部分动能转化为电能，实现对电池的充电。这种汽车还整合了发动机和电动机的工作优势，热效率提高了10%左右，废气排放量可改善30%以上。（1）通常在兰州市区内早高峰时段行驶时，内置电脑会将车辆自动切换到___________牵引方式（选填“电动机”或“发动机”），这种方式的优点之一是___________。（2）在减速制动时，混合动力型汽车的动能转化为___________能和电能；此时，电动机作为发电机使用，它发电的原理是___________。25．某电热水壶铭牌的部分参数如表所示，忽略温度对电阻的影响，电热水壶在额定电压下工作300s能将1L的水从20℃加热到85℃，求：[c水＝4.2×103J/（kg•℃），ρ水＝1.0×103kg/m3]额定电压220V额定功率1000W最大容量1.2L（1）水吸收的热量是多少？（2）电热水壶的加热效率是多少？（3）在用电高峰时，实际电压为200V，若与该电热水壶在额定电压下工作300s消耗相同的电能，实际加热时间为多少？

参考答案及解析1.【答案】B

【解析】解：电动机的工作原理是：通电导体在磁场中受到力的作用；

A、图中研究的是电磁铁磁性的强弱与电流大小的关系，是电流的磁效应，故A不符合题意。

B、图中有电源，闭合开关后，通电导体在磁场中受力运动，揭示了电动机工作原理，故B符合题意；

C、图中没有电源，导体ab在磁场中做切割磁感线运动时，检流计指针发生偏转，说明产生了感应电流，这是电磁感应现象，是发电机的工作原理，故C不符合题意。

D、图中是奥斯特实验，说明了通电导线周围存在磁场，是电流的磁效应，故D不符合题意。

故选：B。

电动机的工作原理是：通电导体在磁场中受到力的作用。结合图中装置可逐一做出判断。

电动机是将电能转化为机械能的机械，它在工作时要消耗电能，因此解题时观察图形中有无电源是此题的解题关键。

2．B【详解】A．甲图中电能表应装在总开关之前，故A错误；B．乙图中，甲未形成回路，乙两端没有电压，所以都不会触电，故B正确；C．丙图中，使用测电笔时，手不能接触笔尖金属体，但要接触笔尾金属体，故C错误；D．丁图中，使用电冰箱时，金属外壳需要接地，防止漏电，故D错误。故选B。3．（2分）甲、乙是由横截面积相等且同种材料制成的两导体，若将它们串联在同一电路中，则关于甲、乙长度L甲、L乙和导体两端电压U甲、U乙的大小，判断正确的是（）A．若L甲＜L乙，则U甲＞U乙 B．若L甲＞L乙，则U甲＞U乙 C．若L甲＜L乙，则U甲＝U乙 D．若L甲＞L乙，则U甲＝U乙【分析】根据电阻大小的影响因素：导体的材料、长度和横截面积分析两导体电阻的大小；根据串联电路电流的规律，结合欧姆定律进行分析电压大小关系。【解答】解：甲、乙两导体串联在电路中，根据串联电路中电流处处相等可知，无论两导体的电阻大小是否相等，通过甲乙的电流是相等的，即I甲＝I乙；导体的材料、横截面积相等时，长度越大时电阻越大，长度越小时电阻越小，若L甲＞L乙，则R甲＞R乙，由U＝IR可知，U甲＞U乙，故B正确，D错误；若L甲＜L乙，则R甲＜R乙，由U＝IR可知，U甲＜U乙，故AC错误。故选：B。【点评】本题考查了影响电阻大小的因素、串联电路电流以及欧姆定律的应用，是一道综合性题目。（多选4.【答案】A

【解析】解：A、勺子转动切果时，动力臂可以大于阻力臂，所以可作省力杠杆用，故A正确；

B、勺柄表面有花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦，故B错误；

C、“刺刀”很尖利，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，受力面积的大小不能改变压力的大小，故C错误；

D、勺子绕着果转动时，勺子的运动方向发生变化，其运动状态发生变化，故D错误。

故选：A。

(1)要判决杠杆是省力杠杆还是费力杠杆，要先判断动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆；

(2)增大摩擦力的方法：在压力一定时，增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。在接触面粗糙程度一定时，增大压力来增大摩擦力；

(3)增大压强的方法：在受力面积一定时，增大压力来增大压强；在压力一定时，减小受力面积来增大压强；

(4)运动状态保持不变，指的是物体速度的大小和方向都不能发生变化，否则物体的运动状态就变了。

本题考查了学生对增大摩擦的方法、杠杆的分类，增大压强的方法，都属于基础知识，只要细心并不难解答。

5．（2分）某同学在做“用滑动变阻器改变电流”的实验时，连接如图所示的电路，将滑动变阻器的滑片移动到最大阻值处，闭合开关S，发现小灯不亮，接下来的操作，在以下步骤中最合理的是（）A．断开开关，更换灯泡重新实验 B．断开开关，增加电池的节数重新实验 C．断开开关，拆掉导线重新连接电路 D．观察电流表的示数是否为零，移动滑片，判断电路是否断路，灯泡是否发光【分析】电路中各元件串联连接，当滑动变阻器阻值最大时，灯泡不亮，可能的原因有电路电流太小、存在断路或灯泡被短路等，但最有可能的原因是电路电流太小；所以，最合理的操作是先根据电流表有无示数检测电路的故障，然后根据故障问题进行处理。【解答】解：A、灯泡不亮，可能是电路发生了短路，换用其他的灯泡，灯泡同样不发光，故A错误；B、如果灯丝断了或导线发生断路，增加电池的节数，灯泡仍然不亮，故B错误。C、如果灯丝断了或导线发生断路，拆掉导线重新连接电路，灯泡仍然不亮，故C错误；D、闭合开关前，为了保护电路，滑动变阻器阻值应调至最大，闭合开关后，由于总电阻较大，电路中的电流较小，灯泡的实际功率较小，可能不发光，所以接下来的操作是：开关闭合，观察电流表的示数是否为零，移动滑片，观察灯泡的亮度是否改变，D正确。故选：D。【点评】本题主要考查用电流表检测电路故障，会根据电流表示数判断电路的故障，并能够对故障进行处理。6．（3分）如图所示，重为20N的物体A放在水平桌面上，重为5N的物体B挂在动滑轮下，每个滑轮重为1N（不计绳重和摩擦），B恰好可以匀速下降，现对A施加水平向左的拉力使B上升，当B以0.3m/s的速度匀速上升时，拉力大小为F，下列说法正确的是（）A．B匀速下降时，物体A受到3N的摩擦力B．拉力F的大小为2NC．拉力F的功率为3.6WD．B匀速上升0.6m的过程中，拉力F做功2.4J【分析】（1）由图知，n＝3，不计绳重和摩擦，绳子自由端的拉力F＝（G+G动），据此可求物体A受到的拉力；物体B匀速下降，物体A匀速向右运动，根据二力平衡条件求出物体A受到摩擦力的大小；（2）当使物体B以0.3m/s的速度上升时，物体A匀速向左运动，此时A受到向右的拉力FA、摩擦力和向左的拉力F作用；滑动摩擦力大小与压力大小、接触面的粗糙程度有关，由此可知物体A受到的摩擦力大小不变，再由力的平衡条件可求出拉力F的大小；（3）绳子自由端移动的速度为：vA＝3vB，利用P＝＝＝Fv求拉力F的功率；（4）B匀速上升0.6m，绳子自由端移动的距离：sA＝nsB，再利用W＝Fs可求B匀速上升0.6m的过程中，拉力F做的功。【解答】解：A、由图可知，n＝3，不计绳重及摩擦，绳子自由端的拉力（即滑轮组对物体A的拉力）：FA＝（GB+G动）＝×（5N+1N）＝2N，B匀速下降，物体A匀速向右运动时，受到向右的拉力FA和向左的摩擦力作用，由二力平衡条件可得，物体A受到的摩擦力：f＝FA＝2N，故A错误；B、当使物体B以0.3m/s的速度上升时，物体A匀速向左运动，此时A受到向右的拉力FA、摩擦力和向左的拉力F作用，因为物体A对桌面的压力大小和接触面的粗糙程度都不变，所以摩擦力大小不变，所以，由力的平衡条件可得：F＝FA+f＝2N+2N＝4N，故B错误；C、绳子自由端移动的速度（即物体A运动的速度）：vA＝nvB＝3×0.3m/s＝0.9m/s，则拉力F的功率为：P＝FvA＝4N×0.9m/s＝3.6W，故C正确；D、B匀速上升0.6m，则绳子自由端移动的距离：sA＝nsB＝3×0.6m＝1.8m，该过程中拉力F做功：W＝FsA＝4N×1.8m＝7.2J，故D错误。故选：C。【点评】本题考查了滑轮组的特点、力的平衡知识、功和功率的计算，知识点多，综合性强，难度较大。7．（2分）如图甲所示，是某款手持式电子测温仪。图乙是它工作的原理图，其中电源电压保持不变，R是热敏电阻，用于靠近人体测温，定值电阻R0为保护电阻，显示仪是由电流表或电压表改装而成。在测量人的体温时，显示仪的示数会随被测者体温的升高而变大，则下列分析正确的是（）A．显示仪是由电流表改装成的 B．热敏电阻R的阻值随着温度的升高而增大 C．被测温者体温越高，电路消耗的电功率越大 D．将R0更换为阻值更大的电阻，测相同温度，显示仪示数变大【分析】（1）分析电路的连接，根据电压表与待测电阻并联分析；（2）当被测者体温较高时，显示仪的示数也会变大，由串联电路电压的规律和分压原理分析；（3）被测者体温越高，电压表示数越大，由欧姆定律I＝分析电路的电流变化，根据P＝I2R确定R消耗的电功率变化；根据P＝UI确定电路消耗的电功率变化；（4）当温度相同时，热敏电阻的阻值不变，若将R0更换为阻值更大的电阻，由串联电路分压特点可知显示仪示数的变化【解答】解：A、由图可知，R与R0串联，因显示仪与热敏电阻并联，故显示仪是由电压表改装成的，故A错误；B、当被测者体温较高时，显示仪的示数也会变大，由分压原理，热敏电阻的电阻变大，即热敏电阻R的阻值随着温度的升高而增大，故B正确；C、被测者体温越高，电压表示数越大，由电阻越大，欧姆定律I＝可知，电路的电流越小，根据P＝UI可知，电路消耗的电功率越小；故C错误；D、温度相同时热敏电阻的阻值不变，将R0更换为阻值更大的电阻，由串联电路分压特点可知，R0两端分得的电压变大，根据串联电路的电压特点可知，R两端的电压越小，因此显示仪示数会变小，故D错误。故选：B。8．（2分）为提升全体市民的防空安全意识，某市每年都要进行防空警报演练，为了使警报声传得更远，应该提高警报声的响度（选填“响度”、“音调”或“音色”）。【分析】声音的三个特征分别就是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距发声体的距离有关；音色反映了声音的品质与特色，是由发声体本身决定的一个特性。【解答】解：进行防空警报演练，为了使警报声传得更远，应该提高警报声的响度。故答案为：响度。【点评】声音的特征有音调、响度、音色；三个特征是从三个不同角度描述声音的，且影响三个特征的因素各不相同。9.【答案】做功

熔点

熔化

摩擦

【解析】解：比赛时队员在冰壶前面“刷冰”，机械能转化为冰面的内能，使冰的内能增大、温度升高，达到冰的熔点而熔化成薄薄的一层水，使冰壶与冰之间更为光滑，由于水的出现使冰壶与冰面分开，从而减小了冰壶与冰面之间的摩擦；摩擦力减小，这样冰壶会滑的更远。

故答案为：做功；熔点；熔化；摩擦。

解决此题要知道做功可以改变物体的内能，物体间的摩擦力与物体间的压力大小和接触面的粗糙程度有关，压力越大、接触面越粗糙，摩擦力越大。明确冰壶比赛的实际过程，从实际过程结合对应的物理知识入手分析来突破此题。

此题结合体育运动情景考查了改变物体内能的方式和影响摩擦力大小的因素，要会结合相关知识进行分析解答，是中考的热点此题的综合性较强，做功使冰的内能增加是题目的突破口。10．【答案】（1）2.70；（2）水平；0.2；3.4；（3）337.5；（4）35～42；37.9。【解答】解：（1）由图知：1cm之间有10个小格，所以1个小格代表的是0.1cm＝1mm，即此刻度尺的分度值为1mm；木块左端与0刻度线对齐，右端与2.700cm对齐，所以木块的长度为L＝2.70cm；（2）在测量物体所受滑动摩擦力的大小前，弹簧测力计应沿水平方向调零，弹簧测力计的分度值为0.2N，读数为3.4N；（3）在秒表的中间表盘上，1min中间有两个小格，所以一个小格代表0.5min，指针在“5”和“6”之间，偏向“6”一侧，所以分针指示的时间为5min；在停表的大表盘上，1s之间有10个小格，所以一个小格代表0.1s，指针在37.5s处，所以秒针指示的时间为37.5s，即停表的读数为5min37.5s＝5×60s+37.5s＝337.5s。（3）由图可知，体温计的量程为35～42℃，分度值为0.1℃，故示数为37.9℃。故答案为：（1）2.70；（2）水平；0.2；3.4；（3）337.5；（4）35～42；37.9。11.【答案】1.4×106【解析】【分析】

(1)根据F=pS即可求出海水对蛟龙号外表面0.02m2面积上产生的压力；

(2)液体压强随深度的增加而增大。

本题考查了学生对压强公式的灵活应用以及液体压强的影响因素，属于基础题。

【解答】

由p=FS可得，海水对蛟龙号外表面0.02m2面积上产生的压力：F=pS=7.0×10712．（2分）晶晶同学用焦距为10cm的凸透镜做“探究凸透镜成像的规律”的实验，如图所示，此时成像情况符合摄像机成像原理（选填“投影仪”或“摄像机”），在凸透镜左侧加一副近视眼镜，要在光屏上重新得到清晰的实像，需将光屏向右（选填“左”或“右”）移动；如图，如果保持凸透镜的位置不动，将蜡烛与光屏位置对调，调整光屏到适当的位置得到清晰的实像时，这个像一定是放大（选填“缩小”或“放大”）的像。【解答】解：由题意知，焦距f＝10cm，由图知，物距u＝50.0cm﹣20.0cm＝30.0cm，u＞2f，所以此时成倒立缩小的实像，摄像机是根据这个原理制成的；近视镜是凹透镜，对光线有发散作用，所以光线通过近视镜后会发散，因此通过凸透镜后的光线比原来延迟成像，需将光屏向右移动；根据光路的可逆性，如果保持凸透镜的位置不动，将蜡烛与光屏的位置对调，当调整光屏到适当的位置得到清晰的实像时，这个像一定是倒立放大的实像。故答案为：摄像机；右；放大。13．【答案】可再生；电磁波；反射【分析】（1）能从自然界源源不断得到或可重复利用的能源是可再生能源，不能从自然界源源不断得到或不能重复利用的能源是不可再生能源；（2）电磁波可以在真空中传播，移动通信是利用电磁波传输信号的；（3）光纤传递信息利用了光的反射原理。【解答】解：（1）太阳能从自然界源源不得到，是可再生能源；（2）卫星和地面传递信息主要是利用了电磁波传递信息的；（3）光纤传递信息利用了光的反射原理。故答案为：可再生；电磁波；反射。【点评】本题考查了能源的分类、电磁波的运用以及光纤通信的原理，属于基础知识的考查，难度较小。14．【解答】解：物体在拉力F作用下，沿水平面向右做匀速直线运动，则所受拉力和摩擦力是一对平衡力；当撤去拉力F时，物体只受到与运动方向相反的摩擦力作用，将做减速运动；由题知，撤去拉力F时，再假设重力突然消失，则物体对水平面的压力、物体与水平面间的摩擦力以及支持力都会同时消失，即此时物体不再受到力的作用，所以其运动状态不变，将做匀速直线运动。故答案为：减速；匀速直线运动。15.【答案】

【解析】(1)第一个图是凸透镜：入射光线与主光轴平行，则折射光线经过焦点；

第二个图是凹透镜：入射光线与主光轴平行，则折射光线的反向延长线经过焦点。

(2)根据平面镜成像特点：物和像大小相等，物和像之间连线与平面镜垂直，物和像到平面镜距离相等。先作出点A、B关于平面镜的对称点A'、B'，然后用虚线连接A'、B'，得到物体AB的像A'B'。

(3)首先过入射点画出法线，法线与界面垂直(虚线)，光由空气斜射进入液体中时，折射光线向靠近法线方向偏折，根据折射角小于入射角画出入射光线．由光的反射定律的内容，根据反射角等于入射角画出反射光线。

(4)将小芳和小刚的顶端和影子的顶端连接并延长可交于一点S，点S就是光源的位置。16．【解析】小球在C点时，受到重力和绳子拉力的作用，重力方向竖直向下，拉力方向沿绳子向上，作用点都画在小球的球心上，如图所示：17.【答案】因为光在同一种均匀介质中是沿直线传播的，所以青蛙只能看到两条光线之间的较小空间，如图所示：

【解析】光在同种均匀介质中沿直线传播。18．（4分）探究固体熔化时温度的变化规律实验中，组装如图甲所示的实验装置，在两个分别盛有海波和蜂蜡的试管中各插入一支温度计，再将试管放在盛水的烧杯中。用酒精灯对烧杯缓慢加热，仔细观察温度计的示数变化和试管内海波及蜂蜡的状态变化情况。记录温度随时间变化的规律如图乙所示。（1）由甲图可知，海波和蜂蜡在熔化时都需要不断吸热（选填“吸热”或“放热”）；（2）分析乙图可知，海波和蜂蜡温度变化的不同点在熔化中（选填“熔化前”或“熔化中”）。【分析】不论晶体还是非晶体，在熔化过程中都需要吸收热量，但是晶体温度保持不变，非晶体温度不断上升。【解答】解：（1）物体在熔化时吸热，因此海波和蜂蜡在熔化时都需要不断吸热；（2）由图可知海波熔化时温度不变，蜂蜡在熔化时温度不断升高，因此海波和蜂蜡温度变化的不同点在熔化中。故答案为：（1）吸热；（2）熔化中。【点评】本题主要考查了晶体和非晶体的区别，重点掌握晶体的熔化特点。19．【答案】（1）26℃；（2）加热时间；（3）不同；水。【解答】解：（1）加热时，某一时刻甲图中的温度计示数如图丙所示，温度计的分度值为2℃，则此时煤油的温度是26℃。（2）我们使用相同的酒精灯通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；本实验是通过加热时间来判断液体吸热多少的。（3）分析表中实验数据可得：相同质量的不同种物质，升高相同的温度，水加热时间长，水吸收的热量多，即吸收的热量不同；因相同质量的水和煤油升高相的温度，水吸热多，故水的吸热本领更强。故答案为：（1）26℃；（2）加热时间；（3）不同；水。20.【答案】竖直向上匀速

2.2

88.9%

提升的物体越重，滑轮组的机械效率越高

0.4

【解析】解：(1)实验中应竖直向上匀速拉动弹簧测力计使钩码上升，此时系统处于平衡状态，测力计示数大小才等于拉力大小；

(2)由图知，弹簧测力计的分度值为0.2N，拉力为2.2N；

第2次实验的机械效率为：η=W有W总=GhFs=4N×0.1m1.5N×0.3m×100%≈88.9%；

(3)实验选用的同一滑轮组，动滑轮的重力不变，由表中实验数据分析可知，同一滑轮组提升的物体越重，滑轮组的机械效率越高；

(4)根据表中数据，在第一次实验做的总功：

W总1=F1s1=0.8N×0.3m=0.24J，

做的有用功：

W有1=G1h=2N×0.1m=0.2J，

做的额外功：

W额外=W总1−W有1=0.24J−0.2J=0.04J，

因忽略绳重和摩擦，故所做额外功是克服动滑轮重力阻力所做的功，则动滑轮的重力为：

G动=W21．如图所示，将盛有水的薄壁柱形容器甲放在水平地面上，容器的高度为5h。①若水的体积为1×10﹣3米3，求水的质量m水。②求距离水面0.1米深处的压强p水。③若水的体积为3V，深度为3h。现有两个柱形物体A、B，其密度、体积的关系如表所示。物块密度体积A5ρ水1.5VB1.5ρ水3V请选择其中一个，将其竖直放入容器甲中（物体均能浸没在水中），使水对容器甲底部的压强增加量Δp最大。请写出选择的物体并说明理由，求出Δp最大。（用字母表示）【解答】解：①由ρ＝可得，水的质量：m水＝ρ水V水＝1.0×103kg/m3×1×10﹣3m3＝1kg；②距离水面0.1米深处的压强：p水＝ρ水gh水＝1.0×103kg/m3×9.8N/kg×0.1m＝980Pa；③由题意可知，水的体积为3V，深度为3h，则容器甲的底面积：S＝＝＝，若选物块A，容器甲中水面的高度：h1＝＝＝4.5h＜5h，此时水未溢出，若选物块B，容器甲中水面的高度：h2＝＝＝6h＞5h，此时水有溢出，所以，物体B竖直放入容器甲中时水面上升的高度最大，使水对容器甲底部的压强增加量最大，则Δp最大＝ρ水gΔh＝ρ水g（h容﹣h水′）＝ρ水g（5h﹣3h）＝2ρ水gh。答：①若水的体积为1×10﹣3米3，则水的质量为1kg；②距离水面0.1米深处的压强为980Pa；③应选择物体B，使水对容器甲底部的压强增加量最大，原因是物体B放入容器甲中后，容器甲内水深度的变化量最大，Δp最大的大小为2ρ水gh。22.【答案】解：(1)在1标准大气压下，水的沸点是100℃，

水吸收的热量为：

Q吸=cm(t2−t1)=4.2×103

J/(kg⋅℃)×2kg×(100℃−20℃)=6.72×105J；

(2)已知P加热=1.2kW=1200W，t=10min=600s，

由P=Wt得，消耗的电能为：W加热=P加热t=1200W×600s=7.2×105J；

【解析】(1)一满壶水的体积和自身的容积相等，根据m=ρV求出水的质量，在1个标准大气压下水的沸点是100℃，又知道水的质量和初温以及比热容，根据Q吸=cm(t−t0)求出水吸收的热量；

(2)已知加热功率和时间，利用P=Wt可求得，消耗的电能；

(3)根据P=UI23.【答案】反射

145

B

5.5×104

制冷

【解析】解：(1)在阳光下飞机尾翼呈现绿色是因为飞机的尾翼反射绿光，

根据公式翼载=飞机最大起飞质量(m)机翼面积(S)可得机翼面积：