2026-2027学年人教版中考物理重点校联合测评卷带有答案解析

第页2026-2027学年人教版中考物理重点校联合测评卷（带有答案解析）学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________题号一二三四五六总分得分注意事项:

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。

3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。一、选择题(本大题共7小题，每小题3分，共21分.在每小题所给出的四个选项中，只有一项是正确的)1.如图所示，下列使用刻度尺的方法中正确的是(

)A. B.

C. D.2.用如图所示的滑轮组拉动水平地面上重1000N的物体A，使物体A在4s内匀速前进了4m，物体A受到地面的摩擦力f=300N，所用拉力F=120N，忽略绳重、滑轮重及绳与滑轮间的摩擦。下列说法中正确的是(

)A.滑轮组的机械效率为90% B.绳子自由端在4s内移动了8m

C.以动滑轮的轴为参照物，物体A是静止的 D.物体A克服摩擦力做的功为480J3．甲、乙是由横截面积相等且同种材料制成的两导体，若将它们串联在同一电路中，则关于甲、乙长度L甲、L乙和导体两端电压U甲、U乙的大小，判断正确的是（）A．若L甲＜L乙，则U甲＞U乙 B．若L甲＞L乙，则U甲＞U乙 C．若L甲＜L乙，则U甲＝U乙 D．若L甲＞L乙，则U甲＝U乙4．图甲是一手工艺品，由竹筒（A、B两端开口，C处开一小口）和“活塞”组成，将活塞从B处塞入，在A处吹气并来回拉动“活塞”能发出悦耳的哨音，如图乙所示，下列说法正确的是（）

A．哨音在真空中也能传播B．哨音是由筒内空气振动产生的C．换用更大的力吹气改变了哨音的音调D．吹气时来回拉动“活塞”改变了哨音的响度5．如图所示，乒乓球是我国人们喜爱的运动项目之一，下列关于乒乓球受力及运动的说法中错误的是（）A．球拍击球时，乒乓球和球拍都会发生弹性形变 B．球拍击球时，球拍对球的力与球对球拍的力是相互作用力 C．击打球的不同部位，球的旋转方向不同，表明力的作用效果与力的大小有关 D．运动的乒乓球在碰到桌面后会改变运动方向，表明力可以改变物体的运动状态6．如图所示是我国第二大半潜船“新耀华”号，该船满载时的排水量为8万吨，配有108个压载水舱，用DGPS、激光，雷达三套系统进行精准动力定位。下列有关说法正确的是（）（g取10N/kg，A．激光在真空中传播速度为340m/s B．“新耀华”号满载时所受的浮力为8×108N C．当“新耀华”号要上浮时，应向压载水舱注入水 D．“新耀华”号在上浮过程中，船底所受水的压强变大7．如图所示，支架OB固定于竖直墙面O点，且可绕O点在竖直面内转动，细绳BC与支架连接于B点，另一端固定在墙上C点，此时支架水平，细绳与支架夹角为30°，滑轮组悬挂于支架A处，OA＝2AB，重500N的工人用300N竖直向下的拉力拉动绳子自由端，使重540N的物体M在10s内匀速上升了5m。工人与水平地面的接触面积为500cm2，两个滑轮的质量相等，不计支架和细绳重力，不计滑轮组的绳重和摩擦。则下列说法正确的是（）A．滑轮对重物的拉力的功率为150WB．工人对地面的压强为4000PaC．细绳BC对支架的拉力1280ND．滑轮组的机械效率为80%二、填空题(本大题共7小题，每小题3分，共21分.不需要写出解答过程，请把答案直接填在答题卡相应的位置上.)8．智能手机有许多功能。它的拍照功能是利用的成像原理工作的；它通过识别声音实现对手机解锁，该系统主要是根据声音的特征工作的。9．如图所示是小明探究水沸腾时的装置以及实验时观察到水中气泡上升的情形，组装实验装置时，应先调整图甲中的（选填“A”或“B”）高度，由表可知实验应选用（选填“酒精”或“水银”）温度计；图乙（选填“a”或“b”）所示的是水正在沸腾时水中气泡上升的情形。测温物质凝固点/℃沸点/℃水银﹣39357酒精﹣1177810．如图所示，用质量不计、长度为10cm的弹簧将正方体物块下表面与底面积为150cm2的圆柱形容器底部相连，正方体物块竖直立于圆柱形容器内，且不与容器壁接触，弹簧的长度缩短为2cm；现向容器内部倒入水，当物块有五分之一的体积露出水面时，弹簧的长度又恢复到原长；则正方体物块的重力为

N。现继续向容器内倒入0.4kg的水后（水不溢出），容器底部所受水的压强为

Pa。（已知：弹簧的长度每改变1cm时，所受力的变化量为1N。g＝10N/kg）

11．如图甲所示，是小明“探究水沸腾的实验”装置。（1）除温度计外，还需要的测量工具是。（2）图乙是某时刻温度计的示数，此时水的温度是℃；（3）水沸腾后撤去酒精灯，水还能继续沸腾一小会儿，这说明水沸腾时不需要吸热。这种判断是否正确？，产生这种现象的原因是。12．如图，甲、乙为两只相同电表，当闭合S1、S2时，甲、乙两表示数之比为3：2，则两表均为表。两电阻大小之比R1：R2为，电路总功率为P1，同时更换两电表种类，调整开关状态，使两表均有正常示数，此时电路总功率为P2，则P1：P2为。13.如图所示，弧形轨道竖直固定在水平面上，钢球从A点以一定的初速度v0释放，经过B、O、C点到达等高的最高点D；钢球从A到O过程中，钢球的动能______(填“增大”“减小”或“不变”)；在等高的B、C两点动能大小是______(填“相等”“B点大”“C点大”)；从A到D点的过程中，钢球的机械能______(填“增大”“减小”或“不变”)。14.疫情结束后，小明放松自我，和爸爸一起到沂河边乘快艇游玩。如果快速行驶的快艇突然关闭发动机，由于______快艇会继续在水面上滑行，小明的身体会向______倾(选填“前”、“后”)；此时假如快艇所受外力全部消失它将做______运动。三、作图题：本大题共3个小题，共7分。15．河南功夫享誉海内外。如图，这是一个武者在斜坡上舞剑时的情景，请作出她静止时的受力示意图。16．如图甲所示，是游客在水族馆游览的情境。若用点S表示水中鱼的位置，用点S'表示人在A处看到鱼的像的位置，请在图乙中画出人眼在A处看到水中鱼的光路图。17．如图甲描述的是《小儿垂钓》一诗中的场景。（1）小儿垂钓时的鱼竿是杠杆，诗中描述“怕得鱼惊不应人”是因为可以传声。（2）图乙是小儿将鱼钓起时鱼竿的情况，A、B分别是两只手所在的位置。请你在图乙中画出鱼对鱼竿的力F和这个力对应的力臂l。四、实验题：本大题共3小题，第18小题6分，第19小题6分，第20小题8分，共20分。18.请你完成测量某金属块的质量和密度时的若干操作：

(1)测量金属块质量前，将天平放在______桌面上，取下横梁两端下的塑料垫，游码移至标尺左端的______处，待指针静止时的位置如图甲所示，则应将平衡螺母向______调节(填“左”或“右”)．

(2)用调好的天平测量金属块的质量，放在右盘中砝码的数量及游码的位置如图乙所示，则金属块的质量为______g；放入金属块前量筒内水的体积为20mL，放入金属块后量筒内水面位置如图丙所示，则金属块的密度为______g/cm3；金属块若有磨损，则它的密度______(填“变大”、“变小”或“不变”)．19.如图所示，是“探究影响压力作用效果的因素”实验。

(1)甲、乙、丙实验中，通过观察海绵的______来比较压力的作用效果。

(2)通过甲、乙实验得到的结论是：______。

(3)通过乙、丙实验得到的结论是：在压力一定时，______，压力的作用效果越明显。

(4)将该小桌和砝码放在如图丁所示的木板上，比较图丙中海绵受到的压强P丙和图丁中木板受到的压强P丁的大小关系为P丙______P丁(填“>”、“<”或“=”20.(1)小珠用天平和溢水杯测量一矿石的密度。用天平测矿石的质量，如图甲所示矿石的质量为______g；接着将矿石浸没在盛满水的溢水杯中，用质量为40g的空烧杯收集溢出来的水，并测出烧杯和溢出水的总质量如图乙所示，则矿石的体积为______cm3，矿石的密度为______g/cm3。

(2)在探究“影响滑动摩擦力大小因素”的实验中，实验装置如图所示。

①实验时，用弹簧测力计拉木块在水平木板(或毛巾)上做______运动，根据______知识可知，这时滑动摩擦力的大小等于弹簧测力计的示数。

②实验前，同学们提出了以下几种猜想：小杨同学根据图中的甲和乙图进行实验可以验证：猜想______(填字母序号)的正确或者错误。

A.与压力大小有关

B.与接触面的粗糙程度有关

C.与接触面积大小有关

D.与运动的速度大小有关

③若图乙装置中，木块在运动过程中拉力突然变大，滑动摩擦力将______(填“不变”、“变大”或“变小”)五、计算题：本大题共2小题，第21小题7分，第22小题6分，共13分。21.正读初三的小军每天复习功课到深夜，妈妈为他准备了有加热、保温两挡功能的电热杯垫(如图甲)，其相关参数如下表所示，通过USB接口接到电脑上可以随时喝上热饮。杯垫内部简化电路如图乙所示，R1、R2为加热元件。求：

(1)杯垫保温时整个电路的电流是多少？

(2)电阻R2的阻值是多少？

(3)小军根据学过的物理知识设计了如图丙所示的电路，也能实现保温与加热功能。若参数保持不变，则电阻R1USB接口的输出电压4.5V保温功率5W加热功率20W22．如图所示，是物理兴趣小组设计的调节多挡位加热器的电路结构图。其中电源电压恒为24V，R1、R2为阻值恒定的加热电阻，R1＝20Ω，R2＝30Ω，R3为调节加热功率的滑动变阻器。若电流表的量程为0～3A，电压表的量程为0～15V，求：（1）当开关S、S1、S2都闭合时，处于快热挡，此时电路的总功率；（2）当S闭合，S1、S2都断开时，处于调温挡，移动滑动变阻器滑片就可以自主调节加热电阻的发热功率。若滑片在距右端13处时，加热电阻R1（3）当S闭合，S1、S2都断开时，处于调温挡，调节滑动变阻器的滑片，在所有元件安全的前提下，电路总功率的变化范围。

六、综合能力题：本大题共3小题，每小题6分，共18分。23．某小组同学做“探究凸透镜成像规律”实验，将测得的物距u、像距v、计算的u+v、成像情况记录在如表中。试验序号物距u（厘米）像距v（厘米）u+v（厘米）像与物的大小比较像的虚实160.012.072.0缩小实像250.012.562.5缩小实像340.013.353.3缩小实像430.015.045.0缩小实像518.022.540.5放大实像616.026.742.7放大实像714.035.049.0放大实像812.060.072.0放大实像①请根据表中的数据及相关条件，分析、归纳得出结论。（a）根据实验序号1～4的数据，分析比较物距u和像距v的大小关系与成像情况，可得出的初步结论是：。（b）根据实验序号的数据，分析比较物距u和像距v的大小关系与成像情况，可得出的初步结论是：凸透镜成放大实像时，u＜v。②根据实验序号1～8的数据，分析比较像距v随物距u变化的情况，可得出的初步结论是：凸透镜成实像时，。③根据实验序号1～8的数据，分析比较u+v随物距u变化的情况，推测凸透镜成实像时，u+v存在（选填“最小值”或“最大值”），且当物距u在范围内可以找到这个极值。

24．图甲为部分电磁波的频率分布示意图。（1）由图可知，紫外线（选填“是”或“不是”）电磁波。它在真空中的传播速度约为m/s。（2）下列实例中，属于紫外线应用的是（填字母）。A.遥控器控制电视B.体检时拍X光片C.医院杀菌消毒灯D.“测温枪”测量体温（3）少量的紫外线照射是有益的，过量的紫外线照射会损伤皮肤。紫外线能使荧光物质发光，小明想检验某防晒霜对紫外线的阻挡作用，利用图乙所示的实验装置在暗室及一定防护下进行实验。步骤一：如图乙所示，固定好紫外线灯和涂有荧光物质的硬纸板，将一块大小合适的玻璃板放置在（选填“Ⅰ”“Ⅱ”或“Ⅲ”）区域，且调整玻璃板与硬纸板平行；步骤二：打开紫外线灯，荧光物质发光；步骤三：关闭紫外线灯，荧光物质不发光；步骤四：按产品的说明书要求在玻璃板上均匀涂满防晒霜，再次打开紫外线灯，荧光物质有微弱发光。由此可推断，该防晒霜（选填“能”或“不能”）阻挡全部紫外线。25.如图所示，电源电压保持6V不变，电流表的量程为0～0.6A，电压表量程0～3V，定值电阻R1的规格为“10Ω

0.5A”，滑动变阻器R2的规格为“20Ω

1A”.闭合开关，为了保证电路安全，在变阻器滑片P移动过程中变阻器R2接入电路的最小电阻为______；电路消耗总功率最小值为______．

参考答案及解析1.【答案】C

【解析】解：

A、图中刻度尺的0刻度线未与被测物体左端对齐，故A错误；

B、图中刻度尺没有放正，故B错误；

C、图中刻度尺放置符合要求，故C正确；

D、图中读数时，视线与刻度尺不垂直，故D错误．

故选“C”

在使用刻度尺测量物体的长度时，要正确放置：刻度尺边缘对齐被测对象，必须放正重合，不能歪斜；尺的刻面必须紧贴被测对象，不能“悬空”；读数时视线要与尺面垂直，估读到分度值的下一位．

本题的解题关键是记住刻度尺的正确使用方法，做题时应认真逐项排查．2.【答案】C

【解析】解：AB、由图知，n=3，拉力端移动距离s=3s物=3×4m=12m，

物体A克服摩擦力做的功：W有=fs物=300N×4m=1200J

拉力做的总功：

W总=Fs=120N×12m=1440J，

滑轮组的机械效率：

η=W有W总=1200J1400J≈83.3%，故ABD错误；

C、以动滑轮的轴为参照物，物体A的位置没有变化，所以物体A是静止的，故C正确。

故选：C。

3．（2分）甲、乙是由横截面积相等且同种材料制成的两导体，若将它们串联在同一电路中，则关于甲、乙长度L甲、L乙和导体两端电压U甲、U乙的大小，判断正确的是（）A．若L甲＜L乙，则U甲＞U乙 B．若L甲＞L乙，则U甲＞U乙 C．若L甲＜L乙，则U甲＝U乙 D．若L甲＞L乙，则U甲＝U乙【分析】根据电阻大小的影响因素：导体的材料、长度和横截面积分析两导体电阻的大小；根据串联电路电流的规律，结合欧姆定律进行分析电压大小关系。【解答】解：甲、乙两导体串联在电路中，根据串联电路中电流处处相等可知，无论两导体的电阻大小是否相等，通过甲乙的电流是相等的，即I甲＝I乙；导体的材料、横截面积相等时，长度越大时电阻越大，长度越小时电阻越小，若L甲＞L乙，则R甲＞R乙，由U＝IR可知，U甲＞U乙，故B正确，D错误；若L甲＜L乙，则R甲＜R乙，由U＝IR可知，U甲＜U乙，故AC错误。故选：B。【点评】本题考查了影响电阻大小的因素、串联电路电流以及欧姆定律的应用，是一道综合性题目。（多选4．【答案】B【知识点】声音的产生；音调、响度与音色的区分【解析】【解答】A．真空不能传声，哨音不能在真空中传播，A不符合题意；B．声音是由物体振动产生的，哨音是由筒内空气振动产生的，B符合题意；C．换用更大的力吹气，振幅变大，哨音的响度变大，改变了哨音的响度，C不符合题意；D．吹气时来回拉动“活塞”改变了空气柱振动的频率，改变了哨音的音调，D不符合题意。故答案为：B。

【分析】声音是由物体振动产生的，物体的振动必然会产生声音；音调描述声音的高低，与物体振动的快慢有关，物体振动越快，发出的声音的音调就越高；响度描述声音的强弱，物体的振动幅度、传播距离和分散程度都会影响声音的响度。5．解：A、球拍击球时，乒乓球和球拍都会发生弹性形变。故A正确。B、物体间力的作用是相互的。球拍击球时，球拍对球的力与球对球拍的力是相互作用力。故B正确。C、击打球的不同部位，球的旋转方向不同，表明力的作用效果与力的作用点有关。故C错误。D、运动的乒乓球在碰到桌边后，受到了桌边给的力后改变了运动方向，表明力可以改变物体的运动状态。故D正确。故选：C。6．【答案】B【解答】解：A、激光在真空中的传播速度等于太阳光在真空中的传播速度，都为3×108m/s，故A错误；B、船满载时，船受到的浮力F浮＝G排＝m排g＝8×107kg×10N/kg＝8×108N，故B正确；C、“新耀华”要上浮时，在浮力不变的情况下，应将压载水舱的水排出舱外，此时“新耀华”的重力变小，重力小于浮力，会上浮，故C错误；D、“新耀华“号在上浮过程中，船底所处的深度减小，根据p＝ρ液gh可知船底所受水的压强变小，故D错误。故选：B。7．【答案】B,C【知识点】滑轮与功的综合题【解析】【解答】A、因为物体做匀速直线运动，所以，由二力平衡条件可知，滑轮对重物的拉力：F拉=G物=540N，滑轮对重物的拉力做的功：W拉=F拉h=540N×5m=2700J，

则滑轮对重物的拉力的功率：P=Wt=2700J10s=270W，故A错误；

B、工人对地面的压力：F压=G人-F=500N-300N=200N，工人对地面的压强：p=F压S=200N500×10−4m2=4000Pa，故B正确；

C、由图可知n=2，因为不计绳重和摩擦时F=1n（G+G动），所以动滑轮的重力：G动=nF-G物=2×300N-540N=60N，两个滑轮的质量相等，由G=mg可知，定滑轮的重力：G定=G动=60N，

定滑轮对支架上A点竖直向下的拉力：FA=3F+G定=3×300N+60N=960N，由图可知，支架OAB可以看做以O为支点的杠杆，定滑轮对支架上A点的拉力的力臂LA=OA，

细绳与支架夹角为30°，由数学知识可知，细绳BC对支架拉力的力臂：LB=12OB=12×（OA+AB）=12×（OA+12OA）=34OA，

由杠杆平衡条件可知：FB×LB=FA×LA，

8．（2分）智能手机有许多功能。它的拍照功能是利用凸透镜的成像原理工作的；它通过识别声音实现对手机解锁，该系统主要是根据声音的音色特征工作的。【分析】（1）掌握凸透镜成像的三种情况和应用：u＞2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机和摄像机。2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，应用于幻灯机和投影仪。u＜f，成正立、放大的虚像，应用于放大镜。（2）音色是由发声体本身决定的一个特性。【解答】解：（1）智能手机镜头是凸透镜，拍照功能是利用u＞2f时，成倒立缩小的实像，（2）不同物体发出的声音的音色一般是不同的，智能手机的“智慧语音”，可以通过识别声音实现对手机解锁，该系统主要是根据声音的音色这一特征来工作的。故答案为：凸透镜；音色。9．【解析】（1）酒精灯需用外焰加热，所以要放好酒精灯，再固定铁圈的高度；而温度计的玻璃泡要全部浸没到液体中，但不能碰到容器壁和容器底，所以先放好烧杯后，再调节温度计的高度，所以组装实验器材时，应按照自下而上的顺序，先固定A的高度；这样做的目的是便于用酒精灯外焰加热；（2）从实验数据可以看出，水的沸点为99℃大于酒精的沸点78℃，小于水银的沸点357℃，故实验中该小组同学应选用测温物质为水银的温度计；（3）水在沸腾前底层水温度高，上层水温度低，气泡在上升过程中遇冷水蒸气重新液化成水，因此气泡应该是越来越小的，沸腾时气泡在上升过程中水蒸气汽化进入气泡，同时气泡受到水的压强减小，故体积逐渐变大，故图b是水沸腾时的情况。故答案为：A；水银；b。10．（2分）如图所示，用质量不计、长度为10cm的弹簧将正方体物块下表面与底面积为150cm2的圆柱形容器底部相连，正方体物块竖直立于圆柱形容器内，且不与容器壁接触，弹簧的长度缩短为2cm；现向容器内部倒入水，当物块有五分之一的体积露出水面时，弹簧的长度又恢复到原长；则正方体物块的重力为8N。现继续向容器内倒入0.4kg的水后（水不溢出），容器底部所受水的压强为2200Pa。（已知：弹簧的长度每改变1cm时，所受力的变化量为1N。g＝10N/kg）

【分析】（1）弹簧的伸长量（或压缩量），与弹簧所受的拉力（或压力）成正比；（2）当物块有的体积露出水面时弹簧的长度又恢复到原长，说明此时受到的浮力和自身的重力相等，根据密度公式、重力公式和阿基米德原理得出等式求出物体的密度，再根据密度公式求出物体的体积，进一步根据体积公式和面积公式求出物体的底面积以及此时水的深度；续向容器内倒入0.4kg的水后，先假设木块恰好完全浸没，根据弹簧的伸长得出受到浮力的变化量，再根据阿基米德原理得出此时水体积的变化量，进一步判断可知此种情况是否可能；利用水体积的变化量不变列出等式求出水面上升的高度和弹簧的伸长量，进一步求出容器内水的深度，利用液体压强公式求出此时容器底部所受水的压强。【解答】解：（1）由题意可知，物体的重力等于弹簧受到的压力，则有G物＝F＝1N×（L0﹣L）＝1N/cm×（10cm﹣2cm）＝8N；（2）当物块有的体积露出水面时，F浮＝G物，即：ρ水gV排＝ρ物gV物，ρ水g（1﹣）V物＝ρ物gV物，解得：ρ物＝0.8ρ水＝0.8×1.0×103kg/m3＝0.8×103kg/m3，则物体的体积为：V物＝＝＝10﹣3m3＝1000cm3，正方体物块的边长：a＝＝10cm＝0.1m，物体底面积：S物＝a2＝10cm×10cm＝100cm2＝0.01m2，这时水深H＝L0+（1﹣）a＝10cm+（1﹣）×10cm＝18cm，现继续向容器内倒入0.4kg的水后（水不溢出），容器内增加水的体积：△V水＝＝＝400cm3，由于向容器内倒入水后，浮力增大，弹簧伸长，假设加水后物体刚好浸没，则物体浸入水中深度的增大量△h浸＝＝＝2cm，浮力的增大量：△F浮＝ρ水gS物△h浸＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.01m2×0.02m＝2N，这时弹簧的伸长量△L＝＝2cm，那么应该增加水的体积△V水′＝S容△L+（S容﹣S物）△h浸＝150cm2×2cm+（150cm2﹣100cm2）×2cm＝400cm3＝△V水，所以加水后物体刚好浸没；这时水深：H′＝H+△h浸+△L＝18cm+2cm+2cm＝22cm，则容器底部所受水的压强为：p＝ρ水gH′＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.22m＝2200Pa。故答案为：8；2200。【点评】本题考查了液体压强公式和阿基米德原理的灵活运用，是一道综合题，难度较大；解题的关键是求出加水后容器内水深度的变化量。11．（4分）如图甲所示，是小明“探究水沸腾的实验”装置。（1）除温度计外，还需要的测量工具是秒表。（2）图乙是某时刻温度计的示数，此时水的温度是84℃；（3）水沸腾后撤去酒精灯，水还能继续沸腾一小会儿，这说明水沸腾时不需要吸热。这种判断是否正确？不正确，产生这种现象的原因是撤去酒精灯后，烧杯底部的温度仍高于水的沸点，烧杯内的水仍能继续吸收热量，还能继续沸腾一小会儿。【分析】（1）实验过程中，需要记录不同时刻的温度，因此需要温度计和秒表；（2）根据温度计的分度值可读出此时温度计的示数；（3）液体沸腾时，需要不断吸收热量。【解答】解：（1）实验过程中需要记录不同时刻的温度，因此除了温度计外，还需要秒表；（2）由图乙可知，温度计的分度值是1℃，此时水温是84℃；（3）水沸腾后，撤去酒精灯后，水还能继续沸腾一段时间，这不能说明水沸腾时不需要吸热，原因是撤去酒精灯后，烧杯底部石棉网仍有余热，温度高于水的沸点，烧杯内的水仍能继续吸收热量，所以还能继续沸腾一小会儿。故答案为：（1）秒表；（2）84；（3）不正确，撤去酒精灯后，烧杯底部石棉网仍有余热，温度高于水的沸点，烧杯内的水仍能继续吸收热量，所以还能继续沸腾一小会儿。【点评】本题考查了水沸腾实验的测量工具、温度计的读数方法、水沸腾后撤去酒精灯仍沸腾一小会儿的原因分析。12．【解答】解：（1）甲、乙为两只相同电表，当闭合S1，S2时，甲、乙两表示数之比为3：2，若两表均为电流表，则甲表会将电源短路，故两表均为电压表；（2）当闭合S1，S2时，两电阻串联，电压表甲测量电源电压，电压表乙测量R2两端的电压，甲、乙两表示数之比为3：2，根据串联分压特点可知R1：R2＝（U﹣U2）：U2＝（3﹣2）：2＝1：2；（3）设电源电压为U，R1＝R，则R2＝2R，当两表都为电压表时，闭合两开关，两电阻串联，根据P＝UI＝可知，电路总功率为：P1＝＝＝，同时更换两电表种类，即两表都为电流表时，闭合开关S1，两电阻并联，根据P＝UI＝可知，电路总功率为：P2＝+＝+＝，则：P1：P2＝：＝2：9。故答案为：电压；1：2；2：9。13.【答案】增大

B点大

减小

【解析】(1)钢球从A到O过程中，质量不变，速度变大，所以，钢球的动能增大；

(2)钢球从A点以一定的初速度v0释放，经过B、O、C点到达等高的最高点D；则A、D两点的重力势能相等，钢球在A点时具有一定的动能，钢球在D点时动能为0，所以钢球在A点的机械能大于D点，机械能减少的原因，钢球运动过程中，要克服阻力做功；

由此可知，钢球在B点的机械能大于C点，钢球质量不变，在B、C两点的高度相同，钢球在B点的重力势能等于在C点的重力势能；因为机械能等于动能和势能之和，所以，钢球在B点动能大于C点的动能；

(3)由(2)分析知，从A到D点的过程中，要克服摩擦力做功，钢球的机械能减小。

故答案为：增大；B14.【答案】惯性

前

匀速直线

【解析】解：

快艇在水面上快速航行时，关闭发动机后还能继续前进，是由于快艇具有惯性，仍要保持向前运动的状态；行驶的快艇突然关闭发动机减速时，小明的下半身随快艇一起速度减小而停止运动，而小明的上半身由于惯性保持原来的状态继续向前运动，所以小明的身体要向前倾倒；

根据牛顿第一定律，若某时刻快艇所受外力全部消失，它将做匀速直线运动。

故答案为：惯性；前；匀速直线。

惯性是一切物体都具有的保持原来运动状态不变的性质；

根据牛顿第一定律分析快艇的运动状态。

本题考查了牛顿第一定律的应用等，属于基础题。

15．（2分）河南功夫享誉海内外。如图，这是一个武者在斜坡上舞剑时的情景，请作出她静止时的受力示意图。【分析】首先对人进行受力分析，明确力的作用点和方向、大小，然后作出力的示意图。【解答】解：武者在斜坡上舞剑静止时，受到三个力的作用：竖直向下的重力，作用点在重心；与斜坡垂直向上的支持力，作用点在双脚与地面的接触处（一般画在重心）；与斜坡平行向上的摩擦力，作用点在接触面处（画在重心），示意图如下：【点评】本题考查了作力的示意图，作力的示意图的方法：一定点，二画线，线段末端画尖尖。即作力的示意图时，注意力的方向、大小和作用点要全部表示出来。16．【详解】人之所以能看到水中的鱼，是由鱼反射的光线经水面折射后进入人眼，因此光的传播方向大致为S→A，鱼的像是人眼逆着折射光线看到的，所以直接连接AS′，与水面的交点O即为入射点，连接S和入射点O即为入射光线，如图所示：17．（4分）如图甲描述的是《小儿垂钓》一诗中的场景。（1）小儿垂钓时的鱼竿是费力杠杆，诗中描述“怕得鱼惊不应人”是因为空气和水可以传声。（2）图乙是小儿将鱼钓起时鱼竿的情况，A、B分别是两只手所在的位置。请你在图乙中画出鱼对鱼竿的力F和这个力对应的力臂l。【分析】（1）根据鱼竿在使用过程中的动力臂与阻力臂的大小关系确定杠杆类型；声音的传播需要介质，固体、液体、气体都可以传播声音；（2）从鱼对鱼竿的力的作用点C沿细线画出拉力F的示意图，钓鱼时支点B，从支点B作拉力作用线的垂线段，可得拉力F的力臂。【解答】解：（1）鱼竿在使用过程中，动力臂小于阻力臂，为费力杠杆，但可以省距离；人的说话声可以通过空气、水传给鱼，将鱼吓跑，说明空气和水可以传播声音；（2）从鱼对鱼竿的力的作用点C沿细线画一带箭头的线段，标出符号F，可得拉力的示意图；钓鱼时，动力作用在A点，支点为B，从支点B作拉力作用线的垂线段，可得拉力F的力臂L，如图所示：故答案为：（1）费力；空气和水；（2）如图所示。【点评】本题考查了杠杆分类、声音的传播、力的示意图和力臂的画法，属于基础题目。18.【答案】水平；零刻度线；右；27.4；2.74；不变

【解析】解：(1)测量金属块质量前，将天平放在水平桌面上，游码移至标尺左端的零刻度线处，读图甲可知，指针偏左，因此，应将平衡螺母向右侧移动；

(2)读图乙可知，金属块的质量为：20g+5g+2.4g=27.4g，

读图丙可得，金属块的体积为：30ml−20ml=10ml=10cm3，

金属块的密度：ρ=mV=27.4g10cm3=2.74g/cm3；

金属块有磨损，金属块质量变小，体积变小，它的密度不变；

故答案为：(1)零刻度线；右；(2)27.4；2.74；不变．19.【答案】凹陷程度

在受力面积一定时，压力越大，压力的作用效率越明显

受力面积越小

=

【解析】解：(1)甲、乙、丙实验中，通过观察海绵凹陷程度的来比较压力的作用效果。

(2)通过甲、乙实验可知，受力面积相同，乙图中压力大，作用效果明显，得到的结论是：在受力面积一定时，压力越大，压力的作用效率越明显。

(3)通过乙、丙实验可知，压力相同，乙图中受力面积小，作用效果明显，得到的结论是：在压力一定时，受力面积越小，压力的作用效果越明显。

(4)根据p=FS，因压力大小和受力面积相同，故图丙中海绵受到的压强P丙和图丁中木板受到的压强P丁的大小关系为P丙=P丁。

故答案为：(1)凹陷程度；

(2)在受力面积一定时，压力越大，压力的作用效率越明显；

(3)受力面积越小；

(4)=。

(1)本实验通过海绵的凹陷程度来反映压力的作用效果，采用了转换法；

(2)(3)压力的作用效果与压力的大小和受力面积的大小有关，实验时应采用控制变量法，

即探究压力的作用效果与压力大小的关系时应控制受力面积的大小不变，

探究压力的作用效果与受力面积时应控制压力的大小不变，由图中现象此分析回答。20.【答案】32.2

12.8

2.52

匀速直线

二力平衡

A

不变

【解析】解：(1)如图甲矿石的质量m=20g+10g+2.2g=32.2g；

如图乙烧杯和溢出水的总质量是20g+20g+10g+2.8g=52.8g，溢出水的质量m溢=52.8g−40g=12.8g，

矿石的体积V=V溢出=m溢ρ水=12.8g1g/cm3=12.8cm3

矿石的密度ρ=mV=32.2g12.8cm3≈2.52g/cm3。

(2)①只有沿水平方向拉着物体做匀速直线运动，物体在水平方向上受到平衡力的作用，根据二力平衡的条件，木块所受摩擦力的大小等于弹簧测力计的示数；

②由甲、乙两图可知，接触面相同，压力不同，故可以探究滑动摩擦力大小与压力的关系，故A正确；

③若乙装置中，木块在运动过程中突然增大拉力，因压力大小和接触面的粗糙程度都不变，故滑动摩擦力将不变。

故答案为；21.【答案】解：(1)由P=UI可知，杯垫保温时整个电路的电流：

I保温=P保温U=5W4.5V≈1.1A；

(2)由电路图乙可知，当只闭合S1时，电路为R1的简单电路；

当S1、S2同时闭合时，R1与R2并联；

因并联电路的总电阻小于任一分电阻，所以由P=UI=U2R可知，R1、R2并联时，电功率较大，杯垫处于加热状态；电路为R1的简单电路时，电功率较小，杯垫处于保温状态；

由并联电路的特点可知，R1与R2并联时R1的电功率与R1单独工作的电功率相等，

由电路的总电功率等于各用电器电功率之和可知，电阻R2的电功率：

P2=P加热−P保温=20W−5W=15W，

由P=UI=U2R可知，电阻R2的阻值：

R2=U2P2=(4.5V)215W=1.35Ω；

(3)由电路图丙可知，当只闭合S1时，R1与R2串联；

当S1、S2同时闭合时，电路为R2【解析】(1)根据P=UI求杯垫保温时整个电路的电流；

(2)由P=UI=U2R可知，当电源电压一定时，电路电阻越大，功率越小，根据电路图乙分析电路结构，结合并联电路电阻规律和P=UI=U2R可知电路的状态；

根据电路的总电功率等于各用电器电功率之和求出电阻R2的电功率，根据P=UI=U2R求出电阻R2的阻值；

(3)由P=UI=U2R22．（7分）如图所示，是物理兴趣小组设计的调节多挡位加热器的电路结构图。其中电源电压恒为24V，R1、R2为阻值恒定的加热电阻，R1＝20Ω，R2＝30Ω，R3为调节加热功率的滑动变阻器。若电流表的量程为0～3A，电压表的量程为0～15V，求：（1）当开关S、S1、S2都闭合时，处于快热挡，此时电路的总功率；（2）当S闭合，S1、S2都断开时，处于调温挡，移动滑动变阻器滑片就可以自主调节加热电阻的发热功率。若滑片在距右端13处时，加热电阻R1（3）当S闭合，S1、S2都断开时，处于调温挡，调节滑动变阻器的滑片，在所有元件安全的前提下，电路总功率的变化范围。【解答】解：（1）当开关S、S1、S2都闭合时，R1、R2并联，处于快热挡；此时的功率：P＝P1+P2=U（2）当S闭合，S1、S2都断开时，R1、R3串联，电流表A测量电路电流，电压表测量滑动变阻器两端电压，处于调温挡；由P=U2R可得，R1两端电压：U1由P＝UI可得，电路电流：I′=U因串联电路总电压等于各部分电压之和，所以滑动变阻器两端电压：U滑＝U﹣U1′＝24V﹣12V＝12V，此时滑动变阻器的功率：P滑＝U滑I′＝12V×0.6A＝7.2W；由I=UR可知，滑片在距右端13处时，滑动变阻器接入电路的阻值：R滑=故滑动变阻器的最大阻值：R3=R滑1（3）当S闭合，S1、S2都断开时，定值电阻R1和滑动变阻器R3串联，处于调温挡，当变阻器的滑片移至最右端时，只有R1接入电路，则电路中的最大电流Imax=U则电路最大总功率：Pmax＝UImax＝24V×1.2A＝28.8W；当滑动变阻器全部接入电路时，电路中的最小电流：Imin=U由I=UR可知，滑动变阻器两端电压：U3＝IminR3＝0.3A×60Imin′=U则电路最小总功率：Pmin＝UImin′＝24V×0.45A＝10.8W，故处于调温挡时调节滑动变阻器的滑片，电路中总功率的变化范围为10.8W～28.8W。答：（1）当开关S、S1、S2都闭合时，处于快热挡，此时的功率为48W；（2）滑动变阻器的功率为7.2W；（3）当S闭合，S1、S2都断开时，处于调温挡，调节滑动变阻器的滑片，在所有元件安全的前提下，电路总功率的变化范围为10.8W～28.8W。23．（5分）某小组同学做“探究凸透镜成像规律”实验，将测得的物距u、像距v、计算的u+v、成像情况记录在如表中。试验序号物距u（厘米）像距v（厘米）u+v（厘米）像与物的大小比较像的虚实160.012.072.0缩小实像250.012.562.5缩小实像340.013.353.3缩小实像430.015.045.0缩小实像518.022.540.5放大实像616.026.742.7放大实像714.035.049.0放大实像812.060.072.0放大实像①请根据表中的数据及相关条件，分析、归纳得出结论。（a）根据实验序号1～4的数据，分析比较物距u和像距v的大小关系与成像情况，可得出的初步结论是：物距大于像距成缩小实像。（b）根据实验序号5、6、7、8的数据，分析比较物距u和像距v的大小关系与成像情况，可得出的初步结论是：凸透镜成放大实像时，u＜v。②根据实验序号1～8的数据，分析比较像距v随物距u变化的情况，可得出的初步结论是：凸透镜成实像时，物远像近像变小。③根据实验序号1～8的数据，分析比较u+v随物距u变化的情况，推测凸透镜成实像时，u+v存在最小值（选填“最小值”或“最大值”），且当物距u在18cm﹣30cm范围内可以找到这个极值。【分析】明确凸透镜的焦距，掌握凸透镜成像的规律，特别是成像特点与物距、像距之间的关系。逐一分析实验数据，在分析表格中数据时，要注意分析物距的变化、像距的变化及成像特点的变化，同时要注意像距与物距与焦距之间的关系。【解答】解：①（a）根据实验序号1～4的数据，物距在不断减小，像距却不断增大，故可得出结论：凸透镜