贵州省镇宁民族中学2025-2026学年高二上学期12月期中物理试题（含答案）

第第页贵州省镇宁民族中学2025-2026学年高二上学期12月期中物理试题一、期中物理1．物理学中引入了“质点”、“点电荷”等概念，从科学方法上来说属于（）A．比值法 B．等效替代C．建立物理模型 D．控制变量2．如下图所示，许多人造地球卫星都用太阳能电池供电。太阳能电池由许多片电池板组成。某电池板不接载时的电压是600μV，短路电流是30μA。该电池板的内阻是（）A．2×10−2Ω B．0.5Ω C．3．如图所示的电路中，电源的电动势为3.2V，电阻R的阻值为30Ω，小灯泡L的额定电压为3V，额定功率为4.5W。当开关S接位置1时，理想电压表的读数为3V，假如小灯泡电阻阻值不变，下列说法正确的是（）A．电源的内阻为4ΩB．小灯泡的电阻为3ΩC．当开关S接到位置2时，小灯泡很暗D．当开关S接到位置2时，小灯泡两端的电压为3V4．如图所示，两只同心圆形线圈a和b位于同一水平面内，一条形磁铁穿过圆心竖直安放，N极朝下，则下列说法正确的是（）A．穿过两线圈的磁通量均为零 B．穿过两线圈的磁通量相等C．穿过线圈a的磁通量较大 D．穿过线圈b的磁通量较大5．质量为m、电荷量为e的电子以速度v垂直射入磁感应强度为B的匀强磁场。电子做匀速圆周运动的轨道半径和周期分别为（）A．mveB，2πmeB B．eBmv，πmeB C．veB，2π6．如图，a、b、c分别位于等腰直角三角形的三个顶点，在a、b处各有一通电长直导线垂直穿过纸面，电流方向如图所示，大小均为I。若其中一根长直导线在c处的磁感应强度大小为B，忽略其他因素影响，则c处的磁感应强度（）A．大小为2B，方向向上 B．大小为2B，方向向左C．大小为2B，方向向下 D．大小为2B，方向向右7．如图所示，摆球上带有负电的单摆，在一匀强磁场中摆动，匀强磁场的方向垂直于纸面向里，摆球在A、B间摆动过程中，由A摆到最低点C时，摆线拉力大小为F1，摆球加速度大小为a1；由B摆到最低点C时，摆线拉力大小为F2A．F1>F2，a1C．F1>F2，a1二、多项选择题：本题共3小题，每小题5分，共15分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有错选的得0分。8．如图是话筒的原理图，在弹性膜片后面粘接金属线圈，线圈处于永磁体的磁场中，声波使膜片振动，将声音信号转变为电信号。下列说法正确的是（）A．话筒是利用电流的热效应工作的B．话筒是利用电磁感应原理工作的C．膜片振动时，金属线圈中会产生感应电流D．膜片振动时，穿过金属线圈的磁通量不变9．如图是回旋加速器的结构示意图，主要由两个半圆形的中空铜D形盒构成，两盒间留有一狭缝，置于真空中。匀强磁场B垂直穿过盒面，由高频振荡器产生的交变电压加在两盒间的狭缝处。关于回旋加速器，下列说法正确的是（）A．图中两D形盒内所加磁场使粒子发生偏转B．图中两D形盒间所加电场使粒子发生偏转C．粒子在磁场中的运动周期随粒子速度的增大而减小D．图中D形盒的半径越大，同一粒子最终获得的动能越大10．有一横截面积为S的铜导线，流经其中的电流为I；设单位体积的导线中有n个自由电子，电子的电荷量为e，此电子的定向移动速率为v，在Δt时间内，通过导线横截面的自由电子数可表示为（）A．nvSΔt B．nvΔt C．IΔte三、非选择题：共57分。11．某同学利用如图所示的器材来研究电磁感应现象及判定感应电流的方向，其中L1为原线圈（图中已标示外侧导线电流方向），L（1）若连接好实验电路并检查无误后，该同学闭合开关的瞬间，观察到电流计指针向右偏了一下，说明线圈中有了感应电流。那么开关闭合后，将线圈L1插入L2稳定后再迅速拔出瞬间，电流计指针将（2）根据（1）中实验现象，在上图中画出线圈L2的绕制方法（要求画出导线的绕向）。12．某同学要测量一节电池的电动势和内阻，除了被测干电池，实验室提供的器材还有：A．电流计G（满偏电流Ig=300μAB．电流表A（0∼0.6AC．滑动变阻器RD．电阻箱RE．开关S与导线若干（1）该同学根据实验室提供的器材设计实验电原理图如图甲所示，请根据电原理图将图乙的实验实物连接完整．（2）实验将电流计与电阻箱串联，将电流计改装成3V量程的电压表，则电阻箱接入电路的阻值R1=Ω；连接好电路后，闭合电键前，应将图乙中滑动变阻器的滑片P移到最（填“左”或“右”）端，闭合电键后，调节滑动变阻器，测得多组电流计的读数I1，电流表的读数I2，作出I1−I13．如图所示，两平行金属导轨间的距离L=0.40m，金属导轨所在的平面与水平面夹角θ=30°，在导轨所在平面内，分布着磁感应强度B=0.50T、方向垂直于导轨所在平面的匀强磁场。金属导轨的一端接有电动势E=4.5V，内阻r=0.50Ω的直流电源，另一端接有电阻R=5.0Ω，现把一个质量为m=0.020kg的导体棒（1）导体棒所受的安培力大小；（2）导体棒所受的摩擦力的大小和方向。14．如图所示，密绕n＝100匝细导线、面积S=0.06m2的矩形线框abcd，放置在磁感应强度B＝0.5T的匀强磁场中，线框绕位于线框平面内且垂直磁场的中轴OO（1）当线框处于图示位置时，穿过线框平面的磁通量是多少？（2）在线框从图示位置绕OO（3）若以图示位置为计时起点开始计时，写出穿过线框平面的磁通量Φ与时间t的关系式Φ(t)15．如图所示，一圆形区域内有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为B，圆形区域半径为R，圆心为O，圆形边界上有P、Q、A三点，其中P、Q两点连线为直径，OP与OA间的夹角为60°。现有大量带负电的粒子以不同的速率从P点射入圆形区域，入射方向均与OP成θ=30°角，带电粒子质量为m，电荷量为−q，不计粒子重力及相互间作用。（1）求从Q点射出磁场区域的粒子在磁场中的运动时间t；（2）求从A点射出磁场区域的粒子速度大小v；（3）垂直PQ连线方向射出磁场区域的粒子，出射点为C（图中未画出），求C点到PQ连线的距离d。

答案解析部分1．【答案】C【解析】【解答】理想化的模型是实际物体的简化处理，物理上研究的方法很多，我们在学习物理知识的同时，更要学习科学研究的方法。质点是一个有质量但不存在体积与形状的点，点电荷指本身的线度比相互之间的距离小得多的带电体，从科学方法上来说都属于建立物理模型。故选C。【分析】物理学中引入了“质点”、“点电荷”、“电场线”等概念，都是在物理学中引入的理想化的模型，是众多的科学方法中的一种。2．【答案】C【解析】【解答】电池板不接载时的电压U=600μV=6×10−4V，则电动势为E=6×10−4V又根据闭合电路欧姆定律得E=I短r，则这块电池板的内阻为r=故答案为：C。【分析】本题综合闭合电路欧姆定律、电源电动势与内阻的计算，核心思路：先明确电池板不接负载时的开路电压等于电源电动势，再利用短路时外电路电阻为零的条件，代入闭合电路欧姆定律公式，完成单位换算后求解电源内阻。3．【答案】C【解析】【解答】A、开关S接位置1，电流I1=U1RB、小灯泡额定电压UL=3V，额定功率PLC、开关S接到位置2，灯泡两端电压U2D、开关S接到位置2，小灯泡两端电压为1.6V，不是3V，故D错误；故答案为：C。【分析】A、考查闭合电路欧姆定律，利用电阻的电压电流求解电源内阻；B、考查电功率公式，由额定值求灯泡电阻；C、考查闭合电路动态分析，实际电压远小于额定电压，灯泡发光暗淡；D、考查串联分压，电源内阻会分走一部分电压，灯泡达不到额定电压。4．【答案】D【解析】【解答】根据条形磁铁的磁场分布情况可知，磁铁内部穿过线圈的磁感线方向向下，外部磁感线方向向上，由于磁感线是闭合的，磁铁内部的磁感线条数等于磁铁外部的磁感线总条数，外部磁感线分布在无限大的空间中，所以可得Φ=Φ内−Φ外，根据图中可知故答案为：D。

【分析】本题综合条形磁铁磁场分布、合磁通量的计算，核心思路：磁铁内部磁感线向下穿过线圈，外部磁感线向上反向穿过线圈，总磁通量为内部磁通量减去外部反向磁通量，线圈面积越大，穿过它的反向磁感线越多，总磁通量就越小。5．【答案】A【解析】【解答】电子在磁场中做圆周运动，洛伦兹力提供向心力，即evB=m解得r=mv故答案为：A。

【分析】本题综合带电粒子在匀强磁场中的圆周运动，核心思路：粒子垂直射入磁场，洛伦兹力充当圆周运动的向心力，联立向心力公式分别推导出轨道半径公式，再结合线速度与周期的关系式，消去速度得到周期公式，注意周期与粒子入射速度无关。6．【答案】C【解析】【解答】根据安培定则可得导线a、b的电流在c处的磁场方向，作出合磁场如图：根据几何关系可知合磁场方向向下，大小B故答案为：C。

【分析】本题综合安培定则与磁场的矢量叠加，核心思路：先用安培定则分别判断两根通电直导线在c点产生磁场的方向，两根导线到c点距离相等，磁感应强度大小均为B，两分磁场相互垂直，再利用平行四边形定则进行矢量合成，求出合磁场的大小与方向。7．【答案】B【解析】【解答】CD．由于洛伦兹力不做功，所以摆球由B到达C和由A到达C的速度大小相等，由a=v2rAB．当由A运动到C时，以摆球为研究对象，受力分析如图甲所示F当由B运动到C时，受力分析如图乙所示F2−F故答案为：B。

【分析】A、考查洛伦兹力特点与圆周运动向心力，洛伦兹力永不做功，会改变向心力表达式；

B、考查左手定则判断洛伦兹力方向，结合向心力公式比较拉力大小，向心加速度只和v、r有关；

C、考查向心加速度公式，速度大小相等、摆长不变则向心加速度相等；

D、考查向心加速度的决定因素，洛伦兹力不改变速度大小，不改变向心加速度大小。8．【答案】B,C【解析】【解答】A、话筒工作时线圈切割磁感线产生感应电流，不是利用电流的热效应，故A错误；B、声波带动膜片、线圈运动，线圈切割磁感线，利用电磁感应原理工作，故B正确；C、膜片振动，金属线圈切割磁感线，线圈内会产生感应电流，故C正确；D、膜片振动，线圈往复移动，穿过金属线圈的磁通量发生周期性变化，故D错误；故答案为：BC。【分析】A、考查电流的热效应，电流热效应是电能转化为内能，和话筒原理不同；B、考查电磁感应现象，电磁感应是机械能转化为电能，为动圈式话筒的工作原理；C、考查感应电流产生条件，闭合电路、磁通量发生变化，产生感应电流；D、考查磁通量，线圈来回运动，与磁铁距离改变，磁通量发生变化。9．【答案】A,D【解析】【解答】A、D形盒内部的匀强磁场对带电粒子施加洛伦兹力，洛伦兹力充当向心力，让粒子做圆周运动，实现偏转，A正确；

B、D形盒之间狭缝处的电场作用是加速粒子，电场力沿粒子运动方向，不会使粒子发生偏转，B错误；

C、粒子在磁场中圆周运动周期公式：T=2πmqB，周期只和粒子质量、电荷量、磁感应强度有关，和粒子速度无关，C错误；

D、由洛伦兹力提供向心力qvB=mv2R，得v=【分析】A、考查回旋加速器磁场作用。洛伦兹力提供向心力，磁场负责让粒子圆周偏转。

B、考查电场作用。狭缝电场只改变粒子速度大小，起到加速效果，不改变运动方向。

C、考查圆周运动周期公式。周期T=2πmqB，与粒子速率无关，是回旋加速器需要交变电源周期固定的原理。10．【答案】A,C【解析】【解答】A、B、Δt时间内电子移动长度l=vΔt，对应体积V=SvC、D、由电流定义I=qΔt，总电荷量q=I故答案为：AC。【分析】A、考查电流微观表达式，利用体积乘以单位体积电子数求电子个数；B、考查电流微观模型，漏掉导线横截面积这个物理量；C、考查电流定义式，总电量除以单个电子电荷量等于电子数目；D、考查电流定义式的辨析，分清各物理量含义。11．【答案】（1）L2（2）【解析】【解答】（1）闭合开关的瞬间，观察到电流计指针向右偏了一下，说明当穿过线圈L2的磁通量增加时，产生的感应电流使电流计指针右偏；那么开关闭合后，将线圈L1插入L2稳定后再迅速拔出时，穿过线圈L2的磁通量减小，则电流计指针将向左偏。

故答案为：L2（2）闭合开关的瞬间，观察到电流计指针向右偏了一下，说明当穿过线圈L2的磁通量增加时，产生的感应电流使电流计指针右偏，根据电流表的电流是从正接线柱流进，负接线柱流出，结合右手定则，可知线圈L2的下端为感应电流在线圈L2产生的磁场N极，故L2线圈的绕法如下图所示

【分析】（1）考查楞次定律，磁通量增大和磁通量减小时感应电流方向相反，灵敏电流计指针偏转方向由电流流入方向决定；

（2）考查安培定则（右手螺旋定则）、楞次定律，根据指针偏转判断感应电流流向，再确定副线圈绕制方式。（1）[1]闭合开关的瞬间，观察到电流计指针向右偏了一下，说明当穿过线圈L2的磁通量增加时，产生的感应电流使电流计指针右偏；那么开关闭合后，将线圈L1插入L2稳定后再迅速拔出时，穿过线圈L2的磁通量减小，则电流计指针将向左偏。（2）闭合开关的瞬间，观察到电流计指针向右偏了一下，说明当穿过线圈L2的磁通量增加时，产生的感应电流使电流计指针右偏，根据电流表的电流是从正接线柱流进，负接线柱流出，结合右手定则，可知线圈L2的下端为感应电流在线圈L2产生的磁场N极，故L2线圈的绕法如下图所示12．【答案】；9900；左；1.47；0.860【解析】【解答】（1）实物图连接如下图所示：（2）电阻箱接入电路的电阻R闭合电键前，应将滑动变阻器滑片移到最左端，使其接入电路的电阻最大。由题意忽略改装后的电压表分流对测量结果的影响，根据闭合电路欧姆定律有I解得I1=ER解得电动势为E=1.48×I1−解得内阻为r=0.86×10−4⋅(R（2）考查电流表改装电压表的串联电阻计算、分压接法的操作规范；利用闭合电路欧姆定律，转化为线性函数，由I113．【答案】(1)导体棒与定值电阻并联，并联总电阻R总=RR0R+R0=2.5Ω(2)由左手定则判断，安培力方向沿斜面向上。对导体棒受力分析，沿斜面方向受力平衡，列方程

mgsin⁡θ=F+f

代入θ=30∘，求解摩擦力f=mg【解析】【分析】(1)考查闭合电路欧姆定律、并联电路规律与安培力计算。并联电阻公式R并=RR0R+R(2)考查共点力平衡、左手定则。左手定则判定安培力方向；沿斜面建立坐标轴，列出平衡方程mgsin14．【答案】（1）解：线框处于图示位置时，穿过线框平面的磁通量Φ（2）解：在线框从图示位置绕OO'穿过线框平面磁通量的变化量ΔΦ即穿过线框平面的磁通量减少了1.5×10（3）解：若以图示位置为计时起点开始计时Φt