四川省南充市西充中学2025-2026学年高二上学期期中考试物理试题（含答案）

第第页四川省南充市西充中学2025-2026学年高二上学期期中考试物理试题一、单选题（共8小题，每题4分，共32分）1．奥斯特的电流磁效应实验具有划时代的意义，引领人类进入了电气时代。下列关于电和磁的说法正确的是（）A．闭合电路中的导体在磁场中做切割磁感线运动，就一定能够产生感应电流B．电磁波谱按波长由小到大排列的顺序是，γ射线、紫外线、可见光、红外线C．在变化的电场周围一定产生变化的磁场，在变化的磁场周围一定产生变化的电场D．电场强度E=Fq和磁感应强度B=F2．奥运会网球赛场上，中国运动员郑钦文挥拍进行网前拦截，她将水平飞来的质量为m、速度大小为2v的球，以大小为v的速度反向击回，则击球过程中网球（）A．动量变化量的大小为mv B．动量变化量的大小为3mvC．动能变化量的大小为12mv3．甲、乙两同学使用多用电表欧姆挡测同一个电阻时，他们都把选择开关旋到“×100”挡，并能正确操作。他们发现指针偏角太小，于是甲把选择开关旋到“×1k”挡，乙把选择开关旋“×10”挡，但乙重新调零，而甲没有重新调零。则以下说法正确的是（）A．甲选挡错误，而操作正确 B．甲选挡错误，操作也错误C．乙选挡错误，而操作正确 D．乙选挡正确，而操作错误4．闭合金属线圈或线框在磁场中运动的情景如下各图所示，有关线圈或线框中磁通量变化或产生感应电流的说法中正确的有（）①甲图，线框从P进入垂直纸面的匀强磁场区域到达Q的过程中，线框中始终有感应电流②乙图，磁感线向右，垂直纸面的线圈从P到达Q的过程中，线圈中有感应电流③丙图，线圈从磁铁的上端M到达N的过程中，线圈中磁通量先减小后增大④丁图，与通电导线在同一平面内的线框远离的过程中，线框中有感应电流A．①③ B．①④ C．②③ D．②④5．如图所示，甲、乙两个电路图都是由一个灵敏电流表G和一个电阻箱R组成的，丙电路图是由一个灵敏电流表G和电源、滑动变阻器组成，已知这三个灵敏电流表规格相同，满偏电流Ig=2mA，内电阻Rg=300Ω，则下列说法正确的是（）A．甲电路图表示电流表，R增大时量程增大B．乙电路图表示电压表，R增大时量程减小C．丙电路图表示欧姆表，插孔l是“+”插孔，表笔A是黑表笔D．在乙图中，若改装成的电压表的量程为3V，则R=1200Ω6．在如图所示的电路中，电源电动势为E，内阻为r，闭合开关S，在滑动变阻器R0A．电压表示数不变 B．电流表示数不变C．电压表示数增大 D．电流表示数增大7．如图所示，平静的湖面上有一艘静止的小船，李同学和刘同学均站立在船头处（图中未画出），两位同学发现距离船头前方d处有一株荷花。当刘同学缓慢从船头走至船尾时，站立在船头的李同学恰好到达荷花处。已知李同学和刘同学的质量均为m，船长为L，不计水的阻力，则船的质量为（）A．L−2dmd B．mL−dd C．8．海洋馆中一潜水员始终悬停在某一位置，把一质量为m的小球以初速度v0从手中竖直向上抛出。抛出后小球的速度随时间变化的规律如图所示，3A．返回手中前一瞬间小球速度为1B．上升过程与下降过程中加速度的大小之比为2：1C．小球在0~3t0D．小球在0~3t0二、多选题（每题4分，共计16分）9．下列说法正确的是（）A．如图甲所示，ABC构成等边三角形，若两通电导线A、B在C处产生磁场的磁感应强度大小均为B0，则C处磁场的合磁感应强度大小是B．图乙中地磁场的垂直于地面磁感应强度分量在南半球竖直向下，北半球竖直向上C．图丙中通过两金属圆环的磁通量ΦD．图丁中与通电导线（无限长）在同一平面内的金属线框沿平行直导线方向运动，线框中不会产生感应电流10．如图所示，为研究平抛运动的实验装置，金属小球A、B完全相同。用小锤轻击弹性金属片，A球沿水平方向抛出，同时B球被松开自由下落。图中虚线1、2代表离地高度不同的两个水平面，则下列说法正确的是（）A．两球同时经过水平面1，且动量大小相同B．两球同时经过水平面1，A球重力的冲量比B球大C．两球从水平面1到2的过程，两球动量的变化量相同D．两球从水平面1到2的过程，两球动能变化量相同11．司机清洗汽车时会用到如图所示的高压水枪。已知水枪喷出水柱的半径为R，水流速度为v，水柱垂直于汽车表面，水柱冲击汽车后水的速度为零，水的密度为ρ，若进入水枪的水流速度可忽略不计。下列说法正确的是（）A．高压水枪单位时间喷出的水的质量为ρπvB．汽车对水柱的平均作用力为ρvC．当高压水枪喷口的出水柱的半径变为原来的2倍时，压强变为原来的4倍D．当高压水枪喷口的出水速度变为原来的2倍时，压强变为原来的4倍12．如图甲所示，把两个质量相等的小车A和B静止地放在光滑的水平地面上，它们之间装有被压缩的轻质弹簧，用不可伸长的轻细线把它们系在一起。如图乙所示，让B紧靠墙壁，其他条件与图甲相同。如图丙所示，弹簧的一端固定在竖直墙上，质量为M的光滑弧形槽静止在光滑水平面上，底部与水平面相切，一个质量为mm<M的小球从弧形槽hA．图甲从烧断细线到弹簧恢复原长的过程中，A、B和弹簧组成的系统动量守恒，机械能守恒B．图乙从烧断细线到弹簧恢复原长的过程中，A和B和弹簧组成的系统动量守恒，机械能守恒C．图乙从烧断细线到弹簧恢复原长的过程中，墙壁对图乙所示系统的冲量不为零D．图丙从小球下滑到弹簧压缩量最大的过程中，小球、弧形槽和弹簧组成的系统机械能守恒，水平方向动量守恒三、实验题：（本题共2小题，每空2分，共18分）13．如图甲所示为“研究碰撞中动量守恒”的实验装置。实验时，先让质量为m1的小钢球A从斜槽上某一位置由静止开始运动，从轨道末端水平抛出，落到水平地面上P点，然后再把质量为m2的小钢球B放到轨道末端处于静止，再让小钢球A从斜槽开始运动，在轨道末端与小钢球B发生对心碰撞，结果小球B落到水平地面上N点，小球A落到水平地面上的（1）实验中，必须要测量的物理量有_____。A．小球开始释放的高度h B．小球抛出点距地面的高度HC．小球做平抛运动的水平距离 D．小球A、B的质量m1、（2）实验中，下列说法正确的是_____。A．斜槽一定要光滑B．两球半径一定要相同C．两球质量关系一定要满足m（3）小球释放后落在复写纸上会在白纸上留下印迹，如图丙所示。多次试验后，白纸上留下了7个印迹，如果用画圆法确定小球的落点P，图中画的三个圆最合理的是（填字母代号）；（4）若某次实验时，A、B两钢球落地点分布如图乙所示，M、P、N与O点（O点是水平轨道末端正下方的投影）距离分别为x1、x2、x3，若满足（用m1、m2、x14．为了测量一根长约3cm。电阻约为6A.游标卡尺B.螺旋测微器C.电流表A1（0~0.6A，内阻约为D.电流表A2（0~3A，内阻约为E.电压表V（0~3V，内阻约为6F.滑动变阻器R1（0~2kΩG.滑动变阻器R2（0~10Ω，允许通过的最大电流为H.蓄电池E（6VI.开关一个，带夹子的导线若干（1）用游标卡尺测得该材料的长度如图甲所示。示数为L=mm；用螺旋测微器测得该材料的直径如图乙所示，示数为D=mm。（2）为了在测量中尽量减小误差，并测多组数据，电流表应选，滑动变阻器选择。（填选项前的字母）（3）在方框中画出测量电阻Rx的实验电路图。四、解答题：（共34分，写出必要的公式文字说明）15．利用电动机通过如图所示的电路提升重物，已知电源电动势E=6V，电源内阻r=1Ω，电动机内阻r0=2Ω，电阻R=3Ω，重物质量（1）电源的总功率；（2）电动机的输入功率P入（3）重物匀速上升时的速度v。16．有一质量为120kg的铁锤，从3.2m高的位置自由落下，打在水泥桩上．与水泥桩撞击的时间为0.005s（1）撞击水泥桩前铁锤的速度大小；（2）铁锤对水泥桩的平均冲击力大小。17．如图所示，质量mA=0.1kg的小圆环套在光滑的水平直杆上，用长为L=0.6m的细线拴着质量mB=0.2kg的小球。小球悬挂在圆环下方处于静止状态，重力加速度g（1）此时细线对小球的拉力大小F；（2）小球上升的最大高度H。

答案解析部分1．【答案】B【解析】【解答】A、闭合电路的导体切割磁感线，若整个回路磁通量不变，不会产生感应电流，故A错误；B、电磁波谱中γ射线、紫外线、可见光、红外线波长依次增大，选项内相对顺序正确，故B正确；C、均匀变化的电场产生恒定磁场，均匀变化的磁场产生恒定电场，并非变化的场一定产生变化的场，故C错误；D、磁感应强度方向和安培力方向垂直，并非同向或反向，故D错误；故答案为：B。【分析】A、考查感应电流产生条件，区分导体切割磁感线与回路磁通量变化；B、考查电磁波谱波长排序，识记各类电磁波波长大小关系；C、考查麦克斯韦电磁场理论，区分均匀变化与非均匀变化的场的效应；D、考查比值定义法与场的方向，区分电场力、磁场力与场强方向的关系。2．【答案】B【解析】【解答】AB．质量为m、速度大小为2v的球，以大小为v的速度反向击回，动量为矢量，设网球反弹方向为正方向，则动量变化量Δp=mv-即网球的动量变化量的大小为3mv，选项A错误，B正确；CD．网球的动能变化量的大小为E选项CD错误。故选B。

【分析】由末动量减初动量求得动量变化量；由末动能减初动能求得动能变化量。3．【答案】C【解析】【解答】用欧姆挡测电阻时，指针偏角太小，说明被测电阻阻值大，应换更大倍率挡（如“×1k”挡），甲换用“×1k”挡（选挡正确），但未重新调零（操作错误）；乙换用“×10”挡（选挡错误，倍率变小，不适合测大电阻），但重新调零（操作正确）。故答案为：C

【分析】根据指针偏角判断电阻大小，确定合适的欧姆挡倍率，同时明确换挡后必须重新进行欧姆调零的操作要求，以此分析甲、乙的选挡与操作是否正确。4．【答案】D【解析】【解答】①、甲图，线框完全进入匀强磁场后，磁通量不变，无感应电流，故①错误；②、乙图，线圈从P到Q，磁感线变稀疏，穿过线圈磁通量减小，产生感应电流，故②正确；③、丙图，线圈从M到N，中间经过磁铁中部，磁通量先增大后减小，故③错误；④、丁图，线框远离通电导线，磁场变弱，穿过线框磁通量减小，产生感应电流，故④正确；故答案为：D。【分析】①、考查感应电流产生条件，判断匀强磁场内线框完全进入后磁通量是否变化；②、考查磁通量变化判断，非匀强磁场中线圈远离磁极时磁通量减小；③、考查条形磁铁磁场分布，磁铁中间位置磁场最强；④、考查通电直导线磁场特点，离导线越远磁感应强度越小。5．【答案】D【解析】【解答】A、甲图灵敏电流表G与电阻箱R并联，属于电流表改装。分流电阻R越大，分流越小，电流表量程越小，故A错误；

B、乙图灵敏电流表G与电阻箱R串联，属于电压表改装。串联分压电阻R越大，分得的电压越大，电压表量程越大，故B错误；

C、丙电路图表示欧姆表，为保证电流从红表笔流入欧姆表，表笔A是红表笔，黑表笔与“−”插孔连接，则插孔2是“−”插孔，故C错误；

D、根据电压表改装原理U=Ig(Rg+R)，若改装成的电压表的量程为3V，分压电阻为R=1200Ω，故D正确。

故选：D。

6．【答案】D【解析】【解答】滑片向下滑动，滑动变阻器R0接入电路的阻值减小。并联总外电阻减小，由闭合电路欧姆定律可知电路的总电流增大；电源内阻分压变大，则路端电压减小，电压表测量路端电压，所以电压表示数减小；定值电阻R两端电压等于路端电压，流过R的电流减小；总电流增大，流过R的电流减小，因此流过R0的电流增大，电流表测R0【分析】R与R07．【答案】A【解析】【解答】A、系统水平方向动量守恒，刘同学从船头走到船尾，船和李同学向荷花方向移动位移x船=d，刘同学相对地面位移x人=L−d，由动量守恒得(M+m)x船−mx人=0，代入联立解得M=(L−2d)md，故A正确；【分析】A、考查人船模型与水平方向动量守恒，理解人、船相对位移和对地位移的关系；

B、考查动量守恒方程列式，区分相对位移与地面参考系位移；

C、考查位移矢量方向判断，不能混淆位移的正负；

D、考查公式代数运算，检验联立方程求解结果。8．【答案】D【解析】【解答】A、上升位移大小等于下降位移大小，由v-t图像面积关系12v0B、v-t图像斜率代表加速度，上升加速度a1=v0tC、取向上为正方向，由动量定理，合外力冲量I=m(−12vD、整个过程重力做功为0，由动能定理，−Wf=故答案为：D。【分析】A、考查v-t图像面积的物理意义，利用上升、下降位移大小相等求解末速度；B、考查v-t图像斜率的物理意义，斜率表示加速度，计算两段运动加速度比值；C、考查动量定理，合外力冲量等于物体动量变化量；D、考查动能定理，全过程重力做功为零，动能变化等于阻力做功的负值。9．【答案】C,D【解析】【解答】A、由安培定则，A、B在C点产生的磁感应强度夹角为60°，合磁感应强度BCB、地磁场垂直地面分量，南半球竖直向上，北半球竖直向下，故B错误；C、磁铁内部磁感线向上，外部磁感线向下抵消，圆环2面积更大，向下抵消的磁感线更多，净磁通量更小，故Φ1D、线框平行于通电导线运动，穿过线框的磁通量保持不变，不会产生感应电流，故D正确；故答案为：CD。【分析】A、考查安培定则与磁感应强度矢量叠加，利用平行四边形定则计算合磁场；B、考查地磁场分布，识记南北半球地磁场竖直分量方向；C、考查磁通量的叠加，磁铁内外磁感线方向相反，外部磁感线会抵消内部磁通量；D、考查感应电流产生条件，判断线框运动时磁通量是否发生变化。10．【答案】C,D【解析】【解答】A、两球竖直方向运动一致，会同时经过水平面1；A球有水平分速度，合速度更大，动量更大，故A错误；B、两球同时到达水平面1，重力冲量I=mgt，质量、时间均相同，重力冲量相等，故B错误；C、从水平面1到2，下落高度相同，运动时间相同，合外力只有重力，由动量定理Δp=mgtD、从水平面1到2，重力做功W=mgh，重力做功等于动能变化，两球m、h相同，动能变化量相同，故D正确；故答案为：CD。【分析】A、考查平抛运动的分解，区分合速度与竖直分速度，理解动量矢量的计算；B、考查冲量的定义式I=mgt，重力冲量由质量和下落时间决定；C、考查动量定理，重力的冲量等于动量变化量；D、考查动能定理，重力做功等于物体动能的变化量。11．【答案】A,D【解析】【解答】A、单位时间喷出体积V=S⋅v=πR2vB、取Δt时间内的水，由动量定理FΔt=C、压强p=FD、压强p=ρv故答案为：AD。【分析】A、考查流体质量流量计算，利用体积流量乘以密度求解单位时间喷出质量；B、考查动量定理在流体冲击问题的应用，选取微元水柱列动量方程；C、考查冲击压强推导，化简得出压强与半径无关；D、考查冲击压强公式，压强与速度平方成正比。12．【答案】A,C【解析】【解答】A、图甲中水平面光滑，A、B和弹簧组成的系统合外力为零，动量守恒；只有弹簧弹力做功，系统机械能守恒，故A正确；B、图乙中墙壁对B存在弹力，系统合外力不为零，动量不守恒；只有弹簧弹力做功，机械能守恒，故B错误；C、图乙中墙壁对系统有力的作用，根据冲量I=Ft，墙壁对系统的冲量不为零，故C正确；D、图丙中弹簧压缩量最大时，墙对弹簧有水平作用力，系统水平方向合外力不为零，水平方向动量不守恒；只有重力与弹力做功，系统机械能守恒，故D错误；故答案为：AC。【分析】A、考查动量守恒、机械能守恒条件，系统合外力为零则动量守恒，只有重力或系统内弹力做功则机械能守恒；B、考查动量守恒条件判断，存在墙壁外力，系统动量不守恒；C、考查冲量定义，有力且作用时间不为零，冲量不为零；D、考查水平方向动量守恒判断，墙壁施加水平外力，水平动量不守恒。13．【答案】（1）C；D（2）B（3）C（4）m【解析】【解答】（1）小球离开斜槽后做平抛运动，抛出高度相同，平抛运动时间t相等，速度与水平位移成正比。碰撞前入射球速度v0=x2t，碰撞后入射球速度v1=x1t，被碰球速度（2）A：只要小球每次从斜槽同一位置静止释放，小球到达斜槽末端速度就相同，斜槽不需要光滑，故A错误；

B：为保证两球发生对心正碰，两球半径一定要相同，故B正确；

C：为防止入射球碰撞后反弹，入射球质量应大于被碰球质量，即m1>m（3）确定落点时，舍弃误差大的点，用尽可能小的圆把所有落点圈住，圆心就是平均落点，C符合该原则。

故答案为：C；（4）由平抛运动规律，速度与水平位移成正比，将v0=x2t、v1=【分析】（1）本题考查研究碰撞中动量守恒实验原理，利用平抛运动等时性，把速度测量转化为水平位移测量，判断需要测量的物理量；

（2）本题考查实验操作注意事项，理解斜槽光滑与否的要求、对心碰撞条件、两球质量选择的目的；

（3）本题考查实验落点的处理方法，掌握用最小圆法确定平均落点；

（4）本题考查动量守恒表达式的推导，结合平抛运动规律，将速度替换为水平位移，写出动量守恒的表达式。（1）小球离开斜槽后做平抛运动，小球抛出点的高度相等，小球做平抛运动的时间t相等，则碰撞前入射球的速度v碰撞后入射球的速度v碰撞后被碰球的速度v两球碰撞过程系统动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律可得m整理可得m实验需要测量小球的质量m1、m故选CD。（2）A．只要入射球从斜面的同一高度由静止释放，小球到达斜槽末端时的速度相等，斜槽不一定要光滑，故A错误；B．为使两球发生对心正碰，两球半径一定要相同，故B正确；C．为防止两球碰撞后入射球反弹，入射球的质量应大于被碰球，即两球质量关系一定要满足m1＞m2，故C错误。故选B。（3）实验结束后，舍掉误差较大的点，用尽量小的圆把落点圈在一起，圆心即为小球的平均落地点，则图中画的三个圆最合理的是C；（4）两球发生弹性碰撞，碰撞过程系统动量守恒、机械能守恒，以向右为正方向，若满足动量守恒定律则有m结合题意及公式v=整理可得m14．【答案】30.35；3.205（3.204~3.206均可）；C；G；【解析】【解答】（1）游标卡尺主尺与游标尺读数之和是游标卡尺读数。主尺读数为30mm，游标卡尺读数为0.05mm×7=0.35mm，故L=30.35mm。主尺读数为3mm，副尺读数为0.01mm×20.5=0.205mm，故D=3.205mm。（2）根据电路最大电流选择电流表，因为电压表的量程是3V，而待测阻值约6Ω，故电流表选A1，即选C，尽量多测量几组数据，所以采用分压式；为方便实验操作应选择最大阻值较小的滑动变阻器，滑动变阻器选R2，即选G。（3）待测阻值较小，所以电流表采用外接法；尽量多测量几组数据，所以采用分压式；滑动变阻器选R2。电路图如下

【分析】（1）游标卡尺主尺与游标尺读数之和是游标卡尺读数，螺旋测微器固定刻度与可动刻度读数之和是螺旋测微器的读数．

（2）根据电路最大电流选择电流表；为方便实验操作应选择最大阻值较小的滑动变阻器。

（3）根据题意确定滑动变阻器与电流表的接法，然后作出实验电路图。