广东省深圳市深圳联盟校2025-2026学年高二上学期11月期中物理试题（B）

第第页广东省深圳市深圳联盟校2025-2026学年高二上学期11月期中物理试题（B）一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目要求，每小题4分；第8~10题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1．真空中电荷量分别为q1、qA．如果它们的电荷量都不变，当距离变为r2B．如果其中一个电荷的电荷量不变，而另一个电荷的电荷量和它们间的距离都减半时，作用力变为2FC．如果它们的电荷量和距离都加倍，作用力将变为FD．如果它们的电荷量都加倍，距离变为2r2．下列有关光现象的说法正确的是（）A．用偏振眼镜观看立体电影，说明光是纵波B．光学镜头上的增透膜是利用光的干涉原理C．激光相干性好，任何两束激光都能发生干涉D．刀片的影子边缘模糊不清是光的干涉现象3．用手握住软绳的一端连续上下抖动产生一列简谐横波，某一时刻的波形如图所示，质点a、b均处于波峰位置，下列说法正确的是（）A．上下抖动频率越快，波长会减小B．上下抖动频率越快，波速会增大C．开始抖动后至图示时刻，质点a完成全振动的次数一定少于质点bD．改变抖动频率，质点a、b始终同时处于波峰4．如图所示为某静电场中的电场线，一带电粒子从电场中的A点运动到B点，虚线为粒子的运动轨迹，若粒子仅受电场力的作用，下列说法正确的是（）A．该粒子带正电 B．粒子的动量变化率增大C．电场力对粒子做正功 D．粒子的电势能减小5．如图所示，张紧的水平绳子上悬挂着A、B、C、D四个摆长不同的摆球，若让A摆在垂直于水平绳的竖直平面内先摆动起来，会发现B、C、D也摆动起来，待稳定时，下列说法正确的是（）A．A摆的周期最大B．B、C、D摆的振幅相同C．B、C、D摆球经过最低点时速度大小相同D．四个摆球的频率相同6．如图所示，半径为R的半球形玻璃砖的折射率为3，底面镀银（光线发生反射），球心为O，与底面垂直的一束光线从圆弧面射入，已知该光线与O点之间的距离为32A．2Rc B．3Rc C．3R7．x轴上两波源的平衡位置坐标分别为x=−6m和x=8m，t=0时两波源同时开始沿y轴方向振动，产生的两列简谐横波沿x轴相向传播，t=3s时的波形如图所示，质点b的平衡位置坐标为xb=−2m，质点p的平衡位置坐标为A．两列波的波长均为6mB．两列波的波速均为1m/sC．稳定时质点b、p均为振动减弱点D．0~10s内质点b通过的路程为60cm8．某同学用单色光进行双缝干涉实验，在屏上观察到如甲图所示的条纹，仅改变一个实验条件后，观察到的条纹如乙图所示。他改变的实验条件可能是（）A．减小光源到单缝的距离 B．增大双缝到光屏之间的距离C．增大双缝之间的距离 D．换用频率更低的单色光源9．水平直线上P、Q两点分别固定一个负点电荷，O点为直线上某一点，M、N两点是O点正上、下方距离O点均为d的两点，一电量为q的正点电荷置于O点时N点处的电场强度恰好为零，静电力常量为k，若将该正点电荷移动到N点，下列说法正确的是（）A．将该正点电荷移动到N点后，M点的场强大小为3kqB．将该正点电荷移动到N点后，M点的场强大小为5kqC．将该正点电荷移动到N点后，M点的场强方向向下D．将该正点电荷移动到N点后，M点的场强方向向上10．如图所示，倾角θ=30°的光滑斜面固定在水平地面上，斜面底端有一垂直于斜面的固定挡板，A、B两物体固定于轻弹簧两端，其中B的质量m=3kg。对B施加一沿斜面向下、大小为30N的恒力F，使B静止于P点。撤掉力F，当B运动至最高点时，A恰好要离开挡板。弹簧的劲度系数为k=50N⁄m，重力加速度g=10m/s2，弹簧始终处于弹性限度内。下列说法正确的是（）A．A的质量为2kgB．B沿斜面向上运动的最大位移为1.2mC．A受挡板支持力的最大值为45ND．B运动过程中最大加速度大小为10m/s2二、非选择题：本题共5小题，共54分。11．某小组做测定玻璃砖的折射率实验，所用器材有：玻璃砖、大头针、刻度尺、量角器、圆规、笔、图钉、白纸。（1）某同学用图钉将白纸钉在绘图板上，如图甲所示，先在白纸上画出一条直线aa'作为界面，过aa'上的一点O画出界面的法线NN'，并画一条线段①在线段AO上竖直地插上两枚大头针P1、P2，透过玻璃砖观察大头针P1、P2的像，调整视线的方向，直到②在观察的这一侧依次插两枚大头针P3、P4，使P3挡住的像，P4挡住P1、P2的像，P4③移去玻璃砖，连接P3、P4并延长交bb'于O'，连接O④用量角器测出入射角和折射角。⑤改变入射角θ1（2）该小组选取了操作正确的实验记录，测得∠AON=60°，∠O'ON（3）如图乙所示，一同学在纸上画玻璃砖的两个界面aa'和bb'时，不小心将两界面aa12．某实验小组利用单摆测当地的重力加速度，实验装置如图甲所示。（1）实验时用螺旋测微器测量小球直径，示数如图乙所示，则读数为mm。（2）关于该实验，下列说法正确的是______。A．摆线要选择细些的、伸缩性大些的，并且适当长一些B．测量摆长时应将摆线长加上小球半径作为摆长C．为了使单摆的周期大一些，方便测量，开始时要拉开摆球，使摆角较大D．摆球振动稳定后，当摆球运动至最低点处开始计时，记下摆球做50次全振动所用的时间t，则单摆周期T=（3）实验中，若直接使用公式T=2πA．摆线具有弹性，摆动时绳子伸长B．以摆线的长度作为摆长来进行计算C．把n−1次全振动时间误当成n次全振动时间D．在加速上升的电梯中做此实验（4）通过改变摆线的长度，该小组测得多组摆长L和对应的周期的平方T2，画出的T2−L图像如图丙所示，若图像的斜率为k，纵截距为b，可得当地的重力加速度大小为13．一列沿x轴传播的简谐横波在t=0和t=1s时刻的波形分别如图中实线和虚线所示。已知波的周期T满足0.6s<T<1.0s。求：（1）波的传播速度大小；（2）0~2.6s内，平衡位置为x=1m处的质点通过的路程。14．如图所示，光滑水平面上有一个劲度系数为k的轻弹簧左端固定，右端与一个质量为m的物块接触但不连接，此时弹簧处于原长，现用大小为1.5mg的水平恒力将物块向左推动，物块恰好能运动到C点，重力加速度为g。求：（1）物块向左运动速度最大时的弹簧压缩量；（2）物块运动过程中的最大加速度；（3）若物块在C点时立即撤去推力，物块离开弹簧时的速度大小。15．如图所示，一半径为R的绝缘光滑圆形轨道竖直固定，轨道最低点B点与一条粗糙水平轨道平滑相连，轨道所在空间存在水平向右、场强大小为E=3mg4q的匀强电场。从水平轨道上的A点由静止释放一质量为m，带正电荷量为q的小球，设A、B间的距离为s，已知小球与水平轨道间的动摩擦因数为μ=0.2，C点为圆形轨道上与圆心O等高的点，重力加速度为g，小球可视为质点，（1）为使小球能做完整的圆周运动，求s的最小值；（2）在第（1）的情况下，求小球对圆轨道的最大压力；（3）若s=5R，设B点电势为零，求小球运动速度最大时的电势能。

答案解析部分1．【答案】B【解析】【解答】A．真空中电荷量分别为q1、q2的两个点电荷，相距r时，相互作用力为F，根据库仑定律可得F=kq1B．如果其中一个电荷的电荷量不变，而另一个电荷的电荷量和它们间的距离都减半时，作用力变为F2C．如果它们的电荷量和距离都加倍，作用力将变为F3D．如果它们的电荷量都加倍，距离变为2r，作用力将变为F故答案为：B。

【分析】根据库仑定律（F=kq1q2．【答案】B【解析】【解答】A、偏振是横波独有的特性，偏振眼镜看立体电影说明光是横波，故A错误；

B、光学镜头的增透膜利用薄膜干涉，让反射光相互抵消，增大透射光强度，故B正确；

C、光发生干涉需要频率相同、振动方向相同等相干条件，不是任意两束激光都能干涉，故C错误；

D、刀片影子边缘模糊是光的衍射现象，不是干涉现象，故D错误；

故答案为：B。【分析】A、考查光的偏振，偏振现象证明光属于横波；

B、考查薄膜干涉，了解增透膜的原理；

C、考查光的干涉条件，掌握相干光源的要求；

D、考查光的衍射，区分衍射和干涉现象。3．【答案】A【解析】【解答】A、软绳上波速由介质决定，保持不变，频率越快，由λ=vT=vB、机械波的波速只由介质决定，和振动频率无关，频率变大波速不变，故B错误；C、a离波源更近，a先起振，所以a完成全振动次数多于b，故C错误；D、改变抖动频率，波长改变，a、b间距固定，二者不一定始终同时到达波峰，故D错误；故答案为：A。【分析】A、考查机械波波长、波速、频率三者关系；B、考查机械波波速的决定因素；C、考查波的传播先后，靠近波源的质点先振动；D、考查波长改变后，不同位置质点振动相位的变化。4．【答案】B【解析】【解答】A．粒子运动轨迹的凹侧指向受力方向，电场线方向向上，而粒子受力方向向下（与电场线方向相反），因此粒子带负电，并非正电，故A错误；B．由动量定理Ft=Δp得粒子的动量变化率CD．电场力对粒子做负功，电势能增大，故CD错误。故答案为：B。

【分析】结合电场线的性质（疏密表场强）、曲线运动的受力特点（力指向轨迹凹侧），以及动量定理、电场力做功与电势能的关系，逐一分析选项。5．【答案】D【解析】【解答】A摆摆动后带动其余三个摆做受迫振动，结合受迫振动的规律分析：A.受迫振动的周期等于驱动力的周期，因此四个摆的周期均与A摆相同，A错误。B.受迫振动中，当物体的固有周期与驱动力周期越接近，振幅越大；B、C、D摆长不同，固有周期不同，因此振幅不相同，B错误。C.振幅不同的摆，摆动的最大高度不同，根据机械能守恒，经过最低点时的速度大小不同，C错误。D.受迫振动的频率等于驱动力的频率，因此四个摆球的频率均与A摆相同，D正确。故答案为：D【分析】本题考查受迫振动的特征与共振规律，涉及受迫振动的周期、频率特点以及振幅的影响因素。解题的关键是明确受迫振动的周期和频率由驱动力决定，与物体自身的固有周期无关；而振幅的大小取决于固有周期与驱动力周期的接近程度，二者越接近振幅越大。6．【答案】B【解析】【解答】根据折射定律与几何关系分析光路：由几何关系可知，入射光线的入射角正弦值sin⁡θ入根据折射定律n=sinθ入sinθ折，代入结合光路与几何关系，光线在玻璃砖内传播的总路程s=光在玻璃砖中的传播速度v=cn故答案为：B【分析】本题考查光的折射与反射的综合计算，涉及折射定律、光在介质中的传播速度以及几何光路分析。解题时先通过入射光线与球心的距离求出入射角，再用折射定律算出折射角；结合底面镀银的反射条件，利用几何关系求出光线在玻璃砖内的总传播路程；最后根据v=c7．【答案】D【解析】【解答】A、由波形图读出波长λ=4m，不是6m，故A错误；B、t=3s波传播距离x=6m，波速v=xC、质点b到两波源波程差为6m=3λD、左波传到b用时2s，右波传到b用时5s；25s只有左波使b振动，振动时间3s，周期T=2s，路程s=3故答案为：D。【分析】A、考查从波形图读取波长；B、考查波速计算公式v=λC、考查波的干涉中加强点、减弱点的波程差条件；D、考查波的传播时间、质点振动路程以及振动减弱点的特点。8．【答案】B,D【解析】【解答】由Δx=故答案为：BD。

【分析】本题考查双缝干涉条纹间距公式的应用，核心思路：记住公式Δx=Ld9．【答案】A,C【解析】【解答】正点电荷q在N点产生的场强大小为E又N点场强为零，则P、Q两点电荷在N点产生的合场强E=方向向上，根据对称性可知，P、Q两点电荷在M点产生的合场强大小为E=方向向下，故将该正点电荷移到N点后，M点场强为EM故答案为：AC。

【分析】先根据“O点的正点电荷在N点时，N点场强为零”，确定P、Q处负电荷在N点的合场强；再利用对称性得到P、Q在M点的合场强，最后结合正点电荷在M点的场强，叠加得到M点的总场强。10．【答案】B,D【解析】【解答】结合胡克定律、简谐运动规律与受力分析逐一计算：初始状态下B静止，对B沿斜面方向受力分析：kx1=mgsin⁡30∘x1=3×10×0.5+3050m=0.9m，此时弹簧压缩量为0.9m。撤去代入数据解得a=10m/s2，方向沿斜面向上。在最高点时，B的加速度大小也为10m/s2，方向沿斜面向下，此时弹簧伸长量为x2，对BB向上运动的总位移x=x此时A恰好要离开挡板，挡板对A的支持力为零，弹簧拉力等于A的重力沿斜面分力：mAgsin当弹簧压缩量最大（初始位置）时，A受挡板的支持力最大，对A沿斜面方向受力分析：Nmax=m由上述计算可知，B在最低点和最高点的加速度大小均为10m/s故答案为：BD【分析】本题考查弹簧连接体的简谐运动与受力分析，涉及胡克定律、牛顿第二定律与简谐运动的对称性。解题时先对初始状态的B受力分析，求出弹簧的压缩量；再利用简谐运动最高点与最低点加速度大小相等的特点，求出最高点的弹簧伸长量，进而得到B的总位移；结合A恰好离开挡板的临界条件求出A的质量；最后分析弹簧压缩量最大时A的受力，得到挡板的最大支持力。11．【答案】（1）P1、P（2）3​​​​​​​（3）偏大【解析】【解答】（1）②插大头针时，P3需要挡住P1、P2的像，保证P3在出射光线上；P4要挡住P1、P2（2）根据折射定律n=sinθ1sinθ2（3）两界面间距画得比玻璃砖宽度小，会导致作图得到的折射光线比实际折射光线偏折程度更大，测得的折射角偏小；根据n=sinθ1【分析】（1）本题考查插针法测定玻璃砖折射率的实验操作，考查大头针的插放原则。插针的核心是保证所有大头针在同一条光路上，因此后侧的大头针需要挡住前侧所有大头针的像，以此确定出射光线的位置。（2）本题考查折射定律的定量计算，直接将测得的入射角和折射角代入折射定律公式，即可求出玻璃砖的折射率。（3）本题考查实验误差分析，通过分析界面作图偏差对折射角测量值的影响，结合折射定律判断折射率测量值的变化趋势。（1）②[1][2]在观察的这一侧依次插两枚大头针P3、P4，使P3挡住P1、P2的像，P4挡住P1、P2的像，（2）根据折射定律，可得n=（3）做出光路图，如图所示由图可知折射角减小，则折射率的测量值偏大。12．【答案】（1）11.700（2）B；D（3）C；D（4）4π【解析】【解答】（1）螺旋测微器的固定刻度读数为11.5mm，可动刻度读数为20.0×0.01mm=0.200mm（2）A.摆线应选择伸缩性小的，避免摆动过程中摆长变化，A错误。B.单摆的摆长是悬点到球心的距离，等于摆线长加上小球半径，B正确。C.单摆的周期公式只在摆角小于5°的小角度条件下成立，摆角过大会导致误差增大，C错误。D.在最低点计时误差最小，总时间除以全振动次数得到单摆的周期，D正确。故选BD。（3）由T=2πLg推导得A.摆线伸长会使实际摆长大于测量值，代入的L偏小，测得的g偏小，A错误。B.以摆线长作为摆长，L测量值偏小，测得的g偏小，B错误。C.将n−1次全振动记为n次，会使计算的周期T偏小，代入公式得到的g偏大，C正确。D.加速上升的电梯中，单摆处于超重状态，等效重力加速度增大，测量值偏大，D正确。故选CD。（4）由单摆周期公式变形得T2=4π2gL图像不过原点，是因为计算摆长时只计入了摆线长度，未考虑小球半径，导致摆长测量值整体偏小，图像向左平移。【分析】（1）本题考查螺旋测微器的读数方法，读数为固定刻度与可动刻度之和，注意可动刻度需要估读一位。（2）本题考查单摆测重力加速度的实验操作与注意事项，涉及摆线选择、摆长测量、摆角要求与计时方法，需结合实验原理判断操作的正误。（3）本题考查实验误差分析，根据重力加速度的推导公式，分析各选项中摆长或周期的测量偏差对最终结果的影响。（4）本题考查利用图像法处理实验数据，通过周期公式变形得到T2与L（1）读数为11.5mm+0.01mm×20.0=11.700mm（2）A．摆线不能有伸缩性，应适当细些、长些，A错误；B．摆长为摆线长加小球半径，B正确；C．单摆测重力加速度的前提是摆角小于5°，C错误；D.50次全振动所用的时间t，则单摆周期T=t故选BD。（3）A．摆线具有伸缩性，则摆长测量值偏小，根据T=2πLgB．同理以摆线的长度作为摆长来进行计算，摆长偏小，g的测量值偏小，B错误；C．把n−1次全振动时间误当成n次全振动时间，T的测量值偏小，g偏大，C正确；D．在加速上升的电梯中做此实验处于超重状态，g测量值偏大，D正确。故选CD。（4）[1][2]由T=2πL则4故g=4图线不过原点是因为未考虑小球半径，造成图像向左平移。13．【答案】（1）若波沿x轴正向传播，则有TT=又0.6s<T<1s同理若波沿x轴负向传播，则有T=43+4ns由图可知λ=8m，波速v=（2）t=0时，x=1m处质点的纵坐标为y=10且向上运动，t=2.6s=3T+T4时，故0~2.6s内的路程为s=12A+2−140−102【解析】【分析】（1）本题考查简谐横波的传播与周期、波速的计算，核心是结合时间间隔与周期的关系确定波的传播方向与周期大小。先假设波沿x轴正方向传播，得出时间Δt=1s与周期的关系式Δt=T4+nT，代入周期范围求解整数（2）本题考查质点振动路程的计算，先确定t=0时x=1m处质点的位移与振动方向，再分析2.6（1）若波沿x轴正向传播，则有TT=又0.6s<T<1s同理若波沿x轴负向传播，则有T=43+4ns由图可知λ=8m，波速v=（2）t=0时，x=1m处质点的纵坐标为y=10且向上运动，t=2.6s=3T+T4时，故0~2.6s内的路程为s=12A+2−14．【答案】（1）当速度最大时，合力为零则有k解得x（2）由简谐运动可知，加速度最大时有F=m可得a（3）在C点时弹簧储存弹性势能E物块离开弹簧时有1解得v=3g【解析】【分析】（1）本题考查弹簧振子的受力与速度变化规律，物块速度最大时合力为零，此时弹簧弹力与恒力大小相等，根据胡克定律列方程即可求解对应的压缩量。（2）本题考查简谐运动的对称性与牛顿第二定律的应用，物块从原长位置到C点做简谐运动，速度为零的位置加速度最大；利用简谐运动关于平衡位置对称的特点，可知两端点的加速度大小相等，结合恒力与质量的关系求出最大加速度。（3）本题考查动能定理与弹性势能的计算，先根据恒力做功求出C点的弹簧弹性势能；撤