2026届广东清远市普通高中毕业班供题综合测试（二）物理试题(解析版)

高级名校物理试卷PAGEPAGE12026届广东清远市普通高中毕业班供题综合测试（二）物理试题1.如图所示，利用长木板把一光滑重球缓慢撬起，木板最终转动到水平位置。下列说法正确的是(  )A.墙对重球的作用力逐渐增大 B.墙对重球的作用力保持不变

C.木板对重球的支持力逐渐减小 D.木板对重球的支持力逐渐增大【答案】C【解析】对光滑重球受力分析，重球受3个力，竖直向下的重力G、竖直墙水平向右的弹力N1、木板垂直于木板向左上方的支持力N2，设木板与水平地面的夹角为θ，重球缓慢运动始终处于平衡状态，根据平衡条件，在竖直方向，有N2cosθ=G，可得N2=Gcosθ，在水平方向，有N1=N2sinθ=Gtanθ，当木板从倾斜转动到水平位置的过程中，θ逐渐减小，tanθ逐渐减小，因此墙对球的作用力N12.如图所示为红外线光感式烟雾报警器的原理图，烟雾报警器光源发出红外线(3.0×1014Hz~3.5×1014Hz)，在没有烟雾时，红外线沿直线传播(如图中虚线所示)；有烟雾时，红外线会散射到光电管中。当烟雾浓度增大时，报警系统中的电流随之增大，达到限定值即引发报警。已知可见光频率范围为3.8×1014Hz~7.5×1014Hz，关于该光电报警系统，下列说法正确的是(  )A.阴极金属的极限频率大于3.5×1014HzB.若光源换成可见光，则报警器会一直报警C.若不小心把电源反接，在浓烟中报警器也有可能报警D.光源采用红外线的原因，是因为红外线的波长比可见光的波长更短【答案】C【解析】当有烟雾时红外线能使光电管产生光电流，说明红外线可以使阴极发生光电效应。红外线的频率大于阴极金属的极限频率，红外线最高频率为3.5×1014Hz，故阴极金属的极限频率小于3.5×1014Hz，故A错误；换成可见光后，无烟雾时光依然沿直线传播，不会照射光电管阴极，没有光电流，不会报警，故B错误；电源反接后，光电管加反向电压，只要反向电压小于入射光的遏止电压，就仍会有光电子到达阳极，形成光电流。浓烟中大量红外线散射进入光电管，光强足够大时，电流可以达到报警限定值，因此报警器仍有可能报警，故C正确；根据波速、频率和波长的关系c=λf可知，光源频率越低，波长越长。红外线频率小于可见光，因此红外线波长比可见光更长，故D错误。故选C。3.现在的智能手机的降噪技术是利用降噪麦克风采样环境噪声，经过数据处理后发出降噪声波，这个过程在噪声到达人耳之前完成，从而在听觉上抵消噪声。图乙是原理简化图，图丙是理想情况下的降噪过程，实线表示环境噪声，虚线表示降噪系统产生的降噪声波，则(  )A.降噪过程应用了声波的衍射原理，使噪声的能量减弱B.降噪过程应用的是声波的干涉原理，P点振动减弱C.降噪声波的频率可以与噪声声波的频率不同D.降噪声波的传播速度比环境噪声声波的传播速度快【答案】B【解析】降噪应用的是声波的干涉原理，频率相同、相位相反的两列声波叠加，使噪声振动相互抵消。从图丙可知，两列波在任意位置振动始终减弱，噪声能量被抵消，故A错误，B正确；降噪声波的频率必须和环境噪声频率相同，相位差恒定，以便于发生稳定干涉相消，故C错误；声波在同种均匀介质中传播速度相同，故D错误。故选B。4.中国空间站“天宫”自2022年底全面建成以来长期在轨运行。设“天宫”在地球附近做匀速圆周运动，如图中实线所示。在某次定期调整运行轨道时，“天宫”在P点沿图中箭头所指径向，极短时间内喷射气体，使其获得一定的反冲速度，从而实现变轨。变轨后的轨道如图中虚线所示，其半长轴大于原轨道半径。则(  )A.天宫变轨前、后的机械能相同B.天宫变轨后的运动周期比变轨前的小C.天宫变轨后在近地点的速度比远地点的大D.天宫变轨前的速度比变轨后在近地点的大【答案】C【解析】变轨过程中，天宫喷射气体，发动机对天宫做正功，机械能发生改变，变轨后轨道高度增加，机械能更大，故A错误；根据开普勒第三定律a3T2=k，变轨后轨道半长轴a大于原轨道半径，因此变轨后周期更大，故B错误；根据开普勒第二定律，近地点速度大于远地点速度，故C正确；“天宫”在P点沿径向喷气后，获得径向速度分量，而切向速度v0不变。在喷气点P，径向速度不为零，因此该点不是新椭圆轨道的近地点。由速度的矢量合成可知，“天宫”变轨后在P点的速度vP大于变轨前做匀速圆周运动的速度v0。又由开普勒第二定律，可知变轨后在近地点的速度v近大于5.自动投料机通过控制系统对绝缘性良好的陶瓷粉末进行投放。工作时保持开关闭合，如图所示，随着陶瓷粉末的持续减少，下列说法正确的是(  )A.电路中电流方向b→a B.电极两端电压变大

C.电极间的电容变大 D.电容器内存储的电场能增加【答案】A【解析】该装置可等效为电容器，开关保持闭合，电容器始终与电源相连，电极两端电压U不变，B错误；陶瓷粉末减少，极板间电介质的平均相对介电常数εr减小，由C=ϵrS4πkd可知电容C减小，C错误；由Q=CU知带电量Q减小，电容器放电。放电时，正电荷从正极板(左)流向负极，等效电流方向为b→a，A正确；电容器放电，电容器内存储的电场能减少，故6.如图所示为水火箭发射与回收的情景。发射时，水火箭靠反冲推力竖直加速上升；推力衰竭后，水火箭减速上升至最高点。随后自由下落，到达预设高度时打开降落伞减速，最终平稳降落到地面。整个过程中，水火箭的运动图像可能正确的是(  )A. B.

C. D.【答案】C【解析】s−t图像的斜率表示速度。速度先增大后减小，故s−t图像切线斜率应先增大后减小；且在最高点速度为零，图像切线应水平，不能出现尖角，故A错误；取竖直向上为正方向。发射时加速上升，加速度a>0；推力衰竭后减速上升，加速度方向向下，a<0。图B中前两段时间内加速度均为正值，表示物体一直做加速运动，与“减速上升”不符，故B错误；v−t图像的斜率表示加速度，t轴上方第一部分(v增大)对应加速上升；第二部分(v减小)对应减速上升；t轴下方第三部分(|v|增大)对应自由下落；第四部分(|v|减小)对应打开降落伞减速下降，最终速度趋于零。C图像完整正确地描述了全过程，故C正确；t轴下方(下落阶段)，速度大小一直在增大，只体现了自由下落过程，没有体现“打开降落伞减速”这一过程，故D错误。故选C。7.如图所示，一交流发电机的线圈匝数N=500、面积S=0.1m2，线圈电阻不计；匀强磁场的磁感应强度B=0.10T。发电机与一理想变压器相连，变压器副线圈接有阻值R=10Ω的定值电阻。已知发电机转子以角速度ω=6rad/s匀速转动，下列说法正确的是(  )A.通过线圈的磁通量最大值为ΦB.用电压表测得发电机输出的电压为30VC.当原、副线圈匝数比为1∶2时，测得流经R的电流为3D.仅使原线圈的匝数变为原来的2倍，则R上消耗的功率变为原来的一半【答案】C【解析】穿过线圈的磁通量和线圈匝数无关，最大值Φm=BS=0.10T×0.1m2=0.01Wb，故A错误；发电机线圈感应电动势的最大值Em=NBSω=500×0.10T×0.1m2×6rads=30V，交流电压表测量的是有效值，根据正弦式交变电流最大值和有效值的关系可知，发电机输出电压的有效值U1=Em2=152V≈21.2V≠30V，故B错误；根据理想变压器电压比8.某同学用直角梯形玻璃砖和激光笔探究玻璃的光学特性。如图所示，激光从AO方向射向玻璃砖MN边的O点，经玻璃砖折射后从PQ边的O'点沿O'B方向射出玻璃砖，其中MN<MP。下列说法正确的是(  )A.AO与O'B平行B.该玻璃的折射率为6C.该玻璃砖的全反射临界角为45°D.逐渐增大激光的入射角，激光在MP面会发生全反射【答案】CD【解析】由于梯形的上下底MN和PQ不平行，光线经过两界面的折射后，出射光线与入射光线方向不平行，故A错误；由题图可知已知入射光线AO在MN面的入射角为i=45°，折射角为r=30°，根据折射定律可得n=sinisinr=sin45°sin30°=2逐渐增大激光的入射角时，折射光线在PQ面的入射点由O'点逐渐移到P点，然后在PM面上由P点往M点方向移到，当激光刚移到MP面上的P点时，由于MN<MP，所以激光在MP面上入射角γ大于45°，激光在MP面会发生全反射，故D正确。故选CD。9.如图甲所示，弹力绳球是小朋友们喜爱的玩具。一根弹性轻绳(满足胡克定律)的下端连接一质量为m的小球，另一端用手拉住，现用手拿住小球并从静止释放，以释放点为坐标原点O，竖直向下为x轴正方向，小球受到的合外力F(竖直向下为正方向)与其位置坐标的关系如图乙所示。其中x1位置和x3位置合力大小相等，且x4位置为小球能到达的最低点。小球可视为质点，弹性轻绳始终在弹性限度内，不计空气阻力，重力加速度为g。下列说法中正确的是(  )A.弹性轻绳的劲度系数为mgB.小球在x4位置的加速度大小为xC.小球在x3位置的速度大小为2gD.在x3位置轻绳的弹性势能为mg(x3−x1)【答案】AD【解析】根据图乙可知，在x2处合力为0，此时小球受重力和绳的拉力平衡，由胡克定律及平衡条件有mg=k(x2-x1)，解得弹性轻绳的劲度系数k=mgx2-x1，故A正确；根据图乙可知，F-x图像的斜率表示劲度系数k，在x3处合力大小与x1处大小相等，即等于mg，则x4处合力为F=x4-x2x3-x2mg，由牛顿第二定律有F=ma，联立解得a=x4-x2x3-x2g，故B错误；由图乙，合力F在0-x₃位移内做的功等于F-x图像与x轴围成的面积，由图乙可知合力做功为mgx1，0~x3由动能定理可得mgx10.如图，在棱长为L的正方体ABCD−A′B′C′D′所在空间内，存在方向相同的匀强电场和匀强磁场(匀强磁场未画出)，其中电场方向平行于棱AA′且由A指向A′，电场强度大小为E。一带正电粒子从B点沿BA→方向射入该空间，初速度大小为v0，粒子恰好能从C′A.该电荷的比荷为8B.匀强磁场的磁感应强度为πC.该电荷在此空间中运动的时间为πLD.该电荷从C′点射出的速度大小为4【答案】ABC【解析】粒子在BB′方向做匀加速直线运动，有L=12at2=12⋅qEm⋅t2，粒子沿BC方向做匀速圆周运动，根据洛伦兹力提供向心力，qv0B=mv02r，粒子恰好能从C′点射出，则运动半圈，运动半径为r=L2，即有L2=mv0qB，运动时间为t=T2，而T=11.实验是物理学研究的重要方法。(1)在“用单摆测定重力加速度”的某次实验中，先用游标卡尺测摆球直径如图(a)所示，则d=                  cm，然后测得摆长L=100.00cm，30次全振动的时间为t=60.0s，则测量的重力加速度g=                  m/s2(结果保留3位有效数字)；(2)在“探究弹簧弹力的大小与形变量的关系”实验时，设计了如图(b)所示的实验装置。倾角为30°的斜面上固定有一深度为20cm、右端开口的圆筒，圆筒内侧左边筒底固定一原长小于筒深的轻弹簧，弹簧右端与一跨过光滑定滑轮的细线相连。实验时，通过改变细线上所挂钩码的质量m来改变弹簧伸出筒口右端的长度x，作出x-m的关系如图(c)所示，可得该弹簧的劲度系数k=                  N/m，原长l0=                  cm(重力加速度g取10m/s2)；(3)在“用油膜法估测油酸分子的大小”实验中，测得一滴油酸酒精溶液的体积为V，在带有坐标方格的玻璃板上，根据油膜轮廓统计方格数量，整格的为N1个，多于半格不足整格的数量为N2个，不足半格的数量为N3个，已知每格的面积为S，油酸酒精溶液的浓度为k，则油酸分子的直径为                  。【答案】(1)2.150；9.86(2)20；15(3)kV【解析】(1)20分度游标卡尺的精确值为0.05mm，主尺刻度为2.1cm，游标尺上第10刻度线与主尺对齐，可知摆球直径为d=2.1cm+10×0.05mm=21.50mm=2.150cm，然后测得摆长L=100.00cm，30次全振动的时间为(2)对钩码和弹簧系统，由平衡条件结合胡克定律可得mg=k(h+x-l0)，可得x=mgk+(3)多于半格不足整格的按整格计算，不足半格的不计，故总的格子数为N1+N2，油膜面积为S12.某兴趣小组用一个微安表头测量某元器件的电阻。实验器材：输出电压为10V直流稳压电源1台(电源内阻忽略不计)，电阻箱2个，100μA表头1只，待测元器件1个(额定电压6.3V)，开关1个，导线若干。(1)将表头G改装成量程为10V的直流电压表V请在图甲虚线框中将设计的电路图补充完整                  。闭合开关，调节电阻箱，使表头指针恰好满偏，此时电阻箱阻值为20kΩ，则表头内阻Rg=                  Ω；(2)测量元器件的电阻电路如图乙所示。图中，D为元器件，R为电阻箱。调节电阻箱R，记录改装后的电压表读数U和对应的电阻箱阻值R，某次测量中，微安表的表头示数如图丙，则改装后的电压读数为U=                  V；(3)数据处理和误差分析在直角坐标系中作出1R-1U图像如图丁所示，由图像可得该元器件的电阻约为                  Ω(结果保留三位有效数字)，该测量值                  (选填“偏大”或【答案】(1)

见解析；8×104(2)4.8(3)66.7；偏小【解析】(1)要将一个量程为Ig=100μA、内阻未知的表头改装成量程为U=10V的电压表，需利用串联分压原理，将一个大电阻与表头串联。电阻箱R用于提供分压电阻。电路如图所示由串联分压可知U=Ig(R(2)改装后表头满偏电流100μA对应10V，改装后的电压表，其刻度是均匀的，表头刻度与电压成正比，指针在48μA，对应的实际电压为U=(3)因输出电压为10V直流稳压电源1台(电源内阻忽略不计)，则U总=10V，由全电路的欧姆定律可知U总=U+UR⋅RD，整理可知1R=10RD⋅1U-13.某同学进行氨气喷泉实验时，发现溶液未能充满烧瓶。实验前，容积为V=1000mL的烧瓶内充有氨气，放置在铁架台上，如图甲所示，此时烧瓶内气体压强为大气压强p0=1.0×105Pa。现将滴管内少量的水(体积忽略不计)迅速挤入烧瓶，然后打开软管上的夹子，形成喷泉。稳定后，测得烧瓶与烧杯的液面高度差H=50cm，烧杯中的酚酞溶液减少了V1=700mL。已知氨气完全溶于水，混合溶液的密度约为ρ=1.0×103kg/m3、重力加速度取g=10m/s2。忽略导管与滴管的体积。求：(1)喷泉结束稳定后，烧瓶内气体的压强p；(2)气体中氨气所占的体积百分比η。【答案】(1)9.5×(2)71.5【解析】(1)喷泉稳定后，烧瓶内气体压强p与大气压的关系由液柱压强决定，p+ρgH=代入数据解得p=9.5×(2)氨气完全溶于水后，烧瓶内剩余气体为空气。设初始状态空气体积为V2，封闭气体做等温变化，由玻意耳定律可知代入数据解得V气体中氨气所占的体积百分比η=14.增程款电动汽车常配备轴向磁通永磁发电机，利用燃油提供的动力进行发电给电池充电，从而达到长续航目的。如图1轴向磁通永磁发电机结构原理图，可简化为如图2，8个彼此绝缘相互靠近的相同扇形线圈均匀分布组成定子固定不动，两侧的永磁体盘组成转子并随转轴一起转动。转子产生的磁场如图所示，磁感应强度大小均为B，定子上线圈内外半径分别为R、2R，每个线圈的电阻为r，线圈匝数为n，转子单个磁场、定子单个线圈所对圆心角均为45°。不计线圈电感及线圈间的空隙，不计摩擦、空气阻力。(1)若转子盘受到外力作用以角速度ω逆时针匀速转动(即线圈相对磁场顺时针运动)，求线圈中的感应电流变化的周期T；(2)在第(1)问的条件下，求单个线圈上产生的感应电动势E的大小；(3)在t0时间内消耗燃油的能量为E0，转化为电能的效率为η，每个线圈向汽车电池充电的电流维持为I，求这段时间充入电池的能量△E。【答案】(1)T=(2)E=3nBω(3)Δ【解析】(1)转子每转过90°，定转子相对位置重复一次，线圈内电流方向变化一个周期。线圈内电流变化的周期为T=转子的运动周期为T则线圈中的感应电流变化的周期为T=(2)每个线圈有两条有效边切割磁感线，单个线圈每边感应电动势为E每边中点的速度为v单个线圈两边产生的电动势方向相同，则单个线圈上产生的感应电动势为E=2联立解得E=3nBω(3)总共有8个线圈，单个线圈中产生的热量为Q=转子运动产生的电能为E电能一部分转化为线圈的焦耳热，剩余部分充入电池，充入电池的能量Δ联立解得Δ15.街式滑板比赛部分赛道可简化为如图所示模型：由倾角为θ=37°，L=258m的AB倾斜直轨道，BC水平直轨道和竖