2026-2027学年江苏省苏州市九年级(上)物理第一次月考模拟卷(四)含答案

苏州市2026-2027学年第一学期九年级物理第一次月考模拟卷（04）注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。3．测试范围：第11~12章，新教材苏科版。第Ⅰ卷一、选择题：本题共12小题，每小题3分，共36分。1．一位同学用20s从一楼走到三楼，他上楼的功率可能是()A．5WB．15WC．150WD．1500W2．起重机将一个重物先竖直向上匀速提升3m，再悬停5s，起重机对重物做功情况是()A．提升过程做了功，悬停过程做了功B．提升过程不做功，悬停过程不做功C．提升过程不做功，悬停过程做了功D．提升过程做了功，悬停过程不做功3．下列工具在使用过程中属于省力杠杆的是()钓鱼竿开瓶器A钓鱼竿开瓶器筷子食品夹筷子食品夹4．下列事例中，改变内能的方式与另外三个不同的是()A．酒精灯对水加热B．取暖器通电后发热C．古人钻木取火D．弹性小球越跳越低5．关于物质的比热容，下列说法中正确的是()A．吸收热量越多的物质，比热容一定越大B．“暖气”用水做介质，利用了水的比热容大的特性C．一瓶煤油用去一半，它的比热容变为原来的二分之一D．冰化成水，比热容不变6．下列实例中，不是通过做功改变物体内能的是()A．四冲程内燃机的做功冲程B．沸腾的水使茶壶盖跳动C．陨石坠入地球大气层成为流星D．夏天广场上的石凳被晒得发烫7．如图，小明用手提起哑铃，这一动作可以认为桡骨在肱二头肌的牵引下（作用点A）绕着肘关节C转动，从物理学的视角，可简化为一个杠杆在工作。在提起哑铃的过程中()A．此杠杆是一个省力杠杆B．此杠杆的动力是哑铃受到的重力C．肱二头肌作用点A移动距离小于哑铃的移动距离D．小明缓慢提起哑铃的过程中肱二头肌的拉力一直增大8．如图，古人旋转石磨来碾碎谷物，其中蕴含了很多物理原理，下列说法正确的是()A．石磨碾子很重是为了减小对谷物的压力B．向磨盘转轴处滴加菜籽油为了增大摩擦C．凿刻磨盘使其表面凹凸是为了减小摩擦D．握在石磨手柄远端，垂直推拉将更省力9．如图甲所示，用拉力F竖直向上匀速提升重720N的货物，货物移动的距离与时间的关系如图乙所示。滑轮的机械效率为90%，不计绳重和摩擦，则()A．绳子自由端移动的速度为0.5m/sB．动滑轮重80NC．拉力F的功率为360WD．拉力F为800N10．在水平地面上铺一张白纸，将皮球表面涂黑，使其分别从不同高度处自由下落，在纸上留下黑色圆斑A、B，如图所示。下列说法中正确的是()A．皮球下落过程中动能转化为重力势能B．形成圆斑B时皮球是从更高处下落的C．皮球落地后发生形变的过程中动能主要转化为弹性势能D．形成圆斑A时，皮球的形变程度更小11．关于温度、内能和热量，下列说法正确的是()A．高温物体将温度传给低温物体B．物体的温度越高，所含的热量越多C．温度高的物体，内能一定大D．内能相同的物体间可能发生热传递12．在如图所示的滑轮组中用20N的拉力，在10s内将重50N的物体匀速提升3m。则下列说法正确的是A．绳子自由端移动的速度为0.3m/sB．滑轮组对重物所做的功为150JC．拉力做功的功率为36WD．动滑轮重为10N第Ⅱ卷二、填空题：本题共8小题，每空1分，共22分。13．如图；小明用30N的水平推力F，将重力为100N的超市购物车沿水平方向推动了10m，所用的时间为20s，在此过程中，购物车的重力所做的功为J，小明对购物车做的功为J，他做功的功率为W。14．如图所示，斜面长s=10m，高h=4m。用沿斜面方向的推力F，将一个重为150N的物体由斜面底端A匀速推到顶端B，运动过程中物体克服摩擦力做了200J的功，运动过程中克服物体的重力做的功为W=J：斜面的机械效率为%；推力F的大小为N。15．如图所示的轻质杠杆中OB=2AB，所挂物体G重为12N，在A点施加竖直向上的力F使杠杆在水平位置平衡，此时F的大小为N，若将杠杆逆时针缓慢转动30O，且力F始终与杠杆垂直，在这个过程中F将（选填“变大”、“变小”或“不变”）16．一名跳伞运动员跳离飞机，当降落伞张开后，他开始减速下降，此时他的重力势能，他的动能，机械能。17．燃烧煤使100kg的水温度从20℃升高到60℃,水需要吸收的热量是J；若煤燃烧释放的热量有20%被水吸收，则需完全燃烧kg的煤。[煤的热值为q＝2.4×107J/kg，18．汽油机飞轮转速是7200r/min，在1s内汽油机对外做功的次数次；端午节粽子飘香，煮粽子时，是通过方式改变它的内能；19．如图所示为某品牌汽车的“四缸”四冲程汽油发动机，已知飞轮的转速为2400r/min，每一个做功冲程中燃气对活塞做功均为450J。就拿一个汽缸来说，在1min内燃气对活塞做的功为J，这台发动机的最大输出功率是kW；若以最大输出功率行驶时的耗油量10L/h，该发动机的效率为 20．火箭加速升空过程中，对于火箭搭载的卫星来说，动能，重力势能。在卫星进入预定轨道后，由近地点向远地点运动过程中机械能（选填“变大”“变小”“不变”），飞行过程中燃料的质量逐渐减少，燃料热值（选填“变小”或“不变”）。三、作图题：本题共2小题，21题2分，22题4分，共6分。212分）杠杆OA可绕O点转动，受力情况如图所示。请作出阻力F2的力臂l2。224分）按要求作图(1)要使轻质杠杆在图甲所示位置平衡，画出最小动力F1的示意图和阻力臂l2。(2)如图乙所示，人要站在地面提升重物，请在图中画出滑轮组的绕线方法。四、实验题：本题共4小题，每空1分，共24分。23．小李利用如图所示的装置来探究“杠杆的平衡条件”，实验中所用钩码的质量均为50g。请你帮助他完成实验（g取10N/kg）。(1)杠杆静止时的位置如图A所示，此时杠杆处于（选填“平衡”或“不平衡”）状态。为了使杠杆静止时处于水平位置，接下来的操作是将杠杆的平衡螺母向（选填“左”或“右”）移动；(2)调节平衡后，如图B所示，在杠杆的左边甲处挂四个钩码，要使杠杆在水平位置平衡，应在杠杆右端乙处挂同样的钩码个；(3)实验中小明发现用图C所示的方式悬挂钩码，杠杆也能在水平位置平衡，但老师建议不宜采用这种方式，其主要原因为；A．一个人无法独立操作B．不方便测量力臂C．力和力臂数目过多，不易得出结论D．杠杆受力不平衡(4)在杠杆乙点用如图D所示的动力F拉杠杆，此时杠杆的类型与（选填“筷子”、“老虎钳”或“托盘天平”）相同；(5)如图E所示，用弹簧测力计拉杠杆的丙点，当弹簧测力计由位置1转至位置2的过程中，测力计示数变化情况是（选填“变小”、“变大”、“先变小后变大”、“先变大后变小”或“不变”）；24．小明和小华在测“滑轮组机械效率”的实验中，组装好如图所示的实验装置，他们分别记下了钩码和弹簧测力计的位置。(1)实验时，小明在实验操作中拉力的方向应，且应匀速拉动弹簧测力计。他用滑轮组做了三次实验，实验数据记录如下表：次数钩码重力G/N钩码上升的高度h/cm拉力F/N绳端移动的距离s/cm机械效率η110.530220.83083.3%310.54050.0%(2)根据表中数据可以判断出第一次实验所选择的是（选填“甲”或“乙”）滑轮组；(3)第一次实验中滑轮组的机械效率为精确到0.1%）(4)分析1、2次实验的数据可知，使用相同的滑轮组提升物体时，物体的重力越（选填“大”或“小”），滑轮组的机械效率越高；(5)机械效率是机械性能的一个重要标志，结合生产生活实际，分析实验数据可知，下列提高滑轮组机械效率的措施中不可行的是（填字母）；A．增加所提物重B．减轻机械自重C．机械摩擦处加润滑油D．增加重物上升高度25．小明在探究“物体的动能、重力势能大小跟哪些因素有关”的实验：(1)实验中探究的动能是指（填字母）；A．金属球在斜面上的动能B．金属球撞击木块前瞬间的动能C．金属球撞击木块后的动能D．木块被金属球撞击后的动能(2)如图甲、乙所示，小明利用斜面、钢球（m<M）、木块等器材进行实验，实验中小球撞击木块时的动能由小球的能转化而来的，通过观察来反映物体动能的大小；(3)由甲、乙两图可以得出的结论是：；(4)在探究“动能大小与质量的关系”时将实验装置改进成如丙图所示，利用质量不同的铁球将弹簧压缩相同形变程度由静止释放，撞击同一木块。该实验方案（选填“可行”或“不可行”），若按此方案操作，他会看到不同质量的小球撞击木块移动距离选填“相同”或“不同”）26．小明为比较A、B两种液体吸热能力的差异，小明设计了如图1所示的对比实验。实验装置完全相同，烧杯内两种液体的液面相平，测得实验数据如表所示。加热时间/min0123A的温度/℃20242832B的温度/℃20283644(1)两种液体吸收热量的多少可通过______（选填“物体升高的温度”、“加热时间”）比较。方案设计中有一处错误是______(2)改正错误后，测得实验数据如表所示，可推测A、B的比热容之比为______；两种液体相比较，更适合作电暖器导热液体；______(3)为了比较不同燃料燃烧放热能力的差异，小明设计了如图2甲、乙所示的两组对比实验，实验装置完全相同，燃料的质量，烧杯内水的初温相同。实验中忽略热量的散失，设两种燃料燃烧时均匀放热。实验中还应控制燃料燃烧的（填“时间”或“质量”）相同，燃料1与燃料2的热值之比为 ,燃烧率是燃料燃烧放出热量的多少与燃烧时间的比值，则燃料1的燃烧率为燃料2的燃烧率五、计算题：本题共2小题，每小题6分，共12分。27．小明想知道家中利用天然气加热水壶烧水时的效率是多少。他将装有2kg水的水壶放到天然气灶上去加热，用温度计测量水壶中的水温，在水温从20OC升高至80OC的过程中，观察到天然气表的数字变化了0.035m3。已知水的比热容c水为4.2×103J/(kg.OC)，天然气的热值q天为4.0×107J/m3。求：(1)在这个过程中，水吸收的热量；(2)完全燃烧0.035m3的天然气，释放的热量；(3)用天然气加热水壶烧水时的效率。28．暑假期间，马子豪随爸爸用图甲所示的滑轮组运送货物上楼，图乙记录了在整个过程中滑轮组的机械效率随货物重力增加而变化的图像，当在20s内将重100N货物匀速提升1m时，滑轮组的机械效率是50%，不考虑绳重和摩擦。求：(1)动滑轮的重G动；(2)此时拉力的功率P；(3)若用该滑轮组将400N的重物匀速提升时，机械效率是多大。答案与解析一、选择题：本题共12小题，每小题3分，共36分。1．一位同学用20s从一楼走到三楼，他上楼的功率可能是()A．5WB．15WC．150WD．1500W 【详解】上楼功率为克服自身重力做功的功率，公式为中学生质量中学生质量m≈50kg，一层楼高约3m，一楼到三楼上升高度h=2×3m=6m上楼的功率=150W计算结果与C选项一致，故选C。2．起重机将一个重物先竖直向上匀速提升3m，再悬停5s，起重机对重物做功情况是()A．提升过程做了功，悬停过程做了功C．提升过程不做功，悬停过程做了功B．提升过程不做功，悬停过程不做功D．提升过程做了功，悬停过程不做功【答案】【答案】D【详解】提升过程：起重机对重物施加了向上的拉力，重物也沿拉力方向移动了3m的距离，所以提升过程做了功。悬停过程：起重机虽然仍对重物施加向上的拉力，但重物没有移动距离，不满足做功条件，所以悬停过程不做功。因此提升过程做了功，悬停过程不做功，故D符合题意，ABC不符合题故选D。3．下列工具在使用过程中属于省力杠杆的是()B.D.开瓶器食品夹【答案】【答案】B【详解】ACD.钓鱼竿、筷子、食品夹在使用过程中，动力臂均小于阻力臂，属于费力杠杆，故ACD不符合题意；B.开瓶器在使用过程中，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故B符合题意。故选B。4．下列事例中，改变内能的方式与另外三个不同的是()A．酒精灯对水加热C．古人钻木取火B．取暖器通电后发热D．弹性小球越跳越低【答案】A【答案】A【详解】A．酒精灯对水加热，水吸收热量，内能增加，通过热传递的方式改变水的内能；B．取暖器通电后发热，电流做功将电能转化为取暖器的内能，是通过做功改变物体的内能；C．钻木取火时，克服木材间的摩擦力做功，将机械能转化为木头的内能，是通过做功改变物体的内D．小球在弹跳过程中，由于存在空气阻力，小球的机械能有一部分要克服空气阻力做功，即要转化为内能，属于做功改变物体的内能。改变内能的方式与另外三个不同的是A。故选A。5．关于物质的比热容，下列说法中正确的是()A．吸收热量越多的物质，比热容一定越大B．“暖气”用水做介质，利用了水的比热容大的特性C．一瓶煤油用去一半，它的比热容变为原来的二分之一D．冰化成水，比热容不变【答案】【答案】B【详解】AC．比热容是物质的一种特性，与物质的种类、状态有关，和物体吸收热量的多少、温度的高低、质量的大小都没有关系，故AC错误；B．因为水的比热容较大，降低相同的温度，放出的热量多，屋子里更暖和，所以暖气用水做介质，利用了水的比热容较大的特性，故B正确；D．水的比热容为4.2×103J/（kg•℃),冰的比热容为2.1×103J/（kg•℃),所以一块冰化成水后，其比热容增大，故D错误。故选B。6．下列实例中，不是通过做功改变物体内能的是()A．四冲程内燃机的做功冲程B．沸腾的水使茶壶盖跳动C．陨石坠入地球大气层成为流星D．夏天广场上的石凳被晒得发烫【答案】【答案】D【详解】【详解】A．高温高压燃气推动活塞做功，将燃气的内能转化为活塞的机械能，属于通过做功改变物体内能，故A不符合题意；B．壶内水蒸气膨胀对壶盖做功，将水蒸气的内能转化为壶盖的机械能，属于通过做功改变物体内能，故B不符合题意；C．陨石下落时克服空气摩擦做功，将机械能转化为内能使其温度升高发光，属于通过做功改变物体内能，故C不符合题意；D．石凳吸收太阳辐射的热量导致温度升高，属于通过热传递改变物体内能，没有发生机械能与内能的相互转化，故D符合题意。故选D。7．如图，小明用手提起哑铃，这一动作可以认为桡骨在肱二头肌的牵引下（作用点A）绕着肘关节C转动，从物理学的视角，可简化为一个杠杆在工作。在提起哑铃的过程中()A．此杠杆是一个省力杠杆B．此杠杆的动力是哑铃受到的重力C．肱二头肌作用点A移动距离小于哑铃的移动距离D．小明缓慢提起哑铃的过程中肱二头肌的拉力一直增大【答案】【答案】C【详解】A．此杠杆的动力臂远小于阻力臂，属于费力杠杆，不是省力杠杆，故A错误；B．动力是肱二头肌对桡骨的拉力，哑铃受到的重力是阻力的来源，不是动力，故B错误；C．A点（肱二头肌作用点）离支点更近，哑铃离支点更远，杠杆转动相同角度时，作用点移动距离和到支点的距离成正比，因此A点移动距离小于哑铃的移动距离，故C正确；D．根据杠杆平衡条件F1L1=GL2，提起哑铃过程中，阻力G不变，阻力臂L2（支点到阻力作用线的垂直距离）逐渐减小，动力臂L1不变，因此肱二头肌的拉力F1会逐渐减小，不是一直增大，故D错误。故选C。8．如图，古人旋转石磨来碾碎谷物，其中蕴含了很多物理原理，下列说法正确的是()A．石磨碾子很重是为了减小对谷物的压力B．向磨盘转轴处滴加菜籽油为了增大摩擦C．凿刻磨盘使其表面凹凸是为了减小摩擦D．握在石磨手柄远端，垂直推拉将更省力【答案】【答案】D【详解】A．碾子“重”意味着对谷物的压力大，在受力面积基本不变的情况下，压强随之增大，目的是更容易把谷物碾碎，故A错误；B．滴加油类是为了让接触面“更光滑”或“被油膜隔开”，这是典型的减小摩擦措施，目的是让石磨转动更顺畅，故B错误；C．表面“凹凸不平”会增大接触面的粗糙程度，从而增大摩擦力，这样谷物在碾压过程中更不容易滑动，更容易被磨碎，故C错误；D．石磨手柄可视为一个杠杆，支点在转轴处。“握在远端”说明动力臂L₁更大；“垂直推拉”说明力臂达到最大值，阻力和阻力臂不变，根据杠杆公式，动力F₁就会最小，最省力，故D正确。故选D。9．如图甲所示，用拉力F竖直向上匀速提升重720N的货物，货物移动的距离与时间的关系如图乙所示。滑轮的机械效率为90%，不计绳重和摩擦，则()A．绳子自由端移动的速度为0.5m/sB．动滑轮重80NC．拉力F的功率为360WD．拉力F为800N【答案】【答案】B【详解】A．由图乙可知，当货物上升2m,所用的时间为4s,则货物移动的速度为由图可知n=2，绳子自由端移动的速度为故A不符合题意；B．不计绳重和摩擦，拉力F为解得解得G动=80NC．拉力F的功率为故C不符合题意；D．该动滑轮的机械效率为解得F=400N故D不符合题意。故选B。10．在水平地面上铺一张白纸，将皮球表面涂黑，使其分别从不同高度处自由下落，在纸上留下黑色圆斑A、B，如图所示。下列说法中正确的是()A．皮球下落过程中动能转化为重力势能B．形成圆斑B时皮球是从更高处下落的C．皮球落地后发生形变的过程中动能主要转化为弹性势能D．形成圆斑A时，皮球的形变程度更小【答案】【答案】C【详解】A．皮球自由下落时高度降低、速度增大，重力势能主要转化为动能，故A错误；B．皮球从越高处下落，落地时速度越大，形变程度越大，留下的圆斑越大；图中B圆斑较小，因此形成圆斑B时不是从更高处下落，故B错误；C．皮球落地后发生形变时，速度减小、形变程度增大，动能主要转化为弹性势能，故C正确；D．图中A圆斑较大，说明形成圆斑A时皮球的形变程度更大，故D错误。故选C。11．关于温度、内能和热量，下列说法正确的是()A．高温物体将温度传给低温物体B．物体的温度越高，所含的热量越多C．温度高的物体，内能一定大D．内能相同的物体间可能发生热传递【答案】【答案】D【详解】A．热传递过程中传递的是热量，不是温度，故A错误；BB．热量是过程量，仅存在于热传递过程中，不能表述为物体“所含的热量”，故B错误；C．内能大小与物体的温度、质量、状态均有关，仅温度高无法判断内能一定大，故C错误；D．热传递发生的条件是两物体存在温度差，内能相同的物体温度可能不同，因此可能发生热传递，故D正确。故选D。12．在如图所示的滑轮组中用20N的拉力，在10s内将重50N的物体匀速提升3m。则下列说法正确的是A．绳子自由端移动的速度为0.3m/sB．滑轮组对重物所做的功为150JC．拉力做功的功率为36WD．动滑轮重为10N【答案】【答案】B【详解】A．由题可知，承担物重绳子的股数是n=3，则绳子自由端移动的距离s=3h=3×3m=9m绳子自由端移动的速度=0.9m/s，故A错误；B．提升重物过程的有用功W有=Gh=50N×3m=150J，故B正确；C．拉力做功的功率=18W，故C错误；D．若不计绳重和摩擦，动滑轮重G动=nF-G=3×20N-50N=10N而题目中并未说明不计绳重和摩擦，故D错误。故选B。二、填空题：本题共8小题，每空1分，共22分。13．如图；小明用30N的水平推力F，将重力为100N的超市购物车沿水平方向推动了10m，所用的时间为20s，在此过程中，购物车的重力所做的功为J，小明对购物车做的功为J，他做功的功率为W。【答案】030015【详解】[1]购物车在水平方向上移动10m，重力的方向竖直向上，购物车没有在重力的方向上移动距离，所以购物车的重力不做功。[2][3]小明对购物车做功为W=Fs=30N×10m=300J小明做功的功率=15W14．如图所示，斜面长s=10m，高h=4m。用沿斜面方向的推力F，将一个重为150N的物体由斜面底端A匀速推到顶端B，运动过程中物体克服摩擦力做了200J的功，运动过程中克服物体的重力做的功为W=J：斜面的机械效率为%；推力F的大小为N。【答案】【答案】6007580【详解】克服重力所做的功为有用功，则W有=Gh=150N×4m=600J因推力做的总功等于克服重力做的功与克服摩擦做的功之和，故总功则斜面的机械效率×100%=×100%=75%由功的公式可得，推力为=80N15．如图所示的轻质杠杆中OB=2AB，所挂物体G重为12N，在A点施加竖直向上的力F使杠杆在水平位置平衡，此时F的大小为N，若将杠杆逆时针缓慢转动30O，且力F始终与杠杆垂直，在这个过程中F将（选填“变大”、“变小”或“不变”）【答案】【答案】8变小【详解】[1]由题可知，在竖直向上的力F的作用下，杠杆在水平位置平衡，根据杠杆的平衡条件可知由题可知由题可知OB=2AB，OA=OB+AB则力F的大小是：则F的大小为8N。[2]杠杆逆时针转动30°后，阻力臂会变小，力F仍与杠杆垂直，动力臂不变，根据杠杆的平衡条件可知，当阻力和动力臂不变时，阻力臂变小，则动力变小，所以F将变小。16．一名跳伞运动员跳离飞机，当降落伞张开后，他开始减速下降，此时他的重力势能，他的动能，机械能。【答案】【答案】减小减小减小【详解】重力势能的大小与物体的质量和高度有关，运动员下降过程中质量不变，高度降低，因此重力势能减小。动能的大小与物体的质量和速度有关，运动员减速下降时质量不变，速度减小，因此动能减小。机械能等于动能与重力势能的总和，由于动能和重力势能均减小，所以机械能减小。17．燃烧煤使100kg的水温度从20℃升高到60℃,水需要吸收的热量是J；若煤燃烧释放的热量有20%被水吸收，则需完全燃烧kg的煤。[煤的热值为q＝2.4×107J/kg，【答案】【答案】1.68×1073.5水吸收的热量Q吸=c水mΔt=4.2×103J/kg·°C×100kg×40°C=1.68×107J得，煤完全燃烧放出的热量=8.4×107J根据Q放=mq得，煤的质量=3.5kg18．汽油机飞轮转速是7200r/min，在1s内汽油机对外做功的次数次；端午节粽子飘香，煮粽子时，是通过方式改变它的内能；【答案】【答案】60热传递【详解】先将飞轮转速单位换算为每秒转动的圈数7200r/min=120r/s汽油机一个工作循环中，飞轮转动2周，对外做功1次，因此1s内对外做功的次数为60次。煮粽子时，内能从高温的水转移到粽子，是通过热传递的方式改变粽子的内能。19．如图所示为某品牌汽车的“四缸”四冲程汽油发动机，已知飞轮的转速为2400r/min，每一个做功冲程中燃气对活塞做功均为450J。就拿一个汽缸来说，在1min内燃气对活塞做的功为J，这台发动机的最大输出功率是kW；若以最大输出功率行驶时的耗油量10L/h，该发动机的效率为 【答案】【答案】5.4×105/5400003638.4【详解】由四冲程汽油机工作特点可知，飞轮每转2圈，单个汽缸对外做功1次。单个汽缸1min内做单个汽缸1min内燃气做功W1=nW0=1200×450J=5.4×105J因发动机为四缸结构，故1min内总功W总=4W1=4×5.4×105J=2.16×106J发动机的最大输出功率=36kW1h消耗汽油的质量m=P汽油V=0.75×103kg/m3×10×10-3m3=7.5kg汽油完全燃烧放出的热量Q放=mq汽油=7.5kg×4.5×107J/kg=3.375×108J该发动机的效率×100%=×100%=38.4%20．火箭加速升空过程中，对于火箭搭载的卫星来说，动能，重力势能。在卫星进入预定轨道后，由近地点向远地点运动过程中机械能（选填“变大”“变小”“不变”飞行过程中燃料的质量逐渐减少，燃料热值（选填“变小”或“不变”）。【答案】【答案】变大变大不变不变【详解】火箭加速升空过程中，卫星质量不变、速度增大，动能变大；卫星质量不变、高度升高，故重力势能变大；卫星进入预定轨道后运动时不受空气阻力，仅发生动能和势能的相互转化，故由近地点向远地点运动过程中机械能不变；热值是燃料的固有属性，仅与燃料种类有关，与质量无关，故燃料质量减少时热值不变。三、作图题：本题共2小题，21题2分，22题4分，共6分。212分）杠杆OA可绕O点转动，受力情况如图所示。请作出阻力F2的力臂l2。【答案】【详解】力臂是支点到力的作用线的距离，反向延长阻力F2，过支点O作阻力F2作用线的垂线段，即为力臂l2。据此作图。224分）按要求作图(1)要使轻质杠杆在图甲所示位置平衡，画出最小动力F1的示意图和阻力臂l2。(2)如图乙所示，人要站在地面提升重物，请在图中画出滑轮组的绕线方法。【答案】(1)(2)【详解】（1）根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2，阻力和阻力臂固定时，动力臂越长，动力越小；阻力臂是支点到阻力作用线的垂直距离。从支点O向阻力F2的作用线作垂线，所得垂线段就是阻力臂l2；支点到杠杆端点B的距离最长，即OB为最长动力臂，过B点作垂直于OB、方向向上的带箭头线段，就是最小动力F1。（2）人站在地面拉重物，绳子自由端需要向下。将绳子的一端固定在上方定滑轮的下端挂钩，然后向下绕过下方动滑轮，再向上绕回定滑轮，末端向下引出，即可满足要求。四、实验题：本题共4小题，每空1分，共24分。23．小李利用如图所示的装置来探究“杠杆的平衡条件”，实验中所用钩码的质量均为50g。请你帮助他完(1)杠杆静止时的位置如图A所示，此时杠杆处于（选填“平衡”或“不平衡”）状态。为了使杠杆静止时处于水平位置，接下来的操作是将杠杆的平衡螺母向（选填“左”或“右”）移动；(2)调节平衡后，如图B所示，在杠杆的左边甲处挂四个钩码，要使杠杆在水平位置平衡，应在杠杆右端乙处挂同样的钩码个；(3)实验中小明发现用图C所示的方式悬挂钩码，杠杆也能在水平位置平衡，但老师建议不宜采用这种方式，其主要原因为；A．一个人无法独立操作B．不方便测量力臂C．力和力臂数目过多，不易得出结论D．杠杆受力不平衡(4)在杠杆乙点用如图D所示的动力F拉杠杆，此时杠杆的类型与（选填“筷子”、“老虎钳”或“托盘天平”）相同；(5)如图E所示，用弹簧测力计拉杠杆的丙点，当弹簧测力计由位置1转至位置2的过程中，测力计示数变化情况是（选填“变小”、“变大”、“先变小后变大”、“先变大后变小”或“不变”【答案】【答案】(1)平衡左(2)3(3)C(4)托盘天平(5)先变小后变大【详解】（1）杠杆平衡状态是指杠杆静止或匀速转动，图A中杠杆静止，因此处于平衡状态；图A中杠杆右端下沉、左端上翘，为使杠杆在水平位置平衡，需将平衡螺母向偏高的左端移动，即向左移动。（2）设每个小格长度为L，根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2，左侧4个钩码，力臂为3L，设右侧乙挂n个同样的钩码，得4G×3L=nG×4L解得n=3，因此乙处需要挂3个钩码。（3）图C中杠杆左侧多个位置分别悬挂钩码，会出现多个动力、多个动力臂，力和力臂数目过多，变量复杂，不利于归纳杠杆平衡规律，故选C。（4）图D中动力F作用在杠杆乙点，每个小格长度为L，根据动力方向与水平方向的夹角，易知动力臂为2L，此时阻力臂也是2L，故动力臂等于阻力臂，杠杆为等臂杠杆；筷子是费力杠杆（动力臂小于阻力臂老虎钳是省力杠杆（动力臂大于阻力臂托盘天平是等臂杠杆，因此与托盘天平相同。（5）弹簧测力计由位置1转至位置2时，动力臂先变大（转到与杠杆垂直时，动力臂最大）后变小；根据杠杆平衡条件根据杠杆平衡条件F1l1=F2l2，阻力和阻力臂不变，动力臂先变大则动力变小，动力臂后变小则动力变大，因此测力计示数先变小后变大。24．小明和小华在测“滑轮组机械效率”的实验中，组装好如图所示的实验装置，他们分别记下了钩码和弹簧测力计的位置。(1)实验时，小明在实验操作中拉力的方向应，且应匀速拉动弹簧测力计。他用滑轮组做了三次实验，实验数据记录如下表：次数钩码重力G/N钩码上升的高度h/cm拉力F/N绳端移动的距离s/cm机械效率η110.530220.83083.3%310.54050.0%(2)根据表中数据可以判断出第一次实验所选择的是（选填“甲”或“乙”）滑轮组；(3)第一次实验中滑轮组的机械效率为精确到0.1%）(4)分析1、2次实验的数据可知，使用相同的滑轮组提升物体时，物体的重力越（选填“大”或“小”滑轮组的机械效率越高；(5)机械效率是机械性能的一个重要标志，结合生产生活实际，分析实验数据可知，下列提高滑轮组机械效率的措施中不可行的是（填字母A．增加所提物重B．减轻机械自重C．机械摩擦处加润滑油D．增加重物上升高度【答案】【答案】(1)竖直向上(2)甲(3)66.7%(4)大(5)D【详解】（1）实验时，小明在实验操作中拉力的方向应竖直向上，且应匀速缓慢地拉动弹簧测力计，这样才能使弹簧测力计示数稳定且便于读数，减小实验误差。（2）如图所示，甲图中动滑轮上绕3条绳子，则绳子自由端移动的距离是物体上升高度的3倍；乙图中动滑轮上绕4条绳子，则绳子自由端移动的距离是物体上升高度的4倍；根据表中数据可以看出第一次实验中绳子自由端移动的距离是物体上升高度的3倍，所以可以判断出所选择的是甲滑轮组。（3）第一次实验中滑轮组的机械效率为≈66.7%（4）1、2次实验使用同一滑轮组，物重从1N增加到2N，有用功占总功的比例提升，机械效率从66.7%升高到83.3%，因此物体重力越大，滑轮组机械效率越高。（5）A．增加物重可提升有用功占比，提高机械效率，可行；B．减轻机械自重可减小额外功，提高机械效率，可行；C．摩擦处加润滑油可减小摩擦带来的额外功，提高机械效率，可行；D．根据η=可知机械效率和重物上升高度无关，增加高度无法改变机械效率，该措故选D。25．小明在探究“物体的动能、重力势能大小跟哪些因素有关”的实验：(1)实验中探究的动能是指（填字母A．金属球在斜面上的动能B．金属球撞击木块前瞬间的动能C．金属球撞击木块后的动能D．木块被金属球撞击后的动能(2)如图甲、乙所示，小明利用斜面、钢球（m<M）、木块等器材进行实验，实验中小球撞击木块时的动能由小球的能转化而来的，通过观察来反映物体动能的大小；(3)由甲、乙两图可以得出的结论是：；(4)在探究“动能大小与质量的关系”时将实验装置改进成如丙图所示，利用质量不同的铁球将弹簧压缩相同形变程度由静止释放，撞击同一木块。该实验方案（选填“可行”或“不可行”若按此方案操作，他会看到不同质量的小球撞击木块移动距离选填“相同”或“不同”）【答案】【答案】(1)B(2)重力势木块被撞击后在水平面上移动的距离大小(3)当物体的速度一定时，物体的质量越大，动能越大(4)不可行相同【详解】（1）本实验探究的是金属球到达水平面时即将撞击木块的动能，通过木块被撞击后移动的距离间接反映该动能大小。故选B。（（2）小球从斜面高处滚下时，高度降低、速度增大，自身的重力势能转化为动能。本实验使用转换法，将不易直接测量的动能大小，转换为容易观测的木块被撞击后移动的距离，木块滑行越远说明小球撞击前的动能越大。（3）甲、乙实验控制钢球下落高度相同，即到达水平面的速度相同，改变了钢球质量，质量更大的钢球推动木块更远，动能更大，因此得出结论：速度一定时，物体的质量越大，动能越大。（4）该方案中弹簧被压缩的形变程度相同，弹簧具有的弹性势能相同，释放后转化给不同质量小球的动能是相同的，没有控制小球撞击木块时的速度相同，不符合“探究动能与质量的关系”需要控制速度不变的要求，因此方案不可行。由于小球获得的动能大小相同，最终撞击木块后，木块移动的距离是相同的。26．小明为比较A、B两种液体吸热能力的差异，小明设计了如图1所示的对比实验。实验装置完全相同，烧杯内两种液体的液面相平，测得实验数据如表所示。加热时间/min0123A的温度/℃20242832B的温度/℃20283644(1)两种液体吸收热量的多少可通过______（选填“物体升高的温度”、“加热时间”）比较。方案设计中有一处错误是______(2)改正错误后，测得实验数据如表所示，可推测A、B的比热容之比为______；两种液体相比较，更适合作电暖器导热液体；______(3)为了比较不同燃料燃烧放热能力的差异，小明设计了如图2甲