2026届湖南省长沙市岳麓实验中学高三下学期二模物理试题（解析版）

高级名校物理试卷高级名校物理试卷PAGE2PAGE12026届湖南省长沙市岳麓实验中学高三下学期二模物理试题学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．将一束塑料包扎带一端打结，另一端撕成细条后，用手迅速捋细条，观察到细条散开了，如图所示。下列关于细条散开现象的分析中正确的是（）A．由于摩擦起电，细条带同种电荷，相互排斥散开B．撕成细条后，所受重力减小，细条自然松散C．撕成细条后，由于空气浮力作用使细条散开D．细条之间相互感应起电，相互排斥散开【答案】A【解析】由题意可知，塑料包扎带一端撕成细条后与手摩擦带电，带的是同种电荷，相互排斥，会向四周散开。故选A。2．下列关于电场强度的说法中，正确的是（

）A．在公式F=kQ1Q2r2中，kQ2r2是点电荷Q2产生的电场在点电荷QB．由公式E=Fq可知，电场中某点的电场强度E与试探电荷C．公式E=FD．由公式E=kQr2可知，在离点电荷非常近的地方（r→0【答案】A【解析】根据点电荷场强公式E=kQr2，在库仑力表达式F=kQ1Q2r2中，kQ2r2是点电荷Q2产生的电场在点电荷Q1处的场强大小；而kQ1r2是点电荷Q1产生的电场在点电荷Q2处场强的大小，A正确；由电场强度定义式E=Fq可知，电场中某点的电场强度E由电场本身决定，与试探电荷3．如图1所示，两个点电荷M、N固定在绝缘水平面上，图中的A点位于两点电荷连线的中垂线上，一带正电的粒子以竖直向上的初速度从A点运动，带电粒子的重力可忽略不计。已知该粒子在电场中运动时，其速度随时间的变化规律如图2所示，则下列说法错误的是（）A．点电荷M、N都带负电荷，但两点电荷所带的电荷量不一定相等B．带电粒子在t2时刻离MNC．中垂线上场强最大的位置在A点上方D．带电粒子在t2【答案】A【解析】由v-t图像可知，带电粒子在中垂线上向上做减速直线运动，加速度沿中垂线向下，由牛顿第二定律qE=ma可知场强方向沿中垂线向下，故M、N带等量负电荷，A错误；由v-t图像可知，带电粒子先向上减速，后向下加速，故t2时刻离MN的距离最远，B正确；根据v-t图像中图线的斜率表示加速度，可知带电粒子向上运动的过程中，粒子的加速度先增大后减小，故在A点上方具有最大加速度，故中垂线上场强最大位置在A点上方，C正确；由v-t图像可知，0~t2时间内粒子做减速运动，电场力做负功，试探电荷的动能转化为电势能，t2时刻，速度为0，电势能最大，由于在4．如图所示，带箭头的实线表示某电场的电场线，虚线表示该电场的等势面。A、B为电场中两点。下列说法中正确的是（）A．A点的电势比B点的电势高B．正电荷在A点的电势能大于在B点的电势能C．负电荷由A点运动到B点的过程中电场力做正功D．负电荷在A点受到的电场力小于在B点受到的电场力【答案】C【解析】根据沿电场线方向电势降低，可知A点的电势比B点的电势低，A错误；根据电势能表达式Ep=φ⋅q可知，正电荷在A点的电势能小于在B点的电势能，B错误；根据W电=-∆Ep可知，负电荷由A点运动到B点的过程中电势能增加，电场力做正功，C正确；根据电场线的疏密程度表示电场强弱可知，EA>EB，根据电场力公式5．如图甲所示，一个带正电的小球M从光滑绝缘桌面的边缘以水平向右的速度v0抛出，离开桌面后进入垂直纸面向外的匀强磁场，最后落到地板上，此过程中，M在水平方向的分速度一直向右；如图乙所示，一个带正电的小球N从光滑绝缘桌面的边缘以水平向右的速度vA．M的落地时间比N长B．M的落地速度比N大C．M在水平方向的分速度越来越小，N在水平方向的分速度越来越大D．落地时M、N的速度方向可能相同【答案】C【解析】由题意可知，M在下落过程中，除重力以外，还受洛伦兹力作用，在竖直方向，受重力和洛伦兹力竖直向下分力共同作用，由牛顿第二定律可知加速度大于重力加速度，N在下落过程中，在竖直方向，只受重力的作用，加速度等于重力加速度，两小球下落的高度相同，初速度都为0，根据h=12at2可知，M的落地时间比N短，A错误；分别对两球下落过程，应用动能定理可得mgh=12mvM2-12mv02，mgh+qEx=12mvN2-16．如图甲所示，竖直长直导线右侧固定的矩形线框与长直导线位于同一平面内，导线中通有向下的电流，当长直导线中的电流i随时间t变化的规律如图乙所示时，关于线框中的感应电流及线框受到的安培力，下列说法正确的是A．感应电流沿逆时针方向且逐渐增大，线框受到的安培力方向向左B．感应电流沿顺时针方向且逐渐增大，线框受到的安培力方向向右C．感应电流沿逆时针方向且逐渐减小，线框受到的安培力方向向左D．感应电流沿逆时针方向且逐渐减小，线框受到的安培力方向向右【答案】C【解析】由题意可知，直线电流方向向下，根据右手螺旋定则，知导线右侧磁场的方向垂直纸面向外，电流逐渐减小，则磁场逐渐减弱，根据楞次定律结论“增反减同”可知，金属线框中产生逆时针方向的感应电流。由i-t图像可知，直导线电流的变化率减小，则穿过线圈的磁场变化率也减小，由法拉第电磁感应定律E=∆BS∆t，可知感应电动势也减小，因此感应电流大小会减小；根据左手定则，知金属框左边受到的安培力方向水平向左，右边受到的安培力水平向右，离导线越近，磁场越强，则左边受到的安培力大于右边受到的安培力，所以金属框所受安培力的合力水平向左。故选二、多选题7．如图所示，直线A为电源a的路端电压与电流的关系图像，直线B为电源b的路端电压与电流的关系图像，直线C为电阻R两端的电压与电流的关系图像．电源a、b的电动势分别为Ea、Eb，内阻分别为ra、rb，将电阻R分别接到A．Ea>B．EC．R接到b电源上，电阻的发热功率与电源的效率都较高D．R接到a电源上，电源的输出功率较大，但电源效率较低【答案】ABD【解析】根据闭合电路欧姆定律U=E-Ir可知，U-I图像中图线与U轴的交点表示电动势，则Ea>Eb，图线的斜率绝对值表示内阻，则ra>rb，由题图可知两个电源的短路电流相同，即EaEb=rarb，AB正确；电源的热功率P热=I2r，由图看出，R接到b电源上，电路中电流较小，b8．电动势为E、内阻为r的电源与定值电阻R1、R2及滑动变阻器R连接成如下图所示的电路，当滑动变阻器的滑片由中点滑向A．定值电阻R1B．电压表和电流表的示数都减小C．电源内耗功率变大，电动势变小D．R中电流变化的绝对值大于电流表的示数变化的绝对值【答案】BD【解析】电动势E是电源的固有属性，外电路发生变化时，电动势不变，滑动变阻器的滑片由中点滑向a端时，接入电路的外电阻值R外变小，根据闭合电路欧姆定律可知干路电流I=ER外+r变大，根据P内=I2r可知内耗功率变大，C错误；路端电压U外=E-Ir变小，故电压表示数减小，I增大，故流过R1的电流变大，根据欧姆定律可知R1两端电压U1=IR1变大，则定值电阻R1的电功率P1=I2R1增大，R2两端的电压U2=U9．如图所示，在坐标系xOy内有一垂直于纸面的匀强磁场（图中未画出）。现使氘核（12H）和质子（11H）同时从x轴上的N点以相同大小的速度垂直于x轴射入磁场，在磁场中形成I、A．该匀强磁场的方向垂直坐标系xOy平面向里B．Ⅰ是氘核（12HC．当轨迹Ⅰ上的粒子第一次运动到a点时，轨迹Ⅱ上的粒子第一次回到N点D．当轨迹Ⅱ上的粒子第一次运动到b点时，轨迹Ⅰ上的粒子第一次回到N点【答案】AD【解析】由题意可知，粒子进入磁场后均做匀速圆周运动，由粒子的偏转方向结合左手定则可知，磁场方向垂直坐标系xOy平面向里，由牛顿第二定律可得qvB=m可知，粒子做圆周运动的半径R=即质量大的粒子运动轨迹的半径大，轨迹Ⅱ是氘核的运动轨迹，B错误；A正确；粒子在磁场中运动的周期t=2πRv=2πmqB，故氘核（12H）的运动周期是质子（11H）的运动周期的2倍，当轨迹Ⅱ上的粒子第一次运动到b点时，轨迹Ⅰ10．如图所示，通电螺线管中间正上方和左侧分别用绝缘细线静止悬挂着铝环a和b，两环平面与螺线管的中心轴线都垂直，b环的圆心在螺线管的中心轴上。当滑动变阻器R的滑片P向左滑动时，下列关于两环中产生的感应电流方向和受到的安培力方向的说法正确的是（）A．电流方向相同 B．电流方向相反C．受力方向a环向下、b环向右 D．受力方向a环向上、b环向左【答案】BD【解析】由题意可知，当滑动变阻器的滑片P向左移动时，接入电路中的电阻变小，由闭合电路欧姆定律可知电流变大，通电螺线管的磁性将增强，穿过线圈a和b的磁通量都变大，根据楞次定律可知，要阻碍磁通量的变大，线圈a将向上方磁场较弱的方向运动，而线圈b向左侧磁场较弱的方向运动；C错误；D正确；根据右手螺旋定则可知，螺线管产生的a处的磁场方向向右，当磁场增大时，根据楞次定律结论“增反减同”可知，a产生从左向右看逆时针方向的感应电流；b处磁场的方向向左，当磁场增大时，根据楞次定律结论“增反减同”可知，b产生从左向右看顺时针方向的感应电流。所以可知二者产生的电流方向相反，A错误；B正确。故选BD。三、实验题11．某同学欲用多用电表测量电压表的内阻．步骤如下：(1)他先将多用电表进行机械调零，再将多用电表的选择开关调至电阻“×1k”挡，之后进行欧姆调零．(2)将甲图中多用电表的红表笔与电压表的___________(填“+”或“－”)接线柱相接，黑表笔与另一接线柱相接．(3)此时指针位置如图乙所示，为了更准确地测量，应将选择开关调至电阻___________(填“×100”；或“×10”)挡，两表笔短接并调节旋钮___________(填“①”或“②”)．(4)按步骤(2)测量时，指针指在如图丙位置，则电压表的内阻为___________Ω【答案】（2）－；（3）×100，②；（4）2.2×103(2200或2.2k)【解析】(2)用多用电表的欧姆挡时内部电源被接通，根据“红入黑出”可知红表笔接电压表的负极。(3)选用“×1k”挡，调零后测量电压表的内阻，由乙图可知指针偏转角度很大，说明所选挡位太大，为减小读数误差，准确测量，应换小挡，由图可知，只有几千欧，应该将选择开关换成欧姆挡的“×100”挡位，然后进行欧姆调零，故短接两表针转动旋钮②．(4)由丙图图示表盘可知，RV=22×100=2200Ω12．用以下器材可测量电阻Rx的阻值。待测电阻Rx，阻值约为600Ω；电源E，电动势约为6.0V，内阻可忽略不计；电压表V1，量程500mV，内阻r1＝1000Ω；电压表V2，量程6V，内阻r2约为10kΩ；电流表A，量程0.6A，内阻r3约为1Ω；定值电阻R0，R0＝60Ω；滑动变阻器R，最大阻值为150Ω；单刀单掷开关S一个，导线若干。（1）测量中要求两只电表的读数都不小于其量程的13，并能测量多组数据，请在虚线框中画出测量电阻Rx的实验电路图__________（2）若选择测量数据中的一组来计算Rx，则由已知量和测量物理量计算Rx的表达式为Rx＝__________，式中各符号的意义是________________________________。【答案】（1）；（2）(U2-U1)R0r1U1(R0+r1)，U1为电压表【解析】（1）根据欧姆定律可知电路的最大电流约为Im＝ERx＝0.01A，电流表量程0.6A，太大，可以把电压表V1并联一个定值电阻改装成电流表，改装电流表采用内接法，由于电压表V1阻值为已知量，则电路图能够直接计算待测电阻两端的准确电压，电压表选择V（2）由电路图可得，流过被测电阻的电流为I＝U1r1+U1R0＝U1(R0+r1)R0r1，根据欧姆定律可知电阻Rx＝U2-U1四、解答题13．如图所示，在沿水平方向的匀强电场中有一固定点O，用一根长度为l=0.8m的绝缘细线把质量为m=0.4kg，带有正电荷q=3×10-3C的金属小球可视为质点悬挂在O点，小球静止在B点时细线与竖直方向的夹角为θ=37°。现将小球拉至位置A使细线水平伸直后由静止释放，（g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8（1）匀强电场的场强大小E；（2）A、C两点间的电势差UAC；（3）小球通过最低点C时细线对小球的拉力大小T。【答案】（1）1000N/C；（2）800V；（3）6N【解析】（1）对小球受力分析，可知受到电场力qE、重力mg和线的拉力作用处于静止，根据共点力平衡条件有qE=mg解得E=1000（2）根据匀强电场中电势差与电场强度关系可得U（3）小球从A点运动到C点的过程，重力做正功，电场力做负功，根据动能定理有mgl-qEl=设小球在最低点时细线对小球的拉力为T，竖直方向，根据牛顿第二定律有T-mg=解得T=614．在平面坐标系第Ⅰ象限内有沿x轴负方向的匀强电场，虚线PQ为在同一平面内的竖直直线边界，在第Ⅱ、Ⅲ象限内虚线PQ与y轴之间有垂直坐标平面向里的大小为B的匀强磁场。C、D两个水平平行金属板之间的电压为U。一质量为m、电荷量为q的带正电的粒子（不计粒子重力）从靠近D板的S点由静止开始做加速运动，从x轴上x=L处的A点垂直于x轴射入电场，粒子进入磁场时速度方向与y轴正方向θ=60°，不计粒子的重力。要使粒子不从PQ边界射出，求：(1)粒子运动到A点的速度大小v0(2)匀强电场的场强大小E；(3)虚线PQ与y轴之间磁场的最小宽度d。【答案】(1)2Uqmm；(2)3UL；【解析】（1）由题意可知，粒子在平行金属板间做加速运动，设粒子运动到A点的速度大小为v0，由动能定理得可得粒子运动到A点的速度大小v（2）设粒子进入磁场的速度为v，粒子在第Ⅰ象限电场中做类平抛运