2026届四川德阳市高三年级适应性练习物理试题 (解析版)

高级名校物理试卷PAGEPAGE12026届四川德阳市高三年级适应性练习物理试题1.2025年3月，国内首款C14核电池“烛龙一号”工程样机诞生。C14衰减到原来总量的23约需3352年，衰减到原来总量的13约需9082年，可知C14A.3352年 B.5730年 C.9082年 D.12434年【答案】B【解析】放射性元素的半衰期是指原子核半数发生衰变所需的时间，衰变规律满足m=m0(12)tT，其中T为半衰期，m为t时刻剩余的原子核质量，m0为初始质量。由题意可知，C142.现代农业已经开始采用无人机精准播种。无人机沿水平直线以速度v匀速飞行过程中，每隔相等时间△t由静止释放一颗种子。忽略空气作用力，关于相邻释放的两颗种子运动情况，分析正确的是(  )A.在空中时，彼此保持相对静止B.在空中时，水平方向距离为v△tC.落在同一水平地面时，距离为v△tD.在空中时，竖直方向高度差为1【答案】C【解析】由题意可知，种子被释放后在空中做平抛运动，水平方向以速度v匀速运动，竖直方向做自由落体运动，设后释放的种子运动时间为t，先释放的种子运动时间为t+Δt，相邻两颗种子竖直方向的速度差恒为Δv=g(t+Δt)-gt=gΔt，存在相对运动，距离越来越远，并非相对静止，A错误；飞机速度不变，可知两颗种子水平方向速度均为v，同一时刻水平位移相等，水平间距始终为0，B错误；根据h=12gt2可知，种子下落高度相同，在空中运动总时间相同，落地时间差为Δt，水平方向匀速运动，故落地水平间距Δx=vΔt，3.被业界称为“太空加油站”的“湖科大二号”卫星准确进入预定轨道，为太空中的卫星验证在轨燃料加注技术。若“湖科大二号”卫星在椭圆轨道1绕地球运行，在P点给在轨道2做匀速圆周运动的一颗人造卫星加注燃料，如图所示。下列说法正确的是(  )A.经过P点时，两卫星的速度相同B.经过P点时，两卫星的加速度大小相同C.轨道2的卫星所受万有引力保持不变D.卫星在轨道1的任何位置都具有相同动能【答案】B【解析】由题意可知，椭圆轨道1上的卫星在P点时，万有引力大于所需向心力，要进入圆轨道2需要在P点加速，做离心运动，因此经过P点时轨道2卫星的速度更大，两卫星速度不同，A错误；万有引力提供卫星的加速度，根据牛顿第二定律可得a=GMr2，两卫星在P点到地心的距离r相同，因此加速度大小相同，B正确；轨道2上做匀速圆周运动的卫星，所受万有引力大小不变，但方向始终指向地心，不断变化，因此万有引力是变化的，C错误；根据开普勒第二定律，卫星在椭圆轨道1上运动时，近地点速度大、远地点速度小，动能不断变化，D4.如图所示，某材料制成的棱镜，横截面为等腰三角形ABC(AB＝AC)。一束单色光线垂直于AB面入射，恰好在AC面上发生全反射，并垂直于BC面射出棱镜。则该材料的折射率为(  )A.0.5 B.32

C.23【答案】C【解析】作出单色光的光路如图所示，由几何关系可知α=∠C=∠B=解得α=60°，根据折射率与临界角的关系可得n=1sinα5.如图所示，两条不等长的绝缘细线一端拴在同一点上，另一端分别拴两个带同种电荷的小球A和B，电荷量分别是q1、q2，质量分别为m1、m2，两小球静止在同一水平面，且α>β。剪断细线a，小球开始运动。重力加速度为g，则(  )A.剪断a前，细线a中张力小于细线b中张力B.剪断a瞬间，小球A的加速度大小为gsinαC.剪断a瞬间，细线b中张力大小为m2gcosβD.剪断a后，小球A做匀加速直线运动【答案】A【解析】对两小球，根据平衡条件有sinα=FF1，sinβ=FF2，两小球之间库仑力F对A小球，细线a的张力F1=m1gcosα，剪断a瞬间，小球A受重力与库仑斥力不变，它们的合力与原来细线a的拉力F1平衡，由牛顿第二定律F1=m1gcosα=m1a，解得a=gcosα，B错误；剪断a前，细线6.如图所示为一列沿x轴正方向传播的简谐横波在t＝0时的波形图，此时x＝8m处的质点刚开始运动，P、Q分别是平衡位置为x＝1m、x＝4m处的质点，已知波速为2m/s，则(  )A.从t＝0时刻开始，质点Q的振动方程为y=10B.t＝0时，P质点的加速度方向沿y轴正方向C.t＝3s时，质点Q的速度方向刚好沿x轴正方向D.t＝3s时，x＝8m处的质点第一次到达波谷【答案】A【解析】由波形图可知，简谐横波的振幅为A=10cm，简谐横波的波长为λ=8m，根据波长、波速与周期关系可得T=λv=82s=4s，根据角速度与周期关系可得ω=2πTrads=0.5πrads，当t=0时，位于x=4m的质点Q位于平衡位置且振动方向为y轴正方向，所以质点Q的振动方程为y=10sin0.5πt(cm)，A正确；由题图可知，简谐横波的波动方程为y=10sinπ4x(cm)，质点P的位移yP=52cm，根据回复力表达式F=-kyP，结合牛顿第二定律可得回复加速度a=Fm7.如图1所示，在水平向右的匀强磁场中，匝数为100匝的矩形线圈绕与线圈平面共面的竖直轴匀速转动，从线圈转到某一位置开始计时，线圈中的瞬时感应电动势e随时间t变化的关系如图2所示。则下列说法中正确的是(  )A.e＝0时，穿过每匝线圈磁通量为11B.t＝0时，线圈平面与磁场方向夹角为30°C.线圈中感应电流的方向每秒钟改变50次D.e随时间t的变化关系为e=22【答案】D【解析】由图2可知，线圈转动周期T=0.02s，根据角速度与周期关系可得ω=2πT=100πrads若从中性面开始计时，e随时间t的变化关系为e=222sin(100πt+φ)V，当t=0时e=112V，可得φ=π6，则此时线圈平面与磁场方向夹角为60°，则瞬时感应电动势e随时间t的变化关系为e=222sin(100πt+π68.在如图所示电路中，开关S闭合后，在滑动变阻器R2的滑片由a向b缓慢滑动的过程中(  )A.电流表的示数减小 B.电压表的示数不变

C.电容器C所带电荷量不变 D.R2的电功率可能先增大后减小【答案】AD【解析】由题意可知，在滑动变阻器R2的滑片由a向b缓慢滑动的过程中，滑动变阻器接入电路阻值变大，电路总电阻变大，根据闭合电路欧姆定律可知，电路总电流减小，根据U=E-Ir可知路端电压增大，则电流表的示数减小；由于通过R1的电流减小，R1两端电压减小，则R2两端电压增大，电压表的示数增大，A正确；B错误；电路中，电容器与R2并联，则电容器两端电压增大，根据电容定义式C=QU可知，电容器C所带电荷量增大，C错误；R2的功率为P2=(ER2+R1+r)2R2=E2R9.如图所示，竖直平面内，单匝导线框由水平直线和曲线两部分组合而成，总电阻R＝1Ω。曲线部分为y＝0.2sin5πx(m)在半个周期内的图像。线框在外力作用下水平向右以速度v＝5m/s匀速进入方向垂直纸面向里、磁感应强度B＝1T的匀强磁场。关于线框进入磁场过程，下列说法正确的是(  )A.感应电流为顺时针方向 B.产生的最大感应电动势为1V

C.线框所受安培力水平向右 D.产生的焦耳热为Q＝0.02J【答案】BD【解析】根据楞次定律结论“增反减同”可知线框进入磁场过程中，感应电流为逆时针方向，A错误；由题意可知，当切割长度为ym=0.2m时，线框中产生的感应电动势最大，由法拉第电磁感应定律可得Em=Bymv=1×0.2×5V=1V，B正确；根据左手定则可知，线框受到的安培力水平向左，C错误；由于e=Byv，y＝0.2sin5πx(m)，故产生的交流电符合正弦交流电的变化规律，其电动势的有效值为E=10.如图1所示，质量M＝3kg的木板P静止在水平地面上，质量m＝2kg的物块Q(可视为质点)静止在木板P的右端。t＝0时，对木板P施加水平向右的拉力F，一段时间后撤去F，木板的v-t图像如图2所示，物块Q始终没有离开木板P，取重力加速度g＝10m/s2，则(  )A.拉力F的大小为16NB.拉力F的作用时间为6sC.木板与地面摩擦产生的热量为397.5JD.木板P从开始运动到停下经历的时间为8.25s【答案】CD【解析】根据v-t图像可知，0∼5s内，拉力F拉木板运动，木板与物块之间相对滑动，5s时撤去拉力F，5∼6s内，木板与物块之间仍有相对滑动，6s时，木板与物块达到共速，之后做匀减速直线运动直至停止。所以物块从静止开始加速，在t=6s时速度达到6ms，根据v-t图像中图线的斜率表示加速度，可知0∼5s内，加速度a1=vt=1ms2，根据牛顿第二定律有μ1mg=ma1，解得物块与木板之间的动摩擦因数为μ1=0.1，木板在5∼6s内的加速度a2=ΔvΔt=-4ms2，又因为此时木板受到物块和地面的摩擦力作用，根据牛顿第二定律有-μ1mg-μ2(M+m)g=Ma211.某实验小组使用如图所示的装置测量某颜色激光的波长λ。(1)实验前，应调节光具座上放置的各光学元件，使各元件的中心位于遮光筒的轴线上，并保证单缝和双缝                  (选填“平行”或者“垂直”)；(2)某次实验，读出第1、5两亮条纹中心间的距离为9.24mm，已知双缝中心的距离d＝0.20mm，双缝到光屏间的距离L＝700mm，则波长λ＝                  nm(结果保留三位有效数字)；(3)若实验过程中，不小心用不透明物体遮住了双缝的一条狭缝，则在光屏上出现                  (选填“亮度较弱的干涉条纹”、“衍射条纹”或“全屏入射光”)。【答案】(1)平行；(2)660；(3)衍射条纹【解析】(1)双缝干涉实验中，单缝和双缝平行，是为了得到清晰的干涉条纹。(2)根据双缝干涉条纹间距公式Δx=Lλd，由题意可知，相邻亮条纹间距Δ(3)若实验过程中，不小心用不透明物体遮住了双缝的一条狭缝，装置变为单缝，光通过单缝会发生衍射，因此光屏上会出现衍射条纹。12.某实验小组按照图1连接电路，测量阻值大约为15Ω的合金丝的电阻率。实验时多次改变合金丝接入电路的长度l、调节滑动变阻器连入电路的阻值，使电流表的读数I达到某一相同值时记录电压表的示数U，从而得到多个UI的值，作出UI-l图像，如图2(1)闭合开关S前，滑动变阻器接入电路的阻值应调至                  (选填“最大”或“最小”)；(2)现有3个不同规格的滑动变阻器，本实验应选用                  (填写选项前面的字母代号)；A.滑动变阻器(0~2Ω)B.滑动变阻器(0~20Ω)C.滑动变阻器(0~200Ω)(3)已知合金丝a的横截面积为8.0×10-8m2，则合金丝a的电阻率为                  Ω·m(结果保留2位有效数字)；(4)图2中图线b是另一根材质相同的合金丝采用同样的方法获得的UI-l图像，由图可知合金丝b的横截面积                  (选填“大于”、“等于”或“小于”)合金丝(5)利用图2中直线斜率求合金丝电阻率，是否存在因电表内阻带来的误差                  (选填“是”或“否”)。【答案】(1)最大；(2)B；(3)1.3×10-6；(4)大于；【解析】(1)闭合开关前，把滑动变阻器接入电路的阻值应调至最大，是为了保护电路，防止电流过大损坏元件。(2)本实验滑动变阻器采用限流接法，待测合金丝总阻值约15Ω，滑动变阻器A(0~2Ω)总阻值太小，会导致电路电流过大；滑动变阻器C(0~200Ω)总阻值太大，调节不方便；因此选B(0~20Ω)最匹配。(3)由图1电路可知，电压表测接入长度l的合金丝和电流表的总电压，根据欧姆定律可得U=I(ρlS+RA)，整理得UI=ρSl+RA，结合(4)由k=ρS可知，两合金丝材质相同，ρ相同，b的斜率更小，因此横截面积S更大，即b的横截面积大于(5)电流表内阻RA13.如图1所示，一内壁光滑高度为d的圆柱形导热汽缸竖直放置在水平面上，质量为m、厚度不计、面积为S的活塞将一定质量的理想气体封闭在汽缸中，活塞距汽缸底部距离为15d。现在光滑水平面上用长为L(L远大于d)的轻绳一端固定于O点，另一端连接汽缸底部，使汽缸绕O点做匀速圆周运动，如图2。已知重力加速度大小为g，外界大气压为p0=(1)汽缸竖直放置时，封闭气体的压强p1；(2)汽缸绕O点做圆周运动的最大角速度ω大小。【答案】(1)p1=5mg【解析】(1)取活塞为研究对象，进行受力分析，由平衡条件可得p由题意可知p联立，解得p(2)汽缸绕O点做圆周运动时，随着角速度的增大，活塞所需向心力增大，当角速度最大时，活塞移动到汽缸口，封闭气体长度为d，气体做等温变化，由玻意耳定律p其中初始体积V末态体积V解得p对活塞受力分析，匀速圆周运动的向心力由合力提供，指向圆心O，因L≫d，活塞做圆周运动的半径近似为L，由牛顿第二定律可得p联立，解得ω=14.如图，春节期间燃放的“火箭”型爆竹由A、B两部分构成，质量分别为m1＝0.2kg、m2＝0.3kg。现将“火箭”垂直于斜面静止摆放在倾角为37°的斜面上。点燃B底部火药(第一次爆炸)，当A、B速度水平时，A、B间火药发生第二次爆炸，A、B分离瞬间，B速度为0，A速度大小为v1＝30m/s，最终A撞击在与第一次爆炸位置同一高度的泥土堆上的C点。已知A撞击泥土堆的作用时间△t＝0.02s，重力加速度大小g＝10m/s2，sin37°＝0.6，不计火药质量、空气阻力及“火箭”的体积，可认为火药爆炸所释放的化学能全部转化为A、B的机械能，求：(1)第二次爆炸前瞬间，A、B整体的速度大小v共；(2)第一次爆炸过程中，火药释放的化学能E；(3)A撞击泥土堆过程中，泥土堆对A的冲量方向与水平方向夹角的正切值。【答案】(1)v共=12m/s【解析】(1)由题意可知，第二次爆炸过程时间极短，内力远大于外力，系统水平方向动量守恒，爆炸后B速度为0，A速度为v1，由动量守恒定律解得v(2)第一次爆炸后，整体沿垂直斜面向上做斜抛运动，最高点速度水平，即最高点速度就是斜抛的水平分速度v共。斜面倾角37∘，垂直斜面方向与水平方向夹角为53解得v第一次爆炸过程中，火药释放的化学能E=(3)斜抛上升过程中，初速度竖直分量v由斜抛运动对称性可知