四川攀枝花市2025-2026学年高二上学期教学质量监测物理试卷（解析版）

高级中学名校试卷PAGE2026学年度（上）教学质量监测样卷高二物理本试题卷满分100分，考试时间75分钟。注意事项：1.答题前，务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡规定的位置上。并用2B铅笔将答题卡考号对应数字标号涂黑。2.答选择题时，选出每小题答案后，必须使用2B铅笔将答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。答非选择题时，必须使用0.5毫米黑色签字笔在答题卡上题目所规定的答题区域内作答，答在本试题卷上无效。3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项最符合题目要求。1.下列各组物理量中，全是矢量的是（）A.电势、电势差、磁通量B.电场强度、磁感应强度、洛伦兹力C.电势能、库仑力、电荷量D.电容、电动势、电流【答案】B【解析】矢量有大小和方向，且遵循矢量运算法则；标量只有大小，没有方向，电场强度、磁感应强度、洛伦兹力、库仑力都是矢量，其他物理量都是标量。故选B。2.下列四图表示真空中不计重力的带正电粒子分别以初速度按如图所示的方向进入匀强电场或匀强磁场中，其中可以做匀速圆周运动的是（）A.甲 B.乙 C.丙 D.丁【答案】C【解析】A．图甲中粒子受到水平向右的电场力，向右做匀加速直线运动，故A错误；B．图乙中受到水平向右的电场力，做类平抛运动，属于匀变速曲线运动，故B错误；C．图丙中粒子受到垂直纸面向外的洛伦兹力，在垂直纸面的平面内做匀速圆周运动，故C正确；D．图丁中粒子平行磁场方向进入磁场，不受洛伦兹力，故粒子向右做匀速直线运动，故D错误。故选C。3.在某自感线圈中通以如图所示的电流，则前4s内和第5s内的自感电动势之比为（）A. B. C. D.【答案】D【解析】根据自感电动势可知，前4s内和第5s内的自感电动势之比为故选D。4.如图所示，平行直线边界M、N之间有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为。半径为的单匝圆形线圈的圆心O位于边界M上，线圈与边界N的一个交点为P，且OP与边界M的夹角。现给线圈通以大小为的电流，则通电瞬间线圈所受安培力的大小和方向分别为（）A.，垂直边界M向左B.，垂直边界M向右C.，垂直边界M向左D.，垂直边界M向右【答案】A【解析】MP段线圈受到安培力大小为方向垂直于MP斜向左下过O点；与MP段线圈对称的线圈受到安培力大小为根据几何关系可知两个力的夹角为120°，根据力的合成可知线圈所受安培力的大小为，，方向垂直边界M向左。故选A。5.如图所示的电路中，变压器为理想变压器，电路的a、b端接有电压稳定的正弦交流电源。则在滑动变阻器R的滑片P向上移动过程中，下列判断中一定正确的是（）A.A灯变亮B.B灯变暗C.滑动变阻器的电功率增大D.a、b端的输入功率减小【答案】D【解析】AB．滑片P向上移动过程中，滑动变阻器的电阻增大，则副线圈并联的总电阻增大，根据等效电阻结合可知原线圈的电流减小，则流过灯泡A的电流减小，灯泡A两端的电压减小，输入电压不变，则原线圈两端的电压增大，由变压器电压和匝数的关系可知，副线圈电压增大，故灯泡B变亮，故AB错误；C．滑动变阻器与灯泡电阻关系未知，无法判断其电功率变化，故C错误；D．a、b端的输入电压不变，原线圈的电流减小，根据可知，a、b端的输入功率减小，故D正确；故选D。6.1820年，毕奥与萨伐尔通过实验方法证明，很长的直导线MN在空间某点产生磁场的磁感应强度与这一点到直导线的距离成反比，与电流成正比。如图所示，空间中存在两根无限长的平行直导线P、Q，通有大小相等、方向相同的电流。两导线所在平面内存在M、O、N三点，M与O关于P对称、O与N关于Q对称、O到P、Q的距离相等。初始时，M处的磁感应强度大小为，现保持P中电流不变，仅将Q撤去，则N点的磁感应强度大小为（）A. B. C. D.【答案】D【解析】由题可知M、O、N三点到相邻导线的距离都相等，设为r，设电流大小为I，初始时，M处的磁感应强度大小为，则有仅将Q撤去，则N点的磁感应强度大小为解得故选D。7.真空中的三个点电荷固定在正三角形的三个顶点上，电荷量如图所示。A、B、C为正三角形三条边的中点，O为正三角形的几何中心。下列关于点O、A、B、C处场强、、、的大小关系判断中正确的是（）A. B.C. D.【答案】B【解析】AB．令正三角形的边长为2x，根据电场的叠加原理，则A、B、C三点场强大小分别为，O点电场大小为可知故选B。二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。每小题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。8.如图所示的实线是由某点电荷激发的电场中的一簇电场线，虚线是电子只在该点电荷作用下通过该电场区域时的运动轨迹，a、b是轨迹上的两点。据此可知（）A.该电场线对应的场源点电荷带正电B.a点的电势高于b点C.电子在a点的加速度小于b点D.电子在a点的动能小于b点【答案】AB【解析】A．粒子的运动轨迹向右弯曲，说明粒子在a、b两点受到的电场力向右，电子带负电，则场强方向向左，因为是由点电荷产生的电场线，则实线是正点电荷产生电场的电场线，故A正确；B．沿电场线方向电势降低，则带电粒子在a处的电势高于在b点的电势，故B正确；C．根据电场线的疏密与电场强度的强弱的关系，判断出a点的电场强度大，故a点的电场力大，根据牛顿第二定律可知，带电粒子在a点的加速度比b点的加速度大，故C错误；D．根据电势能的计算公式可知，带电粒子在a处的电势能较小，则带电粒子在a处的动能大于在b点的动能，故D错误。故选AB。9.如图甲所示，在匀强磁场中，一个10匝的矩形闭合金属线圈绕与磁感线垂直的轴匀速转动，产生的交变电动势图像如图乙所示。已知线圈总电阻为2，则下列说法中正确的是（）A.零时刻线圈中的磁通量最大B.线圈的转速为25r/minC.0.5s时线圈中瞬时电动势为0.5VD.在2s内线圈产生的热量为0.125J【答案】AD【解析】A．根据图像可知零时刻线圈产生的感应电动势为0，穿过线圈的磁通量最大，故A正确；B．线圈转动的周期为转速为，故B错误；C．根据图像的周期性可知，0.5s时线圈中瞬时电动势与0.02s的相同，大小为0V，故C错误；D．交变电动势的有效值为根据焦耳定律有故D正确。故选AD。10.如图所示，真空中位于同一高度的P、Q为带电量均为的点电荷，O点为P、Q连线的中点。一可视为质点、带电量为的小球从O点正上方的A点处由静止释放，A、P的连线与水平方向夹角，A、B两点关于O点对称。若以O点为位移零点、竖直向下为正方向、无限远处电势为零，则下列关于小球从A点运动到B点的过程中，其加速度、重力势能、机械能、电势能等随其位移变化的图像中可能正确的是（）A. B.C. D.【答案】BC【解析】A．小球带正电，设点电荷到O点的距离为L，中垂线某点到O的距离为x，则该点电场为根据数学求导可知令该导数为0，解得时，电场强度最大，则从A点到O点和从O点到B点，电场强度都是先增大，后减小；根据牛顿第二定律可知在A点有在B点有可见从A点到O点加速度先减小，后增大；从O点到B点，加速度先增大后减小，且A点的加速度小于B点的加速度，但小球在B点的加速度应大于O点加速度g，故A错误；B．重力势能计算公式为，可知重力势能与位移成线性关系，随着x的增大不断减小，故B正确；C．电场力对小球先做负功，再做正功，则机械能应先减小，后增大；根据可知，图像斜率代表电场力，即在O处，斜率为0，故C正确；D．电场力做功为电场力对小球先做负功，再做正功，则电势能先增大，后减小，故D错误。故选BC。三、非选择题：本题共5小题，共54分。其中第13~15小题解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位。11.二极管具有加正向电压时电阻很小，加反向电压（未击穿）时电阻很大的特性，其反向电阻通常在几十千欧至几兆欧甚至更高。某同学将二极管按如图所示的位置固定后，利用二极管的这种特性，使用机械式多用电表测量二极管的极性。据此回答以下问题：（1）先对多用电表进行机械调零，旋动机械调零旋钮，使指针对准表盘_______（选填“左边”或“右边”）零刻度，后将挡位开关旋转到电阻挡，至少选择_______（选填“×100”或“×1k”）的挡位，并完成电阻调零。（2）该同学用红表笔接触二极管左端时多用电表指针几乎满偏，用黑表笔接触二极管左端时多用电表指针偏转幅度较小，可知二极管的_______（选填“左端”或“右端”）为正极。【答案】（1）左边×1k（2）右端【解析】（1）[1]先进行机械调零，旋动机械调零旋钮使指针对准表盘的左边零刻度；[2]二极管反向电阻通常在几十千欧至几兆欧甚至更高，将挡位开关旋转到电阻挡，至少选择×1k的挡位，并完成电阻调零。（2）该同学用红表笔接触二极管左端时多用电表指针几乎满偏，说明红表笔接二极管左端时电阻很小，此时二极管加的负向电压，则二极管左端为负极，右端为正极。12.某实验小组想要测量某电池组的电源电动势和内阻，部分实验器材如下：待测电源（电动势约为3V，内阻约为3Ω），电流表（满偏电流3mA，内阻为100Ω），电流表（0~0.6A，内阻约为1Ω），滑动变阻器（0~50Ω），电阻箱（阻值0~999.9Ω），开关、导线若干。（1）由于实验器材没有电压表，需要将电流表改装为量程3V的电压表，此时需要给______（选填“串联”或“并联”）一个电阻箱，电阻箱的阻值应调整为______Ω。（2）请在甲图中用笔画线完善本实验的电路图_______________。（3）根据电路图组装器材后进行实验，用表示电流表的示数，表示电流表的示数，通过改变滑动变阻器的阻值，测得多组数据如下表。根据表格中作出相应-图线如图乙所示。序号123456I1/mA2.662.321.961.651.320.96I2/A0.100.200.300.400.500.60（4）由图线可得被测电源的电动势______V，内阻______。（结果均保留两位有效数字）【答案】（1）串联900##900.0（2）（4）3.03.4【解析】[1][2]改装电压表需要串联一个电阻分压，由解得[3]见答案。[4][5]由电路结构和闭合电路欧姆定律可得整理得结合图像可得，13.如图所示，质量为、电荷量为的带电小球用不可伸长的绝缘细线悬挂在天花板上的点，纸面内存在与水平方向成斜向上的匀强电场，小球静止时细线与竖直方向的夹角为。保持电场强度大小不变将电场方向沿顺时针方向缓慢旋转使小球重新平衡，已知重力加速度为，细线长度为，求：（1）匀强电场场强大小；（2）电场对小球做的功。【答案】（1）（2）【解析】（1）小球开始静止时受力分析如图所示，由平衡条件和几何关系，有解得（2）电场转过时，小球受力分析如图所示，由几何关系可知，此时细线与竖直方向的夹角为。在旋转电场的过程中，对小球由动能定理，有解得14.如图所示，在边长为的正六边形的边界区域内存在着与该平面平行由指向的匀强电场和垂直于该平面的匀强磁场（图中未画出），点有一粒子源能沿方向发射初速度大小为、质量为、电荷量大小为的带电粒子，恰能做直线运动从点射出；若撤去磁场仅保留电场，粒子恰能从的中点射出。不计粒子重力，忽略粒子之间的相互作用，求：（1）匀强电场的场强大小；（2）匀强磁场的磁感应强度大小及其方向；（3）若仅撤去电场保留磁场，粒子在正六边形区域内运动时间。【答案】（1）（2），垂直纸面向外（3）【解析】（1）如图所示，撤去磁场后粒子在区域内做类平抛运动，有，由牛顿第二定律，有解得（2）粒子能沿直线运动到D点，根据平衡条件有解得若带电粒子带正电，由（1）可知，电场向上，则洛伦兹力向下，根据左手定则可知，磁场垂直纸面向外，若粒子带负电时，同理也可知磁场垂直纸面向外。（3）由洛伦兹力提供向心力有联立以上各式得由几何关系可知，粒子将从B点射出易得轨迹所对圆心角设粒子在磁场中做圆周运动的周期为则粒子在磁场中运动的时间周期解得15.如图所示，两根平行光滑导轨竖直固定，上方用阻值的定值电阻连接在一起，下方有两水平分界面、，、之间有垂直纸面向外的匀强磁场，磁感应强度T，用外力使粗细均匀的水平导体棒、静止在导轨上。现撤去外力，、棒同时开始沿导轨由静止滑下，恰好都能匀速穿过磁场区域，当棒离开磁场时棒刚好进入磁场。已知导体棒的质量g、电阻，导体棒的质量g、电阻，重力加速度取m/s2，两导体棒始终与导轨垂直且接触良好，导轨电阻不计，忽略空气阻力和电磁辐射。（1）求导体棒、在磁场中运动时的速度大小之比；（2）若