江苏苏州市2025-2026学年高二上学期期末考试物理试卷（解析版）

高级中学名校试卷PAGEPAGE1高二物理试卷注意事项：学生在答题前请认真阅读本注意事项1、本卷包含选择题和非选择题两部分，学生答题全部答在答题卡上，答在本卷上无效，全卷共16题，本次答题时间为75分钟，满分100分。2、答选择题必须用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其它答案，答非选择题必须用书写黑色字迹的0.5毫米签字笔写在答题卡上的指定位置，在其它位置答题一律无效。3、如需作图，必须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗。一、单项选择题：共11小题，每小题4分，共44分，每小题只有一个选项最符合题意。1.下列说法正确的是（）A.奥斯特发现了电流的磁效应B.赫兹提出电磁场理论C.麦克斯韦发现了“磁生电”现象D.爱因斯坦认为光的能量是连续的【答案】A【解析】A．奥斯特通过实验首次发现电流周围存在磁场（电流的磁效应），故A正确；B．麦克斯韦提出电磁场理论并预言电磁波，赫兹通过实验证实电磁波的存在，故B错误；C．法拉第发现电磁感应现象（“磁生电”），麦克斯韦建立电磁理论体系，故C错误；D．爱因斯坦提出光子说，认为光的能量由不连续的“光子”组成，而非连续分布，故D错误。故选A。2.某同学测出电路中a、b、c、d四个圆柱形定值电阻的电压和电流，并描点在如图所示坐标系中，已知各电阻材料相同且横截面积相等，则长度最长的电阻应是（）A.a B.b C.c D.d【答案】A【解析】根据欧姆定律，可得图像的斜率表示电阻，则a的电阻最大，又根据电阻定律，在材料和横截面积相同的情况下。故选A。3.如图所示，垂直于纸面的匀强磁场局限在虚线框内，闭合线圈由位置1穿过虚线框运动到位置4的过程中，不能产生感应电流的是（）A.从位置1匀速到位置2B.从位置2匀速到位置3C.从位置3加速到位置4D.从位置3减速到位置4【答案】B【解析】当线圈向右移动，从位置1匀速到位置2，穿过线圈的磁通量增大，会产生感应电流。当完全进入磁场后，如从位置2匀速到位置3，穿过线圈的磁通量不变，则不产生感应电流．当从位置3到位置4离开磁场时，不管是加速还是减速，磁通量都减小，会产生感应电流。故选B。4.如图所示，可视为质点的小球在半径为R的光滑圆弧面上A、B之间来回运动（），不计空气阻力，下列说法正确的是（）A.小球在A点加速度为0B.小球经过同一位置速度一定相同C.小球在A点的回复力等于重力与支持力的合力D.增大半径R，小球运动的周期不变【答案】C【解析】A．小球的振动类似单摆，在A点合外力方向指向平衡位置，则加速度不为0，A错误；B．小球经过同一位置速度大小一定相同，但方向不一定相同，B错误；C．小球在A点的回复力等于重力与支持力的合力，C正确；D．小球的运动类似单摆，根据，可知增大半径R，小球运动的周期变大，D错误。故选C。5.如图所示，一个竖直圆盘转动时，固定在圆盘上的小圆柱带动一个T形支架在竖直方向振动，T形支架下面系着一个弹簧和小球组成的振动系统，小球浸没在水中。当圆盘静止时，让小球在水中振动，其阻尼振动的频率为4Hz。现使圆盘以120r/min的转速匀速转动，经过一段时间后，小球振动达到稳定，它振动的频率为（）A.Hz B.2Hz C.4Hz D.120Hz【答案】B【解析】受迫振动的频率等于驱动力的频率故选B。6.如图甲为“用双缝干涉测量光的波长”的实验装置，调节完毕后，在屏上观察到图乙所示的竖直条纹。下列说法正确的是（）A.装置中的双缝沿水平方向放置B.换用间距更大的双缝，干涉条纹间距将变大C.去掉滤光片，干涉现象消失D.将红色滤光片换为绿色滤光片，干涉条纹间距将变小【答案】D【解析】A．根据图乙可知，装置中的双缝沿竖直方向放置，A错误；B．由可知，换用双缝间距更大的双缝，d变大，干涉条纹间距将变小，B错误；C．滤光片的作用是获得单色光，去掉滤光片后，入射光为白光，会出现彩色的干涉条纹，干涉现象不会消失，只是变成彩色条纹，C错误；D．将红色滤光片换为绿色滤光片，波长变小，干涉条纹间距将变小，D正确。故选D。7.如图所示为某时刻波源S1、S2在水槽中形成的水波，其中实线表示波峰，虚线表示波谷，已知两列波的频率相同，振幅不相同，下列说法正确的是（）A.a点的位移始终最大，等于两列波的振幅之和B.b点始终处在平衡位置C.c点振动减弱，d点振动加强D.从该时刻起，再经过四分之一周期，b、c两点的位移均为零【答案】D【解析】A．由图可知，a点为波谷和波谷相遇处，为振动加强点，其以两列波的振幅之和做简谐运动，位移呈周期性变化，故A错误；B．由图可知，b点是波峰与波谷的相遇点，是振动的减弱点，由于两列波的振幅不同，所以b点的位移不是始终为零，因此b点不会始终处于平衡位置，故B错误；C．由图可知，d点是两列波波峰和波峰相遇点，两列波引起的振动总是相互加强的，c点是两列波波谷和波谷相遇点，两列波引起的振动也总是相互加强的，故C错误；D．从该时刻起，再经过四分之一周期，b点（振动的减弱点）和c点（振动的加强点）都回到平衡位置，位移都为零，故D正确。故选D。8.如图所示，半径为R的半圆形导线静置在粗糙的水平桌面上，空间内存在平行于桌面向左、磁感应强度大小为B的匀强磁场。现在导线中通以恒定电流I，下列说法正确的是（）A.导线所受安培力方向沿纸面且垂直于abB.导线所受安培力大小为πBIRC.减小电流I，导线受到桌面的支持力变小D.减小电流I，导线受到桌面的摩擦力变小【答案】C【解析】AB．半径为R的半圆形导线的等效长度为ab的直线距离，导线所受安培力大小为（为磁场和直线ab的夹角），方向垂直于桌面向下。故AB错误；C．减小电流I，导线受到的安培力减小，所以导线受到桌面的支持力变小。故C正确；D．导线受到桌面的摩擦力始终为0，故D错误。故选C。9.一列沿x轴传播的简谐横波在t=2s时的波形如图甲，平衡位置在x=8m的质点a的振动图像如图乙，下列说法正确的是（）A.该波沿x轴正方向传播B.该波的传播速度为8m/sC.2s到8s内x=16m的质点b通过的路程为24mD.2s到2.5s内x=16m的质点b速度在减小【答案】D【解析】A．由图乙t=2s时，质点在向轴负方向振动，由“同侧法”可得波沿x轴负方向传播，故A错误；B．由，得，故B错误；C．2s到8s为，则质点b通过的路程为，故C错误；D．2s到2.5s内，质点b从平衡位置向最高点运动，而在平衡位置速度最大，所以速度在减小，故D正确。故选D。10.如图甲所示电路中，电源内阻为1Ω，电表均为理想电表。调节R1读出两电表的读数，作出U-I图像如图乙所示，下列说法正确的是（）A.电源电动势E=3VB.定值电阻R2=5ΩC.当R1=5Ω时，R1消耗的功率最大D.当R1=1Ω时，电源的输出功率最大【答案】C【解析】AB．根据闭合电路欧姆定律把题图中A、B两点的坐标值代入可得，，AB错误；D．设电路的外电阻为R，电源的输出功率当外电阻等于电源内电阻时，输出功率有最大值，因，所以当外电阻越接近电源内阻，输出功率就越大当时，输出功率有最大值，D错误；C．把看作电源内阻的一部分，则消耗的功率为输出功率，当时，消耗的功率有最大值，C正确。故选C。11.如图所示，有一段截面积为S的弯曲水管被固定在水平地面上，转弯处偏离原方向θ角。若管内水流速度大小为v，水的密度为ρ，管内壁光滑，则水流对转弯处冲击力的大小为（）A B. C. D.【答案】D【解析】弯水管出口、入口处时间内水的质量，动量变化如图所示：则故弯管对水作用力大小为根据牛顿第三定律水流对弯管的作用力大小也为故选D。二、非选择题：共5小题，共56分。其中第13题~第16题解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位。12.某同学利用传感器描绘电动机伏安特性曲线，如图1所示，实验电路图如图2所示。请回答以下问题：（1）用欧姆表粗测电动机线圈电阻，电表指针如下图所示，读数应为__________Ω。（2）实验室有两种规格的滑动变阻器，分别是R1（0~50Ω，1.5A）和R2（0~5Ω，1.5A），为了更精确地描绘电动机伏安特性曲线，应该选_________（选填“R1”或“R2”）。（3）闭合开关前，滑动变阻器滑动触头应滑在_________（选填“最左端”或“最右端”）。（4）实验中得到的伏安特性曲线如下图所示，由图示信息可知，电压为2.00V时，电动机的输出功率为_________W（保留2位有效数字）。【答案】（1）4（2）R2（3）最左端（4）0.18【解析】（1）由图可知，欧姆表使用挡位，则欧姆表的读数为（2）由于电动机线圈电阻约为，为方便调节，滑动变阻器应选择。（3）为保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑动触头应滑在最左端。（4）由图可知，当电流和电压发生突变时，电动机线圈开始转动，则电动机线圈电阻为电压为2.00V时，电动机消耗的电功率为热功率为所以，电动机的输出功率为13.如图所示，折射率的玻璃圆柱水平放置，平行于其横截面的一束光线从顶点入射，与竖直方向的夹角α=45°。已知圆柱横截面半径为R，光速为c。求：（1）光线射入圆柱时的折射角θ；（2）光线从射入圆柱至射出时的时间t（不考虑光线在圆柱内的反射）。【答案】（1）（2）【解析】（1）根据光的折射定律有解得光线射入圆柱时的折射角为（2）光在玻璃圆柱内的光路图如图所示：由几何关系可得光线在圆柱内的长度为则由可得光在圆柱内传播速度为所以解得光线从射入圆柱至射出时的时间为14.如图所示，一根足够长的光滑绝缘杆MN，与水平面的夹角为37°，固定在竖直平面内。足够大的匀强磁场方向垂直纸面向里，磁感应强度大小为B。质量为m、电荷量为q的小环从静止开始沿杆下滑。重力加速度为g，sin37°=0.6，cos37°=0.8。（1）求小环下滑距离d时的速度大小v1；（2）小环下滑到P处时，杆对环的支持力垂直杆向上，大小为0.4mg，判断小环的电性并求出小环滑到P处时的速度大小v2。【答案】（1）（2）带负电，【解析】（1）因绝缘杆光滑，小环沿杆向下做匀加速直线运动，加速度为根据解得（2）在P点时，杆对环的支持力垂直杆向上，大小为0.4mg，因可知洛伦兹力垂直杆向上，由左手定则，小环带负电。对小环根据解得15.如图所示，倾角为θ的光滑斜面固定在水平地面上，劲度系数为k的轻质弹簧一端固定在斜面底端挡板上，另一端连接质量为m的物体A，系统初始处于静止状态。现将质量也为m的物体B从斜面上某处由静止释放，B与A碰撞后以共同速度向下运动（不粘连）。此后，A、B一起运动的周期为T，且在最高点恰好不分离。弹簧始终在弹性限度内，重力加速度为g，求：（1）A、B一起运动到最高点时加速度的大小a；（2）A、B一起运动的速度最大位置到最低点的距离x；（3）从碰撞时刻起，第一次运动到最低点的时间t。【答案】（1）（2）（3）【解析】（1）A、B在最高点恰好不发生分离，对物体B，有解得（2）解法一：由于振动过程的对称性，AB在最低点的加速度为设此时弹簧的形变量为x1由牛顿第二定律可知解得则速度最大位置到最低点的距离为解法二：当A、B在振动过程的平衡位置时速度最大，设此时弹簧的形变量为x0，则有解得由于振动过程的对称性，则有（3）A、B碰撞时，设此时弹簧的形变量为x2，则有解得：以第一次向上经过平衡位置为0时刻，取向上为正方向，则振动方程为，从平衡位置到碰撞位置所用的时间为解得A、B第一次到最低点16.如图甲所示，弹簧发射装置固定于小车上，其发射角度可调。小车与发射装置总质量为5m，置于光滑水平面上。内壁光滑的发射筒水平放置，内置轻质弹簧被压缩并锁定，在弹簧末端静止放置一质量为m的小球，小球离筒口的距离为l。解除锁定，小球由静止弹出，小球运动至筒口时速度为v，弹簧原长小于发射筒长度。重力加速度为g，不计空气阻力。（1）求小球运动至筒口过程中，小车的位移大小x；（2）求弹簧初始的弹性势能Ep1；（3）如图乙所示，发射筒与水平方向成45°角，用外力将小球压至某一位置并锁定，此时小球