2014高考物理二轮 用动力学和功能解多过程问题课时演练知能提升(含2013试题含详解)

1、优化计划2014物理第二轮会话培训能力提高：动态和功能解决多流程问题(包括2013问题，详细信息)一、选择题1.(2013年黑龙江省龙翔林业局第三中学高三月试验) (单选)图中，质量m的块开始从a点停止下降，加速度从g，h下降到b点，然后接触轻弹簧，从h下降到最低点c，从a移动到c，如果空气阻力恒定()A.区块机械能守恒B.由块和弹簧组成的系统机械能守恒块机械能减少mg (h h)D.块，由弹簧组成的系统机械能减少mg (h h)分析：选择d。由于块开始下落的加速度为g，因此块的空气阻力为f阻力=mg，块的机械能不守恒，选项a无效。在整个过程中，块机械能的减少与克服空气阻力和弹簧弹性的工作相同

2、，选项c错误；由于存在空气阻力，因此没有保留由块和弹簧组成的系统的机械能，系统的机械能减少是通过克服空气阻力的工作mg(h h h)，选项b错误d是正确的。2.(2013年东北三校一母) (多选)从图中可以看出，两条细长的线在垂直平面上徐璐把两个小球捆在一起做圆周运动。在某个时候，球1移动到自己轨道的最低点，球2正好移动到自己轨道的最高点，这两个高度大小相同。如果两个小球质量为m，忽略空气阻力的影响，则解释为()A.现在两个吴宣仪拉力大小相同B.运动过程中两个吴宣仪张力差最大为2mgC.运动中两种吴宣仪张力差最大为10mgD.基于相同的零势能面，在最高点，球1的机械能等于球2在最低点的机械能分

3、析：选择CD。选项a错误，因为已知的球质量为m，两个球移动到问题中的图标位置时，两个球的速度大小为v，此时两个细吴宣仪张力分别为F1和F2，f1-mg=m，F2 mg=m。小球体1在最高点时最小的吴宣仪张力为F1最小值，此时速度大小为v1时为f 1 mg=m，机械能守恒定律为mv2=mv 2 mgl。球2最大的是从最低点出发的吴宣仪张力F2，此时速度大小设置为v2时为f 2-mg=m，机械能守恒定律为：mv=mv2 2 mgl，并发解决方案，运动中两条直线张力的差值最大值设为f 2-f 1=2 mg m=2 mg 8 mg=10 mg时选项c正确，b错误。问题的图标位置是零势能面，在机械能守恒

4、定律中，选项d是正确的。3.(单选)工厂通常在水平传送带上传送工件(如图所示)，可以显着提高工作效率，传送带以恒定速度v=2 m/s运行，m=0.5kg的质量以v 0=1 m/s的初始速度从位置a移动到传送带，工件和传送带之间的动态摩擦系数=0.2，每个当前工件A.工件以0.5 s停止相对滑动B.正常运行时，传送带上的相邻工件相距0.5米C.摩擦对每个工件执行1 JD.每个工件和传送带之间的摩擦产生的内部能量为0.75 J分析：a .工件进入水平传送带，均匀加速度运动后，加速度大小为a= g=2 m/S2，加速度时间为t=0.5 s，a对；正常运行时，两个相邻工件之间的距离为d=vt=1m，b

5、错误。摩擦力通过动能定理表示每个工件的wff=mv2-mv=0.75j，c误差。在T=0.5 s时，工件对地面位移为x1=t=0.75m，输送机对地面位移为x2=vt=1m，因此每个工件与输送带之间摩擦产生的内部能量q=ff (x2-x1)=0.25j，d无效。4.(单选)如图所示，倾斜角度为theta=37，物体1和倾斜之间的动摩擦系数为=0.5，长的、未拉伸的平滑光绳穿过光滑的轻质皮带轮。绳子的一端固定在对象1上，另一端固定在对象2上，斜面上的轻绳与斜面平行，物体2的下端固定在长度h的轻绳上，轻绳的下端固定在小对象3上，物体1，2，3的质量比为4: 1: 5，开始时用手抓住小对象3，小对象

6、3上地面的高度为h物体一接触地面就停止运动，不再反弹，重力加速度为g=10m/S2，小物体3突然从静止处松开手后物体1沿斜面滑动的最大距离距离()A.3hB.hC.2h D.h分析：选取d。从开始到3触摸(触摸时3的速度为v1)，与1、2、3的功能关系为6 mgh-(4 MGS in 4 m GCOS ) h=(10m) v，然后3停止动作，对象2继续向下移动，然后速度减少到0，与1和2的功能关系为MGS-。二、选择题5.(2013辽宁大连2模式)如图所示，停在水平桌面上的胶带有质量m=0.1kg公斤的铁块。此磁带右端的距离为l=0.5m，所有接触面之间的动态摩擦系数相同。活动水平左侧的恒力，

7、在纸张全部提取时，纽结块下方2 s小时后，纽结正好到达桌面边缘。速度为v=2 m/s。已知的桌面高度为h=0.8m，不论磁带的重力如何，金属片都被视为粒子。重力加速度g(1)扔出铁块后从着陆点落下的水平距离；(2)动摩擦系数；(3)纸带提取过程中系统产生的内部能量。分析：(1)展平板层运动规律水平方向：x=vt 垂直方向：h=gt2 同时解决方案：x=0.8m(2)铁的加速度为a1，运动时间为t1，牛顿第二定律为 m g=ma1 磁带提取，铁块速度v=a1 t1 联合解=0.1。(3)铁块位移x1=a1t 将X2-x1=l 标题中纸带的位移设置为X2功能关系可以在纸带提取过程中获得系统生成的内

8、部能量e=m gx2m GL同时解决方案e=0.3 J答案：(1)0.8 m (2)0.1 (3)0.3 J6.如图所示，水平平滑轨道PQ上有轻弹簧，左端固定，活动质量m=2.0kg的小块(被认为是粒子)压缩后松开弹簧，块离开弹簧后通过水平轨道右端，沿着半圆轨道的切线进入垂直固定轨道，小块进入半圆轨道后可以完全按照轨道移动，经过最低点后滑动质量m=8.0kg的长木板，最后垂直半圆形轨道平滑，半径r=0.5m，块和木板之间的动摩擦系数=0.2，木板和水平地板之间没有摩擦。g=10m/S2。q:(1)弹簧具有的弹性势能；(2)滑动到半圆轨道底部时轨道的压力大小；(3)木板的长度。分析：(1)由牛顿

9、第二定律mg=m进入半圆形轨道，然后精确地沿轨道移动弹簧具有的弹性势能EP=mv=5j。(2)块从顶部滑至底部，保存机械能：Mg2R=mv-mv-mv获取v2=5m/sF-mg=m是由牛顿第二定律在轨道底部得到的解决方案f=6mg=120n牛顿第三定律是轨道的压力为120 N，方向垂直向下。(3)牛顿第二定律为a1= g=2 m/S2木板是由牛顿第二定律a2=0.5m/S2得出的经过时间t块相对于木板静止，公用速度为vV=v2-a1t=a2t解决方案v=1 m/s，t=2 s在时间t内，小块和木板通过的位移分别为X1=t=6m，x2=t=1m木板的长度为l=x1-x2=5m。答案：(1)5 J

10、 (2)120 N，垂直下(3)5 m7.(2013年浙江省杭州市第二次质量检查)如图所示，以、h倾斜的粗糙坡度为场强e，垂直下有强电场，电荷-q，m质量的小球体以初始速度v0从倾斜顶a下降到倾斜b，q:(1)在这个过程中，球的电潜力有多大？增加或减少？(2)如果斜面和球的运动摩擦系数为(tan )，那么电场强度e必须满足什么条件才能使球沿斜面到达下b点？(重力加速度g)分析：(1) EP=-w电场=-(-qeh)=qeh势能增加。(2) 由于tan ，如果不添加电场，块会减速脱落如果不添加电场，块根据动能定理直接滑至b点Mgh- 0 mg cos =0-mv 0=tan 0表示不添加电场，块

11、不能滑动到b点，因此是必需的(mg-QE) h- (mg-QE) cot h mv 0所以e要防止积木离开斜坡。有qEmg，Ee。 0时，块可以滑动到b点，不添加电场，因此只要块不偏离坡度，就需要0E。答案：(1)请参阅qEH增量(2)分析8.(2013学年大学数学能力考试全国圈)长木板在水平地面上移动，t=0时时刻刻将相对于地面停止的木块轻轻地放在木板上，之后木板移动的速度-时间未知点如图所示。众所周知，板和板的质量相同，板和地之间有摩擦，板和板之间的最大静摩擦等于滑动摩擦，块总是处于板的位置。取重力加速度的大小g=10m/S2并求。(1)块与木板之间，木板与土地之间的运动摩擦系数；(2)

12、t=从0开始，块和木板都停止工作时相对于木板的块的位移大小。分析：(1)从t=0开始，板和块之间的摩擦加速板，并减速板，直到板和板具有共同的速度。如图所示，块和木板在t1=0.5 s时的速度相同。t=0到t=t1之间的时间间隔内，块和木板的加速度大小分别为a1和a2A1=A2=表达式中的v 0=5 m/s，v1=1 m/s分别是t=0和t=t1处木板的速度大小。块和木板的质量为m，块和木板，木板和土地之间的动摩擦系数分别为1，2，由牛顿第二定律得出 1 mg=ma1 ( 1 2 2) mg=ma2 连莉 1=0.20 2=0.30。(2) t1瞬间，与木板的摩擦阻止木板运动，块与木板之间的摩擦力改变方向。块和木板之间的摩擦力是