【热点专题】2013年高考三轮冲刺讲解课件专题十二交变.ppt

1、专题十二 交变电流,1.交变电流、交变电流的图象 2.正弦交变电流的函数表达式、峰值和有效值 3.理想变压器 4.远距离输电 ,1.知道交变电流的产生及描述交变电流的物理量，会计算有效值. 2.知道正弦函数交变电流的表达式，理解其图象. 3.理解理想变压器原理，掌握远距离输电线路.,交变电流的图象和描述 【典例1】(2011天津高考)在匀强磁场中，一矩形金属线框绕与磁感线垂直的转轴匀速转动，如图甲所示，产生的交变电动势的图象如图乙所示，则( ),A.t=0.005 s时线框的磁通量变化率为零 B.t=0.01 s时线框平面与中性面重合 C.线框产生的交变电动势有效值为311 V D.线框产生的

2、交变电动势频率为100 Hz 【审题视角】解答本题时应把握以下三点： 【关键点】 (1)明确中性面的概念及线框与中性面重合时电动势的特点. (2)理解磁通量变化率概念及磁通量变化率与电动势的关系. (3)明确有效值和最大值概念及它们之间的关系.,【精讲精析】由图乙可知该正弦交变电流的电压最大值为311 V， 周期等于0.02 s，因此，根据正弦交变电流的最大值与有效值之 间的关系式 得知选项C错误;又 则频率为f=50 Hz，选 项D错误;当t=0.005 s时，u=311 V，取得最大值，穿过线框的磁 通量变化率最大，选项A错误;当t=0.01 s时，交变电压及电流方 向发生改变，电压值最小

3、等于零，线框平面与中性面重合，选项B 正确. 答案：B,【命题人揭秘】 (1)本题以矩形线圈在磁场中转动为背景，主要考查学生对正弦交流电的产生过程和用图象描述交流电的能力，同时考查学生对法拉第电磁感应定律的应用. (2)当线圈平面转至中性面时，穿过线圈平面的磁通量最大，但磁通量的变化率为零，此时感应电动势为零.中性面是交变电流的方向改变的转折点. (3)正弦交变电流的有效值与最大值满足:,对交变电流“四值”的理解和应用 【典例2】(2012广东高考)某小型发电机产生的交变电动势为e=50sin100t (V).对此电动势，下列表述正确的有( ) A.最大值是 VB.频率是100 Hz C.有效

4、值是 VD.周期是0.02 s 【审题视角】求解本题需掌握交流电的最大值、瞬时值、有效值、周期、频率等基本物理量及其彼此之间的关系.,【精讲精析】交变电动势瞬时值的表达式为e=Emsint= 50sin100t，故交变电动势的最大值为50 V，有效值为 故A错,C对.由=2f=100得频率f= 50 Hz，周期 故B错,D对. 答案：C、D,【命题人揭秘】 (1)本题主要考查交流电的规律，交流电的最大值、有效值、 瞬时值.(2)只有正弦式交变电流才满足最大值和有效值之间的 倍关系，其他交流电如方波式电流、锯齿式电流等，都要 利用有效值的定义根据能量关系进一步求得. (3)求电路的热量、功率时用

5、有效值.,交变电流的产生与电路的综合分析 【典例3】(2012安徽高考)图甲是交流发电机模型示意图.在磁感应强度为B的匀强磁场中，有一矩形线圈abcd可绕线圈平面内垂直于磁感线的轴OO转动，由线圈引出的导线ae和df分别与两个跟线圈一起绕OO转动的金属圆环相连接，金属圆环又分别与两个固定的电刷保持滑动接触，这样矩形线圈在转动中就可以保持和外电路电阻R形成闭合电路.图乙是线圈的主视图，导线ab和cd分别用它们的横截面来表示.已知ab长度为L1，bc长度为L2，线圈以恒定角速度逆时针转动.(只考虑单匝线圈),(1)线圈平面处于中性面位置时开始计时，试推导t时刻整个线圈中的感应电动势e1的表达式.

6、(2)线圈平面处于与中性面成0夹角位置时开始计时，如图丙所示，试写出t时刻整个线圈中的感应电动势e2的表达式.,(3)若线圈电阻为r，求线圈每转动一周电阻R上产生的焦耳热.(其他电阻均不计) 【审题视角】解答本题时要注意以下三点： 【关键点】 (1)线圈绕垂直于磁场的轴匀速转动时，感应电动势的瞬时值表达式与开始计时的时刻有关. (2)线圈的总电动势等于每段导线切割磁感线产生的感应电动势的和,且回路符合欧姆定律. (3)计算焦耳热时要用到电流的有效值.,【精讲精析】(1)t时刻线圈平面与中性面的夹角为t，设ab 距OO轴为r1，cd距OO轴为r2 ， 则有：eab=BL1r1sint ecd=B

7、L1r2sint 线圈中的感应电动势为： e1=eab+ecd=BL1L2sint (2)t时刻线圈平面与中性面的夹角为t+0，则由式知 线圈中的感应电动势为：e2=BL1L2sin(t+0),(3)通过线圈电流的有效值为： 线圈转动的周期为： 所以线圈每转动一周电阻R上产生的焦耳热为： 答案：(1)e1=BL1L2sint (2)e2=BL1L2sin(t+0) (3),【命题人揭秘】 (1)在交变电流的电路中，首先要搞清电路结构，再注意最大值、有效值、平均值等概念的区分. (2)将交流电与恒定电流知识结合起来，用已有知识和方法处理该部分问题，注意闭合电路的欧姆定律和焦耳定律的适用条件.,变

8、压器原理及基本规律 【典例4】(2011浙江高考)如图所示，在铁 芯上、下分别绕有匝数n1=800和n2=200的两个 线圈，上线圈两端与u=51sin314t V的交流电 源相连，将下线圈两端接交流电压表，则交流 电压表的读数可能是( ) A.2.0 V B.9.0 V C.12.7 V D.144.0 V,【审题视角】解答本题时可按以下思路分析: 【精讲精析】根据上线圈所加电压的表达式可得，最大值为51 V， 所以有效值 若变压器为理想变压器,则 可 得：U2=9.0 V.但由于铁芯不闭合，考虑到漏磁的存在，应有U2 9.0 V，所以A正确. 答案：A,【命题人揭秘】 本题考查理想变压器的

9、基本规律，解答此类问题应注意以下三 点： (1)变压器的变压比：不论副线圈几个，任意两线圈间均存在 (2)变压器的电流比： 此式仅用于副线圈仅有一个的变 压器. (3)功率关系：P出=P入(或I1U1=I2U2+I3U3+)，此式可用于有多 个副线圈的变压器.,变压器的有关计算 【典例5】(2011广东高考)图(a)左侧的调压装置可视为理想 变压器，负载电路中R=55 ， 为理想电流表和电压表， 若原线圈接入如图(b)所示的正弦交变电压，电压表的示数为 110 V，下列表述正确的是( ),A.电流表的示数为2 A B.原、副线圈匝数比为12 C.电压表的示数为电压的有效值 D.原线圈中交变电压

10、的频率为100 Hz 【审题视角】解答本题时应明确以下四点： 【关键点】 (1)最大值和有效值之间的关系. (2)变压器的变压原理. (3)电流表、电压表的示数均指有效值. (4)原、副线圈的匝数比等于电压比.,【精讲精析】电流表的示数为： 故A正确；原、副线圈的电压比等于匝数比，所以匝数比为21，故B错误；电压表的示数指交变电流的有效值，故C正确；由(b)知交流电的周期为0.02 s,故频率为50 Hz,故D错误. 答案：A、C,【命题人揭秘】 本题考查理想变压器的基本规律，需注意以下三点 ： (1)对于电源，原线圈相当于用电器，对于用电器，副线圈相当于电源. (2)变压器用于改变交流电的电

11、压、电流，但不改变电流的频率. (3)在交变电路中，电流表、电压表的示数均为有效值.,电能的输送 【典例6】(2010江苏高考)在如图所示的远距离输电电路图中，升压变压器和降压变压器均为理想变压器，发电厂的输出电压和输电线的电阻均不变，随着发电厂输出功率的增大，下列说法中正确的有( ),A.升压变压器的输出电压增大 B.降压变压器的输出电压增大 C.输电线上损耗的功率增大 D.输电线上损耗的功率占总功率的比例增大 【审题视角】由升压变压器输入功率变化，分析引起输电线路上电流、电压的变化.根据升压变压器的输入电压不变，利用变压比确定降压变压器输出电压的变化.,【精讲精析】由题意可知升压变压器的输

12、入电压不变，则输出电 压U不变，A错误；在电能输出过程中有 U线=IR线 ,U=U- U线，因P变大，I变大，所以U线变大，所以降压变压器输入电压U 变小，则降压变压器的输出电压变小，B错误；由 因P 变大，所以P线变大，C正确；根据 因P变大， 所以比值变大，D正确. 答案：C、D,【命题人揭秘】有关电能输送问题的特点及处理方法 (1)本题通过以远距离输电为背景，通过电压的变化引起其他变化、功率的变化引起其他变化等相关知识、考查了电能的输送问题，有新意. (2)求解远距离输电的思路和方法是： 熟悉“交流发电机升压变压器输电线降压变压器用户”这一流程. 利用逆向思维法解决电能的输送问题往往较方

13、便，即先从负载功率算起，一直推到升压变压器的输入端.,变压器与远距离输电中的计算问题 【典例7】(2009山东高考)某小型水电站的电能输送示意图如图所示.发电机的输出电压为200 V，输电线总电阻为r，升压变压器原副线圈匝数分别为n1、n2.降压变压器原副线圈匝数分别为n3、n4(变压器均为理想变压器).要使额定电压为220 V的用电器正常工作，则( ),C.升压变压器的输出电压等于降压变压器的输入电压 D.升压变压器的输出功率大于降压变压器的输入功率 【审题视角】解答本题时应注意以下两点： 【关键点】 (1)熟记理想变压器的两个基本公式 P1=P2. (2)输电线上的功率损失和电压损失也是需

14、要特别注意的.分析 和计算时一般用 Ur=I2r，也能用,【精讲精析】根据变压器工作原理可知 由于输电线上损失一部分电压，升压变压器的输出电压大于降 压变压器的输入电压，有U2U3，所以 A正确，B、C 错误.升压变压器的输出功率等于降压变压器的输入功率与输 电线损失的功率之和，D正确. 答案：A、D,【阅卷人点拨】,交流电的产生和应用 高考指数: 1.(2012大纲版全国卷)一台电风扇的额定电压为交流220 V，在其正常工作过程中，用交流电流表测得某一段时间内的工作电流I随时间t的变化如图所示.这段时间内电风扇的用电量为( ),A.3.910-2度 B.5.510-2度 C.7.810-2度

15、 D.11.010-2度 【解题指南】用电量即消耗的电能，也就是电流做的功.电风扇在不同挡位风速不同，电流也不同.在这段时间内用电量等于各时间段的用电量总和.注意单位的统一和换算. 【解析】选B.测出的电流和电压均为交流电的有效值，在这段时间内用电量W=U(I1t1+I2t2+I3t3)=220(0.3600+0.4600+0.2 2 400) J=1.98105 J=5.510-2度，选项B正确.,2.(2012北京高考)一个小型电热器若接在输出电压为10 V的 直流电源上.消耗电功率为P;若把它接在某个正弦交流电源 上，其消耗的电功率 为 如果电热器电阻不变，则此交流电 源输出电压的最大值

16、为( ) A.5 V C.10 V,【解题指南】本题需要把握以下两点： (1)交变电流有效值的定义. (2)正弦式交变电流有效值和最大值的关系. 【解析】选C.设交变电压有效值为U，根据有效值定义，有 交变电压最大值,3.(2011四川高考)如图所示，在匀强磁场中 匀速转动的矩形线圈的周期为T,转轴O1O2垂直 于磁场方向，线圈电阻为2 .从线圈平面 与磁场方向平行时开始计时，线圈转过60 时的感应电流为1 A.那么( ) A.线圈消耗的电功率为4 W B.线圈中感应电流的有效值为2 A C.任意时刻线圈中的感应电动势为 D.任意时刻穿过线圈的磁通量为,【解析】选A、C.由于线圈从垂直于中性面

17、开始计时，则瞬时 值表达式可记为e=Emcos，当=60时e=iR=2 V，即2V= Emcos60，得最大值Em=4 V，则有效值 电流有效值 功率为 瞬时值表= 达式为 故A、C正确，B错误.再由Em=NBS，则任 意时刻穿过线圈的磁通量为 可知D错误.,4.(2010广东高考)如图是某种正弦式交变电压的波形图，由图可确定该电压的( ) A.周期是0.01 s B.最大值是311 V C.有效值是220 V D.表达式为u=220sin100t(V),【解题指南】解答该题的关键是明确图象横轴、纵轴的意义和 各物理量之间的关系. 【解析】选B、C.由题图知：该电压的最大值Um=311 V，则

18、有 效值 周期T=0.02 s ，则 表达式为u=311 sin100t(V),故B、C选项正确.,变压器的基本规律及应用 高考指数: 5.(2012天津高考)通过一理想变压器,经同一线路输送相同 的电功率P,原线圈的电压U保持不变,输电线路的总电阻为R.当 副线圈与原线圈的匝数比为k时,线路损耗的电功率为P1,若将 副线圈与原线圈的匝数比提高到nk,线路损耗的电功率为P2,则 P1和 分别为( ),【解题指南】解答本题时首先计算原线圈的电流，再根据原、副 线圈电流与匝数的关系及功率的公式计算出线路损耗的功率，并 进一步求出副线圈匝数变化前后线路损耗功率的比值. 【解析】选D.原线圈的电流为

19、由于P、U不变，故I1不变， 由 由 得 则 故选项D正确.,6.(2012山东高考)图甲是某燃气炉点火装置的原理图.转换 器将直流电压转换为图乙所示的正弦交变电压，并加在一理想 变压器的原线圈上，变压器原、副线圈的匝数分别为n1、n2， 为交流电压表.当变压器副线圈电压的瞬时值大于5 000 V时， 就会在钢针和金属板间引发电火花进而点燃气体.以下判断正 确的是( ),A.电压表的示数等于5 V B.电压表的示数等于 C.实现点火的条件是 D.实现点火的条件是 【解题指南】解答本题应把握以下三点： (1)理解正弦交变电流u -t图象的物理含义. (2)知道电压表的示数是电压的有效值. (3)

20、利用变压器电压与线圈匝数的关系求点火条件.,【解析】选B、C.由u-t图象可知最大电压值为5 V，故有效值 为 交流电压表测量的是有效值，A错，B对；由变压器电 压与线圈匝数的关系可知， 当变压器副线圈电 压的瞬时值大于5 000 V，即 C对， D错.,7.(2012新课标全国卷)自耦变压器铁芯 上只绕有一个线圈,原、副线圈都只取该线 圈的某部分.一升压式自耦调压变压器的电 路如图所示,其副线圈匝数可调.已知变压 器线圈总匝数为1 900匝,原线圈为1 100匝, 接在有效值为220 V的交流电源上.当变压器 输出电压调至最大时，负载R上的功率为2.0 kW.设此时原线圈中电流有效值为I1,

21、负载两端电压的有效值为U2,且变压器是理想的,则U2和I1分别约为( ),A.380 V和5.3 AB.380 V和9.1 A C.240 V和5.3 AD.240 V和9.1 A 【解析】选B.由理想变压器原、副线圈中电压、电流及功率关 系可得： 所以,当变压器输出电压调至 最大时，副线圈的匝数也最大为n2=1 900匝，负载R上的功率 也最大，为2.0 kW，则 故选项B正确.,8.(2012重庆高考)如图所示，理想变压器的 原线圈接入 的交变电 压，副线圈通过电阻r=6 的导线对“220 V 880 W”的电器RL供电，该电器正常工作.由此可知( ) A.原、副线圈的匝数比为501 B.

22、交变电压的频率为100 Hz C.副线圈中电流的有效值为4 A D.变压器的输入功率为880 W,【解题指南】解答本题时可按以下思路分析： 【解析】选C.因为用电器正常工作，可知电器RL上的电压是220 V， 电流4 A，C正确；副线圈电压244 V，所以原副线圈匝数比 A错误；变压器不改变交变电流的频率，原线圈电压频率 50 Hz，副线圈电压频率还是50 Hz，B错误;变压器输入功率等于输 出功率，输出功率大于880 W，所以输入功率也大于880 W，D错误.,9.(2011新课标全国卷)如图，一理想变 压器原副线圈的匝数比为12；副线圈电 路中接有灯泡，灯泡的额定电压为220 V， 额定功

23、率为22 W；原线圈电路中接有电压表和电流表.现闭合开关，灯泡正常发光，若用U和I分别表示此时电压表和电流表的读数，则( ) A.U=110 V, I=0.2 AB. U=110 V ,I=0.05 A C. I=0.2 A,【解题指南】解答本题应把握以下三点： (1)灯泡正常发光说明副线圈两端电压U2=220 V. (2)变压器的电压、电流与匝数的基本规律. (3)电流表、电压表示数均为有效值. 【解析】选A.在副线圈电路中， 再根据 得 U1=110 V，I1=0.2 A，故B、C、D错，A正 确.,10.(2011山东高考)为保证用户电压稳定在220 V，变电所需适时进行调压，图甲为调压

24、变压器示意图.保持输入电压u1不变，当滑动接头P上下移动时可改变输出电压.某次检测得到用户电压u2随时间t变化的曲线如图乙所示.以下正确的是( ),C.为使用户电压稳定在220 V，应将P适当下移 D.为使用户电压稳定在220 V，应将P适当上移 【解析】选B、D.由图象可知，正弦式交变电压的最大值为 其周期为0.02 s,可得其表达式为 B选项正确，又在u1、n2不变的前提下通过改变n1来使u2增大， 由 可得应使n1减小，故应将P适当上移，D选项正确.,11.(2011福建高考)图甲中理想变压器原、副线圈的匝数之比n1n2=51，电阻R=20 ，L1、L2为规格相同的两只小灯泡，S1为单刀

25、双掷开关.原线圈接正弦交变电源，输入电压u随时间t的变化关系如图乙所示.现将S1接1、S2闭合，此时L2正常发光.下列说法正确的是( ),A.输入电压u的表达式 B.只断开S2后，L1、L2均正常发光 C.只断开S2后，原线圈的输入功率增大 D.若S1换接到2后，R消耗的电功率为0.8 W 【解析】选D.由图乙知周期为0.02 s，因此输入电压的表达式 A错；只断开S2，L1、L2两端的电压小于额定 电压，都不能正常发光，B错；只断开S2，负载电阻变大，功率 变小，C错；S1换接到2后，据 得R消耗的功率为 0.8 W，故选D.,12.(2010重庆高考)一输入电压为220 V，输出电压为36

26、 V的变压器副线圈烧坏，为获知此变压器原、副线圈匝数，某同学拆下烧坏的副线圈，用绝缘导线在铁芯上新绕了5匝线圈.如图所示，然后将原线圈接到220 V交流电源上，测得新绕线圈的端电压为1 V，按理想变压器分析，该变压器烧坏前的原、副线圈匝数分别为( ),A.1 100,360 B.1 100，180 C.2 200,180 D.2 200,360 【解析】选B.对新绕线的理想变压器分析，根据变压比公式 对变压器烧坏前分析， 根据 B正确.,13.(2010全国卷)图中为一理想变压 器，其原线圈与一电压有效值不变的交流 电源相连，P为滑动触头.现令P从均匀密 绕的副线圈最底端开始，沿副线圈匀速上

27、滑，直至白炽灯泡L两端的电压等于其额定电压为止.用I1表示流过原线圈的电流，I2表示流过灯泡的电流，U2表示灯泡两端的电压，N2表示灯泡消耗的电功率(这里的电流、电压均指有效值，电功率指平均值).下列4个图中，能够正确反映相应物理量的变化趋势的是( ),【解析】选B、C.根据 P从副线圈最底端 开始匀速上滑，说明副线圈匝数n2在均匀增大，即n2=kt(k为单位 时间内增加的匝数)，则 而U1、n1为定值，故C正确；在 副线圈电路中，根据欧姆定律有： 可知流过 灯泡的电流I2增大，白炽灯通过电流越大，温度越高，则电阻越 大，故B正确；根据 而n1不变、I2增大、n2增 大，则I1增大，故A错误；

28、灯泡消耗的电功率 可知D错误.,14.(2011海南高考)如图,理想变压器原 线圈与一10 V的交流电源相连，副线圈并 联两个小灯泡a和b，小灯泡a的额定功率为0.3 W ，正常发光时电阻为30 ，已知两灯泡均正常发光，流过原线圈的电流为0.09 A，可计算出原、副线圈的匝数比为_，流过灯泡b的电流为_A. 【解析】U1=10 V，根据小灯泡正常发光，则 根据 所以 答案:103 0.2,15.(2011江苏高考)图甲为一理想变压器，ab为原线圈，ce为副线圈，d为副线圈引出的一个接头，原线圈输入正弦式交变电压的u-t图象如图乙所示.若只在ce间接一只Rce400 的电阻，或只在de间接一只R

29、de225 的电阻，两种情况下电阻消耗的功率均为80 W.,(1)请写出原线圈输入电压瞬时值uab的表达式； (2)求只在ce间接400 电阻时，原线圈中的电流I1； (3)求ce和de间线圈的匝数比 【解析】(1)由图乙知=200 rad/s， 电压瞬时值uab=400sin200t(V) (2)电压有效值 理想变压器P1=P2 原线圈中的电流,(3)设ab间匝数为n1，根据变压器规律有 由题意有： 答案:(1)uab=400sin200t (V) (2)0.28 A (3)43,有关变压器的动态电路分析 高考指数: 16.(2012福建高考)如图,理想变压器原线圈输入电压u= Umsint

30、,副线圈电路中R0为定值电阻,R是滑动变阻器. 和 是理想交流电压表,示数分别用U1和U2表示; 和 是理 想交流电流表,示数分别用I1和I2表示.下列说法正确的是( ),A.I1和I2表示电流的瞬时值 B.U1和U2表示电压的最大值 C.滑片P向下滑动过程中,U2不变、I1变大 D.滑片P向下滑动过程中,U2变小、I1变小 【解题指南】解答本题时可按以下思路分析：,【解析】选C.交流电压表和交流电流表显示的示数都为有效值，A、B错.由于输入端电压U1和理想变压器匝数比不变，所以U2不变.滑片P向下滑动过程中，电阻变小，电流I2变大，输出功率变大，则输入功率变大，电流I1变大，C对、D错，故选

31、C.,17.(2010山东高考)一理想变压器 原、副线圈的匝数比为101，原线 圈输入电压的变化规律如图甲所示， 副线圈所接电路如图乙所示，P为滑 动变阻器的触头.下列说法正确的是( ) A.副线圈输出电压的频率为50 Hz B.副线圈输出电压的有效值为31 V C.P向右移动时，原、副线圈的电流比减小 D.P向右移动时，变压器的输出功率增加,【解析】选A、D.由图象可知原线圈输入电压的最大值Um=311V， T=210-2s，则原线圈输入电压的有效值： 选项A正确.由 B错误.P向右移动时，副线圈的电阻减小，副线圈输出电压不变， 所以变压器的输出功率增加，而匝数比不变，所以原、副线圈的 电流

32、比不变，C错误，D正确.,【方法技巧】理想变压器动态问题的分析方法 (1)分清不变量和变量，弄清理想变压器中电压、电流、功率之间的联系和相互制约关系，利用闭合电路欧姆定律、串并联电路特点进行分析判定. (2)利用两种常见类型 匝数比不变，原、副线圈的电压U1、U2不变，电流I1、I2，功率P1、P2随负载电阻的变化而变化. 负载电阻不变，原线圈的电压U1不变，副线圈两端的电压U2、电流I1、I2，功率P1、P2随匝数比的变化而变化.,18.(2010四川高考)图甲所示电路中，A1、A2、A3为相同的电流表，C为电容器，电阻R1、R2、R3的阻值相同，线圈L的电阻不计.在某段时间内理想变压器原线

33、圈内磁场的变化如图乙所示，则在t1t2时间内( ),A.电流表A1的示数比A2的小 B.电流表A2的示数比A3的小 C.电流表A1和A2的示数相同 D.电流表的示数都不为零 【解析】选C.由于B-t图象的斜率不变，根据法拉第电磁感应定律得,副线圈中产生的感应电流恒定不变，为恒定电流，电感线圈对恒定电流没有阻碍作用，所以A1和A2的示数相同，电容器对恒定电流相当于断路，所以A3的示数为零，正确答案为C.,远距离输电 高考指数: 19.(2010福建高考)中国已投产运行的1 000 kV特高压输电是目前世界上电压最高的输电工程.假设甲、乙两地原采用500 kV的超高压输电，输电线上损耗的电功率为P

34、.在保持输送电功率和输电线电阻都不变的条件下，现改用1 000 kV特高压输电，若不考虑其他因素的影响，则输电线上损耗的电功率将变为( ) A.P/4B.P/2C.2PD.4P,【解析】选A.由P=UI可知由500 kV的超高压输电变为1 000 kV 特高压输电时，输电线上的电流变为原来的1/2，再据P线=I2R线可得输电线上损耗的电功率将变为P/4，故选A.,20.(2010浙江高考)某水电站，用总电阻为2.5 的输电线输电给500 km外的用户，其输出电功率是3106 kW.现用500kV电压输电，则下列说法正确的是( ) A.输电线上输送的电流大小为2105 A B.输电线上由电阻造成

35、的损失电压为15 kV C.若改用5 kV电压输电，则输电线上损失的功率为9108 kW D.输电线上损失的功率为PU2/r，U为输电电压，r为输电线的电阻,【解析】选B.输出电功率P=3106 kW，输电电压U=500 kV， 则输电线上输送的电流大小 所以A错误；输电 线上由电阻造成的损失电压U损=Ir=15 kV，所以B正确；输电 线上损失的功率 所以D错误;因为输电线上损失 的功率不可能大于水电站的输出功率,故C错误.,交变电流的产生及描述 1.交变电流的产生和变化规律 (1)交变电流：大小和方向都随时间做周期性变化的电流. (2)正弦交流电：电流或电压均按正(余)弦规律变化的交变电流

36、. (3)中性面 定义：线圈平面在与磁场垂直的位置平面. 特点：线圈经过中性面时，穿过线圈的磁通量最大，磁通量变化率最小，感应电动势为零.,(4)正弦式交变电流的产生和变化规律 产生：当闭合线圈由中性面位置(如图从 O1O2位置)开始在匀强磁场中绕垂直于磁场方 向的轴匀速转动时，线圈中产生的感应电动 势随时间变化的函数是正弦函数，线圈中产 生的感应电流即为正弦式交变电流. 瞬时值表达式:电动势：e=Emsint 电压：u=Umsint 电流：i=Imsint,2.描述交变电流的物理量,3.交流电的“四值”的应用 (1)瞬时值：反映了不同时刻交变电流的大小，发光二极管在 瞬时值超过其发光电压的时

37、间内才可以发光. (2)最大值：在考虑电容器的耐压值时，则应根据交流电的最 大值. (3)有效值：求电功、电功率、焦耳热以及确定保险丝的熔断 电流等物理量时，要用有效值计算，正弦交流电的有效值为,其他交变电流的有效值只能根据有效值的定义来计算. 此外，交流电压表、交流电流表所测的数值均是指有效值，一 些交流电器铭牌上所标的额定电压(电流)值也是指有效值. (4)平均值：求一段时间内通过导体横截面的电荷量时要用平 均值，即 平均值的计算需用 计算，切记不 能用 平均值不等于有效值.,【名师点睛】 1.明确线圈的初始位置，正确书写对应函数关系式， 若是正弦交流电,则: (1)表达式e=Emsint (从中性面计