吉林省延边市第二中学2018_2019学年高一物理上学期第二次阶段考试试题（含解析）.docx

吉林省延边第二中学2018-2019学年高一上学期第二次阶段考试物理试题一、选择题1.关于加速度和速度，以下说法正确的是( )A. 物体运动的加速度等于0，则速度一定等于0B. 物体具有向东的加速度，则速度的方向也一定向东C. 同一物体受到的合力越大，则物体的加速度也一定越大D. 两物体相比，若一个物体的速度变化量较大，则加速度一定较大【答案】C【解析】A、物体的加速度等于零，速度不一定为零，比如匀速直线运动，故A错误；B、加速度的方向与速度方向可能相同，可能相反，可能不在同一条直线上，故B错误；C、由牛顿第二定律可知，同一物体受到的合力越大，则物体的加速度也一定越大，故C正确；D、根据加速度的定义式得知，一个物体的速度变化量比较大，即较大，如果也很大，那么加速度却比较小，故D错误；故选C。2.汽车以10m/s的速度在马路上匀速行驶，驾驶员发现正前方15m处的斑马线上有行人，于是刹车礼让汽车恰好停在斑马线前，假设驾驶员反应时间为0.5s。汽车运动的v-t图如图所示，则汽车的加速度大小为A. B. C. D. 【答案】C【解析】【详解】根据速度时间图像可以知道，在驾驶员反应时间内，汽车的位移为,所以汽车在减速阶段的位移 根据 可解得： 故C对；ABD错；综上所述本题答案是：C【点睛】驾驶员在发应时间内做匀速运动，根据图像可以求出匀速过程的位移，再利用求出运动过程中的加速度的大小。3.空降兵从飞机上跳伞时，为了保证安全着陆，着陆前最后阶段降落伞匀速下落的速度约为6 m/s.空降兵平时模拟训练时，经常从高台上跳下，则训练用高台的合适高度约为(g取10 m/s2)()A. 0.5 mB. 1.0 mC. 1.8 mD. 5.0 m【答案】C【解析】【详解】根据v22gh有：，选项C正确，ABD错误。故选C。【点睛】本题主要考查了自由落体运动的简单应用，自由落体运动是初速度为0，加速度为重力加速度的匀加速直线运动，熟练掌握自由落体运动的规律即可解题4.如图所示,用细线将A物体悬挂在顶板上,B物体放在水平地面上A、B间有一劲度系数为100N/m的轻弹簧,此时弹簧伸长了2cm,已知A、B两物体的重力分别是3N和5N，则细线的拉力及B对地面的压力分别是( )A. 1N和0NB. 5N和3NC. 5N和7ND. 7N和7N【答案】B【解析】【详解】以A为研究对象进行受力分析，根据共点力平衡条件有：细线的拉力T=GA+kx，代入数据得T=5N；以物体B为研究对象进行受力分析有：FN+kx=GB，代入数据得地面对B的支持力FN=3N，由牛顿第三定律可知，B对地面的压力也为3N，方向竖直向下；故A、C、D错误，B正确。故选：B5.下列各图中三角形的三边各代表一个力，以下说法中正确的是（ ）. . . . A. 图中三个力的合力为零B. 图中三个力的合力为2F3C. 图中三个力的合力为2F1D. 图中三个力的合力为2F2【答案】C【解析】【详解】根据三角形定则可知：中F1和F2的合力为F3，故三力合力为2F3；中F1和F3的合力为F2，故三力合力为2F2；中F2和F3的合力为F1，故三力合力为2F1中F1和F2的合力为-F3，故三力合力为0，故选项ABD错误，选项C正确。【点睛】本题考查三角形定则：两分力与合力首尾相连，构成封闭的矢量三角形，合力为零。6.将一物块分成相等的A、B两部分靠在一起，下端放置在地面上，上端用绳子拴在天花板，绳子处于竖直伸直状态，整个装置静止。则下列说法不正确的是( )A. 绳子上拉力可能为零B. A物体可能只受两个作用力C. 地面与物体间可能存在摩擦力D. AB之间可能存在摩擦力【答案】C【解析】【详解】由题：AB若接触面光滑，AB间没有摩擦力。对A分析：A受到重力和绳子的拉力，B对A没有支持力，根据平衡条件得知，拉力与A的重力大小相等；若接触面粗糙，当AB间存在弹力与静摩擦力的合力等于自身重力时，则绳子的拉力为零。故ABD正确。对AB分析知：整体水平方向没有力，则不可能受到地面的摩擦力。故C错误。此题选择错误的选项，故选C。【点睛】解决本题的关键能够正确地进行受力分析，运用共点力平衡求解，采用隔离法与整体法进行研究7.国产歼15舰载战斗机在航母甲板上加速起飞过程可看做匀变速直线运动,在某段时间内的x-t图象如图所示,视歼15舰载战斗机为质点,根据图中所给数据判断该机加速起飞过程中,下列选项正确的是（ ）A. 经过图线上M点所对位置时的速度小于20m/sB. 在t=2.5s时的速率等于20m/sC. 在2s2.5s这段时间内位移等于10mD. 在2.5s3s这段时间内位移等于10m【答案】B【解析】【详解】在t=2s至t=3s这段时间内，平均速度为，因此在2.5s时的速度为20m/s，由于M点对应的时刻大于2.5s，可知瞬时速度大于20m/s，选项A错误，B正确；从t=2s到M对应的时刻位移为10m，可知在2s2.5s这段时间内位移小于10m，在2.5s3s这段时间内位移大于10m，选项CD错误；故选B。【点睛】解决本题的关键知道位移时间图线的物理意义，知道图线的斜率表示的含义，也可以匀变速直线运动的推论公式研究8.如图是物体运动的v-t图象，下列说法正确的是（ ）A. 4-6s速度方向和加速度方向相同B. 4s时物体回到出发点C. 6s内位移为3mD. 2s时刻物体运动方向改变【答案】AC【解析】【详解】因v-t线的斜率等于加速度，则4-6s速度为负，加速度也为负，则速度方向和加速度方向相同，选项A正确；0-4s内物体速度均为正值，则4s末物体没有回到出发点，选项B错误； 因v-t图像的面积等于位移，可知6s内位移等于前2s内的位移： ，选项C正确；2s前后速度均为正值，2s时刻物体运动方向没有改变，选项D错误；故选AC.【点睛】本题是速度-时间图象的应用，要明确斜率的含义，知道在速度-时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义，能根据图象读取有用信息9.如图所示，物体B叠放在物体A上，A、B的质量均为m，且上、下表面均与斜面平行，它们以共同速度沿倾角为的固定斜面C匀速下滑，则（ ）A. A、B间没有摩擦力B. A受到B施加的静摩擦力方向沿斜面向下C. A受到斜面的滑动摩擦力大小为D. A与B间的动摩擦因数为【答案】BCD【解析】【详解】A、对B受力分析可以知道,B受重力、支持力;将重力分解可以知道重力有沿斜面向下的分力,要使B能匀速下滑,受力一定平衡,故A对B应有沿斜面向上的摩擦力;故A错误;B、由牛顿第三定律可以知道,A受到B的摩擦力应沿斜面向下,故B正确； C、对整体分析,并将整体重力分解,可以知道沿斜面方向上,重力的分力与摩擦力等大反向,故A受的滑动摩擦力沿斜面向上,大小为 故C对；D、根据滑动摩擦力的公式,A与斜面间的摩擦力 得：，故D对；故选BCD【点睛】对B物体受力分析,根据共点力平衡可以得出A受力的情况,得出AB间摩擦力的大小及方向.再对整体受力分析可得出A受斜面的摩擦力情况.10.如图所示，用竖直挡板将重为10N的小球夹在挡板和光滑斜面之间，斜面倾角为30，则（ ）A. 挡板对小球的弹力大小为B. 斜面对球的弹力大小为20NC. 若挡板逆时针缓慢转动到水平过程中，挡板对球的弹力将变大D. 若挡板逆时针缓慢转动到水平过程中，斜面对球的弹力将变小。【答案】AD【解析】对小球受力分析，受重力、斜面支持力和挡板支持力，将重力按照作用效果分解，如图所示：小球对挡板压力等于分力N1，对斜面压力等于分力N2，故：N1=mgtan=N；N2=N；选项A正确，B错误；使挡板从图示竖直位置缓慢的顺时针转为水平，分解重力，如图所示：使挡板从图示竖直位置缓慢的顺时针转为水平，小球对挡板的压力是先减小后增加，对斜面的压力是逐渐减小；选项C错误，D正确；故选AD.点睛：本题是动态分析问题，关键是明确重力不变，对斜面压力的方向不变，然后根据平行四边形定则作图分析即可11.质量为的小球置于倾角为300的光滑固定斜面上，劲度系数为的轻弹簧一端系在小球上，另一端固定在竖直墙上的P点，小球静止于斜面上，弹簧轴线与竖直方向的夹角为300，如图所示取则A. 弹簧对小球拉力大小为B. 小球对斜面的压力的大小为10NC. 弹簧的伸长量为10cmD. 弹簧被剪断的瞬间，小球的加速度大小为【答案】CD【解析】小球静止于斜面上，设小球受的弹簧拉力为，设斜面对小球的支持力为，设弹簧的伸长量为，对小球受力分析如图，则： 、联立解得：、 A：小球受的弹簧拉力为，故A项错误。B：斜面对小球的支持力为，据牛顿第三定律，小球对斜面的压力的大小为。故B项错误。C：弹簧的伸长量，故C项正确。D：弹簧被剪断的瞬间，小球受重力、斜面对小球的支持力，小球将沿斜面下滑，则：，解得：。故D项正确。12.如图所示，当小车向右加速运动时，物块M相对车厢静止于竖直车厢壁上，当车的加速度增大时（）A. M受静摩擦力增大B. M对车厢壁的压力增大C. M仍相对于车厢静止D. M受静摩擦力不变【答案】BCD【解析】【详解】以物块为研究对象，分析受力，作出力图如图。根据牛顿第二定律得，摩擦力f=mg，保持不变。故A错误，D正确。小车的加速度增大时，弹力N=ma增大，M对车厢壁的压力增大，物块受到的最大静摩擦力增大，物块相对于车厢仍静止。故BC正确。故选BCD。二、实验题13.探究弹力和弹簧伸长量的关系”的实验中，组成了如图所示的装置，所用的每个钩码的质量都是30 g 他先测出不挂钩码时弹簧的自然长度，再将5个钩码逐个挂在弹簧的下端，每次都测出相应的弹簧总长度，在坐标系中作出弹簧弹力大小F跟弹簧总长度x之间的函数关系的图线(弹簧认为是轻弹簧，弹力始终未超出弹性限度，取g10 m/s2) （1）由图线求得该弹簧的劲度系数k_N/m.弹簧竖直悬挂时原长_cm。(结果均保留两位有效数字)，（2）某同学在做“探究弹力和弹簧伸长量的关系”实验中，他先把弹簧平放在桌面上使其自然伸长，用毫米刻度尺测出弹簧的原长L0，再把弹簧竖直悬挂起来，挂上钩码后测出弹簧伸长后的长度L，把LL0作为弹簧的伸长量x.这样操作，由于弹簧自身重力的影响，最后画出的图线可能是图中的 _ . 【答案】 (1). 28； (2). 6.0cm； (3). C；【解析】【详解】（1）根据胡克定律F=k(x-x0)，即F=kx-kx0，图像的斜率等于弹簧的劲度系数： ；当F=0时，x=x0，即图像与x轴的交点等于弹簧原长，x0=6.0cm。 （2）把弹簧悬挂后，由于弹簧自身有重力，在不加外力的情况下，弹簧已经有一定的伸长。故C正确，ABD错误。故选：C。【点睛】弹簧的弹力与伸长量是正比关系，和总长度不是正比关系，在做此实验时要注意这个问题。14.某同学用图甲所示的装置研究重物的自由落体运动在符合操作规程的前提下，得到图乙所示的一段纸带若他测得AB之间的距离为x1，BC之间的距离为x2，已知打点周期为T.则利用上述条件得到重物下落的加速度计算式为a_；打B点时重物的瞬时速度计算式为vB_.利用该装置测出的加速度总比当地重力加速度值略小，其主要原因是_.【答案】 (1). ； (2). ； (3). 存在空气阻力和打点计时器对纸带的阻力作用；【解析】【详解】(1)物体下落过程中，物体做匀加速直线运动则有：saT2，所以 由于做匀变速直线运动的物体在一段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，而B为A、C的中间时刻，所以AC段的平均速度即为B点的瞬时速度则有： (2)测出的加速度比当地重力加速度值略小的原因是：存在空气阻力和打点计时器对纸带的阻力作用.【点睛】解决本题的关键掌握纸带的处理方法，会通过纸带求解瞬时速度和加速度，关键是匀变速直线运动两个重要推论的运用三、计算题15.如图所示，质量为m=4kg的物体置于水平地面上，它们之间的动摩擦因数为=0.5，对物体施加20N的斜向上的力F， F与水平面夹角为=370，物体开始运动，已知g=10m/s2，sin370=0.6，cos370=0.8。求: （1）物体受地面的摩擦力的大小;（2）物体运动的加速度大小。【答案】（1）14N（2）0.5m/s2【解析】对物体进行物体受力分析，并对力F进行分解，如图所示 则，Fx = Fcos=16N Fy = Fsin=12N 物体在竖直方向上平衡，可知 Fsin+FN=mg 水平面对物体的支持力