2023学年浙江省慈溪市物理高二上期中经典试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷考生请注意：1答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如下图所示，水平放置的平行板间的匀强电场正中有一带电微粒正好处于静止状态如果把两平行带电板改为竖直放置，带电微粒的运动状态将是 （ ）A保持静止状态B从P点开始作自由落体运动C从P

2、点开始做类平抛运动D从P点开始做初速度为零，加速度为g的匀加速直线运动2、电容器C1、C2和可变电阻器R1、R2以及电源连接成如图所示的电路当R1的滑动触头在图示位置时，C1、C2的电量相等要使C1的电量大于C2的电量，应A增大R2B减小R2C将R1的滑动触头向A端移动D将R1的滑动触头向B端移动3、电子束焊接机中的电子枪如图所示，K为阴极，A为阳极，阴极和阳极之间的电场线如图中虚线所示，A上有一个小孔，阴极发射的电子在阴极和阳极间的电场作用下聚集成一束，以极高的速率穿过阳极板上的小孔，射到被焊接的金属上，使两块金属熔化而焊接在一起，不考虑电子重力，下列说法正确的是AA点的电势低于K点的电势B

3、电子克服电场力做功C电子的电势能不断增加D电子动能不断增加4、我国民用交流电，其电压随时间变化的规律如图，该交流电的周期、电压的有效值分别是（ ）A0.02s ，314VB0.01s ，314VC0.02s ，220VD0.01s ，220V5、一船在静水中的速度是10m/s，要渡过宽为240m、水流速度为8m/s的河流，则下列说法中正确的是（ ）A此船不可能垂直到达正对岸B船垂直到达正对岸的实际航行速度是6m/sC此船过河的最短时间30sD船头的指向与上游河岸的夹角为53船可以垂直到达正对岸6、如图所示，斜面上有A,B,C,D四个点，AB=BC=CD，从A点以初速度v0水平抛出一个小球，它落

4、在斜面上的B点，若小球从A点以速度v0水平抛出，不计空气阻力，则下列判断正确的是（ ）A小球一定落在C点B小球可能落在D点与C点之间C小球落在斜面的运动方向与斜面的夹角一定增大D小球落在斜面的运动方向与斜面的夹角不相同二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，O点固定一带正电的点电荷，实线表示某高速粒子的运动轨迹，a、b和c为轨迹上的三个点，b点离O点最近，a点比c点离O点更远则 A三个点中，高速粒子在b点的电势能最大B高速粒子带负电C在O点电荷产生的电场中，c点

5、的电势比a点电势高D高速粒子在a、b、c三点的加速度大小abacaa8、如图所示，光滑固定金属导轨与水平面成一定角度，将完全相同的两个导体棒P、Q相继从导轨顶部同一位置M处无初速释放，在导轨中某部分（图中两虚线之间）有一与导轨平面垂直的匀强磁场已知P棒进入磁场时恰好做匀速运动，则从P棒进入磁场开始计时，到Q棒离开磁场（设导轨足够长，除P、Q杆外其余电阻不计），P棒两端电压随时间变化的图象可能正确的是ABCD9、如图所示，圆圈中的“”表示电流方向垂直纸面向里，圆圈中的“”表示电流方向垂直纸面向外两根通电长直导线a、b平行水平放置，a、b中的电流强度均为I，此时a受到的磁场力大小为F当在a、b的上

6、方再放置一根与a、b平行的通电长直导线c后，a受到的磁场力大小仍为F，图中abc正好构成一个等边三角形，则此时（ ）Ab受到的磁场力大小为FBb受到的磁场力大小为Cc受到的磁场力大小为FDc受到的磁场力大小为10、如图为回旋加速器的示意图两个靠得很近的D形金属盒处在与盒面垂直的匀强磁场中，磁场的磁感应强度为B一质子从加速器的A处开始加速已知D形盒的半径为R，高频交变电源的电压为U、频率为f，质子质量为m，电荷量为q已知质子在磁场中运动的周期等于交变电源的周期，下列说法正确的是（ ）A质子的最大速度不超过2RfB质子的最大动能为C质子的最大动能与U无关D若增大电压U, 质子的最大动能增大三、实验

7、题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某学生用螺旋测微器在测定某一金属丝的直径时，测得的结果如下图所示，则该金属丝的直径d=_mm。另一位学生用游标尺上标有20等分刻度的游标卡尺测一工件的长度，测得的结果如下图所示，则该工件的长度L=_cm。12（12分）图甲是“研究平抛物体的运动”的实验装置图。(1)实验前应对实验装置反复调节，直到斜槽末端切线_。每次让小球从同一位置由静止释放，是为了每次平抛_。(2)图乙是正确实验取得的数据，其中O为抛出点，则此小球作平抛运动的初速度为_m/s。（g取9.8 m/s2）(3)在另一次实验中将白纸换成方格

8、纸，每小格的边长L5cm，通过实验，记录了小球在运动途中的三个位置，如图丙所示，则该小球做平抛运动的初速度为_m/s；B点的竖直分速度为_m/s。（g取10m/s2）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，电源电动势，内阻，电阻，电容器的电容，开关S原来断开，现在合上开关S到电路稳定，试问这一过程中通过电流表的电量是多少？14（16分）如图所示，沿水平方向放置一条平直光滑槽，它垂直穿过开有小孔的两平行薄板，板相距3.5L槽内有两个质量均为m的小球A和B，A球带电量为+q，B球带电量为-3q，两球由长为

9、2L的轻杆相连，组成一带电系统最初A和B分别静止于左板的两侧，离板的距离均为L若视小球为质点，不计轻杆的质量，现在两板之间加上与槽平行，场强为E的向右的匀强电场后（设槽和轻杆由特殊绝缘材料制成，不影响电场的分布），带电系统开始运动试求：（1）从开始运动到B球刚进入电场时，带电系统电势能的改变量E；（2）以右板电势为零，带电系统从开始运动到速度第一次为零时，A球所在位置的电势为多大？（3）带电系统从开始运动到速度第一次为零所需的时间15（12分）电磁炮是一种理想的兵器，它的主要原理如图所示.1982年澳大利亚国立大学制成了能把2.2g的弹体(包括金属杆EF的质量)加速到10km/s的电磁炮(常规

10、炮弹的速度约为2km/s)，若轨道宽2m，长为100m，通过的电流为10A，试问轨道间所加匀强磁场的磁感应强度是多大？(轨道摩擦不计)参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】由粒子静止不动可知粒子受力平衡qE=mg当平行带电板改为竖直放置，粒子受到水平方向的电场力和重力作用，由力的合成和牛顿第二定律可知合力大小为mg，则加速度为g，即粒子从P点开始做初速度为零，加速度为g的匀加速直线运动。故选D。2、D【解析】由题意，当变阻器R1的滑动触头在图示位置时，C1、C2的电量相等，则，要使C1的电量大于C2的电量，

11、根据Q=CU，可知，C1的电压占R1两端的总电压的比例应增大，根据闭合电路分析，则有当将R1的滑动触头向B端移动时，C1的电压占R1两端的总电压的比例将增大，而R2电阻的增大或减小，都不会导致C1的电压占R1两端的总电压的比例增大，故D正确，ABC错误；故选D.点睛：电路稳定后，电容器的电压等于与之并联电阻两端的电压，而电阻R2、R1串联，根据电容器电量的变化，结合欧姆定律分析，即可求解3、D【解析】在电场中，沿着电场线电势越来越低，因此A点电势比K点电势高，A错误；电子受力的方向与电场线的方向相反，因此在运动过程中，电场力对电子做正功，电势能减小，BC错误；根据动能定理，在运动过程中，只有电

12、场力做功，电子的动能增加，D正确4、C【解析】由图得：交流电的周期：T=0.02s；电压最大值Um=314v，所以电压的有效值 ，故C正确，ABD错误故选C5、B【解析】船实际参加了两个分运动，沿船头指向的匀速直线运动和顺着水流而下的匀速直线运动，实际运动是这两个分运动的合运动，当船头指向不同，合速度不同，轨迹也不同，由于合运动的时间等于沿船头方向分运动的时间，故渡河时间与水流速度无关，只与船头指向和船在静水中速度有关【详解】船实际参加了两个分运动，沿船头指向的匀速直线运动和顺着水流而下的匀速直线运动，实际运动是这两个分运动的合运动，由于船速大于水速，合速度可能与河岸垂直，可能垂直到达正对岸，

13、故A错误；根据速度的合成可得船垂直到达正对岸的实际航行速度是：，故B正确；由于合运动的时间等于沿船头方向分运动的时间，故当船头指向垂直与河岸时，沿船头指向分位移最小，渡河时间最短为：，故C错误；船可以垂直到达正对岸时令船头的指向与上游河岸的夹角为，则有：，解得：，故D错误所以B正确，ACD错误【点睛】本题关键是将实际运动沿船头指向和水流方向进行分解，根据合运动与分运动的同时性、独立性、等效性和同一性分析求解6、A【解析】本题考查的是平抛运动规律的问题，根据平抛运动水平射程和飞行时间s=v0t,t=2hg，可知s1s2=v1t1v2t2=E1t1E2t2=12t1t2=12h1h2=h1h2=1

14、2，abac=h1h2，A正确；小球落在斜面的运动方向与斜面的夹角相同，BCD错误；二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ACD【解析】A根据粒子轨迹的弯曲的方向，可以判定出该粒子受力的方向大体向左下方，则粒子从a运动到c的过程中，电场力先做负功后做正功，其电势能先增大后减小，所以粒子在b点的电势能最大，故A正确。B根据轨迹看出粒子与点电荷间存在斥力，是同种电荷，所以高速粒子带正电，故B错误。C根据正点电荷电场线的分布情况：电场线从正点电荷出发到无穷远处终止，顺着电场线

15、电势降低，越靠近点电荷电势越高，所以b点的电势最高，a点电势最低，c点的电势比a点电势高，故C正确。D根据库仑定律可知，粒子越靠近点电荷，所受的库仑力越大，产生的加速度越大，所以有abacaa故D正确。8、AC【解析】因导体棒P、Q完全相同,又是从导轨顶部同一位置M处无初速释放,所以P、Q在进入磁场时的速度大小是相等的,当P进入磁场,而Q还没有进入磁场的过程中,P做匀速直线运动,设此时的电动势为E,由闭合电路的欧姆定律可得P两端的电压为E/2，且保持不变当Q进入磁场时，分为两种情况来分析：、当Q进入磁场时,P已经出了磁场,所以在PQ都不在磁场中时,P的两端的电压为零,当Q进入磁场后,产生的电动

16、势也为E,此时P的两端的电压仍为E/2，当Q离开磁场时，电压为零，选项A是有可能的、当Q进入磁场时,P还没有出磁场,此时PQ会以相同的速度开始做匀加速直线运动,回路中没有电流,所以P两端的电压等于P产生的电动势,因PQ都在做匀加速直线运动,所以电压是从E均匀增加的,当P到达磁场的边缘时,设产生的电动势为E,P离开磁场时,只有Q在切割磁感线,此时P两端的电压为Q产生的电动势的一半,即为E/2，此后Q将做加速度减小的减速运动，P两端的电压也就逐渐减小，且随Q的加速度的减小，电压减小的幅度也越来越小，所以选项C是有可能的，BD不可能故选AC9、BC【解析】加上导线c后，a受到的磁场力如图所示，a受到

17、的合磁场力仍为F，则受到c给的磁场大小也为F，与b给的磁场力夹角为120，故合力为，因为abc正好构成一个等边三角形，所以c给b的磁场力大小为F，c受到的磁场力如图所示，根据平行四边形定则可得b受到的磁场力，根据牛顿第三定律可得，c受到的a、b给的磁场力如图所示，根据平行四边形定则可得，BC正确10、AC【解析】A质子出回旋加速器的速度最大，此时的半径为R，则所以最大速度不超过2fR，A正确。BC周期，质子的最大动能与电压无关，B错误，C正确；D质子的最大动能，只增大电压U，则质子的最大动能不变，D错误。故选AC。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演

18、算过程。11、3.205（3.203-3.207） 5.015 【解析】1由图所示螺旋测微器可知，螺旋测微器的固定刻度示数是3mm，可动刻度示数是，螺旋测微器的示数是： 2由图所示游标卡尺可知，主尺示数是5cm，游标尺示数是30.05mm=0.15mm=0.015cm，则游标卡尺的示数是：12、水平 初速度相同 1.6m/s 1.47m/s 1.96m/s 【解析】(1)1 2为了保证小球的初速度水平，斜槽末端应切线水平，每次让小球从同一位置由静止释放，是为了每次平抛的初速度相同。(2)3分析图乙，O点为抛出点，取坐标点x=32.0cm=0.32my=19.6cm=0.196m在竖直方向上水平

19、方向上x=v0t代入数据解得小球平抛初速度v0=1.6m/s(3)4 5分析图丙L=5cm=0.05m由图可知，小球由A到B和由B到C在水平方向位移相等，均为3L，则运动时间T相等，在竖直方向，由图示可知y=2L由匀变速直线运动的推论y=gT2可得初速度根据匀变速直线运动中，一段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度可知，在B点竖直分速度四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、【解析】试题分析：S断开，C相当于断路，中无电流，C两端电压即两端电压电容器的电压；电容器的带电量，且a板带正电，b板带负电S闭合，与串联后再与并联，C两端电压即两端电压，由电路分析：外电路总电阻为电