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文档简介
十年(2014—2023)年高考真题分项汇编一导数解答题
目录
题型一:导数的概念及几何意义...............................1
题型二:导数与函数的单调性................................13
题型三:导数与函数的极值、最值............................23
题型四:导数与函数零点问题................................56
题型五:导数与不等式的证明................................80
题型六:导数与其他知识的交汇题型..........................95
题型七:利用导数研究恒成立、能成立问题...................106
题型八:导数的综合应用...................................122
题型一:导数的概念及几何意义
1.(2020北京高考•第19题)已知函数/(x)=12-f.
(1)求曲线V=/(X)的斜率等于-2的切线方程;
(II)设曲线y=〃x)在点&/(/))处的切线与坐标轴围成的三角形的面积为S"),求s(f)的最小值.
【答案】(I)2x+y-13=0,(11)32.
【解析】⑴因为〃x)=12-所以析(x)=-2x,
设切点为(Xo,l2-x。),则-2x0=-2,即/=1,所以切点为(1,11),
由点斜式可得切线方程为:^-H=-2(x-l),即2x+y-13=0.
(II)显然"0,
因为了=/("在点12")处的切线方程为:y_(12-2)=_2f(xT),
令x=0,得夕=r+12,令y=0,得》=匚上",所以S(f)=:x(r+12)・=^
2t2v'2\t\
/4.L74/2j.1441144
不妨设f>0«<0时,结果一样),则S⑺/+/;/+—4=/3+24/+岸),
所以S'«)=—(3z2+24-^^)=3(7+87-48)3(r-4)(*+12)_33—2)(1+2)(*+12)
4t4/24/4/2
由S'(f)>0,得r>2,由S'(/)<0,得0</<2,
所以S⑺在(0,2)上递减,在(2,+8)上递增,所以,=2时,S⑺取得极小值,
也是最小值为义2)="誉=32.
O
2.(2018年高考数学天津(理)•第20题)(本小题满分14分)已知函数[(x)=a',g(x)=log„x,其中a〉1.
⑴求函数力(x)=/(x)-xlna的单调区间;
(2)若曲线y=/(x)在点(%,/&))处的切线与曲线y=g(x)在点(々,g(X2))处的切线平行,证明
2InIn<2
/+g(%)=一
Ina
(3)证明当时,存在直线/,使/是曲线y=/(x)的切线,也是曲线y=g(x)的切线.
【答案】(1)解:由己知,〃(x)=/(x)-xlna,则〃'(x)=优Ina-Ina.令〃'(x)=0,解得x=0.
由。>1,可知当x变化时,力'(X),6(x)的变化情况如下表:
x(-00,0)0(0,+oo)
h\x)-0+
〃(x)\极小值/
所以函数h(x)的单调递减区间为(-00,0),单调递增区间为(0,+8).
(2)证明:由/”(用=罐山区可得曲线歹=/(X)在点(石,/(%))处的切线斜率为〃Inez,
山g'(x)=—,可得曲线y=g(x)在点(当送(马))处的切线斜率为二一,因为这两条切线平行,故有
x\nax2In
a、lna=」一,即(lna『=1.两边取以a为底的对数,得log“x,+%+21og“Ina=0,所以
x2Ina
/、2InIna
项+g(z)=-------------
Ina
(3)证明:曲线y=/(x)在点(须,。*)处的切线4:y-ax,=ax'Ina^x-x,)
曲线》=g(x)在点(x2』0g“X2)处的切线,2:^-logflX2X一
x2\na
I
要证明当时,存在直线/,使/是曲线<=/(%)的切线,也是曲线y=g(%)的切线.
只需证明当〃2时,存在M£(-8,+8),%£(0,+°°),使得/]与,2重合.
ax'ln«=—①
x\na
即只需证明当时,方程组X2有解,
ax'-xaX}Ina=log.x———②
x“2Ina
由①得々=——'~r,代入②,得优1—X。*lna+%+」-+泡吧=0(3)
〃(lna)InaIna
I
因此只需证明当。2屐时,关于%的方程③存在实数解.
设函数〃(x)=优一工优Ina+X+—匚+,既要证明当。2族时,函数y=〃(x)存在零点.
\naIna
u\x)=l-(ln6f)2X6fV,可知当(-00,0)时,ll\x)>0;当X£(0,+8)时,〃'(x)单调递减,又
/X]
M,(0)=1>0,M,—二=l-a(lnfl)2<0,故存在唯一的x0,且%>0,使得"(%)=0,
((In。)」
即1一(1114)2/优。=0,由此可得“(X)在(—8,%)上单调递增,在(X。,+8)上单调递减,“(x)在x=x。处
取得极大值”(X。).
\_
因为a'e",故Inlnae-l,所以
一12InIna12InIna、2+2InIn。、八
〃(%)=*-xa°Ina+x+——+------=-------+x+-----------------■0.
na27n
InaInax0(lntz)InaIna
下面证明存在实数,,使得鼠。<0.
由(1)可得,ax1+xlna,当x>」一时,有
In(7
w(x)4(l+xlna)(]_nlni)+x+^—+2InIn。=_(lnq)2x2+x+l+^—+
V八)InaIntzV)Ina
所以存在实数上使得〃(r)<0.
因此,当时,存在X]£(-8,+8),使得〃(%)=0.
所以当aNe"时,存在直线/,使/是曲线y=/(x)的切线,也是曲线y=g(x)的切线.
3.(2020年新高考全国I卷(山东)•第21题)已知函数〃x)=aei—Inx+lna.
(1)当a=e时,求曲线在点(1,/(D)处的切线与两坐标轴围成的三角形的面积;
(2)若“x巨1,求。的取值范围.
2
【答案】(1)--(2)[l,+oo)
e-1
解析:(DQ/XxXe'—lnx+l,/''(x)=e'—L.•.%=/")=e—l.
X
Q〃l)=e+1,.•.切点坐标为(l,i+e),
...函数f(x)在点(1,/(1)处的切线方程为y-e-l^(e-l)(x-1),即y=(e-l)x+2,
・••切线与坐标轴交点坐标分别为(0,2),(二乙,0),
e-1
1-22
.•・所求三角形面积为一x2x|-----1=-------;
2e-1e-1
(2)解法一:Qf(X)=aex~x-Inx+Ina,
/'(x)=aex~x--,且a>0.
x
设g(x)=/'(x),则g'(x)=+4>0,
X
・・・g&)在(0,+8)上单调递增,即f\x)在(0,+8)上单调递增,
当”1时,广(1)=0,・・・/卜)加〃=*1)=1,・:/卜)21成立.
1111-1
当a>l时,-<1,.".//(-)/,(l)=a(e«-l)(a-l)<0,
二存在唯一%>0,使得/'(x())=ae"T-----=0,且当xe(O,Xo)时/'(x)<0,当xe(x(),+oo)时
xo
x0T1
f\x)>0,/.ae=一,?.Intz+x0-1=-Inx0,
xo
因此/(x)min=/(X。)=ae"-In/+Ina
=FInQ+XQ-1+lnQ22In。-1+21—,XQ=21no+l>l,
X。Vx0
.:/(x)〉1,.:/(x)21恒成立;
当0<a<1时,/(l)=a+lna<a<l,/./(l)<l,/(x)>1不是恒成立.
综上所述,实数。的取值范围是[1,+8).
解法二:/(x)=aex-'-lnx+Ina=e'"a+x''-Inx+lna>\等价于
e,na+x-'+Ina+x-l>lnx+x=e",x+Inx,
令g(x)=e*+x,上述不等式等价于g{Ina+x-l)>g(出x),
显然g(x)为单调增函数,.•.又等价于比a+x-12/ax,即/〃a2/〃x-x+l,
令=/〃x—x+l,则=--1=---
在(0,1)上/?'仆)>0,/7㈤单调递增:在(1,+℃)上人仞<0/㈤单调递减,
Ina>0,即a21,的取值范围是口,+8).
4.(2020年新高考全国卷II数学(海南)•第22题)已知函数/(x)=ae'T—Inx+lna.
(1)当a=e时,求曲线产/U)在点(1,火1))处的切线与两坐标轴围成的三角形的面积;
(2)若外巨1,求。的取值范围.
2
【答案】⑴--(2)[l,+oo)
e-1
解析:(l)Qf(x)=e*-lnx+l,/''(x)=e*-L二%=/'(l)=e-l.
x
Q/(l)=e+l,.•.切点坐标为(1,1+e),
二函数f(x)在点(1卬)处的切线方程为v-e—1=(e-1)(》T),即y=(e-l)x+2,
・••切线与坐标轴交点坐标分别为(0,2),(二乙,。),
e-1
1-22
・・・所求三角形面积为一x2x|---1=----;
2e-1e-1
(2)解法一:Qf(x)=aex~]-Inx+Ina,
f(x)=aex-'--,且a>0.
X
设g(x)=f'(x},则gXx)=aex"'+4>0,
X
・・・g(M在(0,+00)上单调递增,即f\x)在(0,+8)上单调递增,
当"1时,/'(I)=0,,/(x)加,,=/'⑴=l,.:/(x)Zl成立.
当时,Li.卜-”d)(⑴=矶力-1)(”1)<0,
...存在唯一%>0,使得/'(%)=40*。7---=0,且当xe(0,/)时/'(x)<0,当xe(x(),+oo)时
xo
xl
f\x)>0,ae0~=—,In<7+x0-1=-Inx0,
因此/(x)min=/(/)=ae"—lnx()+Ina
=—+ln^+x0-l+ln^>21n^-l+2/--x0=21na+l>l,
的Vxo
.:)(x)Nl恒成立;
当0<a<1时,/(I)=a+lna<a<l,.,.,/(1)<l,/(x)>1不是恒成立.
综上所述,实数a的取值范围是[1,+8).
xa+x
解法二:f(x)=ae~'-Inx+Ina=e'"~'-Inx+Ina21等价于
x
(“a+x-i>(nx+x=e'"+/〃x,
令g(x)=ev+x,上述不等式等价于g(Ina+x-l)>g(/〃x),
显然g(x)为单调增函数,.•.又等价于/〃a+x-l,UPIna>Inx-x+l,
11_Y
令力(x)=—X+1,则(x)=——1=-----
在(0,1)上〃句>0/㈤单调递增;在(1,+8)上力'⑴<0,力㈤单调递减,
・・•3)2=砌=0,
Ina>0,即a>1,的取值范围是[1,史》).
5.(2018年高考数学浙江卷•第22题)(本题满分15分)已知函数/(x)=4-lnx.
⑴若在x=X,9(须彳马)处导数相等,证明:/(x,)+/(x2)>8-81n2;
(2)若”W3—41n2,证明:对于任意左>0,直线丁=依+a与曲线y=/(x)有唯一公共点.
【答案】【解法1]⑴函数/'(X)的导函数/'(X)=」=—1,
2Txx
由/'(石)=/'。2)得
1____1_=_1____1_
X]2J%%2
因为王声》2,所以
111
—I-----=—.
x,x22
由基本不等式得
=百+嘉,
因为X]NX2,所以
xxx2>256
/(X|)+/U2)=g-皿芭马).
设
g(x)-y/x-InX.
则
4x
所以
X(0/6)16(16,+8)
g'(x)—0+
g(x)2-41n2/
所以g(x)在[256,+8)上单调递增,故
g(XjX2)>g(256)=8-81n2,
即/(阳)+/(%)>8—8出2
(2)令m==(M±l)2+1,则
k
f(m)-km-a>\a\-^k-k-a>0
J{n}-kn-a<n(—j=------k)<n(-~~『——左)<0
y/nnyjn
所以,存在x0£(“〃)使
/(x0)=hc0+a,
所以,对任意的Q£R及%£(0,+oo),直线y=kx+a曲线歹=f(x)有公共点.
4、;,曰74x-lnx-a
由J(%)—kx-\-a得k—----------------
x
八7/、Vx-lnx
设h(x)=------------
Inx------1+(7/x1
则〃,(1)=—1—=一叫1+」
XX
其中g(x)=^--lnx.
由⑴可知g(x),g(16),又。W3-41n2,故
-g(x)-1+aW—g(16)-1+Q=—3+41n2+a<0
所以“(x)KO,即函数〃(x)在(0,+8)上单调递减,因此方程“工)-米-。=0至多1个实根.
综上,当Q《3—41n2时,对于任意后〉0,直线夕=履+。与曲线y=/(x)有唯一公共点.
,16
【解法2】⑴广⑴二^^」,f(x[)=f(x2)=>y[x^=2(7^+7^")=>>
27xx
令1=新三>16,/(%!)+f(x2)=-in(x1%2)=I_2InZ=g(Z),
1?t-4
g'(t)=-一一=-->0,故g(/)在(16,+8)上单调递增,g(r)>g(16)=8-81n2
2t2t
(2)直线y=AX+Q与曲线y=/'(%)有唯一公共点,则。=•有唯一解,即
y=a与y=J7-lnx-Ax有且只有一个交点,令h(t)=t-2\nt-kt2,
当左W2时,AWO,-2kt2+t-2<0,即〃'(/)WO,此时〃(/)单调递减,又,―0时,
f+00/f+00时,〃⑺―—00,故〃(X)单调且〃(工)£火,即〃(x)=a有唯一解,
、1,11।7/、2c7—2kt?+,—2
Ik>—n时,〃(,)=,----2kt=------------,A>0
16tt
又左=/,(x)=——-即f/4,
2y[xX2tt216
I!n-1.J/X2c7-2kF+E—2t1
此时〃(r)=t----2kt=------------=——21nZ+l>
又〃'(,)=T,/e(0,4),“(/)<0,/e(4,+8),〃'(/)〉0,
2t
故力(/)>〃(4)=3—41n2,即aW3-41n2.
be'八
6.(2014高考数学课标1理科•第21题)设函数/(x)=ae'lnx+——,曲线y=商乃在点(1,/⑴)处的切
X
线y=e(x-1)+2.
(1)求a,b;
⑵证明:/(x)>l.
【答案】解析:⑴函数f(x)的定义域为(O,+8)J0x)=ae'lnx+金'-3"+3
XXX
由题意可得/(l)=2,/'(l)=e,故a=l,b=2.
2e'-'2
⑵由⑴知/(x)=e'lnx+,-从而/(x)>1等价于xlnx—
xe
设函数g(x)=xlnx,则g«x)=x+lnx,所以当xe(0,B时,g'(x)<0,当xe^-,+oojIff,g'(x)>0,故
g(x)在(0,:)单调递减,在g,+8)上单调递增,从而g(x)在(0,+8)上的最小值为g(1)=-:.
设函数"(x)=xe-J=则/«x)=eT(l—x),所以当xe(O,l)时,“(x)>0.当xe(l,+oo)时硬刀)<0,故
e
人(X)在(0,1)上单调递增,在(1,+8)单调递减,从而,(x)g(x)在(0,+8)的最小值为
A(l)=--.
综上:当x>0时,g(x)>〃(x),即/(x)>l.
7.(2019•全国HI•理•第20题)已知函数/(x)=2d-.
(1)讨论〃x)的单调性;
(2)是否存在6,使得/(x)在区间[0,1]的最小值为—1且最大值为1?若存在,求出。力的所有值;若
不存在,说明理由.
【答案】(1)见详解;(2)a=0,b=—1或。=4,b=\.
【官方解析】
(1)f\x)=6x2-2ax=2x(3x-a).
令/'(x)=0,得x=0或x=1.
若a>0,则当xe(-oo,0)U(1,+oo)时,f'(x)>0;
当xe(0,£)时,r(x)<0.故/(x)在(一8,0),(y,+8)单调
递增,在(0,£)单调递减:
若4=0时,/(X)在(-00,+8)单调递增;
若a<0,则当xe(-oo,g)U(0,+8)时,/'(x)>0;
当xeg,0)时,./''(x)<0.故/(x)在),(0,+00)单调
递增,在(三,0)单调递减.
(2)满足题设条件的存在.
⑴当aWO时,由⑴知,/(x)在[0,1]单调递增,所以/(x)在区间[0,1]的最小值为"0)=6,最大值
为/(l)=2-a+b.此时满足题设条件当且仅当6=-1,2-。+6=1,即a=O,b=-l.
(ii)当。>3时,由⑴知,/(x)在[0,1]单调递减,所以/(x)在区间[0,1]的最大值为。(0)=6,最小
值为/(l)=2—a+b.此时满足题设条件当且仅当2-a+b=—l,b=l,即a=4,b=l.
若-----Fb=•—1,b=1,则a=,与0<a<3矛盾.
27
若-幺-+6=-1,2-a+b=1,则a=或-3JJ或a=0,与0<a<3矛盾.
27
综上,当且仅当。=0,6=-1或a=4,b=\,/(x)在[0,1]的最小值为一1,最大值为I.
【点评】这是一道常规的函数导数不等式和综合题,题目难度比往年降低了不少.考查的函数单调性,
最大值最小值这种基本概念的计算.思考量不大,计算量略大.
Y1
8.(2019・全国n•理•第20题)已知函数/(x)=Inx---.
x-1
(1)讨论/(X)的单调性,并证明/(X)有且仅有两个零点:
(2)设%是/(x)的一个零点,证明曲线丁=lnx在点4(x0,lnxo)处的切线也是曲线丁=,的切线.
【答案】(1)函数/(x)在(0,1)和(1,+8)上是单调增函数,证明见解析;(2)证明见解析.
【官方解析】
(1)/⑶的定义域为(0,l)U(l,+8).
12
因为/'(X)=—+---T〉0,所以/(X)在(0,1)和(1,+8)上是单调递增.
x(x-1)
因为/(e)=l-^-<0,/@)=2-亨=1>0,
e-1e--le-1
所以f(x)在(1,+8)有唯一零点再,即f(x,)=o.
又0(一<1,f-u-lnXi+Rn-yaXO,故/(x)在(0,1)有唯一零点一.
x\\x\7玉一1%
综上,/(X)有且仅有两个零点.
1(1
(2)因为一=/喙,故点8-In/,一在曲线丁=,匕
X。\X0?
由题设知/(%)=0,即lnx°=5q,
%-1
--lnx0-
故直线AB的斜率k=曰-------=』.
-In%—/x0+lXo
XoT
曲线y="在点8-lnx0,—处切线的斜率是一,曲线歹=lnx在点/(xo,lnx°)处切线的斜率也是
Ix(JX。
―,所以曲线歹=lnx在点Z(xo,lnx°)处的切线也是曲线y=e、的切线.
xo
【分析】(1)对函数/(x)求导,结合定义域,判断函数的单调性;
(2)先求出曲线y=Inx在4(%,In/)处的切线I,然后求出当曲线y=e*切线的斜率与I斜率相等时,
证明曲线y=厘切线V在纵轴上的截距与I在纵轴的截距相等即可.
Y_i_1丫21
【解析】(1)函数/(X)的定义域为(O,l)U(l,+8),/(x)=lnx—=>f(x)=------7,因为函
x-1x(x-l)
数"X)的定义域为(0,l)U(l,+8),所以/'(x)>0,因此函数/(X)在(0,1)和(1,+»)上是单调增函数;
11~+12
当xw(0,l),时,x-0)f—8,而/(-)=In---f—==^>0,显然当xw(0,1),函数/(x)有
eee-1
e
零点,而函数f(x)在xe(0,l)上单调递增,故当xe(0,l)时,函数〃幻有唯一的零点;
p_i_i_7_]2_a
当Xe(l,+oo)时,/(e)=]ne-〜=」<0,/(e2)=lne2->0,
e-1e-1e-1e-1
因为/(e”f(e2)<0,所以函数/(x)在(e,e?)必有一零点,而函数/(》)在(1,+8)上是单调递增,故
当xw(l,+8)时,函数“X)有唯一的零点
综上所述,函数/(X)的定义域(0,1)U(1,+8)内有2个零点;
(2)因为%是/(x)的一个零点,所以f(x())=In/一手号=0nIn/=学号
y=\nx^y'=~,所以曲线>=lnx在/(/「nx。)处的切线/的斜率无=」-,故曲线y=lnx在
xX。
4(Xo,lnx(,)处的切线/的方程为:y—lnx°=-!-(x—/)而出与二2二,所以/的方程为
%%-1
x22
y=—+-7,它在纵轴的截距为:7设曲线y=e、的切点为8(西,洲),过切点为3(X|,e』)切线
I',y=ex^yf=e\所以在3(否,1)处的切线/'的斜率为e不,因此切线/'的方程为
y=ex,x+eY,(1-xJ,
当切线/'的斜率占=2等于直线/的斜率左=一时,即=」-n%=—(lnx°),
x0/
]X+1
切线〃在纵轴的截距为仇="'(1一芯)=0-3(1+山/)=—(l+lnxo),而所以
[=_L(i+2土3=一;■,直线//的斜率相等,在纵轴上的截距也相等,因此直线/,/'重合,故曲
线V=Inx在Z(与,In/)处的切线也是曲线歹=ex的切线.
【点评】本题考查了利用导数求已知函数的单调性、考查了曲线的切线方程,考查了数学运算能力.
题型二:导数与函数的单调性
1.(2022高考北京卷•第20题)已知函数/(x)=e'ln(l+x).
⑴求曲线y=/*)在点(0,/,(0))处的切线方程;
⑵设g(x)=/'(x),讨论函数g(x)在[0,+8)上的单调性;
(3)证明:对任意的s"6(0,+8),有/(s+f)>〃s)+加).
【答案】解析:⑴因为/(x)=e'ln(l+x),所以/(0)=0,
即切点坐标为(0,0),
又八x)=e*(ln(l+x)+J-),
切线斜率左=/'(0)=1
切线方程为:
121
⑵因为g(x)=/'(x)=ev(ln(l+x)+--),所以g'(x)=e,(ln(l+x)+——-~"),
1+xl+x(l+x)
令人(x)=ln(l+x)+--1,则/(X)=----------+―2—r-=+1.>0,
l+x(l+x)2l+x(l+x)2(l+x)3(l+x)3
〃(x)在[0,+8)上单调递增,Mx)>/z(0)=l>0.\g'(x)>0在[0,+8)上恒成立,
g(x)在[0,+8)上单调递增.
(3)原不等式等价于/(S+£)-/($)〉/(。一/(0),
令风x)=/(x+f)-/(x),(x,r>0),
即证加(x)>加(0),
m(x)=f(x+t)-f(x)=er+/ln(l+x+?)-eAln(l+x),
x+,x
m\x)=ev+,ln(l+x+r)+--e------e'ln(l+x)--e---=g(x+/)-g(x),
1+x+Z1+x
由⑵知g(x)=/'(x)=ev(ln(l+x)+')在[0,+8)上单调递增,
1+x
g(x+t)>g(x),
/.m(x)>0
...W(x)在(0,+8)上单调递增,又因为X"〉0,
m(x)>m(0),所以命题得证.
2.(本小题满分12分)已知函数/(x)=4x3-3fcose+玄,其中xeR,。为参数,且OWOW^.
(I)当cos6=0时,判断函数/(x)是否有极值;
(H)要使函数/(x)的极小值大于零,求参数。的取值范围;
(HI)若对(II)中所求的取值范围内的任意参数6,函数/(X)在区间(2a-1,°)内都是增函数,求实数a的取
值范围.
【答案】分析:考查运用导数研究函数的单调性及极值、解不等式等基础知识,考查综合分析和解决问题
的能力。
(I)当cos。=0时/(x)=4/+J则/(X)在(—8,+8)内是增函数,故无极值。
(II)/'(x)=12x2-6xcosa令/'(x)=0,得X]=0,丫2=c。:"..
7T
由及⑴,只需考虑cos。〉。的情况。
2
当x变化时,f\x)的符号及/(x)的变化情况如下表:
/nx/八COS。、COS0/COS。、
X(-8,0)0(0,^—)----(----,+8)
22
/V)+oo+
f(x)o极大值口极小值口因此,函数
/'(')在x=笺凹处取得极小值/(笺且),且/(上笑)=一;cos3e+J
要使/'("g)〉0,必有—Leos'。+」->0,可得0<cos。<^,所以工<。〈工
24132232
CCS0
(HI)由(II)知,函数/(x)在区间(-oo,0)4(^—,+oo)内都是增函数。
由题设,函数/(x)在(2〃-1,编内是增函数,则Q须满足不等式组
r.1[2a-\<a
2Q—1<Q
〈或《1
<02。-1之一cos。
I2
rrTT|
由(H),参数夕el',])时,0<cos6<].要使不等式
2"lN』cose关于参数夕恒成立,必有2"121
24
综上,解得或工《。<1.所以a的取值范围是(―oo,0]U[*,l).
88
3.(2014高考数学重庆理科•第20题)已知函数“x)=四2'-命3—以@仇ceA)的导函数/'(%)为偶
函数,且曲线y=在点处的切线的斜率为4—c.
(1)确定。力的值;
(2)若c=3,判断了Q0的单调性;
(3)若//X)有极值,求c的取值范围.
【答案】(l)a=l,6=1;(2)/(x)在R上为增函数;(3)详见解析
解析:⑴对〃x)求导/'(X)=2ae2x+2be^x—c,由/(x)为偶函数,知/'(x)=/'(—x),
即2(a—3e2,+"2,)=0,因e2x+e-2,>o,所以。=人。
又/'(0)=2a+2h—c—4—c,故a=l,/>=l。
(2)当c=3时,/(x)=e2x-e~2x-3x,
那么/'(x)=2e2jc+2e3-3>2h心・2e3—3=1>0,故f(x)在R上为增函数。
(3)由⑴知/'(x)=Ze?、+2"2*-c,
而2e2x+2e-2x>2yj2e2x•2e~2x=4,当x=0时等号成立。
下面分三类情况进行讨论:
当c<4时,对任意xeR,/'(x)=2e2、+2e-2*-c>0,此时/(x)无极值:
当c=4时,时任意x,0,/'(x)=2e2、+2e-2*-c>0,此时/(x)无极值:
当c>4时,令*=t,注意到方程2,+2—c=0有两根,12="也三9〉0,
t4
即/'(x)=0有两根XI=;ln.或f=|lnr2.
当匹<》<》2时,/'(X)<O:又当X〉》2时,/'(X)〉O,从而/'(X)在X=%2处取得极小值;
综上,若/'(X)有极值,则c取值范围为(4,+8)。
4.(2014高考数学天津理科•第20题)设/(x)=x-ae,(aeR),xeR.已知函数y=/(x)有两个零点事,x?,且
X,<x2.
⑴求a的取值范围;
(II)证明也随着a的减小而增大;
(III)证明玉+x2随着a的减小而增大.
【答案】⑴(o,e-,);(n)详见解析;(in)详见解析.
解析:⑴由/(x)=x-ae,/0Har(x)=l-ae,.下面分两种情况讨论:
(1)当“40时,由/'(外>0在R上恒成立,可得/(x)在R上单调递增,不合题意.
⑵当a>0时,由f'(x)=0,得x=-Ina.当x变化时J'(x),f(x)的变化情况如下表:
X(一oo,-InQ)-Ina(-Intz,4-oo)
f'W十0-
f(x)/-lna-1
这时,/(x)的单调递增区间是(-8,-Ina);单调递减区间是(-Ina,+8).
于是,“函数y=/(x)有两个零点”等价于如下条件同时成立:
①/(-lna)>0;
②存在4G(-00,-Ina),满足/(s,)<0;
③存在4e(-Ina,+oo),满足f(s2)<0.
由/(-Ina)>0,即-lna-1>0,解得0<a<eT,而此时,取S1=0,满足$e(-oo,-lna),且/(sj=-a<0;取
227-2-
s=—+ln-,满足s’e(-lna,+oo),H/(s)=(——e°)+(ln一一ea)<0.
2aa2aa
所以的取值范围是(0,/).
(II)山/(X)=X-Q/=0,有a=三.设g(x)=d,lllgf(x)=知:
eee
g(x)在(-8,1)上单调递增,在(L+oo)上单调递减.
并且当XG(-00,0]时,g(x)40;当X£(0,+8)时,g(x)>0.
由已知,西户2满足〃=8(%),〃=8(X2)・
由aW(0,/)及g(x)的单调性刈得/e(O,l)“2-
对于任意的%,出£(0,/),设6>。2,8(。)=8偌2)=6淇中。<。<1<$;8(7)=8(小)=。2,其中0<7<1<〃2・
因为g(x)在(0,1)上单调递增,故由%〉的,即g(。)>g(7),可得4>7;
类似可得务〈小.
又由4,7>0,得,v"v%.
5471
所以随着〃的减小而增大.
再
xX2
(HI)由项=ae',x2=ae,可得\nxl=Ina+Xj,lnx2=lna+x2・
故々一内=Inx2-Inx,=In士.
xi
设土力,则”1,且p=%,解得吃=曳,/=3.
xl[x2-x1=Int,t-\t-l
所以,%+%=彳詈.①
…1
zn]—2Inx+x—
令〃(x)="+l)lnx,xe(1,+00),则”(力=-------.
X-1(x-1)
令w(x)=_21nx+x-L得u\x)-(――-)2.
XX
当XG(l,+oo)时,Wr(x)>0.因此,〃⑺在(1,4-00)上单调递增,
故对于任意的工£(1,+00),〃(工)>.1)=0,由此可得/卜)>0,故人(力在(1,+00)上单调递增.
因此,由①可得玉+々随着/的增大而增大.而由(II)/随着a的减小而增大,所以玉十/随着a的减小而增大.
5.(2014高考数学江西理科•第19题)已知函数fU)=&:+bx+bRF2x(bwA.
(1)当b=4时,求f(x)的极值;
(2)若f(x)在区间(0,5上单调递增,求b的取值范围.
【答案】⑴/(x)在x=—2取极小值0,在x=0.取极大值4.⑵(―8,}.
分析:(1)求函数极值,首先明确其定义域:Xe(-8」),然后求导数:当b=4时,r(x)=邛把父,再在定义
2VI-2x
域下求导函数的零点:x=-2或x=0.根据导数符号变化规律,确定极值:当xe(-oo,-2)时J'(x)<0,/(x)
单调递减,当xe(-2,0)时,/'(x)>0,f(x)单调递增,当xe(0,;)时J'(x)<0,/(x)单调递减,故/(x)在
x=-2取极小值0,在x=0.取极大值4.(2)已知函数单调性,求参数取值范围,一般转化为对应导数恒非负,
再利用变量分离求最值.由题意得/(X)=一要+36—2)20对0w(0」)恒成立,即5x+36—2«0对
Vl-2x3
G
Xe(0,;)恒成立,即b<(^)max,X(0,1)
解析:⑴当b=4时,/'(x)=-5户+2),由/,⑴=o得x=-2或x=0.
y/\-2x
当xe(-00,-2)时,/'(x)<0,/(x)单调递减,当xe(-2,0)时,/'(x)>0,/(x)单调递增,当xw(0,1)时,
f'(x)<0,/(x)单调递减,故/(%)在x=-2取极小值0,在x=0.取极大值4.
(2)/,(x)=+因为,,工£(01)时<o
Jl-2x3yjl—2x
依题意当xe(0,;)时,有5x+3b—2<0,从而g+3b—2W0
所以b的取值范围为(-8,
6.(2015高考数学重庆理科•第20题)(本小题满分12分,(1)小问7分,(2)小问5分)
设函数/(耳=3/+如(4的
ex
⑴若/(x)在x=0处取得极值,确定a的值,并求此时曲线y=/(x)在点处的切线方程;
(2)若/(x)在[3,+00)上为减函数,求a的取值范围.
【答案】(l)a=0,切线方程为3x-纱=0;(2)[—:,+8).
解析:
解析:本题考查求复合函数的导数,导数与函数的关系,由求导法则可得/,(》)=3f+(6a)x+a,由
ex
3T2_劣丫2+6oq
己知得/'(0)=0,可得。=0,于是有/。尸一,/1工)=——--,/*(!)=-,由点斜式
eeee
可得切线方程;(2)由题意/'(x)40在[3,+8)上恒成立,即g(x)=—3x?+(6—a)x+aWO在[3,+8)上恒
6-a-
----<39
成立,利用二次函数的性质可很快得结论,由16-得。之一二.
[g⑶402
工(6x+«)ev-(3x2+ax)e'-3x2+(6-a\x+a
解析:⑴对f(x)求导得/'(x)=-----------------=---------2——
(力,
因为/(x)在x=0处取得极值,所以/'(0)=0,即。=0.
-2_3丫2_|_£o4
当。=0时,/-(X)=—,/•'(')=七°”,故/(1)=人,((1)=」,从而/(X)在点(1,/XI))处的切线方程
eeee
33
为±=±(x-1),化简得3x-”=0
ee
.-3厂+(6—a)x+a
⑵由⑴得,/'(x)=------匚」——,
e
令g
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