谈物理三轮复习策略及命题思路

1能量再积三个月，跃迁就在高考时 谈物理二、三轮复习策略及命题思路一、谈复习（一）、时间安排（二）、具体内容：（三）、应对策略：1、明确重点、构建网络2、善于总结、提炼方法3、对照考纲、不留盲点4、重视基础、回归课本5、加强实验、逐一过关6、教会审题、解题规范（四）增分途径1通过考纲来给高考增分 2通过课本来给高考增分 3通过平时的错题来给高考增分 4通过抓小放大来给高考增分5通过抓大放小来给高考增分 6通过“查漏补缺”来给高考增分 7通过“归纳分类”来给高考增分 8通过强化实验来给高考增分 9通过临场发挥来给高考增分通过认真书写、规范解答来给高考增分通过细心审题、先易后难来给高考增分通过控制速度、把握节奏来给高考增分10通过良好的心态来给高考增分 二、谈命题1 来自课堂的讲解例 119 （ 08 年深圳一模）如图所示，在倾角为 30的斜面 OA 的左侧有一竖直档板，其上有一小孔 P，现有一质量 m=41020 kg，带电量 q=+21014 C 的粒子，从小孔以速度v0=3104m/s 水平射向磁感应强度 B=0.2T、方向垂直纸面向里的一正三角形区域该粒子在运动过程中始终不碰及竖直档板，且在飞出磁场区域后能垂直打在 OA 面上，粒子重力不计求：（1 ）粒子在磁场中做圆周运动的半径；30OPAv020 t t/sS/m（2 ）粒子在磁场中运动的时间；（3 ）正三角形磁场区域的最小边长19、 （ 15 分）解：（1 ）由 rvmqB2， rT得：r3.0（4 分）ssqBT551028.612（2 分） （2 ）画出粒子的运动轨迹如图，可知 Tt6，得：（4 分）ssqmt 551023.1035（2 分）（3 ）由数学知识可得： corL 得：mqBvL9.0134)(（3 分）例 25 （ 08 年深圳二模）如图所示为一质点运动的位移时间图像，曲线为一段圆弧，则下列说法中正确的是A质点可能做圆周运动B质点一定做直线运动Ct 时刻质点离开出发点最远D质点运动的速率先减小后增大例 335 （ 10 年深圳二模）如图所示，MN 为 3m 宽的小沟，M 点左侧 1m 处有一 5m 高的平台与半径为 1.25m 的 14圆弧底部相切，平台表面与圆轨道都光滑，一质量为 3kg 的 B 球静止在平台上现让一小球 A 从圆弧左侧与圆心等高处静止释放，A 球下滑至平台并与 B 球发生碰撞A、B 两球可视为质点，g =10m/s2求：（1 ） A 球到达圆弧底端时的速度；（2 ）如果碰后两球分别落在 M 与 N 点，则 A 球的可能质量30OPAv0abco160egfABM N3m1m5mRO335 18 分（1 ）根据机械能守恒 21mvgR ( 2 分)代入数据得 v=5m/s ( 1 分)(2) 若碰后两球都向右运动，据平抛运动 2th得 t=1s (1 分 )vx0 得 vA1=1m/s vB1=4m/s ( 2 分)由动量守恒 11BAAm ( 1 分)得 mA=3kg ( 1 分)碰前总动能 2153KE碰后总动能 2/ 41因为 /1K 其解成立 ( 2 分)若碰后 A 球向左运动，B 球向右运动，则可能有：vA2=1m/s vB2=4m/s由动量守恒 22BAm得 mA=2kg ( 2 分)碰前总动能 2251KE碰后总动能 2/ 431)(因为 /2K 其解成立 ( 2 分)若碰后 A 球向左运动，B 球向右运动，则可能有：vA2=4m/s vB2=1m/s由动量守恒 33BAm得 mA= 1kg ( 2 分)碰前总动能 235KE碰后总动能 2/ 13)4(因为 /3K 其解成立 ( 2 分)2 来自学生的问题4例34（ 2） （10 年深圳一模）在探究金属丝的电阻与金属丝长度的关系的实验中，某实验小组得到了如图所示的 R-L 实验图线，则图线的斜率与导线的横截面积的乘积表示的物理量是 为了测量金属丝的电阻（阻值在 510之间） ，实验提供了下列器材和电路：A电压表（03V ，内阻1k）B电压表（015V，内阻5k）C电流表（0 0.6A，内阻2）D电流表（03A，内阻0.5）E滑动变阻器（10，0.2A）F滑动变阻器（50，0.6A ）G直流电源（6V，内阻不计）另有开关一个、导线若干实验中电路应选 ，电压表应选 ，电流表应选 ，滑动变阻器应选 （只填器材的字母代号）（2 ） 金属丝的电阻率； 乙 ； A ； C ； F (每空 2 分)3 来自易错的作业例35 （ 18 分） （ 11 年深圳一模）轻质细线吊着一质量为 m=0.32kg，边长为 L=0.8m、匝数n=10 的正方形线圈总电阻为 r=1.边长为 2L的正方形磁场区域对称分布在线圈下边的两侧，如图甲所示.磁场方向垂直纸面向里，大小随时间变化如图乙所示，从 t=0 开始经 t0 时间细线开始松驰，g=10m/s 2求：（1 ）在前 t0 时间内线圈中产生的电动势；（2 ）在前 t0 时间内线圈的电功率；（3 ）求 t0 的值35.解：（ 1）由法拉第电磁感应定律得： )(4.05)28.(10)2(1VtBLnt 5 分（2 ） ArI4.0 6.WrIP5 分(3)分析线圈受力可知，当细线松弛时有： mgLInBFt0安 rIRO LAVSRvR 滑图甲RvAVSR 滑图乙B1 40B/Tt/s2 4 6甲 乙5)(20TLnmgrBt4 分 由图像知： 05.10tt 解得： st204 分4 来自试题的启发例 136 （18 分 ） （11 年深圳二模） 细 管 AB 内 壁 光 滑 、 厚 度 不 计 ， 加 工 成 如 图 所 示 形 状 ，长 L=0.8m 的 BD 段 固 定 在 竖 直 平 面 内 ， 其 B 端 与 半 径 R=0.4m 的 光 滑 圆 弧 轨 道 BP 平 滑 连接 。 CD 段 是 半 径 R=0.4m 的 1圆 弧 ， AC 段 在 水 平 面 上 ， 与 长 S=1.25m， 动 摩 擦 因 数25.的 水 平 轨 道 AQ 平 滑 相 连 ， 管 中 有 两个 可 视 为 质 点 的 小 球 a、 b， ma=6m， mb=2m。开 始 b 球 静 止 ， a 球 以 速 度 0v向 右 运 动 ， 与 b 球 发 生 弹 性 碰 撞 之 后 ， b 球 能 够 越 过 轨 道 最高 点 P。 a 球 能 滑 出 AQ。 （ 重 力 加 速 度 取 10m/s2， 45.6） 。 求 ：若 0v=4m/s2， 碰后 b 球的速度大小；若 未知，碰后 a 球的最大速度；若 0v未知， 0的取值范围。36 解：设 a、 b 碰后瞬间速度为 va1、v b1 mav0=mava1+mbvb1 2 分2221b2 分解出： 1010/,6/a abb bmvvsvs 2 分a 与 b 碰后，a 上升的高度不能超过 3R21maxg2 分64.9/vs 2 分6欲使 b 能通过最高点，有2bbvmgR1 分2/bvs得 出1 分b 球在上升过程中有 21()bgL1 分/10min16, 4/abbsvvms解 得1 分因为 a 球能通过粗糙区域，有 21avgs1 分/05/m1 分碰后 a 上升的高度不能超过 3R ，必须满足/0ax1269.8/vgs1 分综上可得 5/9.8/ss1 分例 236.（18 分） （ 12 年深圳一模）如图所示，光滑的绝缘平台水平固定，平台右下方边界MN、 PQ 之间存在匀强电场和匀强磁场，MN 过平台右端并与水平方向呈 370，MN 与 PQ平行，竖直距离为 h=1.7m，磁感应强度 B=0.9T，方向垂直纸面向外，平台左端放有可视为质点的 A 球，质量为 mA=0.17kg，电量为 q=+0.1C，现给 A 球不同的水平初速度，飞出平台后恰好能做匀速圆周运动，g 取 10m/s2。（1 ）求电场强度的大小和方向；（2 ）要使 A 球在 MNPQ 区域内的运动时间保持不变，A 球初速度应满足的条件？（设A 球飞出 MNPQ 区域后被收集不能再返回）（3 ）在平台右端再放一个不带电也可视为质点的绝缘 B 球，A 球以 vA0=3m/s 的速度水平向右运动，与 B 球碰后两球均能垂直 PQ 边界飞出，则 B 球的质量为多少？36.解： (1)A 球能做圆周运动，必有：Eq=mAg2 分CNqgmE/171 分电场强度方向竖直向上1 分(2) A 球在 MNPQ 区域运动时间相等，hA vAMNPQ37hMNPQ37R/R/O/7必须从边界 MN 飞出，如图所示，最大半径满足：R/cos+R /=hcos2 分A 球做匀速圆周运动有： vmBqA22 分解得：v A=0.4m/s1 分依题意，A 球速度必须满足：0 vA 0.4m/s1 分(3)AB 相碰后，A 做匀速圆周运动，半径 R=h1 分由 RmvBqA2得 sA/9.0 B 球做平抛运动，设飞行的水平距离为 x，时间为 t，有：x=v B0t1 分h-xtan= 21vyt 1 分vB0=vytan=gttan1 分得 vB0=3m/s1 分由动量守恒定律得：mAvA0=mAvA+mBvB01 分mB=0.119Kg1 分5 来自思考的火花例35 （ 18 分） （ 10 年深圳一模）如图所示，ABCDE 是由三部分光滑轨道平滑连接在一起组成的，AB 为水平轨道， ABCD是半径为 R 的半圆弧轨道， AE是半径为 2R 的圆弧轨道，BCD与 连接在轨道最高点 D，R=0.6m 质量为 M=0.99kg 的小物块，静止在 AB 轨道上，一颗质量为 m=0.01kg 子弹水平射入物块但未穿出，物块与子弹一起运动，恰能贴着 BCDE 轨道内侧通过最高点 D取重力加速度g=10m/s2，求：（1 ）物块与子弹一起刚滑上圆弧轨道 B 点的速度；（2 ）子弹击中物块前的速度；RAvAROhMNPQ37xOhBvBMNPQ37vB0vyA BCDEMm8（3 ）系统损失的机械能35 （ 1）由物块与子弹一起恰能通过轨道最高点 D，得：2()()vMmgR（3 分）又由物块与子弹上滑过中根据机械能守恒得： 2 211()()2()DBvmv（3 分）代入数据解得： 6/Bgs （2 分）（2 ）由动量守恒 ()mvMv （3 分）0/s（2 分）（3）根据能的转化和守恒定律得 21()BEmMv （3 分）代入数据得： 78J （2 分）6 来自命题的要求（1）要求有通解例20 （ 18 分） （ 08 年深圳二模）如图所示，直线 MN 下方无磁场，上方空间存在两个匀强磁场，其分界线是半径为 R的半圆，两侧的磁场方向相反且垂直于纸面，磁感应强度大小都为 B现有一质量为m、电荷量为 q 的带负电微粒从 P 点沿半径方向向左侧射出，最终打到 Q 点，不计微粒的重力求：（1 ）微粒在磁场中运动的周期（2 ）从 P 点到 Q 点，微粒的运动速度大小及运动时间（3 ）若向里磁场是有界的，分布在以 点为圆心、半径为 R 和 2R 的两半圆之间的区域，上述微粒仍从 P 点沿半径方向向左侧射出，且微粒仍能到达 Q 点，求其速度的最大值NOM P QBB9O1哦BO21哦BBM P Q NOBO1NMO21 O31OP Q NOM P QO1哦BO21哦BO321哦BO4321哦BB20、解：（1）洛仑兹力提供向心力 rvmqB200 （2 分） 02vrT Bqm（2 分）（2）粒子的运动轨迹将磁场边界分成 n等分（ =2，3，4）由几何知识可得： 2 RrtanrvmqB00 得 nmBqR2ta0 （ 4,3） （4 分）当 n为偶数时，由对称性可得 BqnmTt2 （ 6,42） （2 分）当 为奇数时， t为周期的整数倍加上第一段的运动时间，即 nqTt)1(212（ 7,53n） （2 分）（3 ）由几何知识得 Rrta Rxcos 不超出边界须有：（ 2 分）nR2t2cos得到 nnsi2 当 n时 不成立，如图（1 分）比较当 3、 4时的运动半径，NOM P QO1哦BO21哦BO1NOM P QO219ANOM P QO1哦BO21哦BO321哦BO4321哦BBBBNOM P QO1哦BO21哦BO1NOM P QO219ANOM P QO1哦BO21哦BO321哦BO4321哦BBBB10知 当 3n时，运动半径最大，粒子的速度最大 BqmvRnr032ta（2 分）得： mBqRv0（1 分）（2）要求简单、学生熟悉又要有点变化35 （ 18 分） （ 12 年深圳一模）如图（a ）所示， “ ”型木块放在光滑水平地面上，木块水平表面 AB 粗糙，光滑表面 BC 且与水平面夹角为 =37木块右侧与竖直墙壁之间连接着一个力传感器，当力传感器受压时，其示数为正值；当力传感器被拉时，其示数为负值一个可视为质点的滑块从 C 点由静止开始下滑，运动过程中，传感器记录到的力和时间的关系如图（b）所示设斜面与平面连接处没有动能损失，已知sin37=0.6，cos37=0.8，g 取 10m/s2求：(1) 斜面 BC 的长度；(2) 滑块的质量；(3) 运动过程中滑块克服摩擦力做的功35.解： 分析滑块受力，由牛顿第二定律得：得：a 1=gsin=6m/s 2 2 分通过图像可知滑块在斜面上运动时间为：t 1=1s2 分由运动学公式得： mtas322 分滑块对斜面的压力为：N 1/=mgcos2 分木板对传感器的压力为：F 1=N1/sin2 分由图像可知：F 1=12N1 分解得：m=2.5Kg1 分(说明：如果从系统考虑，答案正确得满分)滑块滑到 B 点的速度为：v 1=a1t1=6m/s1 分由图像可知：f 1=5N，t 2=2s2 分 2/smfa1 分A BC力传感器N1N1/F1mgmgN2ff10F/Nt/s-5121 2 3图（b ）图（a ）A BC力传感器11mtatvs82121 分W=fs2=40J1 分35 （ 18 分） （ 13 年深圳一模）如图甲所示，在高 h =0.8m 的平台上放置一质量为 =0.99kg 的小木块（视为质点） ，小木块距平台右边缘 d =2m，一质量 m =0.01kg 的子弹沿水平方向射入小木块并留在其中，然后一起向右运动，在平台上运动的 v2-x 关系如图乙所示最后，小木块从平台边缘滑出落在距平台右侧水平距离 s =0.8m 的地面上，g 取10m/s2，求：（1 ）小木块滑出时的速度；（2 ）小木块在滑动过程中产生的热量；（3 ）子弹射入小木块前的速度35解：（1）小木块从平台滑出后做平抛运动，有： 21gth得： s4.0木块飞出时的速度 2m/stv2 分（2）因为小木块在平台上滑动过程中做匀减速运动，根据 axv212知 v2-s 图象的斜率 ak2104得小木块在平台上滑动的加速度大小 2/3sm 分根据牛顿第二定律，得 NMf 3)01.9.()(根据能量守恒定律，得小木块在滑动过程中产生的热量 JfxQ6分Mv0dhms甲100乙x/mv2/(m2s-2)1 212（其它解法一样给分）（3）由图象可得 120410v解得小木块刚开始滑动时的速度为 smv/ 分（其它解法同样给分）子弹射入木块的过程中，根据动量守恒定律，有 10)(vmMv解得： smv/40 分例17 （ 16 分） （ 09 年深圳二模）在半径 R=5000km 的某星球表面，宇航员做了如下实验，实验装置如图甲所示竖直平面内的光滑轨道由轨道 AB 和圆弧轨道 BC 组成，将质量m=0.2Kg 的小球，从 轨道 AB 上高 H 处的某点静止滑下，用力传感器测出小球经过 C点时对轨道的压力 F，改变 H 的大小，可测出相应的 F 大小，F 随 H 的变化关系如图乙所示，求：（1 ）圆轨道的半径；（2 ）该星球的第一宇宙速度17 (16 分) (1) 小球过 C 点时满足 rvmgFc2 (1) 2又根据 21)(crH (2 ) 2由(1)(2)得： grF52 （3） 2由图可知：H 1=0.5m 时 F1=0； 代入（3 ）可得m.0 2H2=1.0m 时 F2=5N；代入（3）可得/5sg 2(2) 据 Rvm2 4 可得 smRgv/1053 2H/mF/NO 0.2 0.4 0.6 0.8 1.0510HABCO甲乙137 来自平时的留心例20. （18 分） （09 年深圳一模）如图所示，倾角为 300 的粗糙斜面的底端有一小车，车内有一根垂直小车底面的细直管，车与斜面间的动摩擦因数 1534，在斜面底端的竖直线上，有一可以上下移动的发射枪，能够沿水平方向发射不同速度的带正电的小球，其电量与质量之比 kgcmq/10573.2（计算时取 kgcmq/1032） ，在竖直线与斜面之间有垂直纸面向外的匀强磁场和竖直向上的匀强电场，小球在运动过程中重力和电场力始终平衡.当小车以 V0=7.2m/s 的初速度从斜面底端上滑至 2.7m 的 A 处时，小球恰好落入管中且与管壁无碰撞， 此时小球的速率是小车速率的两倍.取 g=10m/s2.求:(1) 小车开始上滑到经过 A 处所用的时间；(2) 匀强磁场的磁感应强度的大小.20.解:(1)当小车上滑时, cossin1ga 1 分上滑至 A 处时 210atV 由得 st6.1 2 分此时 m/8车 ; 1 分aVS1.02车剩当小车下滑时, cossin2g 1 分下剩 tS由 得: t 下 =0.6s 此时 smV/6.0车 1 分从开始上滑到下滑经过 A 处的时间 t2=t 上 +t 下 = saV4.1601 2 分v030Av发射枪小球小车细直管30v车v球v球rrO14(2)上滑经过 A 点时, V 车 =1.8m/s, 由题意知 V 球 =3.6m/s 1 分由几何关系得 37.2rm 2 分又 qBmr由、得 T21034 2 分下滑经过 A 处时, V 车 =0.6m/s, 则 V 球 =1.2m/s 1 分由几何关系得 327.rm 2 分由、得 TB21098 2 分8 来自高考的热点例36 （ 18 分） （ 11 年深圳一模）如图所示，倾角为 37的足够大斜面以直线 MN 为界由两部分组成，MN 垂直于斜面的水平底边 PQ 且其左边光滑右边粗糙，斜面上固定一个既垂直于斜面又垂直于 MN 的粗糙挡板.质量为 m1=3kg 的小物块 A 置于挡板与斜面间，A 与挡板间的动摩擦因数为 1=0.1.质量为 m2=1kg 的小物块 B 用不可伸长的细线悬挂在界线 MN 上的 O 点，细线长为 l=0.5m，此时，细线恰好处于伸直状态A 、B 可视为质点且与斜面粗糙部分的动摩擦因数均为 2=0.3，它们的水平距离 S=7.5m.现 A 以水平初速 v0=5m/s 向右滑动并恰能与 B 发生弹性正撞.g=10m/s 2.求：（1 ） A 碰撞前向右滑动时受到的摩擦力；（2 ）碰后 A 滑行的位移；（3 ） B 沿斜面做圆周运动到最高点的速度36.解：（ 1）分析物块 A 的受力得： )(8.1603.7sin0 Ngmf 4 分（2）设 A 运动至与 B 相碰前速度为 v1,由动能定理得：20201ims 解得： smv/1 4 分A 和 B 发生弹性正碰，由动量守恒和能量守恒得： 211vvm22121 解得： s/2 s/6 4 分A BOMNv037SlP Q30rrOv球15设 A 滑行的位移为 s1,由动能定理得： 21111