2019版高考物理一轮复习精选提分综合练单元检测七静电场20180424322.doc

单元检测七静电场考生注意：1.本试卷共4页.2.答卷前，考生务必用蓝、黑色字迹的钢笔或圆珠笔将自己的姓名、班级、学号填写在相应位置上.3.本次考试时间90分钟，满分100分.4.请在密封线内作答，保持试卷清洁完整.一、单项选择题(本题共8小题，每小题4分，共32分.在每小题给出的四个选项中只有一个选项正确，选对得4分，选错的得0分)1.库仑定律是电磁学的基本定律.1766年英国的普里斯特利通过实验证实了带电金属空腔不仅对位于空腔内部的电荷没有静电力的作用，而且空腔内部也不带电.他受到万有引力定律的启发，猜想两个点电荷(电荷量保持不变)之间的静电力与它们的距离的平方成反比.1785年法国的库仑通过实验证实了两个点电荷之间的静电力与它们的电荷量的乘积成正比，与它们的距离的平方成反比.下列说法不正确的是()A.普里斯特利的实验表明，处于静电平衡状态的带电金属空腔内部的电场处处为零B.普里斯特利的猜想运用了“类比”的思维方法C.为了验证两个点电荷之间的静电力与它们的电荷量的乘积成正比，库仑精确测定了两个点电荷的电荷量D.为了验证两个点电荷之间的静电力与它们的距离的平方成反比，库仑制作了库仑扭秤装置2.(2017宁夏育才中学期末)在电场中有一点P，下列说法中正确的是()A.若放在P点的检验电荷带的电荷量加倍，则P点的场强加倍B.若P点没有检验电荷，则P点的场强为零C.P点的场强越小，则同一电荷在P点受到的电场力越小D.P点的场强方向为放在该点的电荷的受力方向3.如图1所示，分别在M、N两点固定放置两个等量异种点电荷Q和Q，以MN连线的中点O为圆心的圆周上有四点A、B、C、D，关于这四点的场强和电势，下列说法中不正确的是()图1A.A点电势高于B点电势 B.A点场强大于B点场强C.C点电势等于D点电势 D.C点场强等于D点场强4.如图2所示，平行板电容器的两极板A、B接于电池两极，一带正电的小球悬挂在电容器内部，闭合S，电容器充电，这时悬线偏离竖直方向的夹角为，则下列说法正确的是()图2A.保持S闭合，将A板向B板靠近，则减小B.保持S闭合，将A板向B板靠近，则不变C.断开S，将A板向B板靠近，则增大D.断开S，将A板向B板靠近，则不变5.(2017黑龙江大庆铁人中学月考)如图3所示是一个平行板电容器，其板间距为d，电容为C，带电荷量为Q，上极板带正电.现将一个试探电荷q由两板间的A点移动到B点，如图所示，A、B两点间的距离为s，连线AB与极板间的夹角为30，则电场力对试探电荷q所做的功等于()图3A. B. C. D.6.(2018安徽巢湖质检)静电透镜是利用静电场使电子束会聚或发散的一种装置.如图4所示为该透镜工作原理示意图，虚线表示这个静电场在xOy平面内的一簇等势线，等势线形状相对于x、y轴对称，等势线的电势沿x轴正向增加，且相邻两等势线的电势差相等.图中实线为某个电子通过电场区域时的轨迹示意图，关于此电子从a点运动到b点过程，下列说法正确的是()图4A.a点的电势高于b点的电势B.电子在a点的加速度大于在b点的加速度C.电子在a点的动能大于在b点的动能D.电子在a点的电势能大于在b点的电势能7.如图5所示，一电荷量大小为q的带电粒子以一定的初速度由P点射入匀强电场，入射方向与电场线垂直.粒子从Q点射出电场时，其速度方向与电场线成30角.已知匀强电场的宽度为d，P、Q两点的电势差为U，不计重力作用，设P点的电势为零.则下列说法正确的是()图5A.带电粒子带负电B.带电粒子在Q点的电势能为UqC.此匀强电场的电场强度大小为ED.此匀强电场的电场强度大小为E8.如图6所示，实线为方向未知的三条电场线，虚线1、2、3为等势线，已知MNNQ，a、b两带电粒子从等势线2上的O点以相同的初速度飞出.仅在电场力作用下，两粒子的运动轨迹如图所示，则()图6A.a一定带正电，b一定带负电B.a加速度逐渐减小，b加速度逐渐增大C.M、N两点间电势差|UMN|等于N、Q两点间电势差|UNQ|D.a粒子到达等势线3的动能变化量比b粒子到达等势线1的动能变化量小二、多项选择题(本题共6小题，每小题5分，共30分.在每小题给出的四个选项中，至少有两个选项是正确的，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分)9.(2017北大附中河南分校月考)下列说法正确的是()A.带电粒子仅在电场力作用下做“类平抛”运动，则电势能一定减小B.带电粒子只受电场力作用，由静止开始运动，其运动轨迹一定与电场线重合C.带电粒子在电场中运动，如只受电场力作用，其加速度方向一定与电场线方向相同D.带电小球在匀强电场中仅在电场力和重力的作用下运动，则任意相等时间内速度的变化量相同10.如图7所示，有一带电物体处在一个斜向上的匀强电场E中，由静止开始沿天花板向左做匀速直线运动，下列说法正确的是()图7A.物体一定带正电B.物体一定带负电C.物体不一定受弹力的作用D.物体一定受弹力的作用11.(2017河北石家庄二模)如图8所示，一带电小球自固定斜面顶端A点以某速度水平抛出，落在斜面上B点.现加上竖直向下的匀强电场，仍将小球自A点以相同速度水平抛出，落在斜面上C点.不计空气阻力，下列说法正确的是()图8A.小球带正电B.小球所受电场力可能大于重力C.小球两次落在斜面上所用的时间不相等D.小球两次落在斜面上的速度大小相等12.一带负电的粒子只在电场力作用下沿x轴正向运动，其电势能Ep随位移x变化的关系如图9所示，其中0x2段是轴对称的曲线，x2x3段是直线，则下列说法正确的是()图9A.x1处电场强度最大B.x2x3段是匀强电场C.x1、x2、x3处电势1、2、3的关系为123D.粒子在0x2段做匀变速运动，在x2x3段做匀速直线运动13.(2018广东珠海联考)如图10所示，M、N和P三点在以MN为直径的绝缘半圆形光滑碗的边缘上，O点为半圆弧的圆心，MN为半圆形碗的水平直径，MOP60.将电荷量为q的点电荷A置于P点，点电荷质量为m，则下列说法正确的是()图10A.若仅在M点固定一个点电荷B，要使A静止，则A、B一定带异种电荷B.若仅在N点固定一个点电荷B，要使A静止，则A、B一定带同种电荷C.要使P处A点电荷静止，若施加一个匀强电场，则场强一定为ED.要使P处A点电荷静止，在P处施加的电场的场强最小值为E14.(2017天津和平区质量调查)如图11所示，光滑水平面上有一边长为L的正方形区域ABCD，处在场强为E的匀强电场中，电场方向与正方形的某一条边平行，一质量为m、带电荷量为q的小球由AC边的中点，以垂直于该边的水平初速度v0进入该正方形区域，当小球再次运动到该正方形区域的边缘时，具有的动能可能为()图11A.mv02qEL B.mv02qELC.mv02qEL D.mv02qEL三、非选择题(本题共4小题，共38分)15.(8分)如图12所示，在竖直平面内，AB为水平放置的绝缘粗糙轨道，CD为竖直放置的足够长绝缘粗糙轨道，AB与CD通过四分之一绝缘光滑圆弧形轨道平滑连接，圆弧的圆心为O，半径R0.50 m，轨道所在空间存在水平向右的匀强电场，电场强度的大小E1.0104 N/C.现有质量m0.20 kg、电荷量q8.0104 C的带电体(可视为质点)，从A点由静止开始运动，已知sAB1.0 m，带电体与轨道AB、CD间的动摩擦因数均为0.5.假定带电体与轨道之间的最大静摩擦力和滑动摩擦力相等，求：(g取10 m/s2)图12(1)带电体运动到圆弧形轨道C点时的速度大小；(2)带电体最终停在何处.16.(10分)如图13所示，一条长为L的绝缘细线上端固定在O点，下端系一个质量为m、带电荷量为q的小球，将它置于一个水平向右的匀强电场中，且qEmg.在O点给小球以初速度v0，使小球恰好能在竖直平面内做顺时针方向上的完整圆周运动.求：图13(1)运动过程中最小速度和最大速度的大小；(2)初速度v0的大小.17.(10分)(2017湖南长沙四县三月模拟)如图14所示，互相绝缘且紧靠在一起的A、B物体，静止在水平地面上，A的质量为m0.04 kg、带电荷量为q5.0105 C，B的质量为M0.06 kg、不带电.两物体与水平面间的动摩擦因数均为0.4，t0时刻开始，空间存在水平向右的匀强电场，电场强度为E1.6104 N/C.设运动过程中小物块所带的电荷量没有变化. 图14(1)求A、B的加速度及其相互作用力的大小；(2)若t2 s后电场反向，且场强减为原来的一半，求物体B停下时两物体间的距离.18.(10分)(2017广东华南三校联考)在光滑的水平面上固定一个直角三角形支架ABC，其中一个角度为37.支架的A端固定一绝缘光滑的管道，内部固定一个轻质弹簧，在弹簧处于自然状态时弹簧的另一端Q与A的间距为2R，AC7R.在Q点右侧有场强为E的匀强电场，如图15甲所示.质量为m、带正电q的小物块P(不计重力)自C点由静止开始运动.已知P与CQ直轨道间的动摩擦因数，其余部分光滑.(取sin 370.6，cos 370.8)图15(1)求P第一次运动到Q点时速度的大小.(2)若用P缓慢压缩弹簧到某点E，由静止释放后，P滑过C点运动到与AB所在直线间距最远点M处，M点与AB所在直线的距离为R.求P在E点时，弹簧具有的弹性势能；(3)如图乙，若支架在C端与一半径为R的光滑圆弧轨道相切于C点，O为圆心，ODBC.A、B、C、D均在同一平面内.用P缓慢压缩弹簧到某点由静止释放，要使P能够到达圆轨道，并在经过圆轨道时不脱离圆轨道，求释放P时弹簧具有的弹性势能应满足什么条件.答案精析1.C2.C电场强度取决于电场本身，与有无试探电荷无关，所以在P点检验电荷带的电荷量加倍或无检验电荷，P点的场强不变，故A、B错误；据FEq知，P点的场强越小，则同一电荷在P点所受的电场力越小，故C正确；P点的场强方向为正电荷在该点的受力方向，故D错误.3.BM、N间的电场线方向从M指向N，根据顺着电场线电势逐渐降低，则知A点电势高于B点电势，所以A选项正确；M、N两点固定放置两个等量异种点电荷Q和Q，A点和B点关于O点对称，A、B两点处电场线的疏密程度相同，则A点场强等于B点场强，故B不正确；C、D两点位于同一等势面上，电势相等，所以C选项正确；C、D两点关于O点对称，电场强度相同，所以D选项正确.4.D开始时带电小球受到重力、电场力及悬线拉力作用而平衡，保持S闭合，极板间电压U不变，将A板向B板靠近，由E知场强变大，小球受到的电场力变大，则变大，A、B均错误；断开S，则极板所带电荷量Q不变，将A板向B板靠近，由E知场强不变，则不变，C错误，D正确.5.C由电容的定义式C得，板间电压U，板间场强E.试探电荷q由A点移动到B点，电场力做功WqEssin 30，故选C.6.D由于等势线的电势沿x轴正向增加，故A错误.根据等势线的疏密知道b处的电场线密，场强大，电子的加速度大，故B错误.电子从a点运动到b点的过程中，电场力做正功，动能增加，电势能减少，故C错误，D正确.7.C由运动轨迹向上偏转可知粒子带正电，A错；由PQ，电场力做功为WPQEpPEpQqU，P0，则EpP0，EpQqU，B错；对Q点速度分解v0vsin 30，则v2v0对PQ过程，WPQqUqExm(v2v02)xt2dv0t由求得E，C对，D错.8.B由题图可知，a粒子的轨迹方向向右弯曲，则a粒子所受电场力方向向右，b粒子的轨迹向左弯曲，则b粒子所受电场力方向向左，由于电场线方向未知，无法判断粒子的电性，故A错误.由电场线疏密可知，a所受电场力逐渐减小，加速度逐渐减小，b所受电场力逐渐增大，加速度逐渐增大，故B正确.已知MNNQ，由于MN段场强大于NQ段场强，所以M、N两点间电势差|UMN|大于N、Q两点间电势差|UNQ|，故C错误.根据电场力做功公式WUq，|UMN|UNQ|，由于两个粒子所带电荷量的大小关系未知，所以不能判断电场力做功的多少及动能变化量大小，故D错误.9.AD10.AD若物体带负电荷，则所受电场力向右下方，重力向下，则物体必然斜向下运动，不符合题意，A项正确，B项错误；若物体带正电，则受力分析如图所示，因物体做匀速直线运动，则合力必为零，一定受到摩擦力，必须受到弹力作用，C项错误，D项正确.11.CD设斜面倾角为，落点与抛出点间距离为l，小球在水平方向上以速度v0匀速运动：lcos v0t，竖直方向上从静止开始做匀加速直线运动：lsin at2，解得l，可见a越小落点越远，故小球带负电荷，受到竖直向上的电场力，且电场力应小于重力，否则小球将沿水平方向匀速运动或向上做类平抛运动，故A、B错误.再由lcos v0t可以看出，落点越远时间越长，C正确.由动能定理有malsin mv2mv02，又l，得vv0，故D正确.12.BC因为图象的斜率可以反映电场强度大小，所以在x1处电场强度最小，A错误；x2x3段为直线，斜率恒定，所以该段为匀强电场，B正确；粒子带负电，0x1阶段，电场力做正功，即逆着电场线方向到达x1处，之后电场力做负功，顺着电场线从x1依次到达x2、x3，而沿电场线方向电势降低，故有123，C正确；图象的斜率可以反映电场强度大小，所以粒子在0x2段做非匀变速直线运动，在x2x3段做匀减速直线运动，D错误.13.ABD若仅在M点放置一个点电荷B，对点电荷A受力分析，A受到重力和由P指向O方向的支持力，若要平衡，则必受到库仑引力，因此A、B一定带异种电荷，故A正确；同理可知B正确；若要使P处A点电荷静止，只有施加竖直方向的匀强电场时，场强才一定为E，故C错误；若要使P处A点电荷静止，则在P处施加的电场力如图所示时，电场力最小，电场强度最小，最小值为E，故D正确.14.AC若电场方向与BD平行，则电场力做的功WEqL，动能满足mv02Ekmv02qEL.若电场方向与AB平行，则电场力做的功WqEL或WqEL或W0，动能Ekmv02EqL或Ekmv02EqL或Ekmv02，故A、C正确，B、D错误.15.(1)10 m/s(2)见解析解析(1)设带电体到达C点时的速度为v，从A到C由动能定理得：qE(sABR)mgsABmgRmv2解得v10 m/s.(2)设带电体沿竖直轨道CD上升的最大距离为h；从C到D由动能定理得：mghqEh0mv2解得h m在最高点，带电体受到的最大静摩擦力FfmaxqE4 N，重力Gmg2 N因为GFfmax所以带电体最终停在C点上方与C点的竖直距离为 m处.16.(1)(2)解析(1)如图所示，小球在运动过程中受到重力、电场力和细线拉力作用.利用等效重力场的方法，根据平行四边形定则求出重力和电场力的合力大小F合mg，其方向斜向右下方与水平方向成45角.过圆心作合力的作用线，把其反向延长交圆周上的B点，则B为等效最“高”点，过等效最“高”点的速度即为运动过程中的最小速度，由于是恰好做圆周运动，所以小球在等效最“高”点B时只受电场力和重力作用，细线的拉力为零.等效重力加速度为gg，由mmg，可得最小速度vmin.A点为等效最“低”点，小球在运动中通过此点的速度最大，mvmax2mvmin2mg2L，可得最大速度vmax.(2)从O到A，由动能定理得mgL(1cos 45)qELsin 45mvmax2mv02，结合qEmg，解得v0.17.(1)4 m/s20.48 N(2)11.8 m解析(1)对整体分析，加速度大小a4 m/s2隔离B分析，根据牛顿第二定律有FMgMa解得FMgMa0.48