江西省上饶市玉山县第一中学高二生物下学期第一次月考试题（重点班，含解析）.docx

玉山一中20182019学年度第二学期高二第一次月考生物试卷一、选择题1.下列关于噬菌体侵染细菌实验的叙述，正确的是A. 该实验能证明DNA控制蛋白质的合成B. 该实验能证明DNA通过半保留方式进行复制C. 该实验能证明DNA是主要的遗传物质D. 最终释放出来的子代噬菌体大部分具有放射性【答案】A【解析】【分析】1.噬菌体的结构：蛋白质外壳（C、H、O、N、S）+DNA（C、H、O、N、P）；2.噬菌体繁殖过程：吸附注入（注入噬菌体的DNA）合成（控制者：噬菌体的DNA；原料：细菌的化学成分）组装释放。3.T2噬菌体侵染细菌的实验步骤：分别用35S或32P标记噬菌体噬菌体与大肠杆菌混合培养噬菌体侵染未被标记的细菌在搅拌器中搅拌，然后离心，检测上清液和沉淀物中的放射性物质。实验结论：DNA是遗传物质。【详解】在T2噬菌体侵染细菌的实验中，实验设计思路为：S是蛋白质的特有元素，DNA分子中含有P，蛋白质中几乎不含有P，用放射性同位素32P和放射性同位素35S分别标记DNA和蛋白质，直接单独去观察它们的作用，发现噬菌体中只有DNA进入了大肠杆菌，但最后释放的子代噬菌体含有蛋白质，结构与亲代相同，可证明噬菌体的DNA可控制蛋白质的合成，A正确；该实验不能证明DNA通过半保留方式进行复制，梅塞尔森和斯塔尔的实验证明了DNA通过半保留方式进行复制，B错误；该实验只能证明DNA是遗传物质，C错误；标记亲代噬菌体的DNA，由于DNA的复制是半保留复制，所以最终释放出来的子代噬菌体小部分具有放射性，D错误。故选A。2.下列说法不正确的是A. 蛋白质、核酸和多糖分别以氨基酸、核苷酸和葡萄糖为单体组成多聚体B. 在人体心肌细胞中由A、G、T、U四种碱基参与构成的核苷酸最多有6种C. 葡萄糖是细胞呼吸最常利用的物质，它可来自于植物细胞内淀粉的水解D. 有氧呼吸过程中产生的H可与O2结合生成水【答案】A【解析】【分析】1、糖类由C、H、O组成，是构成生物重要成分、主要能源物质。包括：单糖：葡萄糖（重要能源）、果糖（植物）、核糖、脱氧核糖（构成核酸）、半乳糖（动物）。二糖：蔗糖、麦芽糖（植物）；乳糖（动物）。 多糖：淀粉、纤维素（植物）；糖原（动物）。2、构成DNA的碱基有A、G、T、C，构成RNA的碱基有A、G、U、C，人体心肌细胞中既有DNA，又有RNA，A，G，T，U四种碱基参与构成的核苷酸最多有6种。【详解】构成多糖的单体不都是葡萄糖，如琼脂是一种多聚半乳糖，A错误；细胞中既含有DNA又含有RNA，由A可构成腺嘌呤脱氧核糖核苷酸和腺嘌呤核糖核苷酸，由G可构成鸟嘌呤脱氧核糖核苷酸和鸟嘌呤核糖核苷酸，由T只能构成胸腺嘧啶脱氧核糖核苷酸，由U只能构成尿嘧啶核糖核苷酸，故在人体心肌细胞中由A、G、T、U四种碱基参与构成的核苷酸最多有6种，B正确；葡萄糖是细胞呼吸最常利用的物质，淀粉是植物细胞特有的储能物质，淀粉水解可形成葡萄糖，C正确；有氧呼吸过程中第一、二阶段产生的H可在第三阶段与O2结合生成水，D正确。故选A。3.条由15个氨基酸组成的多肽，分子式为C74H110N19O26S。这条多肽链经水解后的产物中有5种氨基酸：半胱氨酸（C3H7NO2S)、丙氨酸(C3H6NO2)、天冬氨酸（C4H7NO4)、赖氨酸（C6H14N2O2)、苯丙氨酸(C9H11NO2)。则水解产物中苯丙氨酸和丙氨酸个数分别是（ ）A. 1和2B. 2和3C. 3和4D. 以上都不对【答案】B【解析】【分析】分析题干信息：由15个氨基酸组成、分子式为C74H110N19O26S的多肽链经过水解后所得的5种氨基酸半胱氨酸（C3H7NO2S）、丙氨酸（C3H6NO2）、天冬氨酸（C4H7NO4）、赖氨酸（C6H14N2O2）、苯丙氨酸（C9H11NO2）中，只有赖氨酸含有2个氮原子（其它4种氨基酸均含1个氮原子）、只有天冬氨酸含有4个氧原子（其它4种氨基酸均含2个氧原子）。【详解】根据水解产物中只有半胱氨酸中含1个S原子，说明半胱氨酸含有1个；设该多肽（十五肽）中含有赖氨酸个，根据氮原子数=各氨基酸中氮原子总数，可得2+（15-）=19，解得=4个；设该多肽（十五肽）中含有天（门）冬氨酸，根据氧原子数=各氨基酸中氧原子总数一脱去水分子数，可得4+（15-）2-（15-1）=26，解得=5最后设该多肽中含苯丙氨酸和丙氨酸个数分别是x、y个，根据C和N原子守恒可列式：3+3y+45+64+9x=74，x+y+1+42+5=19，解得x=2，y=3，故选B。【点睛】突破口：根据多肽化合物的分子式与水解的氨基酸种类的分子式中C、N、O、S等原子守恒建立关系式解得各种氨基酸的个数。4.对洋葱根尖细胞中某细胞器的组成成分进行分析，发现A、T、C、G、U碱基的相对含量分别约为30%、10%、30%、20%、10%，则下列叙述不正确的是A. 该细胞器能固定CO2B. 该细胞器能产生水C. 该细胞器内膜面积大D. 该细胞器能进行基因表达过程【答案】A【解析】【分析】分析题干中的信息可知，该植物细胞器中含有的碱基是A、T、C、G、U五种碱基，因此该细胞器中含有DNA和RNA，含有DNA和RNA的细胞器是线粒体和叶绿体，根尖细胞中没有叶绿体，所以该细胞器是线粒体。【详解】存在于植物根尖细胞中的某细胞器，其含有A、T、C、G、U五种碱基，说明该细胞器同时含有DNA和RNA，据此可推知为线粒体，线粒体具有双层膜结构，内膜向内折叠形成嵴可增大膜的面积，而能固定CO2的细胞器是叶绿体，A错误；C正确；在线粒体内膜上完成有氧呼吸的第三阶段，其过程是前两个阶段产生的H与氧结合生成H2O，并释放出大量的能量，产生大量的ATP，即线粒体能产生水、能进行能量转换，B正确；线粒体是半自主复制的细胞，能进行DNA复制和基因表达过程，D正确。故选A。5.下列有关生物学实验及研究的叙述正确的是孟德尔的豌豆杂交试验中将母本去雄的目的是防止自花授粉紫色洋葱鳞片叶内表皮可用作观察DNA和RNA在细胞中分布的实验材料探索淀粉酶对淀粉和蔗糖作用的专一性时，可用碘液替代斐林试剂进行鉴定盐酸在“观察DNA和RNA在细胞中的分布”和“观察植物细胞有丝分裂”中的作用不相同经健那绿染液处理，可以使活细胞中的线粒体呈蓝绿色 可以用淀粉酶催化淀粉的实验探究pH对酶活性的影响用溴麝香草酚蓝水溶液能鉴定乳酸菌细胞呼吸的产物 调查血友病的遗传方式，可在学校内对同学进行随机抽样调查以人的成熟红细胞为观察材料可以诊断镰刀型细胞贫血症A. 两项B. 三项C. 四项D. 五项【答案】D【解析】【分析】观察细胞中DNA和RNA分布时，盐酸的作用是改变细胞膜的通透性，加速染色剂进入细胞，将染色体上的DNA和蛋白质分离，便于染色剂与DNA结合；健那绿是专一性染线粒体的活细胞染料；紫色洋葱内表皮细胞色浅，可用来观察DNA和RNA在细胞中的分布实验；豌豆是两性花，自然情况下，进行自花传粉。CO2可使澄清石灰水变混浊，也可使溴麝香草酚蓝水溶液由蓝变绿再变黄。根据石灰水混浊程度或溴麝香草酚蓝水溶液变成黄色的时间长短，可以检测酵母菌培养CO2的产生情况。【详解】豌豆是自花授粉的植物，孟德尔的豌豆杂交试验中将母本去雄的目的是防止其自花授粉，以便杂交，正确；紫色洋葱鳞片叶内表皮细胞没有紫色液泡的颜色干扰，可作为观察DNA和RNA在细胞中分布的实验材料，正确；蔗糖组无论是否反应都与碘液不显色，即不能说明淀粉酶对蔗糖是否起作用，所以不能用碘液替代斐林试剂进行鉴定，错误；盐酸在“观察DNA和RNA在细胞中的分布”中的作用是改变细胞膜的通透性，加速染色剂进入细胞，将染色体上的DNA和蛋白质分离，便于染色剂与DNA结合；在“观察植物细胞有丝分裂”中的作用是使组织细胞分散开，故盐酸在两个实验中的作用不同，正确；健那绿是给线粒体染色的活体染色剂，经健那绿染液处理后，可以使活细胞中的线粒体呈蓝绿色，正确；探究PH对酶活性的影响，其自变量是PH值的不同，因淀粉在酸性条件下会自然水解，会影响实验结果，错误；乳酸菌只能进行无氧呼吸产生乳酸，而溴麝香草酚蓝水溶液是用来验证CO2的产生，所以不能用溴麝香草酚蓝水溶液来鉴定乳酸菌细胞呼吸的产物，错误；调查血友病的遗传方式，应在患者的家系中调查，错误；镰刀型细胞贫血症是红细胞的形状发生了改变，因此以人的成熟红细胞为观察材料可以诊断镰刀型细胞贫血症，正确。综上分析，正确，即D正确，ABC错误。故选D。【点睛】本题考查生物学实验的有关知识，对于此类试题，需要考生注意的细节较多，如实验的原理、实验采用的试剂及试剂的使用方法、实验现象等，需要考生在平时的学习过程中注意积累。6.下列有关放射性同位素示综实验的叙述，错误的是A. 35S标记甲硫氨酸，附着在内质网上的核糖体与游离的核糖体都可能出现放射性B. 小鼠吸入18O2，则在其尿液中可以检测到H218O，呼出的C02也可能含有C. 在缺氧时给水稻提供14CO2，体内可以存在14C的转移途径14CO214C5（14CH2O）（14C2H5OH）D. 将某精原细胞中的某条染色体上的DNA的一条链用15N进行标记，正常情况下，在该细胞分裂形成的精细胞中，含15N的精子所占比例为25%【答案】C【解析】【分析】1、关于呼吸作用元素的去向分析：，所以，18O2标记以后放射性元素首先出现在水中，但是水又可以作为有氧呼吸第二阶段的反应物，因此放射性元素又可以出现在二氧化碳中。2、用14CO2探究光合作用14C的转移途径大致是：14CO214C3（14CH2O）。【详解】用35S标记甲硫氨酸，附着在内质网上的核糖体和游离的核糖体都有可能出现放射性，因为核糖体是合成蛋白质的场所，胞内蛋白和分泌蛋白合成时均有可能利用35S标记的甲硫氨酸，A正确；小鼠吸入18O2，可通过有氧呼吸第三阶段与还原氢结合生成H218O，则在其尿液中可以检测到H218O，生成的H218O也可以与丙酮酸反应生成C18O2，所以呼出的二氧化碳也可能含有18O，B正确；在缺氧时给水稻提供14CO2，则14C在光合作用的转移途径大致是：14CO214C3（14CH2O），（14CH2O）中的14C在无氧呼吸中的转移途径大致是（14CH2O）14C314C2H5OH+14CO2，C错误；将某精原细胞中的某条染色体上的DNA的一条链用15N进行标记，经过DNA复制后，细胞中只有一条DNA含有15N，正常情况下，在该细胞分裂形成的精细胞中，只有一个精子含15N，故含15N的精子所占比例为25%，D正确。故选C。7.孟德尔因对现代遗传学做出了杰出贡献，被誉为现代遗传学之父。下列关于孟德尔的研究过程的分析正确的是A. 孟德尔所作出的假设的核心内容是“生物体能产生数量相等的雌雄配子”B. 孟德尔依据减数分裂的相关原理进行“演绎推理”的过程C. 孟德尔做出的“演绎”是设计测交实验后代发生1:1的性状分离比D. 为了验证作出的假设是否正确，孟德尔设计并完成了正、反交实验【答案】C【解析】【分析】孟德尔发现遗传定律用了假说演绎法，其基本步骤：提出问题作出假说演绎推理实验验证得出结论。提出问题（在纯合亲本杂交和F1自交两组豌豆遗传实验基础上提出问题）；做出假设（生物的性状是由细胞中的遗传因子决定的；体细胞中的遗传因子成对存在；配子中的遗传因子成单存在；受精时雌雄配子随机结合）；演绎推理（如果这个假说是正确的，这样F1会产生两种数量相等的配子，这样测交后代应该会产生两种数量相等的类型）；实验验证（测交实验验证，结果确实产生了两种数量相等的类型）；得出结论（就是分离定律）。【详解】孟德尔所作假设的内容是“性状是由遗传因子控制的，体细胞中遗传因子是成对的，配子中成对的遗传因子分离，受精时雌雄配子随机结合”，其中核心内容是“体细胞中遗传因子是成对的，配子中成对的遗传因子分离”，A错误；孟德尔依据假说进行了“演绎推理”的过程，B错误；孟德尔做出的“演绎”是：若F1产生数量相等的两种配子，则F1与隐性亲本进行测交时预测后代会发生1：1的性状分离比，C正确；为了验证作出的假设是否正确，孟德尔设计并完成了测交实验，D错误。故选C。8.一头基因型为DdXaY的狼，其一个精原细胞进行减数分裂，产生一个基因型为DdXa的精子，则其它三个精子可能的基因型为 Xa DdY Y DXa dY dY DXa DdY Y Xa DY dY DdXa Y YA. 或或B. 或或C. 或或D. 或或【答案】B【解析】【分析】正常情况下，减数第一次分裂时，因为同源染色体分离，非同源染色体自由组合，所以一个初级精母细胞能产生2种基因型不同的次级精母细胞；减数第二次分裂类似于有丝分裂，因此每个次级精母细胞产生2个基因型相同的精细胞。由此可见，一个精原细胞减数分裂形成4个精子，但只有两种基因型。而题意中产生一个基因型为DdXa的精子，说明减数第一次分裂异常，即D和d所在染色体没有分离；也可能是减数第一次分裂过程中发生过交叉互换。【详解】一个基因型为DdXaY的精原细胞，在减数分裂过程中：（1）若发生了交叉互换，则可产生DdXaXa和DdYY的两种次级精母细胞；而在减数第二次分裂后期，含D和d的两条染色体都移向了同一极，则可产生DdXa、Xa、DdY和Y四种精子。（2）若发生了交叉互换，则可产生DdXaXa和DdYY的两种次级精母细胞；而在减数第二次分裂后期，含DdXaXa的次级精母细胞中，D和d的两条染色体移向了同一极，则可产生DdXa、Xa两种精子；含DdYY的次级精母细胞正常分裂，则可产生DY和dY两种精子。（3）若在减数第一次分裂后期，含有D和d的同源染色体没有分开，移向同一极并分配到同一个次级精母细胞中，即产生了基因型为DDddXaXa和YY的两种次级精母细胞；减数第二次分裂正常分裂，所以基因型为YY的次级精母细胞产生了两个基因型为Y的精子，而基因型为DDddXaXa的次级精母细胞形成了两个基因型为DdXa的精子。综上所述，B正确，ACD错误。故选B。【点睛】本题考查减数分裂的相关知识，重点考查精子的形成过程，要求考生识记减数分裂不同时期的特征，特别是减数第一次分裂后期同源染色体的分离和减数第二次分裂后期着丝点分裂，姐妹染色单体分离，能结合题干所给精原细胞和精子的基因型，推测其他三种精子的基因型。9.肾小管处需要对Na+和氨基酸进行吸收，过程示意图如下图。据图分析不正确的是A. Na+进、出肾小管上皮细胞的方式是不同的B. 管腔中Na+进入上皮细胞的方式体现了细胞膜的流动性C. 管腔中氨基酸进入上皮细胞的方式为主动运输D. 上皮细胞中氨基酸进入组织液不需要消耗能量【答案】B【解析】【分析】根据题意和图示分析可知：管腔中氨基酸进入上皮细胞是由低浓度高浓度，需要载体、消耗能量，属于主动运输；管腔中Na+进入上皮细胞是高浓度低浓度，需要载体、但不消耗能量，属于协助扩散；上皮细胞中氨基酸进入组织液是由高浓度低浓度，需要载体、但不消耗能量，属于协助扩散；上皮细胞中Na+进入组织液是由低浓度高浓度，需要载体、消耗能量，属于主动运输。【详解】由上述分析可知，Na+进、出上皮细胞的方式分别是被动运输和主动运输，A正确；管腔中Na+进入上皮细胞需要载体协助，载体蛋白是有特异性的，能体现细胞膜的选择透过性，B错误；图中管腔中氨基酸进入上皮细胞是逆浓度梯度进行的，应为主动运输，C正确；图中上皮细胞中氨基酸进入组织液需要载体协助，是顺浓度梯度进行的，不消耗能量，应为协助扩散，D正确。故选B。10.取甲、乙、丙三种植物组织切块分别放入相同浓度的蔗糖溶液中，一定时间后测得甲浸泡液的浓度变大，乙浸泡液的浓度不变，丙浸泡液的浓度变小。下列说法正确的是A. 实验前，各切块细胞液浓度甲乙 丙B. 实验中，甲切块细胞的吸水能力逐渐增强C. 实验中，乙切块细胞内蔗糖浓度与浸泡液中蔗糖浓度相等D. 实验后，丙切块细胞放入清水中一定能够发生质壁分离后的复原现象【答案】A【解析】【分析】外界溶液浓度大于细胞液浓度，细胞失水，表现为质壁分离，外界溶液浓度小于细胞液浓度，细胞吸水。外界溶液浓度和细胞液浓度等渗时，细胞的吸水量和失水量相等。【详解】根据试题分析，一定时间后测得甲浸泡液的浓度变大，乙浸泡液的浓度不变，丙浸泡液的浓度变小，说明甲植物细胞液浓度蔗糖溶液浓度，乙植物细胞液浓度=蔗糖溶液的浓度，丙植物细胞液浓度乙丙，A正确；由于甲植物细胞液浓度蔗糖溶液的浓度，导致甲细胞吸水，则实验中随着细胞吸水，细胞液浓度降低，则甲切块细胞的吸水能力逐渐降低，B错误；乙的浓度不变是因为细胞内细胞液浓度与浸泡液中蔗糖溶液的浓度相等，而不是细胞内蔗糖的浓度与浸泡液中蔗糖浓度相等，C错误；由于丙植物细胞液浓度蔗糖溶液浓度，导致丙植物细胞失水，如果短时间内细胞失水过多，则会导致细胞的死亡，那么丙切块细胞放入清水中就不会发生质壁分离后的复原现象，D错误。故选A。11.酵母菌既可以进行有氧呼吸又可以进行无氧呼吸，其呼吸过程中葡萄糖分解的两个途径如下图，有关叙述正确的是A. 消耗等量的葡萄糖经酶3途径产生的CO2较多B. 消耗等量的葡萄糖释放的能量中，能量3最多C. 酶2发挥作用的部位是细胞质基质和线粒体D. 酒精是酵母菌的代谢产物，酒精的积累可能会抑制酵母菌的生长和繁殖【答案】D【解析】【分析】由图可知，葡萄糖在酶1的作用下形成丙酮酸，属于细胞呼吸的第一阶段，场所在细胞质基质。丙酮酸在酶2的作用下形成二氧化碳和水，属于有氧呼吸的第二、三阶段，场所在线粒体基质和内膜上。丙酮酸在酶3的作用下形成酒精和二氧化碳属于无氧呼吸的第二阶段，场所在细胞质基质。【详解】有氧呼吸过程中1摩尔葡萄糖可分解形成6摩尔二氧化碳，而无氧呼吸过程中1摩尔葡萄糖可分解形成2摩尔二氧化碳，所以消耗等量的葡萄糖经酶2途径产生的CO2较多，A错误；有氧呼吸每个阶段都释放能量，第三阶段释放大量的能量，而无氧呼吸只在第一阶段释放少量能量，故消耗等量的葡萄糖释放的能量中，能量2最多，B错误；酶2催化的是有氧呼吸第二、三阶段的反应，故发挥作用的场所在线粒体基质和线粒体内膜，C错误；酵母菌无氧呼吸会产生酒精，酒精的积累可能会抑制酵母菌的生长和繁殖，D正确。故选D。12.雌雄异株的高等植物剪秋罗有宽叶、窄叶两种类型，宽叶(B)对窄叶(b)为显性，等位基因位于X染色体上，其中窄叶基因(b)会使花粉不育，在雌性植株中，含有b基因的配子育性仅为正常的1/3。如果杂合子宽叶雌株同窄叶雄株杂交,其子代的性别及表现型分别是A. 子代全是雄株,其中1/2是宽叶，1/2是窄叶B. 子代全是雌株,其中1/2是宽叶，1/2是窄叶C. 子代全是雄株,其中3/4是宽叶，1/4是窄叶D. 子代中宽叶雌株:宽叶雄株:窄叶雌株:窄叶雄株=1:1:1:1【答案】C【解析】【分析】根据题意分析可知：宽叶（B）对狭叶（b）是显性，等位基因位于X染色体上，属于伴性遗传；窄叶基因(b)会使花粉不育，说明XbY产生的配子只有含Y的可以参与受精。在雌性植株中，含有b基因的配子育性仅为正常的1/3，故杂合宽叶雌株XBXb产生的可育配子XB：Xb=3：1。【详解】根据分析可知，杂合子宽叶雌株XBXb产生的雌配子能参与受精的种类和比例为XB：Xb=3：1。由于窄叶基因(b)会使花粉不育，所以窄叶雄株XbY产生的配子只有含Y的可以参与受精，所以杂合子宽叶雌株同窄叶雄株杂交,其子代的基因型和比例为XBY：XbY=3:1，表现型和比例为宽叶雄：窄叶雄=3:1，综上分析，C正确，ABD错误。故选C。13.已知某草本植株高度受三对等位基因控制，这三对基因分别位于三对同源染色体上，作用相等且具有叠加性。最高高度为3m的植株与最矮植株1.2m的植株相互授粉，子代株高均为2.1m。高度为2.4m的植株自交，后代出现性状分离，其中株高为2.4m的个体所占比例是A. 1/16B. 5/16C. 3/8D. 7/16【答案】C【解析】【分析】根据三对基因分别位于三对同源染色体上，说明符合自由组合定律，三对基因的作用相等且具有叠加性，最高高度为3m的植株基因型应为AABBCC，说明每个显性基因增加的高度是0.5m，最矮植株1.2m的植株基因型为aabbcc，说明每个隐性基因增加的高度是0.2m。最高高度为3m的植株与最矮植株1.2m的植株相互授粉，子代基因型为AaBbCc，花长均为2.1m。【详解】根据上述分析可知，每个显性基因增加的高度是0.5m，每个隐性基因增加的高度是0.2m，可推理出高度为2.4m的植株含4个显性基因和2个隐性基因，如AABBcc、AAbbCC、aaBBCC、AaBbCC等，但题意中该个体自交后代出现了性状分离，说明该个体为杂合子，如基因型为AaBbCC，自交后代株高为2.4m的个体的基因型和比例为AaBbCC（1/21/21）、AAbbCC（1/41/41）、aaBBCC（1/41/41），所以后代株高为2.4m的个体所占比例是（1/21/21）+（1/41/41）+（1/41/41）=3/8，综上分析，C正确，ABD错误。故选C。【点睛】本题考查基因分离定律和自由组合定律的相关知识，要求学生了解数量遗传的特点，意在考查学生的计算能力和判断能力，运用所学知识综合分析问题和解决问题的能力。14.华中农业大学的教授在育种过程中发现一株大穗不抗病的小麦，自花受粉后获得320粒种子，这些种子发育成的小麦中有60株大穗抗病和若干株小穗抗病，其余的都不抗病。若将这60株大穗抗病的小麦作为亲本自交，在F1中选择大穗抗病小麦再进行自交，理论上F2中能稳定遗传的大穗抗病小麦占F2中所有大穗抗病小麦的比例为A. 1/9B. 2/9C. 7/9D. 7/10【答案】C【解析】【分析】由题意可知，一株大穗不抗病的小麦，自花授粉获得的后代出现了性状分离，既有大穗和小穗，也有抗病和不抗病，因此该大穗不抗病的小麦为双杂合子，大穗和不抗病为显性，假设大穗由A控制，不抗病由B控制，该植株的基因型为AaBb。60株大穗抗病的基因型为AAbb、Aabb。【详解】由上述分析可知，大穗和不抗病为显性，60株大穗抗病的基因型为AAbb、Aabb。将60株大穗抗病的小麦进行连续两代的自交，由于抗病（b）是隐性性状，自交后代不发生性状分离，故可只考虑大穗和小穗性状，60株大穗抗病的基因型和比例为AAbb：Aabb=1:2，作为亲代自交，F1中大穗抗病小麦的基因型为1/31/42/31/2AAbb和1/22/31/3Aabb，在大穗抗病小麦中，AAbb和Aabb分别占3/5、2/5。再进行自交，F2中大穗抗病的为3/51/42/57/10AAbb和1/22/51/5Aabb，理论上F2中能稳定遗传的大穗抗病小麦占F2中所有大穗抗病小麦的比例为7/10(7/10+1/5)=7/9。综上分析，C正确，ABD错误。故选C。【点睛】本题的知识点是基因的自由组合定律和基因的分离定律，根据后代的表现型判断基因的显隐性关系和亲本的基因型，根据亲本的基因型对相关的概率进行计算，准确分析题干获取有效信息是解题的突破口，对于基因的分离定律的灵活运用是解题的关键，概率计算是本题的重点。15.某常染色体遗传病中，基因型为AA的人都患病，Aa的人有50%患病，aa的人都正常。下图的两个患病家系中，己知亲代中4号与其他三人的基因型不同。下列分析判断不正确的是A. 6号与7号基因型相同的概率为2/3B. 若5号与7号结婚，生育患病孩子的概率为3/8C. 子代的4人中，能确定出基因型的只有7号D. 1号和2号家庭再生孩子患病的概率是3号和4号家庭的2倍【答案】B【解析】【分析】根据题意和图示分析可知：基因型为AA的人都患病，Aa的人有50%患病，aa的人都正常，所以该遗传病为常染色体显性遗传病。亲代4人均表现正常，故基因型不可能是AA。若1号、2号均为aa，则所生孩子不可能患病，故1号、2号的基因型为Aa、Aa或Aa、aa；同理推知3号、4号的基因型也为Aa、Aa或Aa、aa；由于己知亲代中4号与其他三人的基因型不同，因此，可判断1号、2号和3号的基因型都为Aa，4号的基因型为aa。【详解】根据上述分析可知，1号、2号的基因型都为Aa，且基因型为AA的人都患病，Aa的人有50%患病，所以6号的基因型及概率为AA（1/3）、Aa（2/3）；由分析可知4号的基因型为aa，故7号的基因型为Aa，所以6号与7号基因型相同的概率为2/3，A正确；5号的基因型为aa（1/3）、Aa（2/3），7号的基因型为Aa，因此5号与7号生育患病孩子的概率=1/31/21/2Aa+2/3（1/4AA+1/21/2Aa）=5/12，B错误；由于1号、2号的基因型都为Aa，所以5号的基因型为Aa或aa、6号的基因型为AA或Aa；由于3号的基因型为Aa，4号的基因型为aa，所以7号的基因型为Aa，8号的基因型为Aa或aa，因此，子代的4人中，能确定出基因型的只有7号，C正确；1号（Aa）与2号（Aa）再生孩子患病的概率=1/4AA+1/21/2Aa=1/2，3号（Aa）与4号（aa）再生孩子患病的概率=1/21/2Aa=1/4，故1号和2号家庭再生孩子患病的概率是3号和4号家庭的2倍，D正确。故选B。【点睛】本题结合系谱图，考查常见的人类遗传病，要求考生识记几种常见人类遗传病的类型、特点及实例，能结合题中和图中信息准确推断相应个体的基因型，并进行相关概率的计算。16.某哺乳动物的基因型为AABbEe，如图是该动物一个精原细胞在产生精子过程中某时期的示意图，以下有关说法错误的是A. 图示细胞为次级精母细胞，该细胞中含2个染色体组B. 图示细胞中，a基因不可能来源于同源染色体交叉互换C. 该精原细胞产生的精子细胞基因型有ABe、aBe、AbED. 基因B/b与基因E/e之间的遗传遵循分离定律【答案】D【解析】【分析】根据题意和图示分析可知：图示细胞没有同源染色体，着丝点已分裂，染色体移向细胞两极，细胞处于减数第二次分裂后期。【详解】由图可知细胞内没有同源染色体，姐妹染色单体分离应是减数第二次分裂后期，该细胞应是次级精母细胞，此时含有2个染色体组，A正确；由于该哺乳动物的基因型为AABbEe，没有a基因，所以图示细胞中，a基因只能来自于基因突变，不可能来自同源染色体的交叉互换，B正确；精原细胞基因组成为AABbEe，因为在DNA复制过程中发生了基因突变，形成的初级精母细胞基因型是AAAaBBbbEEee，在减数第一次后期同源染色体分离，非同源染色体自由组合定律，根据题图可知形成的两个次级精母细胞基因型分别为AaBBee和AAbbEE，减数第二次分裂姐妹染色单体分离，形成的精细胞基因型为ABe、aBe、AbE共三种，C正确；基因Bb与基因Ee位于两对同源染色体上，所以遵循自由组合定律，D错误。故选D。17.已知某牵牛花的花色由两对独立遗传的基因控制，这两对基因与花色的关系如图所示此外，a基因存在时抑制B基因的表达现将基因型为AABB的个体与基因型为aabb的个体杂交得到F1，下列分析正确的是A. F1全部开红色花B. 图示过程体现基因对性状的直接控制C. F1自交后代中花色的表现型及比例是红：白：粉=3：4：9D. F1测交后代中花色的表现型及比例是红：白：粉=1：1：2【答案】C【解析】【分析】根据题意和图示分析可知：基因A控制酶A的合成，酶A能将白色色素转化成粉色色素，基因B能控制酶B的合成，酶B能将粉色色素转化为红色色素。又已知a基因对于B基因的表达有抑制作用，因此红花的基因型为AAB_，粉花的基因型为A_bb和AaB_，白花的基因型为aaB-和aabb。【详解】基因型为AABB的个体与基因型为aabb的个体杂交得到F1，其基因型为AaBb，由于a基因存在时抑制B基因的表达，所以F1全部开粉色花，A错误；图示过程体现了基因通过控制酶的合成来控制代谢过程，从而控制生物的性状，属于基因对性状控制的间接途径，B错误；F1自交后代基因型可表示为A-B-：A-bb：aaB-：aabb9：3：3：1其中基因型为aaB-和aabb的个体为白色；基因型为AAB-的个体为红色；由于a基因存在时抑制B基因的表达，所以基因型为AaB-和A-bb的个体为粉色。因此，F1自交后代中花色的表现型及比例是红：白：粉=3：4：9，C正确；F1测交后代基因型为AaBb、Aabb、aaBb和aabb，因此，花色的表现型及比例是白：粉：红=2：2：0，D错误。故选C。18.某精原细胞(2N=8)的核DNA分子双链均用14N标记后置于含15N的培养基中培养，经过连续两次细胞分裂后，检测子细胞中的标记情况。下列推断错误的是A. 若进行有丝分裂，则第二次分裂中期含15N的染色单体有8条B. 若进行有丝分裂，则含14N染色体的子细胞所占比例不唯一C. 若进行减数分裂，则减数第二次分裂后期每个细胞中含15N的染色体有8条D. 若某个子细胞中的每条染色体都含14N，则细胞分裂过程中不一定发生基因重组【答案】A【解析】【分析】1、根据DNA分子的半保留复制特点，将某精原细胞的DNA分子用14N标记后置于含15N的培养基中培养如果进行有丝分裂，经过一次细胞分裂后，形成的2个子细胞中的DNA分子都含有一条14N的单链和一条15N的单链，再分裂一次，DNA分子复制形成的2个DNA分子中一个是N15-N15，一个是N15-N14，DNA分子进入两个细胞中是随机的，因此，形成的子细胞中含14N染色体的子细胞比例为1/21。2、根据DNA分子的半保留复制特点，将某精原细胞的DNA分子用14N标记后置于含15N的培养基中培养。如果进行减数分裂，减数分裂过程中染色体复制一次，细胞分裂两次，细胞分裂间期DNA复制形成的DNA分子都含有一条14N的单链和一条15N的单链，因此减数分裂形成的子细胞中都含有14N。【详解】若进行有丝分裂，第一次分裂间期染色体复制(DNA复制)，由于DNA的半保留复制，每条染色体(含1个14N标记DNA)复制后成为1条含2条单体(每条单体含1个DNA，该DNA含2条链，1条链15N标记，1条链14N标记)的染色体，结果第一次形成的2个子细胞中每条染色体的DNA上都含1条链被15N标记，另1条链被14N标记。第二次分裂间期染色体(DNA)复制，每条染色体复制后成为1条含2条单体(每条单体含1个DNA，DNA含2条链，其中一个DNA的两条链均被15N标记，另一个DNA的一条链被14N标记，另一条链被15N标记)的染色体，故第二次分裂中期含15N的染色单体有16条，由于后期染色单体分离是随机的，有可能刚好各一半14N标记的染色体分别进入2个子细胞，也可能全部14N标记的染色体进入1个子细胞，所以经过两次有丝分裂后形成的四个子细胞含14N的细胞数可能为2个、3个、4个，故子细胞中含14N标记的染色体的子细胞所占比例不唯一，A错误；B正确；若进行减数分裂，复制后第一次分裂是成对同源染色体分离，由于每条染色体上的2条单体都含15N，故形成的2个次级精母细胞每条染色体上的2条单体都含15N，减数第二次分裂后期着丝点分裂，染色体数暂时加倍，每个细胞中含15N的染色体有8条，C正确；若进行减数分裂，所形成的子细胞中每条染色体上的DNA均是一条链被14N标记，另一条链被15N标记，即四个子细胞均含14N标记的染色体，而有丝分裂也可能出现四个子细胞均含14N标记的染色体，所以若某个子细胞中的每条染色体都含14N，则不能确定是进行的有丝分裂还是减数分裂，而基因重组只发生在减数分裂过程中，所以若某个子细胞中的每条染色体都含14N，则细胞分裂过程中不一定发生基因重组，D正确。故选A。【点睛】本题考查DNA分子半保留复制的特点和减数分裂、有丝分裂过程中染色体行为变化，把握知识的内在联系并应用相关知识对某些生物学问题进行解释、推理、判断的能力是本题考查的重点。19.某雌性二倍体动物基因型为AaBb（两对基因独立遗传）其两个正处在分裂状态的细胞如图。下列说法正确的是A. 两个细胞所属的分裂方式相同B. 两个细胞中A、a基因的位置异常，其产生原因一定相同C. 两个细胞中同源染色体对数相同D. 该动物一个原始生殖细胞经过减数分裂产生一种成熟生殖细胞【答案】D【解析】【分析】图A细胞中含有同源染色体，所有染色体的着丝点排列在赤道板上，为有丝分裂的中期，姐妹染色单体上的等位基因可能是DNA复制时发生了基因突变。图B不含同源染色体，着丝点分裂，为减数第二次分裂后期，由于该生物的基因型为AaBb，故姐妹染色体上的等位基因可能是DNA复制时发生了基因突变，也可能是四分体时期发生了交叉互换。【详解】由图A细胞中有同源染色体但没配对，可知是有丝分裂中期，图B细胞中无同源染色体，着丝点分裂，可知是减数第二次分裂后期，故两个细胞所属的分裂方式不相同，A错误；图A细胞为有丝分裂，细胞中姐妹染色单体上出现所示的A与a的原因是复制时出现的基因突变，图B细胞为减数分裂，姐妹染色体上出现等位基因可能是基因突变也可能是四分体时期的交叉互换，故两个细胞中A、a基因的位置异常，其产生原因不一定相同，B错误；图A细胞有2个染色体组和2对同源染色体，图B细胞有2个染色体组数和0对同源染色体，C错误；该动物为雌性动物，一个原始生殖细胞经过减数分裂只产生一个卵细胞，即只产生一种成熟生殖细胞，D正确。故选D。【点睛】本题考查细胞分裂图的识别等知识点，考查考生的理解能力和识图分析能力，解题的关键是正确理解相关知识。20.某动物产生基因型为AB、Ab、aB、ab四种精子（无交叉互换和基因突变），下列说法正确的是A. 这四种精子可能来自同一个精原细胞B. 这四种精子可能来自两个精原细胞C. 这四种精子可能来自二个次级精母细胞D. 这四种精子可能来自三个次级精母细胞【答案】B【解析】依题意可知：某动物的基因型为AaBb，且这两对等位基因分别位于两对同源染色体上。依据减数分裂过程可推知，在无交叉互换和基因突变的情况下，该动物的一个精原细胞经减数分裂形成的4个精子的基因型为AB、ab或Ab、aB，因此这4种精子不可能来自同一个精原细胞，而可能来自两个精原细胞，A项错误，B项正确；一个次级精母细胞经减数第二次分裂形成的两个精子的基因型也相同，为AB或Ab或aB或ab，所以这4种精子不可能来自二个或三个次级精母细胞，而是来自四个次级精母细胞， C、D项错误。【点睛】理解一个精原细胞或一个次级精母细胞分裂所形成精子的特点是解题的关键。下图只表示了其中的一种情况。21.某基因14N含有2000个碱基对，腺嘌呤占30，若该DNA分子用15N加同位素标记过的四种游离脱氧核苷酸为原料复制3次。将全部复制产物进行密度梯度离心，得到如图1结果；如果将全部复制产物加入解旋酶处理后再离心，则得到如图2结果，下列有关分析正确的是A. X层全部是仅含14N的基因B. X层中含有的氢键数是Y层的3倍C. w层中含15N标记胞嘧啶5600个D. w层与Z层的核苷酸之比为1/4【答案】C【解析】【分析】DNA分子复制时，以DNA的两条链为模板，合成两条新的子链，每个DNA分子各含一条亲代DNA分子的母链和一条新形成的子链，称为半保留复制。【详解】由于DNA分子复制为半保留复制，所以X层全部是一条核苷酸链含14N和互补链含15N的DNA，A错误；在DNA分子中，碱基对之间通过氢键相连，DNA分子复制了3次，产生的8个DNA分子中，2个DNA分子含14N和15N，6个DNA分子只含15N，所以X层中含有的氢键数是Y层的1/3，B错误；由于DNA分子复制了3次，产生了8个DNA分子，含16条脱氧核苷酸链，其中含15N标记的有14条链，在含有2000个碱基对的DNA分子中，腺嘌呤占30%，因此鸟嘌呤占20%，共有2000220%=800个，所以W层中含15N标记鸟嘌呤为800142=5600个，C正确；由于DNA分子复制了3次，产生了8个DNA分子，含16条脱氧核苷酸链，其中含15N标记的有14条链，所以W层与Z层的核苷酸之比为14：2=7：1，D错误。故选C。22.某种鼠中，黄鼠基因A对灰鼠基因a显性，短尾基因B对长尾基因b显性，且基因A和基因B均纯合时使胚胎致死，两对基因独立遗传。现有两只黄色短尾鼠交配，理论上子代表现型比例可能为A. 21B. 52C. 8331D. A、B、C均有可能【答案】D【解析】【分析】根据题意分析可知：黄鼠基因A对灰鼠基因a显性，短尾基因B对长尾基因b显性，两对基因独立遗传，遵循基因的自由组合定律，由于基因A和基因B均纯合时使胚胎致死，所以黄色短尾鼠的基因型为AaBB、AABb或AaBb。【详解】（1）若两只黄色短尾鼠的基因型均为AaBb，根据基因的自由组合定律，正常情况下，两只基因型为AaBb的鼠交配，后代的基因型及比例应该为A_B_（1/16AABB、2/16AaBB、2/16AABb、4/16AaBb）：A_bb（1/16AAbb、2/16Aabb）：aaB_（1/16aaBB、2/16aaBb）：aabb（1/16）=9：3：3：1。由于基因A和基因B均纯合时使胚胎致死，所以子代表现型比例为黄色短尾（2/16AaBB、2/16AABb、4/16AaBb）：黄色长尾（1/16AAbb、2/16Aabb）：灰鼠短尾（1/16aaBB、2/16aaBb）：灰鼠长尾（1/16）=8：3：3：1。（2）若两只黄色短尾鼠的基因型均为AABb，后代的基因型及比例应该为AAB_（1/4AABB、2/4AABb）：AAbb（1/4），由于基因A和基因B均纯合时使胚胎致死，所以子代表现型比例为黄色短尾（2/4AABb）：黄色长尾（1/4）=2：1。（3）若两只黄色短尾鼠的基因型均为AaBB，后代的基因型及比例应该为A_BB（1/4AABB、2/4AaBB）：aaBB（1/4），由于基因A和基因B均纯合时使胚胎致死，所以子代表现型比例为黄色短尾（2/4AaBB）：灰鼠短尾（1/4）=2：1。（4）若两只黄色短尾鼠的基因型为AABb和AaBB，后代的基因型及比例应该为AABB、AABb、AaBB、AaBb=1：1：1：1，由于基因A和基因B均纯合时使胚胎致死，所以子代表现型都是黄色短尾。（5）若两只黄色短尾鼠的基因型为AABb和AaBb，后代的基因型及比例应该为A_B_（AABB、AaBB、AABb、AaBb）：A_bb（AAbb、Aabb）=6：2，由于基因A和基因B均纯合时使胚胎致死，所以子代表现型比例为黄色短尾（AaBB、AABb、AaBb）：黄色长尾（AAbb、Aabb）=5：2。（6）若两只黄色短尾鼠的基因型为AaBB和AaBb，后代的基因型及比例应该为A_B_（1/8AABB、1/8AABb、2/8AaBB、2/8AaBb）：aaB_（1/8aaBB、1/8aaBb）=6：2，由于基因A和基因B均纯合时使胚胎致死，所以子代表现型比例为黄色短尾（AABb、AaBB、AaBb、AABb、AaBB、AaBb）：黄色长尾（aaBB、aaBb）=5：2。综上分析，D符合题意，ABC不符合题意。故选D。【点睛】本题考查基因自由组合定律的实质及应用，要求考生掌握基因自由组合定律的实质，能根据题干信息“基因A和基因B均纯合时使胚胎致死”判断出亲本的基因型，再根据基因自由组合定律判断子代的基因型及比例。23.下图表示RNA干扰技术原理，下列相关叙述错误的是A. RNA干扰过程遵循碱基互补配对原则B. 可利用该技术研究基因的功能C. 推测A蛋白具有RNA聚合酶的功能D. 利用该技术可以抑制致病基因的表达【答案】C【解析】【分析】分析题图：图示表示RNA干扰技术的原理，即细胞核DNA转录形成的mRNA与SiRNA结合，最终被A蛋白切割。使细胞核中基因转录的mRNA无法完成翻译过程。【详解】根据上述分析可知，利用RNA干扰技术可使细胞核中基因转录的mRNA无法完成翻译过程，故RNA干扰技术可抑制肿瘤基因的表达，并且可以利用RNA干扰技术对外源目标基因进行特异性的表达阻断来推导该基因的功能，mRNA与SiRNA结合过程中遵循碱基互补配对原则，RNA聚合酶是在以DNA为模板转录形成RNA时使用的，而图中A蛋白是将RNA剪切的酶，所以图中A蛋白不具有RNA聚合酶的功能，综上分析，ABD不符合题意，C符合题意。故选C。24.起始密码子在翻译过程中必不可少，起始密码子AUG、GUG分别编码甲硫氨酸和缬氨酸，但人体血清白蛋白的第一个氨基酸既不是甲硫氨酸，也不是缬氨酸，最有可能的原因是（ ）A. 组成人体血清白蛋白的单体中没有甲硫氨酸和缬氨酸B. mRNA与核糖体结合前去除了最前端的部分碱基序列C. 肽链形成后的加工过程中去除了最前端的部分氨基酸D. mRNA起始密码所在位置的碱基在翻译前发生了替换【答案】C【解析】【分析】AUG、GUG是起始密码子，在mRNA翻译成肽链时分别编码甲硫氨酸和缬氨酸，但人体血清白蛋白的第一个氨基酸既不是甲硫氨酸，也不是缬氨酸，这是因为肽链形成后的加工过程中最前端的部分氨基酸被剪除。【详解】人体血清白蛋白的的第一个氨基酸既不是甲硫氨酸，也不是缬氨酸，但不意味着血清白蛋白其它位置没有该氨基酸，如缬氨酸的密码子不止GUG一种，若为其它密码子，则缬氨酸可能出现在人体血清白蛋白中，A错误；根据起始密码子在翻译过程中必不可少的，说明mRNA与核糖体结合前应存在起始密码子，即mRNA与核糖体结合前没有去除最前端的部分碱基序列，B错误；起始密码子对应的氨基酸是甲硫氨酸和缬氨酸，但蛋白质的第一个氨基酸往往不是甲硫氨酸