高考物理一轮复习 电学综合测试卷04.doc

电学综合测试卷四【时间：90分钟满分：110分】学校:_姓名：_班级：_考号：_注意事项：1答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息2请将答案正确填写在答题卡上第i卷（选择题）评卷人得分一、单选题(本大题共8小题，每小题5分，共40分。在每小题给出的四个选项中. 18题只有一项符合题目要求)1如图所示，真空中有两个等量异种点电荷a、b，m、n、o是ab连线的垂线上的点，且aoob一带正电的试探电荷仅受电场力作用，运动轨迹如图中实线所示，设m、n两点的电势分别为m、n，此电荷在m、n两点的加速度分别为am、an，此电荷在m、n两点的电势能分别为epm、epn，下列判断中正确的是（）a aman b mnc epmepn d b点电荷一定带正电2如图所示，三个定值电阻r1、r2、r3的电阻值均不相等，在a、b之间接一个电源，在c、d之间接一个电流表，电流表的示数为i。现将电源、电流表的位置互调，则电流表的示数（ ）a 可能增大 b 可能减小 c 一定不变d 由于r1、r2、r3大小关系不知，故无法判定3如图所示，圆形区域内有垂直纸面的匀强磁场，三个质量和电荷量都相同的带电粒子a、b、c，以不同的速率对准圆心o沿着ao方向射入磁场，其运动轨迹如图。若带电粒子只受磁场力的作用，则下列说法正确的是a 它们做圆周运动的周期tatb0)，试分析是否存在某个k，使两粒子能打在荧光屏的同一点。若存在，求k的值；若不存在，说明理由。18如图所示，在竖直平面内有一质量为m的形线框abcd，水平边bc长为l，电阻为r，竖直边ab与cd的电阻不计；线框的上部处于与线框平面垂直的匀强磁场区域中，磁感应强度为b1，磁场区域的水平下边界（图中虚线）与bc边的距离为h。质量为m、电阻为3r的金属棒pq用可承受最大拉力为3mg的细线悬挂着，静止于水平位置，其两端与线框的两条竖直边接触良好，并可沿着竖直边无摩擦滑动。金属棒pq处在磁感应强度为b2的匀强磁场区域中，b2的方向与b1相同。现将形线框由静止释放，当bc边到达磁场区域的下边界时，细线刚好断裂，重力加速度为g。则从释放形线框至细线断裂前的整个过程中：（1）感应电流的最大值是多少？（2）形线框下落的最大速度是多少？（3）金属棒pq产生的热量是多少？（4）请分析说明：形线框速度和加速度的变化情况，求出加速度的最大值和最小值。参考答案1b【解析】粒子做曲线运动，受到的电场力指向轨迹弯曲的内侧，大致向右，而该正电荷受到的电场力指向带负电的电荷，所以b点电荷应带负电，选项d错误；因为aoob，根据等量异种点电荷电场线及等势面分布特点（如右图所示）掌握，并能根据电场分布的特点进行分析。2c【解析】两种情况下的电路连接如图所示：设电源电压为u=6v，r1=3，r2=2，r3=6，在甲图中 ，电流表的示数为，在乙图中 ，电流表的示数为，故两次示数相同，则选c。【点睛】在a、b之间接一个电源，假设a端为正极，在c、d之间接一个电流表时，通过电流表的电流通路是：a-r1-电流表-r3-b 电路中的电阻是 r1+r3；将电源、电流表的地位互调，假设d端为正极，通过电流表的电流通路是：d-r1-电流表-r3-c 电路中的电阻是r1+r3。电路的电源不变，电阻不变，故电流一定不变。3d4b【解析】由题意可知，三平行的通电导线在o点产生的磁感应强度大小相等，方向如图；则：，故a错误，b正确；设方向沿斜边的夹角为，根据力的合成与分解的法则，结合三角函数关系，则有：所以磁感应强度的方向与斜边夹角为=arctan2，故cd错误故选b 点睛：磁感应强度为矢量，合成时要用平行四边形定则，因此要正确根据安培定则判断导线周围磁场方向是解题的前提5c【解析】甲图的原线圈两端接电源两端的电压，所以是电压互感器，已知n1：n2=1000：1，电压表示数为u2=220v，根据可得传输电压为：u1=2.2105v，选项a错误；乙图中的原线圈串联接入输电线的一根导线，所以的电流互感器，已知n3：n4=1：100，电流表示数为i4=10a，根据 可得传输电流为：i3=1000a，选项b错误；输电线中输送的功率为p=u1i3=2.2108w，选项c正确；两输电线间的电阻无法求得，选项d错误；故选c。点睛：本题考查了变压器的构造和原理，意在考查考生对电压比等于匝数比，电流比等于匝数倒数比，输电线路的输送功率为输电线路电压电流乘积的识记能力。6c点睛：本题考查变压器的基本内容，明确交流电的图象及变压器中电流电压与匝数的关系，电压表及电流表的示数均为有效值即可7d【解析】试题分析：根据法拉第电磁感应定律求解平均感应电动势，并计算电量；根据楞次定律判断感应电流方向，外力做的功等于电流做的功根据法拉第电磁感应定律，平均感应电动势为： ，a错误；通过线圈某一截面的电量，b错误；电压有效值为： ，用有效值计算得到电热为，但线圈从位置a转过90到达位置b的过程中，电流做功的平均效果不等于有效值，c错误；从a转到o的过程，线圈面积不断变小到0，通过面积的磁通量也不断变小到0，从o到b的过程正好相反，通过线圈面积磁通量从0开始变大，在这两个阶段，磁感线从不同的面穿入，故线圈中产生的感应电动势方向还是相同，所以电流方向不会改变，d正确8d【解析】导线框进入磁场过程中，根据楞次定律可得电流方向为逆时针，且导线框进入磁场过程中，有效切割长度逐渐减小，感应电流减小。导线框完全在磁场中时，感应电流为零。导线框离开磁场的过程中，根据楞次定律可得电流方向为顺时针，且导线框离开磁场过程中，有效切割长度逐渐减小，感应电流减小。故d项正确。9bcd10bd【解析】导体ab有效切割的长度等于半圆的直径2l，半圆形导体ab切割磁感线产生感应电动势的大小为：e=b2lv=2blv；ab相当于电源，其两端的电压是外电压，由欧姆定律得： ，故a错误，b正确；根据能量守恒定律可知：fdwf+q+mv2，得：q=fd-mv2-wf，故c错误；根据电磁感应定律得： ，根据电流定义式： ，解得： ，故d正确；故选bd.点睛：本题要理解并掌握感应电动势公式，公式e=blv中，l是有效的切割长度，即为与速度垂直的方向导体的长度也可画出等效电路，来区分外电压和内电压.11ad【解析】试题分析：根据洛伦兹力不做功，电场力可以做功分析解题洛伦兹力对带电粒子不做功，不能使粒子速度增大，电场力可使带电粒子做功，动能增大，故a正确；若带电粒子以与电场线平行的速度射入，粒子返回速率不变，故b错误；如果是电场，只要mn是等势面即可，故c错误；由知，粒子在磁场中运动的时间与速率无关，d正确12ab【解析】粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供圆周运动的向心力，如图所示，当 所以有 ，作出根据几何关系可知作出运动轨迹，根据轨迹可知，当电荷带正电，粒子经过一个周期到达c点，即为，c错误；当粒子带负电，粒子经过第一次到达c点，即为t1=，a正确；当 所以有： ，根据轨迹可知，当电荷带正电，粒子经过到达c点，即为t4=，d错误；当粒子带负电，粒子经过第一次到达c点，即为t2=，b正确13 - (3.0-3.2) 103 - 1.30 2.9103【点睛】根据多用电表的结构原理分析；读出欧姆表表头的读数然后乘以倍率为电阻值；根据欧姆表测量电阻的原理，由公式，结合读数即可求出电压表的量程；明确电表量程，从而确定最小分度，正确得出最后的读数；分析两种接法，明确电表内阻的影响，由欧姆定律即可确定电阻大小。14 r2 r3 1.47(1.451.49) 1.05(1.001.20)(2)根据 (1)中分析可知，电路图如图所示:(3)根据图象中的点所描图象为：；根据闭合电路欧姆定律可知：u=e-10ir,由图可知，图象与纵轴的交点为电源的电动势，故e=1.48v； 【点睛】本题考查测量电动势和内电阻的实验，要注意明确实验原理，知道电表改装的方法，掌握选择电路的能力，同时注意能根据图象分析实验数据的方法15(1)见解析(2)300 rad/s(3)4 500 j点睛：本题关键是要能够区分交流的有效值、瞬时值、最大值和平均值，求解电表读数用有效值，求解电量用平均值.16(1)u=12v (2)r2=2 (3)4.5w【解析】(1)已知： u1u2=32r1r2=21 由图甲、乙得：u1=i1(r1 + r2 ) u2=i2 r2 解得：= 已知：p1pb=110 由图甲、乙得：p1 = i12r1 pb = i22rb 解得：r1 =rb 由电源两端电压u不变 i1(r1+r2+ra) = i2(r2+rb) 解得：ra =9r2 【点睛】本题是有关欧姆定律、电功率的综合计算题目。在解题过程中，注意电路的分析，根据已知条件分析出各种情况下的等效电路图，同时要注意在串联电路中各物理量之间的关系，结合题目中给出的已知条件进行解决。17（1） （2） （3） 不存在【解析】（1）由粒子1的运动知，两粒子在磁场中的轨迹半径为 r=r粒子在磁场中，由qv0b=m得磁感应强度 b=（2）两粒子射出磁场后方向相同。粒子1从c点运动到荧光屏的时间与粒子2从c点运动到荧光屏的时间相等。 粒子1从pq到荧光屏，做类平抛运动，加速度 a=水平位移r=v1t1（11）竖直位移y1= （12）由-（12）式得 （13）对粒子2，同理（加速距离为dc+ r）可得，竖直位移 （14）两粒子交于屏上同一点，则y1= +y2（15）由上各式得