人教版八年级物理下册2017年四川省成都市中考物理模拟试卷(解析版).doc

四川省乐山市马边县2017年四川省成都市中考物理模拟试卷一、选择题1下列估侧最接近实际的是（）A一袋早餐奶的质量约为50 gB普通居民楼一层的高度约为3mC绿色蔬菜保鲜的适宜温度约为30D人平静时呼吸一次所用的时间约为9 s2下列有关声音和电磁波的说法正确的是（）A手机和微波炉都会发出电磁波B钢琴是通过空气柱的振动发声的C利用次声波可以粉碎人体内的结石D女高音的“高”和引吭高歌的“高”都是指音调高3下列发生了物态变化的现象中，属于凝华的是（）A洒在地板砖上的水不见了B刚出冷库的冻肉比原来重C加在饮料中的冰块越来越小D放在衣柜里的樟脑丸变小了4探究凸透镜成像的规律时，光屏上得到一个倒立、缩小的烛焰像，将蜡烛向凸透镜移近一倍焦距的距离下列烛焰成像情况，不可能出现的是 （）A缩小的实像B等大的实像C放大的实像D放大的虚像5下列关于惯性的说法正确的是（）A太空中的宇航员不具有惯性B物体运动时具有惯性，静止时不具有惯性C汽车在转弯时减速，是为了防止惯性带来的危害D运动员起跑时寸用力蹬地，是为了增大惯性提高成绩6下列关于电与磁的说法正确的是（）A磁场中某点的磁场方向是由放在该点的小磁针决定的B改变通电螺线管中电流的方向，可以改变通电螺线管的N、S极C发电机是利用电磁感应原理制成的，工作时将电能转化为机械能D只改变直流电动机的电流方向，直流电动机内线圈的转向不会发生改变7如图所示，将一木块放在弹簧上，用手压木块，弹簧被压缩松开手，木块竖直向上飞起直到最高点下列说法正确的是（）A手压木块时，手对木块的压力与弹簧对木块的支持力是一对平衡力B弹簧恢复原状过程中，弹性势能不变C木块在没有离开弹簧前，所受弹力方向竖直向下D木块到达最高点时，只受到重力作用8如图所示，电源电压不变下列说法正确的是（）A只闭合S1，将P向左移动一段距离，电压表示数增大电流表示数也变大B只闭合S1，将P向左移动，R1消耗的功率增加C开关都闭合，将P向左移动，电压表的示数不变，电流表的示数变小D开关都闭合，将P向左移动，L消耗的功率不变，R2消耗的功率变小92016年6月4日四川广元“双龙”号游船翻沉，水下机器人下水执行搜寻任务，在机器人全部浸入水中后继续下降的过程中，它所受到的压强和浮力变化情况是（）A压强不变 浮力不变B压强不变 浮力变大C压强变大 浮力不变D压强变大 浮力变大10假期里小明一家乘飞机去外地旅游，飞机加速向上运动的过程中，关于小明的能量分析，下列说法正确的是（）A动能增加，重力势能不变B动能不变，重力势能增加C机械能总量不变D机械能总量增加11如图所示，选取一根自动铅笔芯，固定夹子A，夹子B向右运动，下列说法正确的是（）A电路中的电阻变大，灯泡变亮B电路中的电阻变小，灯泡变亮C电路中的电阻变大，灯泡变暗D电路中的电阻变小，灯泡变暗12如图所示，闭合开关后，电流表A1，A2的示数比为1：4，则下列说法正确的是（）A通过R1、R2的电流之比是1：4BR1、R2两端的电压之比是3：1CR1、R2的阻值之比是1：3DR1、R2的电功率之比是1：313用如图所示的滑轮组提升重物时（忽略绳重及摩擦），下列做法能提高滑轮组机械效率的有（）A增加物体被提升的高度B减轻动滑轮的重力C改变绳子的绕法，减少承担重物的绳子的段数D减少物体的重力14阳光灿烂的日子，行走在绿树成荫的街道上，常常见到地面上有一些圆形的光斑，这些光斑是（）A树叶的实像B树叶的虚像C太阳的实像D太阳的虚像二、填空题15小明坐在以300km/h的速度行驶的高铁上，看到高速公路上与高铁同向运动的汽车若汽车的速度为120km/h，以汽车为参照物，高铁的速度为 km/h16小明家新买了一个电热水器，刚接入电路，家里的空气开关就断开了他猜想造成空气开关断开的原因是：连入电路中的用电器总功率过大：电热水器或插头处短路于是他请电工师傅检修后，将空气开关复位，只让电热水器单独工作，家里标有“2000r/kWh”电能表的转盘3min内转了100转，电热水器的功率为 W小明猜想 （选填序号）是正确的（己知电热水器接入电路前，小明家正在使用的用电器的总功率约为3200W，空气开关允许通过的最大电流为40A）17如图所示，瓶子里装有少量的水，用力打气，瓶塞向上跳起，瓶内有白雾产生白雾是 形成的瓶塞向上跳起过程中，瓶内气体 ，温度降低，内能减小；其能量转化情况与四冲程汽油机的 冲程相同18天然气燃烧时将 能转化为 能至少需要消耗 m3的天然气才能将质量为20kg、初温为20的水烧开标准大气压、c水=4.2103 J/（kg），q天然气=3.2107J/m319跳水运动员是我国在国际比赛中的优势项目如图所示，跳水运动员站在跳板上静止时，她受到的重力和支持力是一对 （选填“平衡力”或“相互作用力”），运动员将跳板压弯，说明力可以改变物体的 20如图所示，一个底面积为20cm2，深度为10cm的杯子装满水时，水对杯子底部的压强为 Pa，水对杯子底部的压力为 N21生活中“抽”字表述的现象，其原因各有不同，用抽水机“抽”水时，水是在 作用下被“抽”上来的，用抽油烟机“抽”油烟时，油烟是由于空气流速越大，压强越 的缘故被“抽”出去的22如图是关于电阻R1、R2的电流与电压关系的图象，则R1 R2，若将R1、R2并联接在电压为2V的电路中，则干路的电流为 A三、作图与计算23完成下列光路图：在图中画出入射光线AO从空气射入玻璃时的折射光线；24如图所示，杠杆AOB在力的作用下出于平衡状态，请画出图中货箱的受力示意图和拉力T的力臂L25如图所示，正方体A的边长为10cm，在它的上面放一个重为2N的物体B，此时正方体A恰好没入水中，已知g=10N/kg，水=1.0103kg/m3求：（1）正方体A受到的浮力的大小；（2）正方体A的密度26学习了电功率的知识后，小亮想利用家中的电能表（如图所示）测量电水壶的电功率和热效率他把质量为1kg温度是20的冷水倒入电水壶中，然后把家中的用电器都与电源断开，仅让电水壶工作，在5分钟内将这壶水烧开（在标准器压下），他观察到电能表转盘转了70转试求：（1）将这壶水烧开，水吸收的热量是多少？（2）电水壶的电功率为多少？（3）电水壶的热效率为多少？四、实验与探究题27小明用薄膜充水后制成水透镜模拟眼球中的晶状体，来比较正常眼、近视眼和远视眼的焦距大小实验中测得甲图焦距为10cm，再将甲分别挤压成乙图、丙图的形状，并分别测量焦距，如图所示（1）测得焦距小于10cm的是图 ，模拟近视眼的是图 （2）在同一位置，用甲、乙、丙透镜分别对着远处的某一物体，移动光屏得到清晰的像，其中像距较大的是 图28小彬用如图甲所示的实验器材探究“电流与电阻的关系”电源电压恒为3V，滑动变阻器上标有“20 2A”字样，阻值分别为5、10、20、50的定值电阻各一个（1）请你用笔画线代替导线，把图甲所示的实验电路补充完整（2）小彬将5定值电阻接入电路后，闭合开关，发现电流表有示数而电压表无示数，则电路中的故障可能是 （写出一种）；排除故障后，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片P，使电流表的示数如图乙所示，此时电路中的电流为 A（3）将5定值电阻换成10定值电阻，闭合开关，为了保持 表的示数不变，应将滑动变阻器的滑片P向 （选填“A”或“B”）移动，记录此时各表的示数五、选择题29下列说法中正确的是（）A电动机是电磁感应现象的应用B导航卫星和数字卫星电视都是利用电磁波传递信号C在汽油机的压缩冲程中，内能转化为机械能D核电站利用的是可控核聚变释放的能量30现有甲、乙两个完全相同的容器，盛有体积相同的不同液体，把一个鸡蛋分别放入两容器中的情形如图所示，鸡蛋在甲、乙两杯液体中所受的浮力分别为F甲浮和F乙浮，两杯液体对容器底部的压力分别是F甲和F乙，压强分别是p甲和p乙，以下判断正确的是（）AF甲浮F乙浮 F甲=F乙 p甲p乙BF甲浮F乙浮 F甲F乙 p甲p乙CF甲浮=F乙浮 F甲F乙 p甲p乙DF甲浮=F乙浮 F甲F乙 p甲p乙31如图是探究凸透镜成像规律的装置，此时光屏上成清晰的像下列说法中正确的是（）A光屏上的像是一个倒立、放大的实像B此凸透镜的焦距小于l0cmC若将蜡烛移动到20cm处，光屏移动到70cm处，会再次得到一个清晰的像D若在蜡烛和凸透镜之间放一个远视眼镜，将光屏向右移动才能得到一个清晰的像32如图所示，甲、乙、丙三图中的装置完全相同燃料的质量相同，烧杯内的液体质量也相同下列说法正确的是（）A比较不同液体的比热容，可以选择甲丙两图B比较不同液体的比热容，可以选择乙丙两图C比较不同燃料的热值，可以选择乙丙两图D比较不同燃料的热值，不可以选择甲乙两图33如图所示电路，电源电压为4.5V，定值电阻R的阻值为10，电压表接入03V量程，电流表接入00.6A量程，滑动变阻器标有“20 1A”，闭合开关，在保证各元件安全的情况下，下列说法正确的是（）A电流表示数变化范围0.3A0.6AB电压表示数变化范围1.5V3VC滑动变阻器阻值变化范围520D电路总功率最大值2.7W六、综合题34甲、乙两地之间沿直线架设了两条输电线，输电线的线芯用铜导线，是为了减少因电流的 效应而损失的电能已知每条输电线每千米的电阻为0.2现输电线在某处发生了短路，为确定短路位置，检修员在甲地将电流表接入如图所示的电路，电压表应接在 （选填“AB”或“CD”）两点之间；若电压表和电流表的示数分别为4V和0.5A，则短路位置离甲地 km七、解答题（共1小题，满分7分）35如图所示，电源电压为12V且保持不变，灯泡L标有“6V，3W”的字样，滑动变阻器的最大阻值为50，闭合开关S1，S2，调节滑片P：当滑动变阻器接入电路的阻值为R1时，电压表的示数为U1，R0的功率为P01，当变阻器接入电路的阻值为R2时，电压表的示数为U2，R0的电功率为P02，已知U1：U2=1：2，R1：R2=3；1，P01+P02=4.5W求：（1）S1闭合，S2断开，灯泡L正常发光时，电路的总功率；（2）S1、S2闭合时，电阻R0的电功率P01和P02；（3）电阻R0的阻值2017年四川省成都市中考物理模拟试卷参考答案与试题解析一、选择题1下列估侧最接近实际的是（）A一袋早餐奶的质量约为50 gB普通居民楼一层的高度约为3mC绿色蔬菜保鲜的适宜温度约为30D人平静时呼吸一次所用的时间约为9 s【考点】23：质量的估测；13：温度；61：时间的估测；63：长度的估测【分析】不同物理量的估算，需要根据生活经验及对生活常识的了解，作出合理的估计，然后逐一分析各选项并作出判断【解答】解：A、小袋牛奶的体积100mL左右，大袋牛奶的体积可达到250mL，约为200ml，根据m=V=1g/cm3200cm3=200g，故A不符合实际；B、普通居民楼一层的高度约为3m，故B符合实际；C、普通绿色蔬菜保鲜要求温度较低，适宜温度约为4，30属高温，蔬菜容易变质，故C不符合实际；D、正常情况下，人1min呼吸次数在20次左右，所以呼吸一次的时间在3s左右故D不符合实际故选B2下列有关声音和电磁波的说法正确的是（）A手机和微波炉都会发出电磁波B钢琴是通过空气柱的振动发声的C利用次声波可以粉碎人体内的结石D女高音的“高”和引吭高歌的“高”都是指音调高【考点】91：声音的产生；9E：超声波与次声波；9I：音调、响度与音色的区分；D2：电磁波的传播【分析】（1）有线电话是靠电流来传递信息的，无线电广播、电视、手机、雷达通信等都是靠电磁波来传递信息的；微波炉是一种用微波加热食品的现代化烹调灶具，微波属于电磁波的一种（2）解决此题的关键是要知道声音是由物体的振动产生的（3）超声波的破碎力强，可以用来碎石；（4）解决此题的关键是要知道声音的响度与声源振动的幅度有关，振动幅度越大，响度越大；音调的高低与发声体振动快慢有关，物体振动越快，音调就越高【解答】解：A、手机和微波炉都是利用电磁波来工作的，故A正确；B、钢琴是靠内部簧片的振动发声，故B错误；C、用超声波击碎病人体内的结石，说明超声波具有能量，故C错误；D、“女高音”中的“高”指的是音调高；“引吭高歌”中的“高”的意思是指响度大，故D错误故选A3下列发生了物态变化的现象中，属于凝华的是（）A洒在地板砖上的水不见了B刚出冷库的冻肉比原来重C加在饮料中的冰块越来越小D放在衣柜里的樟脑丸变小了【考点】1R：生活中的凝华现象【分析】凝华指的是物体由气体直接变为固体的过程霜是固体，是由空气中的水蒸气遇冷形成的，是凝华【解答】解：凝华指的是物体由气体直接变为固体的过程A、洒在地上的水不见了，由液态变成气态，是汽化过程不符合题意；B、刚出冷库的冻肉比原来重，是在冷库中的水蒸气遇冷凝华在冻肉表面，使总重量变大符合题意；C、加在饮料中的冰块越来越小，由固态熔化成为水不符合题意；D、樟脑丸变小，由固态直接变成气态，是升华现象不符合题意故选B4探究凸透镜成像的规律时，光屏上得到一个倒立、缩小的烛焰像，将蜡烛向凸透镜移近一倍焦距的距离下列烛焰成像情况，不可能出现的是 （）A缩小的实像B等大的实像C放大的实像D放大的虚像【考点】B7：凸透镜成像规律及其探究实验【分析】要解决此题，需要掌握凸透镜成像的规律 凸透镜成像规律：物距小于焦距成正立放大虚像物距大于一倍焦距小于二倍焦距成倒立放大实像，像距大于二倍焦距物距等于二倍焦距成倒立等大实像，像距等于二倍焦距物距大于二倍焦距成倒立缩小实像，像距大于一倍焦距小于二倍焦距【解答】解：由题意知，烛焰在屏上成一缩小实像，所以此时蜡烛在凸透镜的2f之外，即u2f；当将蜡烛向凸透镜移近一倍焦距的距离则此时uf，那么有可能是2fuf，则成倒立放大的实像；也可能是u=2f，则成等大的实像；也可能是u2f，则成缩小的实像，所以只有uf，成正立、放大的虚像不可能出现故选D5下列关于惯性的说法正确的是（）A太空中的宇航员不具有惯性B物体运动时具有惯性，静止时不具有惯性C汽车在转弯时减速，是为了防止惯性带来的危害D运动员起跑时寸用力蹬地，是为了增大惯性提高成绩【考点】6L：惯性【分析】一切物体都有惯性，质量是物体惯性的量度，惯性大小取决于物体的质量大小，与速度大小无关与物体的运动状态无关【解答】解：A、一切物体都有惯性，因此太空中的宇航员在太空舱中仍然有惯性故A错误；B、一切物体都有惯性，惯性是物体固有的属性，静止的物体和运动的物体都有惯性，故B错误；C、汽车在转弯时如果不减速慢行，会由于惯性继续保持原来的方向运动，易造成侧翻等事故的发生，故汽车在转弯时减速，是为了防止惯性造成的伤害，故C正确；D、运动员起跑时用力蹬地只是让人能向上跳起，利用了物体间力的作用是相互的，不是应用了惯性；故D错误故选C6下列关于电与磁的说法正确的是（）A磁场中某点的磁场方向是由放在该点的小磁针决定的B改变通电螺线管中电流的方向，可以改变通电螺线管的N、S极C发电机是利用电磁感应原理制成的，工作时将电能转化为机械能D只改变直流电动机的电流方向，直流电动机内线圈的转向不会发生改变【考点】C6：磁场；CA：通电螺线管的磁场；CJ：磁场对通电导线的作用；CM：直流电动机的原理【分析】（1）磁场是有方向的，人们规定，在磁场中的某一点，小磁针静止时N极所指的方向就是该点的磁场方向；（2）通电螺线管周围存在磁场，磁场方向和电流方向有关；（3）发电机是利用电磁感应原理制成的，工作时机械能转化成电能；（4）电动机是利用通电导线在磁场中受力的作用的原理工作的，所受力的方向与电流的方向和磁场的方向有关【解答】解：A、磁场中某点的磁场方向是一定的，可以由放在该点的小磁针来判断，但不是由小磁针决定的故A错误；B、通过螺线管周围磁场方向和电流方向有关，改变电流方向会改变磁场方向故B正确；C、发电机是利用电磁感应原理制成的；发电机工作时消耗了机械能，得到了电能是将机械能转化为电能的装置故C错误；D、电动机是利用通电导线在磁场中受力的作用的原理工作的，所受力的方向与电流方向和磁场方向有关，故只改变直流电动机的电流方向，直流电动机内线圈的转向会改变故D错误故选B7如图所示，将一木块放在弹簧上，用手压木块，弹簧被压缩松开手，木块竖直向上飞起直到最高点下列说法正确的是（）A手压木块时，手对木块的压力与弹簧对木块的支持力是一对平衡力B弹簧恢复原状过程中，弹性势能不变C木块在没有离开弹簧前，所受弹力方向竖直向下D木块到达最高点时，只受到重力作用【考点】6R：平衡力的辨别；71：弹力；76：重力【分析】（1）一对平衡力必须大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上；（2）弹性势能大小的影响因素：发生弹性形变的大小，发生弹性形变的难易程度弹性形变越大，发生弹性形变越难，弹性势能越大；（3）弹力方向与物体恢复弹性形变的方向相同；（4）木块上升到最高点时对其进行受力分析【解答】解：A、手压木块时，木块受到重力、压力和弹簧的支持力，这三个力平衡手对木块的压力小于弹簧对木块的支持力所以这两个力不是一对平衡力，故A错误；B、弹簧恢复原状过程中，弹性形变的程度变小，弹性势能减小，故B错误；C、木块在没有离开弹簧前，弹簧被压缩，所以木块受弹力方向竖直向上，故C错误；D、木块上升到最高点时，只受到重力作用，故D正确故选D8如图所示，电源电压不变下列说法正确的是（）A只闭合S1，将P向左移动一段距离，电压表示数增大电流表示数也变大B只闭合S1，将P向左移动，R1消耗的功率增加C开关都闭合，将P向左移动，电压表的示数不变，电流表的示数变小D开关都闭合，将P向左移动，L消耗的功率不变，R2消耗的功率变小【考点】IZ：电路的动态分析【分析】根据开关的断开和闭合情况分清电路的连接方式，在根据欧姆定律和功率的计算公式分析每个选项【解答】解：A、只闭合S1，R1与R2串联接入电路，将P向左移动一段距离，滑动变阻器接入电路的电阻变大，故电流表示数减小，电阻变大，其分担的电压变大，故电压表示数变大，故A错误；B、只闭合S1，R1与R2串联接入电路，将P向左移动一段距离，滑动变阻器接入电路的电阻变大，故电流表示数减小，根据公式P=I2R可知，功率变小，故B错误；C、开关都闭合，灯泡与滑动变阻器并联接入电路，电压表测量的是电源电压，其示数不变，将P向左移动，滑动变阻器接入电路的电阻变大，故通过变阻器的电流示数减小，通过灯泡的电流不变，根据并联电路的电流规律可知，电流表示数变小，故C正确；D、开关都闭合，灯泡与滑动变阻器并联接入电路，将P向左移动，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据公式P=可知，R2消耗的功率变小；并联电路互不影响，故灯泡的功率不变，故D正确故选CD92016年6月4日四川广元“双龙”号游船翻沉，水下机器人下水执行搜寻任务，在机器人全部浸入水中后继续下降的过程中，它所受到的压强和浮力变化情况是（）A压强不变 浮力不变B压强不变 浮力变大C压强变大 浮力不变D压强变大 浮力变大【考点】8A：液体压强计算公式的应用；8O：阿基米德原理【分析】在机器人全部浸入水中后继续下降的过程中，排开水的体积不变，所测的深度变大，根据阿基米德原理可知受到的浮力变化，根据p=gh可知受到的液体压强变化【解答】解：在机器人全部浸入水中后继续下降的过程中，排开水的体积不变，所测的深度变大，由F浮=gV排可知，受到的浮力不变，故BD错误；由p=gh可知，受到的液体压强变大，故A错误、C正确故选C10假期里小明一家乘飞机去外地旅游，飞机加速向上运动的过程中，关于小明的能量分析，下列说法正确的是（）A动能增加，重力势能不变B动能不变，重力势能增加C机械能总量不变D机械能总量增加【考点】FN：动能和势能的大小变化【分析】影响动能的影响因素是物体的质量和物体运动的速度，影响重力势能的因素是物体的质量和物体的高度，其中动能和势能统称为机械能在分析各个能量的变化时，根据各自的影响因素进行分析【解答】解：在飞机加速向上运动的过程中，小明的质量不变，速度增大，其动能增大；高度升高，重力势能增大；机械能等于动能和重力势能的和，所以机械能总量增加；故ABC错误，D正确故选D11如图所示，选取一根自动铅笔芯，固定夹子A，夹子B向右运动，下列说法正确的是（）A电路中的电阻变大，灯泡变亮B电路中的电阻变小，灯泡变亮C电路中的电阻变大，灯泡变暗D电路中的电阻变小，灯泡变暗【考点】IA：影响电阻大小的因素；IH：欧姆定律的应用【分析】分析清楚电路结构，根据夹子B的移动方向判断铅笔芯接入电路的阻值如何变化，然后应用串联电路特点结合欧姆定律、电功率公式分析答题【解答】解：由图示电路图可知，灯泡与铅笔芯串联，当夹子B向右移动时，铅笔芯接入电路的阻值变大，电路总电阻变大；电源电压不变，由欧姆定律I=可知，电路电流减小，由P=UI可知，灯泡实际功率变小，灯泡变暗，故ABD错误，C正确故选C12如图所示，闭合开关后，电流表A1，A2的示数比为1：4，则下列说法正确的是（）A通过R1、R2的电流之比是1：4BR1、R2两端的电压之比是3：1CR1、R2的阻值之比是1：3DR1、R2的电功率之比是1：3【考点】IH：欧姆定律的应用；JA：电功率的计算【分析】由电路图可知，R1与R2并联，电流表A1测R1支路的电流，电流表A2测干路电流根据并联电路的电流特点求出通过R1、R2的电流之比，根据并联电路的电压特点可知它们两端的电压关系，根据欧姆定律可知R1、R2的阻值之比，利用P=UI求出R1、R2的电功率之比【解答】解：由电路图可知，R1与R2并联，电流表A1测R1支路的电流，电流表A2测干路电流因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，通过R1、R2的电流之比：=，故A错误；因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，R1、R2两端的电压之比是1：1，故B错误；由I=可得，R1、R2的阻值之比：=，故C错误；由P=UI可得，R1、R2的电功率之比：=，故D正确故选D13用如图所示的滑轮组提升重物时（忽略绳重及摩擦），下列做法能提高滑轮组机械效率的有（）A增加物体被提升的高度B减轻动滑轮的重力C改变绳子的绕法，减少承担重物的绳子的段数D减少物体的重力【考点】F7：增大或减小机械效率的方法【分析】不计绳重和摩擦，克服物块重力所做的功为有用功，克服物块和动滑轮重力所做的功为总功，根据=进行解答【解答】解：不计绳重和摩擦时，滑轮组的机械效率为：=，A由表达式可知，滑轮组的机械效率与物体被提升的高度无关，故A错误；B由表达式可知，减轻动滑轮的重力G动，1+变小，则滑轮组的机械效率变大，故B正确；C由表达式可知，滑轮组的机械效率与承担重物的绳子的段数无关，故C错误；D由表达式可知，减小物体的重力G，1+变大，则滑轮组的机械效率变小，故D错误故选B14阳光灿烂的日子，行走在绿树成荫的街道上，常常见到地面上有一些圆形的光斑，这些光斑是（）A树叶的实像B树叶的虚像C太阳的实像D太阳的虚像【考点】A3：光直线传播的应用【分析】光在同种均匀介质中沿直线传播知道影子的形成、日月食的形成、小孔成像都是光沿直线传播形成的【解答】解：树阴下的地面上出现的圆形光斑，是太阳光通过浓密的树叶中的小孔所成的太阳的像，是实像，是由光的直线传播形成的故选C二、填空题15小明坐在以300km/h的速度行驶的高铁上，看到高速公路上与高铁同向运动的汽车若汽车的速度为120km/h，以汽车为参照物，高铁的速度为180km/h【考点】68：速度与物体运动【分析】同向行驶的两车，它们之间的相对速度等于两车速度之差【解答】解：高铁的速度为300km/h，汽车的速度为120km/h，高铁与汽车的运动方向相同，以汽车为参照物，高铁的速度为：v=v铁v汽=300km/h120km/h=180km/h故答案为：18016小明家新买了一个电热水器，刚接入电路，家里的空气开关就断开了他猜想造成空气开关断开的原因是：连入电路中的用电器总功率过大：电热水器或插头处短路于是他请电工师傅检修后，将空气开关复位，只让电热水器单独工作，家里标有“2000r/kWh”电能表的转盘3min内转了100转，电热水器的功率为1000W小明猜想（选填序号）是正确的（己知电热水器接入电路前，小明家正在使用的用电器的总功率约为3200W，空气开关允许通过的最大电流为40A）【考点】J5：电能表参数的理解与电能的求法；JA：电功率的计算【分析】（1）2000r/（kWh）表示每消耗1kWh的电能，电能表的转盘转过2000圈，据此求出电能表的转盘转了200转消耗的电能，利用P=求出用电器的功率（2）家庭电路中造成保险丝熔断或空气开跳闸的原因是电流过大，而造成电流过大的原因有两个：一是总功率过大；二是短路【解答】解：电能表的转盘转了100转，消耗的电能：W=kWh=0.05kWh，该用电器的功率：P=1kW=1000W，电热水器工作时功率才1000W，电流还达不到5A，题中已经说明允许通过的最大电流是40A，所以猜想是正确的故答案为：1000；17如图所示，瓶子里装有少量的水，用力打气，瓶塞向上跳起，瓶内有白雾产生白雾是液化形成的瓶塞向上跳起过程中，瓶内气体对外做功，温度降低，内能减小；其能量转化情况与四冲程汽油机的做功冲程相同【考点】1M：液化及液化现象；G9：做功改变物体内能；GM：内燃机的四个冲程【分析】（1）物质由气态变为液态称为液化；（2）做功改变内能实质是能量的转化过程，故分析清楚该过程中消耗了什么能，产生了什么能即可；（3）内燃机做功冲程是将内能转化为机械能，在压缩冲程是将机械能转化为内能【解答】解：做功可以改变物体的内能对物体做功，物体内能会增加，物体对外做功，内能会减小用力打气，对瓶内气体做功，气体内能增加；压强增大；继续打气，当瓶内气体压强大于大气压强，瓶塞跳起，水蒸气对塞子做功，内能减少，温度降低，瓶内的水蒸气液化形成小液滴，出现水雾瓶塞跳起的过程中，是将内能转化为机械能的过程，这一过程的能量转化情况与内燃机做功冲程相同故答案为：液化；对外做功；做功18天然气燃烧时将化学能转化为内能至少需要消耗0.21m3的天然气才能将质量为20kg、初温为20的水烧开标准大气压、c水=4.2103 J/（kg），q天然气=3.2107J/m3【考点】GI：热平衡方程的应用【分析】（1）燃料燃烧时将化学能转化为内能；（2）知道水的质量、水的比热容、水的初温和末温（1标准大气压下水的沸点为100），利用吸热公式Q吸=cmt求水吸收的热量；由题知，Q放=Q吸，再利用Q放=Vq求需要完全燃烧多少天然气【解答】解：（1）天然气燃烧时将化学能转化为内能；（2）水吸收的热量：Q吸=cmt=4.2103J/（kg）20kg=6.72106J；天然气完全燃烧放出的热量：Q放=Q吸=6.72106J，由Q放=Vq，可得，所需天然气的体积：V天然气=0.21m3故答案为：化学；内；0.2119跳水运动员是我国在国际比赛中的优势项目如图所示，跳水运动员站在跳板上静止时，她受到的重力和支持力是一对平衡力（选填“平衡力”或“相互作用力”），运动员将跳板压弯，说明力可以改变物体的形状【考点】6S：平衡力和相互作用力的区分；6F：力的作用效果【分析】（1）二力平衡的条件是：同物、等大、反向、共线，同时满足时，两个力彼此平衡；（2）力的作用效果是：力可以改变物体的运动状态；力可以改变物体的形状【解答】解：跳水运动员站在跳板上静止时，她受到的重力和支持力符合二力平衡的条件，因此是一对平衡力；运动员将跳板压弯，说明力可以改变物体的形状故答案为：平衡力；形状20如图所示，一个底面积为20cm2，深度为10cm的杯子装满水时，水对杯子底部的压强为1103Pa，水对杯子底部的压力为2N【考点】89：液体的压强的计算；81：压力及重力与压力的区别【分析】水对杯子底部的压强和压力：先计算压强（p=gh），后计算压力（F=pS）【解答】解：水对杯子底的压强：p=gh=1103kg/m310N/kg0.1m=1103Pa，根据p=可得，水对杯子底的压力：F=pS=1103Pa20104m2=2N故答案为：1103；221生活中“抽”字表述的现象，其原因各有不同，用抽水机“抽”水时，水是在大气压作用下被“抽”上来的，用抽油烟机“抽”油烟时，油烟是由于空气流速越大，压强越小的缘故被“抽”出去的【考点】8J：大气压的综合应用；8K：流体压强与流速的关系【分析】（1）抽水机是先将筒内的空气排出，使其内部压强较小，水在外界大气压的作用下被压到高处（2）解答此题的关键是利用流体压强与流速的关系：在气体和液体中，流速越大的位置压强越小利用这一知识点去分析【解答】解：（1）抽水机抽水时，抽水机是先将筒内的空气排出，此时筒内气压小于外界大气压，大气压将水从低处压到高处；（2）由流体压强与流速的关系：流速越大的位置压强越小，可知抽油烟机在工作时，由于转动的扇叶处气体的流速大，压强小，从而在周围大气压的作用下将油烟压向扇口排出故答案为：大气压；小22如图是关于电阻R1、R2的电流与电压关系的图象，则R1R2，若将R1、R2并联接在电压为2V的电路中，则干路的电流为0.5A【考点】IH：欧姆定律的应用【分析】将R1、R2并联接在电压为2V的电路中，它们两端的电压相等，根据图象读出通过两电阻的电流，根据欧姆定律比较两电阻的阻值关系，根据并联电路的电流特点求出干路的电流【解答】解：将R1、R2并联接在电压为2V的电路中，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，两电阻两端的电压均为2V，由图象可知，通过两电阻的电流分别为I1=0.4A，I2=0.1A，由I=的变形式R=可知，R1R2，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路的电流：I=I1+I2=0.4A+0.1A=0.5A故答案为：；0.5三、作图与计算23完成下列光路图：在图中画出入射光线AO从空气射入玻璃时的折射光线；【考点】AN：作光的折射光路图【分析】折射规律：折射光线与入射光线和法线在同一平面内；折射光线与入射光线分居法线两侧；当光从空气斜射入水里或其它透明介质中时，折射光线向法线方向偏折，折射角小于入射角【解答】解：先过入射点作法线，然后根据光从空气斜射入玻璃时，折射光线向法线靠拢，折射角小于入射角作出折射光线，如图所示：24如图所示，杠杆AOB在力的作用下出于平衡状态，请画出图中货箱的受力示意图和拉力T的力臂L【考点】6H：力的示意图；7P：力臂的画法【分析】（1）对货箱进行受力分析可知，货箱处于平衡状态，受到的重力和拉力是一对平衡力，大小相等；据此根据力的示意图的画法画出这两个力即可；（2）根据力臂定义：力臂是从支点到力的作用线的距离，作出力臂【解答】解：（1）货箱处于平衡状态，受到的重力和拉力是一对平衡力，大小相等过箱子的重心，分别沿竖直向下和竖直向上的方向画一条有向线段，并分别用G和F表示；（2）从支点到力的作用线引垂线作出力臂，并标上字母符号L，如图所示：25如图所示，正方体A的边长为10cm，在它的上面放一个重为2N的物体B，此时正方体A恰好没入水中，已知g=10N/kg，水=1.0103kg/m3求：（1）正方体A受到的浮力的大小；（2）正方体A的密度【考点】2A：密度的计算；8O：阿基米德原理【分析】（1）正方体A浸没水中，排开水的体积等于A的体积，利用阿基米德原理求A受到的浮力的大小；（2）A和B一起处于漂浮状态，受到的浮力等于总重力，据此求A的重力、质量，再利用密度公式求物体A的密度【解答】解：（1）如图，正方体A浸没在水中，V排=V=（0.1m）3=0.001m3，正方体A受到的浮力的大小：F浮=水V排g=1.0103kg/m30.001m310N/kg=10N；（2）如图，A和B一起处于漂浮状态，所以F浮=GA+GB，则正方体A的重力：GA=F浮GB=10N2N=8N，正方体A的质量：mA=0.8kg，正方体A的密度：A=0.8103kg/m3答：（1）正方体A受到的浮力的大小为10N；（2）正方体A的密度为0.8103kg/m326学习了电功率的知识后，小亮想利用家中的电能表（如图所示）测量电水壶的电功率和热效率他把质量为1kg温度是20的冷水倒入电水壶中，然后把家中的用电器都与电源断开，仅让电水壶工作，在5分钟内将这壶水烧开（在标准器压下），他观察到电能表转盘转了70转试求：（1）将这壶水烧开，水吸收的热量是多少？（2）电水壶的电功率为多少？（3）电水壶的热效率为多少？【考点】JK：电功与热量的综合计算；E6：能量利用效率【分析】（1）知道水的质量、初温、末温（在标准气压下水的沸点为100）以及比热容，根据Q吸=cm（tt0）求出水吸收的热量；（2）600Revs/kWh表示电路中每消耗1kWh的电能，电能表的转盘转600r，据此求出转盘转70r消耗的电能，根据P=求出电水壶的电功率；（3）水吸收的热量和消耗电能的比值即为电水壶的热效率【解答】解：（1）在标准气压下水的沸点为100，则水吸收热量：Q吸=cm（tt0）=4.2103J/（kg）1kg=3.36105J；（2）电能表转盘转了70转消耗电能：W=kWh=3.6106J=4.2105J，电水壶的电功率：P=1400W；（3）电水壶的热效率：=100%=100%=80%答：（1）将这壶水烧开，水吸收的热量是3.36105J；（2）电水壶的电功率为1400W；（3）电水壶的热效率为80%四、实验与探究题27小明用薄膜充水后制成水透镜模拟眼球中的晶状体，来比较正常眼、近视眼和远视眼的焦距大小实验中测得甲图焦距为10cm，再将甲分别挤压成乙图、丙图的形状，并分别测量焦距，如图所示（1）测得焦距小于10cm的是图乙，模拟近视眼的是图乙（2）在同一位置，用甲、乙、丙透镜分别对着远处的某一物体，移动光屏得到清晰的像，其中像距较大的是丙图【考点】B9：眼睛及其视物原理【分析】（1）根据图中乙丙的凸度大小即可确定测得小于10cm的焦距；根据近视眼是晶状体会聚能力增强，可确定模拟近视眼的图；（2）凸透镜成实像时，物距减小，像距增大，像增大【解答】解：（1）因凸透镜的凸度越大，焦距越小，所以实验中测得甲图焦距为10cm，再将甲分别挤压成乙图、丙图的形状，并分别测量焦距，由图可以看出，乙图的凸度比丙图大，则测得焦距小于10cm的是图乙；因为乙的焦距比丙的焦距小，所以会聚能力强，因此乙模拟的是近视眼（2）由图可知，甲、乙、丙透镜中焦距最大的是丙，用甲、乙、丙透镜分别对着远处的某一物体，相对而言，丙透镜的物距最小，根据凸透镜成实像时，物距减小，像距增大，像增大可知其中像距较大的是丙图故答案为：（1）乙；乙；（2）丙28小彬用如图甲所示的实验器材探究“电流与电阻的关系”电源电压恒为3V，滑动变阻器上标有“20 2A”字样，阻值分别为5、10、20、50的定值电阻各一个（1）请你用笔画线代替导线，把图甲所示的实验电路补充完整（2）小彬将5定值电阻接入电路后，闭合开关，发现电流表有示数而电压表无示数，则电路中的故障可能是定值电阻R短路（写出一种）；排除故障后，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片P，使电流表的示数如图乙所示，此时电路中的电流为0.36A（3）将5定值电阻换成10定值电阻，闭合开关，为了保持电压表的示数不变，应将滑动变阻器的滑片P向A（选填“A”或“B”）移动，记录此时各表的示数【考点】IL：探究电流与电压、电阻的关系实验【分析】（1）电压表与电阻并联，电流表、滑动变阻器与电阻串联，滑动变阻器接线柱要“一上一下”连接；（2）根据电流表和电压表有示数进行分析具体原因；根据电流表的量程和分度值读出电流值；（3）探究电流与电阻的关系时，应保持电压表示数不变，根据分压原理、串联电路的分压特点确定滑片移动的方向；【解答】解：（1）电压表与电阻并联，由于电源电压为3V，所以应选择03V的量程；滑动变阻器已接了下面一个接线柱，可再接上面任意一个接线柱，如下图所示：（2）电流表有示数，说明电路为通路，电压表无示数，说明与电压表并联部分发生短路，即定值电阻R短路；由乙图知，电流表的量程为00.6A，分度值为0.02A，示数为0.36A；（3）探究电流与电阻的关系时，应保持电压表示数，将5电阻换成10后，由分压原理，电压表的示数会变大，由串联电路电压的规律，应增大变阻器的电压，由分压原理，应该增大滑动变阻器的阻值，即应将滑动变阻器的滑片P向A移动，使电压表仍为原来的示数不变故答案为：（1）如上图所示；（2）定值电阻R短路；0.36；（3）电压；A五、选择题29下列说法中正确的是（）A电动机是电磁感应现象的应用B导航卫星和数字卫星电视都是利用电磁波传递信号C在汽油机的压缩冲程中，内能转化为机械能D核电站利用的是可控核聚变释放的能量【考点】HF：电流的热效应、化学效应和磁效应；D2：电磁波的传播；GM：内燃机的四个冲程；K7：核裂变【分析】（1）电动机是利用通电导线在磁场中受力转动来工作的；（2）电磁波能在真空中传播，导航卫星和数字卫星电视是利用电磁波传递信息的；（3）汽油机在压缩冲程中，把机械能转化为内能；（4）现在的核电站是利用核裂变释放的能量发电的【解答】解：A、电动机不是利用电磁感应来工作的，是利用通电导线在磁场中受力转动来工作的，故A错误；B、电磁波能在真空中传播，导航卫星和数字卫星电视是利用电磁波传递信息的，故B正确；C、汽油机在压缩冲程中，把机械能转化为内能，不是内能转化为机械能，故C错误；D、目前的核电站利用的是核裂变释放的能量，故D错误故选B30现有甲、乙两个完全相同的容器，盛有体积相同的不同液体，把一个鸡蛋分别放入两容器中的情形如图所示，鸡蛋在甲、乙两杯液体中所受的浮力分别为F甲浮和F乙浮，两杯液体对容器底部的压力分别是F甲和F乙，压强分别是p甲和p乙，以下判断正确的是（）AF甲浮F乙浮 F甲=F乙 p甲p乙BF甲浮F乙浮 F甲F乙 p甲p乙CF甲浮=F乙浮 F甲F乙 p甲p乙DF甲浮=F乙浮 F甲F乙 p甲p乙【考点】8S：物体的浮沉条件及其应用；81：压力及重力与压力的区别；83：压强大小比较【分析】（1）根据物体的悬浮条件和浮沉条件判断鸡蛋在甲、乙两杯中所受浮力大小关系；（2）鸡蛋在甲杯液体中悬浮，液体对容器底的压力等于鸡蛋重加上液体重；鸡蛋在乙杯液体中漂浮，液体对容器底的压力等于鸡蛋重加上液体重；而容器相同、容器底面积相同，再根据压强公式p=得出液体对容器底部的压强关系【解答】解：（1）鸡蛋漂浮在甲杯中，受到液体的浮力等于鸡蛋重力；鸡蛋悬浮在乙杯中，受到液体的浮力也等于鸡蛋重力；所以鸡蛋在甲、乙两杯中所受浮力大小相等，即：F甲浮=F乙浮；（2）鸡蛋在甲杯液体中漂浮，液体对容器底的压力：F甲=G鸡蛋+G甲液体=G鸡蛋+m甲液体g=G鸡蛋+甲Vg，鸡蛋在乙杯液体中悬浮，液体对容器底的压力：F