（新课标Ⅱ卷）2016年高考物理冲刺卷09.doc

（新课标卷）2016年高考物理冲刺卷09第卷二、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第1417题只有一项符合题目要求，第1821题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。14、关于下列物理现象的分析，说法正确的是： （ ） a鸟儿能欢快地停在高压电线上是因为鸟儿的脚底上有一层绝缘皮b电动机电路开关断开时会出现电火花是因为电路中的线圈产生很大的自感电动势c话筒能把声音变成相应的电流是因为电流的磁效应。d静电喷涂时，被喷工件表面所带的电荷应与涂料微粒带同种电荷【答案】b考点：自感现象；电磁感应；静电喷漆【名师点睛】此题考查了生活中的有关的物理现象；解题时要搞清仪器的原理，要能根据所学的物理知识来解释生活中的物理现象。15、如图为甲、乙两物体做直线运动的图像，下列表述正确的是： （ ） a、甲和乙的加速度方向相同b、内甲和乙的位移相等c、如果0时刻乙在甲前方处，则甲乙间最小距离为d、甲的加速度比乙的小【答案】c【解析】由图读出甲的加速度为负值，乙的加速度为正值，两者方向相反，故a错误；内，由图线的“面积”读出甲的位移大于乙的位移，故b错误；根据加速度定义式：，故甲的加速度大于乙的加速度，故选项d错误；设经过时间二者速度相同，则，即：，整理可以得到：，则在这段时间内，甲的位移为：，乙的位移为：，则此时二者之间的距离为：，故选项c正确。考点：匀变速直线运动的图像【名师点睛】内由图线的“面积”读出甲的位移大于乙的位移乙的速度随时间均匀增大，做匀加速直线运动由斜率的正负读出加速度的正负，根据斜率的大小读出加速度的大小；本题考查对速度图象的理解能力，抓住两点：速度-时间图象的斜率表示物体的加速度，“面积”表示物体的位移。16、如图5所示，质量均为的a、b两小球用两轻弹簧连接悬挂于天花板上并处于静止状态，已知重力加速度为。现在b上再施加一竖直向下的大小为的力，在力刚作用于b球的瞬间： （ ） a、b求加速度大小为，a球加速度大小为b、b求加速度大小为，a球加速度大小为c、b求加速度大小为，a球加速度大小为d、b求加速度大小为，a球加速度大小为【答案】d考点：牛顿第二定律【名师点睛】本题是瞬时问题，关键是先根据平衡条件求解剪短下方弹簧之前的弹力，然后根据牛顿第二定律求解下方弹簧后的瞬时加速度。17、如图所示，粗糙斜面体mnp固定在水平面上，轻质弹簧的一端固定在斜面体的顶端p，另一端与小物块q相连，弹簧处于自然长度时物块q位于o点。现将小物块q从o点缓慢推至b点，然后撤去推力，小物块q由静止开始沿斜面向下运动，在o点时速度最大，继续下滑到达a点时速度为零，然后又向上运动，直到停止。设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则下列说法中正确的是： （ ） a、b点与o点的距离等于a点与o点的距离b、物块上滑时在o点速度最大c、物块最终可能静止在o点上方的某一位置d、小物块q从b点开始沿斜面下滑到a点的过程中，系统增加的内能等于小物块q减少的重力势能【答案】a考点：功能关系、机械能守恒定律【名师点睛】物体从b向a运动过程，受重力、支持力、弹簧的拉力和滑动摩擦力，当平衡时速度最大，重力势能、弹性势能、动能和内能之和守恒；本题关键是明确物体的受力情况、运动情况和系统的能量转化情况，知道在平衡点动能最大，难度适中。18、据报道，美国国家航空航天局（nasa）首次在太阳系外发现“类地”行星kepler-186f。若宇航员乘坐宇宙飞船到达该行星，进行科学观测：该行星自转周期为t；宇航员在该行星“北极”距该行星地面附近处自由释放一个小球（引力视为恒力），落地时间为，已知该行星半径为r，万有引力常量为g，则下列说法正确的是： （ ） a、该行星的第一宇宙速度为b、该行星的平均密度为c、如果该行星存在一颗同步卫星，其距行星表面高度为d、宇宙飞船绕该星球做圆周运动的周期小于【答案】ab考点：万有引力定律的应用【名师点睛】根据自由落体运动的位移时间公式求出行星表面的重力加速度，结合重力提供向心力求出行星的第一宇宙速度；根据万有引力等于重力求出行星的质量，结合密度公式求出行星的平均密度；根据万有引力提供向心力，求出行星同步卫星的轨道半径，从而得出卫星距离行星的高度根据重力提供向心力求出宇宙飞船的最小周期。19、如图所示，平行金属板中带电质点p处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器r4的滑片向b端移动时，则下列说法不正确的是： （ ） a质点p将向上运动 b电流表读数减小 c电压表读数减小 dr3上消耗的功率逐渐增大【答案】abd【解析】试题分析: b、c、由图可知，r2与滑动变阻器r4串联后与r3并联后，再由r1串连接在电源两端；电容器与r3并联；当滑片向b移动时，滑动变阻器接入电阻减小，则电路中总电阻减小；由闭合电路欧姆定律可知，电路中电流增大；路端电压减小，同时r1两端的电压也增大；故并联部分的电压减小；由欧姆定律可知流过r3的电流减小，则流过并联部分的电流增大，故电流表示数增大；故b错误；因并联部分电压减小，而r2中电压增大，故电压表示数减小，故c正确；d、因r3两端的电压减小，由公式可知，r3上消耗的功率减小；故d错误；a、因电容器两端电压减小，故电荷受到的向上电场力减小，则重力大于电场力，电荷向下运动，故a错误；本题选择不正确的，故选abd 考点：考查闭合电路的欧姆定律【名师点睛】本题考查闭合电路的欧姆定律，一般可以先将分析电路结构，电容器看作开路；再按部分-整体-部分的分析思路进行分析20、如下图所示，空间存在匀强电场，方向竖直向下，从绝缘斜面上的m点沿水平方向抛出一带电小球，最后小球落在斜面上的n点已知小球的质量为m、初速度大小为v0、斜面倾角为，电场强度大小未知则下列说法中正确的是： （ ） a可以判断小球一定带正电荷b可以求出小球落到n点时速度的方向c可以求出小球由m落到n点所用时间d可以分别求出小球到达n点过程中重力和静电力对小球所做的功【答案】b考点：带电粒子在匀强电场中的运动、平抛运动【名师点睛】类平抛可以分解为水平方向的匀速直线运动，竖直方向的匀加速运动，熟练应用类平抛运动规律即可正确解题；电荷在电场中受到的电场力方向与电荷的电性有关。21、如图所示，足够长的u型光滑金属导轨平面与水平面成角（090），其中mn与pq平行且间距为l，导轨平面与磁感应强度为b的匀强磁场垂直，导轨电阻不计。金属棒ab由静止开始沿导轨下滑，并与两导轨始终保持垂直且良好接触，ab棒接入电路的电阻为r，当流过ab棒某一横截面的电量为q时，棒的速度大小为v，则金属棒ab在这一过程中： （ ） a运动的平均速度大于vb受到的最大安培力大小为sinc下滑的位移大小为d产生的焦耳热为qblv【答案】ac考点：导体切割磁感线时的感应电动势、安培力【名师点睛】本题考查了电磁感应与力学的综合，关键理清金属棒的运动规律，能知道求电量时要用法拉第电磁感应定律求平均电动势。第卷（174分）三、非选择题：包括必考题和选考题两部分。第22题第32 题为题，每个考题考生都必须作答，第3340为选考题，考生格局要求作答。（一）必考题（共129分）22（6分）如图甲为“测绘小灯泡伏安特性曲线”实验的不完整实物电路图，已知小灯泡额定电压为2.5 v，额定功率约1.2w。（1）请你在答题卡上相应位置通过画线补充完整实物电路图。（2）完成下列实验步骤:闭合开关前，调节滑动变阻器的滑片，使滑片位于变阻器的 端（填“左”或“右”）；闭合开关后，逐渐移动变阻器的滑片，增加小灯泡两端的电压，记录电流表和电压表的多组读数，直至电压达到其额定电压。断开开关，根据实验数据在方格纸上作出小灯泡灯丝的伏安特性曲线如图乙所示，由图可知小灯泡某状态时的电阻 该状态对应切线的斜率的倒数（填“小于”、“等于”或“大于”）第22题图甲第22题图乙【答案】（1）连线如图（2分）；（2）左（2分）；小于（2分）考点：测绘小灯泡伏安特性曲线23（9分）用如图1所示的实验装置验证、组成的系统机械能守恒。从高处由静止开始下落，上拖着的纸带打出一系列的点，对纸带上的点迹进行测量，即可验证机械能守恒。图2给出的是实验中获取的一条纸带；0是打下的第一个点，每相邻两个计数点点间还有4个点（图中未标出），计数点间的距离如图2所示。已知两个物体、，则（）（1）在纸带上打下计数点5时的速度 ；（2）在打点过程中系统动能的增加量 ，系统重力势能的减少量 ，由此得出的结论是 ；（结果保留三位有效数字）（3）若某同学作出图像如图3所示，则根据图像求得的重力加速度 。【答案】（1）；（2分）（2）（2分），（2分），在误差允许的范围内，组成的系统机械能守恒（1分）（3）（2分）考点：验证机械能守恒定律【名师点睛】本题验证系统机械能守恒，关键得出系统动能的增加量和系统重力势能的减小量。24（14分）如图所示，水平地面上方竖直边界mn左侧存在垂直纸面向里的匀强磁场b和沿竖直方向的匀强电场e2（未画出），磁感应强度b=1.0 t，mn边界右侧离地面h= 3m处有长为l=0.91 m的光滑水平绝缘平台，平台的左边缘与mn重合，平台右边缘有一质量m=0.l kg、电量q=0.1c的带正电小球，以初速度v0=0.6m/s向左运动。此时平台上方存在的匀强电场，电场方向与水平方向成角，指向左下方，小球在平台上运动的过程中，为45至90的某一确定值。若小球离开平台左侧后恰好做匀速圆周运动，小球可视为质点，g=10m/s2。求（计算结果保留3位有效数字）：mnv0e1mhb（1）电场强度e2的大小和方向。（2）小球离开平台左侧后在磁场中运动的最短时间。（3）小球离开平台左侧后，小球落地点的范围。【答案】（1）10n/c，方向竖直向上（2）2.09s（3）落点在距n点左边1.73m、右边0.447m的范围内（3）小球落在n点左边的最大距离时，1.73（m） 当小球落在右边最大距离时其对应在磁场中的轨道半径为，则该小球从磁场右边界飞出时做平抛运动，考点：带电粒子在匀强磁场中的运动25.（18分）如图所示，某货场需将质量m150kg的货物(可视为质点)从高处运送至地面，为避免货物与地面发生撞击，现利用光滑倾斜轨道sp、竖直面内弧形光滑轨道pq，使货物由倾斜轨道顶端距底端高度h=1m处无初速度滑下两轨道相切于p, 倾斜轨道与水平面夹角为=600, 弧形轨道半径r2m，末端切线水平地面上紧靠轨道依次排放两块完全相同的木板a、b，长度均为l4m，质量均为m250kg，木板上表面与弧形轨道末端q相切货物与木板间的动摩擦因数为1，木板与地面间的动摩擦因数20.12(不考虑货物与各轨道相接处能量损失,最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，取g10m/s2) (1)求货物到达弧形轨道始、末端时对轨道的压力(2)若货物滑上木板a时，木板不动，而滑上木板b时，木板b开始滑动，求1应满足的条件(3)若10.30，求货物滑上木板后与木板系统所能产生的热量【答案】(1)750n和1500n，方向竖直向下；(2)0.2410.36；(3)j933.3j(2)若滑上木板a时，木板不动，由受力分析得： 1m1g2(m12m2)g （1分）若滑上木板b时，木板b开始滑动，由受力分析得：1m1g2(m1m2)g （1分）联立并代入数据得0.2410.36（1分）(3)10.3，由上问可得，货物在木板a上滑动时，木板不动，设货物在木板a上做减速运动时的加速度大小为a1，由牛顿第二定律得1m1gm1a1 （1分）设货物滑到木板a末端时的速度为v1，由运动学公式得：v2a1l （1分）联立并代入数据得v14m/s （1分）货物滑过木板a系统产生的热量q1=1m1gl=600j（1分）考点：牛顿定律的综合应用【名师点睛】本题考查了动能定理、牛顿第二定律和运动学公式的综合运用，解题时要搞清物体运动的物理过程，认真分析受力情况，正确选择合适的物理规律列出方程，同时要抓住临界情况，找到物体之间的位移及速度关联关系.33物理选修3-3（15分）（1）（5分）下列说法正确的是_。（填正确答案标号，选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分；每选错1个扣3分，最低得分为0）a.液晶既有液体的流动性,又具有单晶体的各向异性b.燃气由液态变为气态的过程中分子的分子势能增加c.气体的温度升高时,分子的热运动变得剧烈,分子的平均动能增大,撞击器壁时对器壁的作用力增大,故气体的压强一定增大d.汽车尾气中各类有害气体排入大气后严重污染了空气,想办法使它们自发地分离,既清洁了空气,又变废为宝e.某种液体的饱和汽压不一定比未饱和汽压大【答案】abd考点：液晶；分子势能；气体的压强；饱和气压【名师点睛】此题考查了3-3中的几个简单知识点；解题的关键是加强记忆，多看书多积累，此题的难度不大，主要考查基础知识，也是考试中很容易得分的题目.（2）（10分）如图甲是一定质量的气体由状态a经过状态b变为状态c的vt图象。已知气体在状态a时的压强是15105pa。说出ab过程中压强变化的情形，并根据图象提供的信息，计算图甲中ta的温度值请在图乙坐标系中，作出该气体由状态a经过状态b变为状态c的pt图象，并在图线相应位置上标出字母a、b、c如果需要计算才能确定的有关坐标值，请写出计算过程 【答案】见解析【解析】从题图甲可以看出，a与b连线的延长线过原点，所以ab是一个等压变化，即根据盖吕萨克定律可得（2分）所以tatb300 k200 k. （2分）由题图甲可知，由bc是等容变化，根据查理定律得（2分）所以pcpbpbpb1.5105 pa2.0105 pa（2分）则可画出由状态abc的pt图象如图所示（2分）考点：理想气体状态方程【名师点睛】本题考查了作图象、求气体状态参量问题，分析清楚图示图象，根据图象判断出气体的状态变化过程与状态参量、应用气体状态方程即可正确解题。34【物理选修3-4】（15分）（1）（5分）如图所示为同一地点的两单摆甲、乙的振动图象，下列说法正确的是 。（填正确答案标号，选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分；每选错1个扣3分，最低得分为0）a甲、乙两单摆的摆长相等b甲摆的振幅比乙摆大c甲摆的机械能比乙摆大d在t05 s时有正向最大加速度的是乙摆e由图象可以求出当地的重力加速度【答案】abd【解析】由图看出，两单摆的周期相同，同一地点g相同，由单摆的周期公式得知，甲、乙两单摆的摆长l相等，故a正确；甲摆的振幅为，乙摆的振幅为，则甲摆的振幅比乙摆大，故b正确；尽管甲摆的振幅比乙摆大，两摆的摆长也相等，但由于两摆的质量未知，无法比较机械能的大小，故c错误；在时，甲摆经过平衡位置，振动的加速度为零，而乙摆的位移为负的最大，则乙摆具有正向最大加速度，故d正确；由单摆的周期公式得，由于单摆的摆长不知道，所以不能求得重力加速度，故e错误。考点：单摆问题【名师点睛】由图读出两单摆的周期，由单摆的周期公式分析摆长关系；由位移的最大值读出振幅；由于两摆的质量未知，无法比较机械能的大小；根据加速度与位移方向相反，确定加速度的方向。（2）（10分）如图所示是一个透明圆柱的横截面，其半径为r，折射率是，ab是一条直径，今有一束平行光沿ab方向射向圆柱体. 若一条入射光经折射后恰经过b点，试求：（i）这条入射光线到ab的距离是多少？（ii）这条入射光线在圆柱体中运动的时间是多少？【答案】