（新课标）2016届高考数学二轮专题复习 第二部分 讲重点小题专练 专题3 推理、计数原理、二项式定理作业13 理.doc

【高考调研】（新课标）2016届高考数学二轮专题复习 第二部分 讲重点小题专练 专题3 推理、计数原理、二项式定理作业13 理一、选择题1(2015江西赣州)满足a，b1,0,1,2，且关于x的方程ax22xb0有实数解的有序数对(a，b)的个数为()a14b13c12 d10答案b解析当a0时，b1,0,1,2；当a0，由0，得44ab0，ab1，所以有序数对(a，b)可以为(1，1)，(1,0)，(1,1)，(1,2)，(1，1)，(1,0)，(1,1)，(2，1)，(2,0)综上可知，共有13个2(2015天津河西)设a(cosxsinx)dx，则二项式(x2)6的展开式中的x3项的系数为()a20 b20c160 d160答案c解析因为a(cosxsinx)dx(sinxcosx)2，所以二项式为(x2)6(x2)6.其展开式的通项为tk1c(x2)6k()kcx123k(2)k，令123k3得k3，所以t4cx3(2)3160x3，所以x3项的系数为160.故选c.3(2015福建泉州调研)安排6名歌手演出顺序时，要求歌手乙、丙排在歌手甲的前面或者后面，则不同排法的种数是()a180 b240c360 d480答案d解析歌手乙、丙排在歌手甲的前面时，由题意，甲只能排在从左至右第三、四、五、六的位置当甲排在第三时，有aa12种；当甲排在第四时，有aa36种；当甲排在第五时，有aa72种；当甲排在第六时，有aa120种此时共有123672120240种同理，歌手乙、丙排在歌手甲的后面时也有240种，故满足条件的不同排法有480种4(2015山东青岛)(ax)(2x1)5的展开式中各项系数的和为2，则该展开式中的常数项为()a20 b10c10 d20答案c解析令x1，可得各项系数和为(a1)(21)5a12，所以a1.所以(ax)(2x1)5(x)(2x1)5(x)(12x)5，(12x)5的展开式的通项为tk1c(2x)k(2)kxkc，当k1时，t2c(2x)10x.所以展开式的常数项为(10x)10，选c.5(2015甘肃兰州质检)数列an共有5项，其中a10，a52，且|ai1ai|1，i1,2,3,4，则满足条件的不同数列的个数为()a3 b4c5 d6答案b解析设biai1ai，i1,2,3,4，则bi等于1或1，由a5(a5a4)(a4a3)(a3a2)(a2a1)b4b3b2b1，知bi(i1,2,3,4)共有3个1,1个1.这种组合共有c4个，故选b.6(2015德阳模拟)将甲、乙、丙、丁、戊五位同学分别保送到北大、上海交大和浙大3所大学，若每所大学至少保送1人，且甲不能保送到北大，则不同的保送方案共有()a150种 b114种c100种 d72种答案c解析先将五人分成三组，因为要求每组至少一人，所以可选择的只有2,2,1或者3,1,1，所以共有25种分组方法因为甲不能被保送到北大，所以有甲的那组只有上海交大和浙大两个选择，剩下的两组无限制，一共有4种方法，所以不同的保送方案共有254100种7(2015河北五校联考)如果小明在某一周的第一天和第七天分别吃了3个水果，且从这周的第二天开始，每天所吃水果的个数与前一天相比，仅存在三种可能：“多一个”“持平”或“少一个”，那么，小明在这一周中每天所吃水果个数的不同选择方案共有()a50种 b51种c140种 d141种答案d解析因为小明第一天和第七天吃的水果个数相同，所以从这周的第二天开始后六天中“多一个”和“少一个”的天数必须相同，所以后六天所吃水果个数“多一个”或“少一个”的天数可能是0,1,2,3.共四种情况，所以共有ccccccc141种，故选d.8(2015吉林检测)若(1)4ab(a，b为有理数)，则ab()a36 b46c34 d44答案d解析二项式的展开式为1c()1c()2c()3()414181292816，所以a28，b16，ab281644，故选d.9(2015山西模拟)设a，b，m为整数(m0)，若a和b被m除得的余数相同，则称a和b对模m同余，记为ab(mod m)若acc2c22c220，ab(mod 10)，则b的值可以是()a2 011 b2 012c2 013 d2 014答案a解析acc2c22c220(12)20320910(101)10c1010(1)0c101(1)9c(1)10，a除以10的余数为1.ab(mod 10)，b的值可以是2 011，故选a.10(2015上海二模)用反证法证明命题“已知a，bn*，如果ab可被5整除，那么a，b中至少有一个能被5整除”时，假设的内容应为()aa，b都能被5整除 ba，b都不能被5整除ca，b不都能被5整除 da不能被5整除答案b解析由于反证法是命题的否定的一个运用，故用反证法证明命题时，可以设其否定成立进行推证“a，b至少有一个能被5整除”的否定是“a，b都不能被5整除”故选b.11(2015抚州检测)若将函数f(x)(x1)5表示为f(x)a0a1(1x)a2(1x)2a5(1x)5，其中a0，a1，a2，a5为实数，则a3()a10 b20c30 d40答案d解析f(x)(x1)52(1x)5，其通项tr1c(2)5r(1x)r，又f(x)a0a1(1x)a2(1x)2a5(1x)5，a3c(2)240.故选d.12(2015南昌联合考试)已知(1px)(1xx2)8的展开式中x4项的系数是42，则p的值是()a1 b2c4 d5答案b解析(1xx2)8展开式的通项为c(1x)8rx2rcc(1)mxm2r，m，rn，m8r，当1px中取1时，(1xx2)8中取其展开式中的x4项，即m2r4，此时m0，r2；m2，r1；m4，r0；即cc(1)0x4cc(1)2x4cc(1)4x4266x4，当1px中取px时，(1xx2)8中取其展开式中的x3项，即m2r3，此时m1，r1；m3，r0，即cc(1)x3cc(1)3x3112x3，所以原展开式中的x4项的系数是266112p42，p2.故选b.二、填空题13(2015云南统考)观察下列等式：1312,132332,13233362根据上述规律，第n个等式为_答案13233343n32解析由题可知13(01)2；1323(12)2；132333(123)2；13233343(1234)2；13233343n3(1234n)22.14(2015山东青岛)在rtabc中，cacb，斜边ab上的高为h1，则；类比此性质，如图所示，在四面体pabc中，若pa，pb，pc两两垂直，底面abc上的高为h，则得到的正确结论为_答案解析连接co并延长交ab于d，连接pd，由已知pcpd，在rtpdc中，dchpdpc，即hpdpc，所以.易知ab平面pdc，所以adpd，在rtapb中，abpdpapb，所以pdpapb，所以，所以.15(2015湖北黄冈)观察下列不等式：1；，则第5个不等式为_答案解析通过观察，把不等式左边的最后一项看成一个数列，则依次是，可以推出第n个不等式左边的最后一项为，由此可知第5个不等式的左边是该数列的前5项和，即，而右边依次是1，可猜想第n个不等式的右边为，故第5个不等式右边是.即第5个不等式为.16(2015亳州二模)如图所示，用6种不同的颜色把图中a，b，c，d四块区域分开，若相邻区域不能涂同一种颜色，则不同的涂法共有_种答案480解析从a开始，有6种方法，b有5种，c有4种，d，a同色1种，d，a不同色3种，所以不同的涂法共有654(13)480(种)17(2015衡水调研)20个相同的球分给3个人，允许有人没有球，但球必须分完，则不同的分法种数为_答案1 113解析分三类，第一类，分给3个人，每人至少1个球：将20个球排成一排，一共有19个空隙，将两个隔板插入这些空隙中，规定由隔板分成的左、中、右三部分球分别分给3个人，则每一种隔法对应了唯一一种分法，于是，此时不同分法的总数为9c(c9)a999；第二类，分给3个人中的2人：将20个球排成一排，一共有19个空隙，将1个隔板插入这些空隙中，这样就将20个球分成了两份，再将两份分给3个人中的2个人，于是，此时不同的分法的总数为cca111；第三类，分给1个人，共3种方法于是，所有不同的分法为99911131 113种18(2015贵州七校联盟)(1x5y)5的展开式中不含x的项的系数和为_(结果化成最简形式)答案1 024解析(1x5y)5的展开式中不含x的项的系