河南省许昌一高高三物理上学期第二十四次月考试卷（含解析）.doc

2015-2016学年河南省许昌一高高三（上）第二十四次月考物理试卷一、选择题1下列说法中正确的是（）a1687年，英国科学家牛顿在两种新科学的对话著作中提出了三条运动定律（即牛顿三大运动定律）b1638年，伽利略在自然哲学的数学原理一书中，运用观察假设数学推理的方法，详细研究了抛体运动c1785年法国物理学家库仑利用扭秤实验发现了电荷之间的相互作用规律库仑定律d英物理学家安培提出运动电荷产生了磁场和磁场对运动电荷有作用力2一个质点运动的速度时间图象如图甲所示，任意很短时间内质点的运动可以近似视为 匀速运动，该时间内质点的位移即为条形阴影区域的面积，经过累积，图线与坐标轴围 成的面积即为质点在相应时间内的位移利用 这种微元累积法我们可以研究许多物理问题，图乙是某物理量随时间变化的图象，此图线与 坐标轴所围成的面积，下列说法中不正确的是（）a如果y轴表示加速度，则面积等于质点在相应时间内的速度变化b如果y轴表示力做功的功率，则面积等于该力在相应时间内所做的功c如果y轴表示流过用电器的电流，则面积等于在相应时间内流过该用电器的电量d如果y轴表示变化磁场在金属线圈产生的电动势，则面积等于该磁场在相应时间 内磁感应强度的变化量3如图所示，两相同物块分别放置在对接的两固定斜面上，物块处在同一水平面内，之间用细绳连接在绳的中点加一竖直向上的拉力f，使两物块处于静止状态，此时绳与斜面间的夹角小于90当增大拉力f后，系统仍处于静止状态，下列说法中错误的是（）a绳受到的拉力变大b物块与斜面间的摩擦力变小c物块对斜面的压力变小d物块受到的合力不变4某小型水电站的电能输送示意图如图甲所示，发电机输出的电压恒定，通过升压变压器t1和降压变压器t2乃向用户供电，已知输电线的总电阻为r，降压变压器t2的原、副线圈匝数之比为4：l，它的副线圈两端的交变电压如图乙所示，r0为负载电阻若将变压器视为理想变压器，则下列说法中正确的是（）a降压变压器t2原线圈的输入电压为55vb降压变压器t2的输入功率与输出功率之比为4：1c升压变压器t1的输出电压等于降压变压器t2的输入电压d当r0增大时，升压变压器t1的输出电压不变5如图甲所示为示波管，如果在yy之间加如图乙所示的交变电压，同时在xx之间加如图丙所示的锯齿形电压，使x的电势比x高，则在荧光屏上会看到图形为（）abcd6如图所示，a、b为平行板电容器的金属板，g为静电计开始时开关s闭合，静电计指针张开一定角度下列操作可使指针张开角度增大一些的是（）a保持开关s闭合，将r上的滑片向右移动b保持开关s闭合，将a、b两极板分开一些c断开开关s后，将a、b两极板的正对面积减小一些d断开开关s后，将a、b两极板分开一些7如图所示，重现了当初法拉第的一个实验下列说法中正确的是（）a右边磁铁s极断开时，有感应电流从a至b通过检流计b右边磁铁s极断开时，有感应电流从b至a通过检流计c左边磁铁n极断开时，有感应电流从a至b通过检流计d左边磁铁n极断开时，有感应电流从b至a通过检流计8一架战斗机在一悬崖区域进行投弹训练，悬崖壁可以看做一个竖直平面，战斗机以恒定速度沿着与悬崖平面垂直的方向向着悬崖水平飞行，先后释放炸弹p和炸弹q释放p和q的时间间隔为tp和q均击在悬崖壁上，且击中的时间间隔为t，击中点间距为h不计空气阻力，重力加速度已知根据以上信息可以判断或求出（）attbttcp离开飞机到击中悬崖的时间dq离开飞机到击中悬崖下落的高度二、解答题（共4小题，满分46分）9某探究学习小组的同学欲“探究小车动能变化与合外力对它做功的关系”，在实验室设计了一套如图所示的装置，图中a为小车，b为打点计时器，c为弹簧测力计，p为小桶（内有沙子），m是一端带有定滑轮的足够长水平放置的木板要顺利完成该实验，除图中实验仪器和低压交流电源（含导线、纸带）外，还需要的两个实验仪器是、10在“描绘标有9v，5w小灯泡伏安特性曲线”的实验中，实验室提供了下列器材a电流表a1（量程100ma，内阻1） b电流表a2（量程0.6a，内阻0.3）c电压表v1（量程3.0v，内阻3k） d电压表v2（量程15.0v，内阻10k）e滑动变阻器r1（最大阻值为50） f滑动变阻器r2（最大阻值为500）g电源e（电动势15v，内阻忽略） h电键、导线若干（1）为了提高测量准确度和有效性，应选择的器材为（只需填写器材前面的字母即可）电流表；电压表；滑动变阻器（2）下列给出的测量电路中，最合理的是11超市一送水员用双轮小车运送桶装矿泉水装运完毕，如图所示，在拉运过程中保持图示角度不变，不计桶与小车之间摩擦力的影响求：（1）小车静止时，桶对小车两侧轨道的压力大小之比na：nb（2）若送货员以5m/s2的恒定加速度由静止开始向右拉动小车，请问这一过程中，桶对小车两侧轨道的压力大小之比na：nb（g=10m/s2，结果可用根号表示）12如图所示，在空间内有一直角坐标系xoy，直线op与x轴正方向夹角为30，第一象限内有两个方向均垂直纸面向外的匀强磁场区域和，直线op是它们的理想边界，op上方区域中磁场的磁感应强度为b，在第四象限内有一沿x轴负方向的匀强电场，一质量为m、电荷量为q的质子（不计重力及质子对磁场、电场的影响）以速度v从o点沿与op成30角方向垂直磁场进入区域，质子先后通过磁场区域和后，恰好垂直通过x轴上的q点（未画出）进入第四象限内的匀强电场中，最后从y轴上的a点与y轴负方向成60角射出，求：（1）区域中磁场的磁感应强度大小；（2）q点到o点的距离；（3）匀强电场的电场强度e的大小选考题物理-选修3-3（15分）13下列说法中正确的是（）a物体是由大量分子组成的，分子间的引力和斥力同时随分子间距离的增大而减小b悬浮在水中的花粉颗粒运动不是水分子的运动，而是花粉分子的运动c物体的机械能可以为零，而内能不可以为零d第二类永动机违反能量守恒定律e一定质量的理想气体压强不变，温度升高时吸收的热量一定大于内能的增加量14如图示，光滑水平地面上放有一质量为m的导热气缸，用活塞封闭了一部分气体活塞质量为，截面积为s，可无摩擦滑动，气缸静止时与缸底距离为l0现用水平恒力f 向右推气缸，最后气缸与活塞达到相对静止状态已知大气压强为p0求：（1）稳定时封闭气体的压强（2）稳定时活塞与缸底部的距离？物理一一选修3-4（15分）15（2013迎泽区校级模拟）一列简谐横波沿x轴传播，周期为t，t=0时刻的波形如图所示此时平衡位置位于x=3m处的质点正在向上运动，若a、b两质点平衡位置的坐标分别为xa=2.5m，xb=5.5m，则以下说法正确的是（）a波沿x负向传播b当a质点处在波峰时，b质点在向上运动ct=时，a质点正在向y轴负方向运动dt=时，b质点正在向y轴负方向运动e在某一时刻，a、b两质点的位移和速度可能相同16（2014咸阳校级模拟）一束单色光由左侧射入盛有清水的薄壁圆柱，如图为过轴线的截面图，调整入射角，光线恰好在和空气的界面上发生全反射，已知水的折射率为，求sin的值17（2015江西三模）关于科学家和他们的贡献，下列说法正确的是 （）a普朗克曾经大胆假设：振动着的带电微粒的能量只能是某一最小能量值的整数倍，这个不可再分的最小能量值叫做能量子b德布罗意提出：实物粒子也具有波动性，而且粒子的能量和动量p跟它对所应的波的频率和波长之间，遵从关系v=和=c卢瑟福认为，原子是一个球体，正电荷弥漫性地均匀分布在整个球体内，电子镶嵌其中d按照爱因斯坦的理论，在光电效应中，金属中的电子吸收一个光子获得的能量是h，这些能量的一部分用来克服金属的逸出功w0，剩下的表现为逸出后电子的初动能eke玻尔的原子理论第一次将量子观念引入原子领域，提出了定态和跃迁的概念，成功地解释了所有原子光谱的实验规律18（2014韶关一模）如图所示，质量m，半径r的光滑半圆槽第一次被固定在光滑水平地面上，质量为m的小球，以某一初速度冲向半圆槽刚好可以到达顶端c然后放开半圆槽其可以自由运动，m小球又以同样的初速冲向半圆槽，小球最高可以到达与圆心等高的b点，（g=10m/s2）试求：半圆槽第一次被固定时，小球运动至c点后平抛运动的水平射程x=？小球质量与半圆槽质量的比值m/m为多少？2015-2016学年河南省许昌一高高三（上）第二十四次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题1下列说法中正确的是（）a1687年，英国科学家牛顿在两种新科学的对话著作中提出了三条运动定律（即牛顿三大运动定律）b1638年，伽利略在自然哲学的数学原理一书中，运用观察假设数学推理的方法，详细研究了抛体运动c1785年法国物理学家库仑利用扭秤实验发现了电荷之间的相互作用规律库仑定律d英物理学家安培提出运动电荷产生了磁场和磁场对运动电荷有作用力【考点】物理学史【专题】定性思想；推理法；直线运动规律专题【分析】本题是物理学史问题，根据著名物理学家的主要贡献即可解题【解答】解：a、牛顿在自然哲学的数学原理著作中提出了三条运动定律，故a错误；b、1638年，伽利略在自然哲学的数学原理一书中，运用观察假设数学推理的方法，但没有详细研究抛体运动，故b错误；c、1785年法国物理学家库仑利用扭秤实验发现了电荷之间的相互作用规律库仑定律，故c正确；d、荷兰科学家洛伦兹首先提出了磁场对运动电荷有作用力，故d错误故选：c【点评】本题考查物理学史，是常识性问题，关键要记牢物理学上重大发现、发明、著名理论2一个质点运动的速度时间图象如图甲所示，任意很短时间内质点的运动可以近似视为 匀速运动，该时间内质点的位移即为条形阴影区域的面积，经过累积，图线与坐标轴围 成的面积即为质点在相应时间内的位移利用 这种微元累积法我们可以研究许多物理问题，图乙是某物理量随时间变化的图象，此图线与 坐标轴所围成的面积，下列说法中不正确的是（）a如果y轴表示加速度，则面积等于质点在相应时间内的速度变化b如果y轴表示力做功的功率，则面积等于该力在相应时间内所做的功c如果y轴表示流过用电器的电流，则面积等于在相应时间内流过该用电器的电量d如果y轴表示变化磁场在金属线圈产生的电动势，则面积等于该磁场在相应时间 内磁感应强度的变化量【考点】匀变速直线运动的图像【专题】运动学中的图像专题【分析】本题根据图形面积所表示的量等于横坐标轴量与纵坐标轴量的乘积所得量的值结合相关的规律进行分析【解答】解：a、如果y轴表示加速度，由a=知，v=at，知面积等于质点在相应时间内的速度变化故a正确b、如果y轴表示力做功的功率，由w=pt可知面积等于该力在相应时间内所做的功故b正确；c、如果y轴表示流过用电器的电流，由q=it知，面积等于在相应时间内流过该用电器的电量故c正确d、如果y轴表示变化磁场在金属线圈产生的电动势，根据e=知，=et知，面积等于该磁场在相应时间内磁通量的变化量故d不正确故选错不正确的，故选：d【点评】本题考查图形面积的意义，要学会变通，能举一反三关键要掌握相关的物理规律3如图所示，两相同物块分别放置在对接的两固定斜面上，物块处在同一水平面内，之间用细绳连接在绳的中点加一竖直向上的拉力f，使两物块处于静止状态，此时绳与斜面间的夹角小于90当增大拉力f后，系统仍处于静止状态，下列说法中错误的是（）a绳受到的拉力变大b物块与斜面间的摩擦力变小c物块对斜面的压力变小d物块受到的合力不变【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力【专题】共点力作用下物体平衡专题【分析】将f分解，分析绳受到的拉力与f的关系，即可判断绳受到的拉力如何变化；分析物块的受力情况，由平衡条件得出物块与斜面间的摩擦力与绳子拉力的关系，以及斜面对物块的支持力与绳子拉力的关系，即可分析支持力和摩擦力的变化情况物块处于静止状态，受到的合力不变【解答】解：a、将f分解为f1、f2两个分力，如图 1所示，由于f1、f2之间的夹角不变，当f增大时，则知绳受到的拉力f1和f2同时增大故a正确b、c对左边物体进行研究，分析受力如图2所示，由平衡条件得摩擦力f=mgsin+f1cos，f1增大，其他量不变，则f增大；支持力fn=mgf1sin，f1增大，其他量不变，则fn变小；故b错误，c正确d、由题意，物块处于静止状态，受到的合力为零，保持不变故d正确本题选错误的，故选：b【点评】本题运用分解法和正交分解法研究共点力平衡问题，分析受力情况是关键4某小型水电站的电能输送示意图如图甲所示，发电机输出的电压恒定，通过升压变压器t1和降压变压器t2乃向用户供电，已知输电线的总电阻为r，降压变压器t2的原、副线圈匝数之比为4：l，它的副线圈两端的交变电压如图乙所示，r0为负载电阻若将变压器视为理想变压器，则下列说法中正确的是（）a降压变压器t2原线圈的输入电压为55vb降压变压器t2的输入功率与输出功率之比为4：1c升压变压器t1的输出电压等于降压变压器t2的输入电压d当r0增大时，升压变压器t1的输出电压不变【考点】变压器的构造和原理【专题】交流电专题【分析】根据电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，可以求得降压变压器的电流和输电线上的电流的大小，从而可以求得输电线和用电器消耗的功率的大小【解答】解：a、由图象得到，降压变压器副线圈两端交变电压u=220sin100t v；有效值为220v，降压变压器原、副线圈匝数之比为4：l，故降压变压器t2原线圈的输入电压为：4220v=880v，故a错误；b、降压变压器为理想变压器，故输入功率与输出功率之比为1：1，故b错误；c、由于输电线电阻有电压降，故升压变压器t1的输出电压大于降压变压器t2的输入电压，故c错误；d、当r0增大时，由于升压变压器t1的输入电压不变，个输出电压不变，故d正确；故选d【点评】掌握住理想变压器的电压、电流之间的关系，最大值和有效值之间的关系即可解决本题5如图甲所示为示波管，如果在yy之间加如图乙所示的交变电压，同时在xx之间加如图丙所示的锯齿形电压，使x的电势比x高，则在荧光屏上会看到图形为（）abcd【考点】带电粒子在匀强电场中的运动；示波器的使用【专题】带电粒子在电场中的运动专题【分析】示波管的yy偏转电压上加的是待显示的信号电压，xx偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解答】解：因xx偏转电极接入的是锯齿形电压，即扫描电压，且周期与yy偏转电压上加的是待显示的信号电压相同，则以在荧光屏上得到的信号在一个周期内的稳定图象则显示如图所示：故选：c【点评】本题关键要清楚示波管的工作原理，要用运动的合成与分解的正交分解思想进行思考6如图所示，a、b为平行板电容器的金属板，g为静电计开始时开关s闭合，静电计指针张开一定角度下列操作可使指针张开角度增大一些的是（）a保持开关s闭合，将r上的滑片向右移动b保持开关s闭合，将a、b两极板分开一些c断开开关s后，将a、b两极板的正对面积减小一些d断开开关s后，将a、b两极板分开一些【考点】闭合电路的欧姆定律【专题】比较思想；控制变量法；恒定电流专题【分析】静电计测量的是电容器两端的电势差，断开电键，电容器所带的电量不变，根据电容的变化判断电势差的变化闭合电键，电容器两端的电势差等于电源的电动势【解答】解：ab、保持开关闭合，电容器两端的电势差等于电源的电动势，故电容器两端的电势差不变，则指针张角不变，故ab错误；c、断开开关s后，电容器带电量q不变，将a、b两极板的正对面积s减小，电容c减小，根据c=知，电势差u增大，指针张角增大，故c正确；d、断开开关s后，电容器带电量不变，将ab分开一些，则d增大，电容减小，根据c=知，电势差增大，指针张角增大，故d正确；故选：cd【点评】本题考查电容器的动态分析，关键抓住断开电键，电容器所带的电量不变，电键闭合，电容器两端的电势差不变7如图所示，重现了当初法拉第的一个实验下列说法中正确的是（）a右边磁铁s极断开时，有感应电流从a至b通过检流计b右边磁铁s极断开时，有感应电流从b至a通过检流计c左边磁铁n极断开时，有感应电流从a至b通过检流计d左边磁铁n极断开时，有感应电流从b至a通过检流计【考点】电磁感应现象的发现过程【专题】电磁感应中的力学问题【分析】画出磁铁周围磁感线的分布情况，根据楞次定律判断感应电流的方向【解答】解：a、b，通过线圈的磁感线方向如图所示，当右边磁铁s极断开时，穿过线圈的磁通量减小，根据楞次定律判断可知，电路中产生逆时针方向的感应电流，则有感应电流从a至b通过检流计故a正确，b错误c、d通过线圈的磁感线方向如图所示，当右边磁铁s极断开时，穿过线圈的磁通量减小，根据楞次定律判断可知，电路中产生逆时针方向的感应电流，则有感应电流从a至b通过检流计故c正确，d错误故答案为：ac【点评】本题是楞次定律的简单应用，关键要把握两个条件：一是磁场的方向；二是磁通量的变化情况，再判断感应电流的方向8一架战斗机在一悬崖区域进行投弹训练，悬崖壁可以看做一个竖直平面，战斗机以恒定速度沿着与悬崖平面垂直的方向向着悬崖水平飞行，先后释放炸弹p和炸弹q释放p和q的时间间隔为tp和q均击在悬崖壁上，且击中的时间间隔为t，击中点间距为h不计空气阻力，重力加速度已知根据以上信息可以判断或求出（）attbttcp离开飞机到击中悬崖的时间dq离开飞机到击中悬崖下落的高度【考点】平抛运动【专题】平抛运动专题【分析】飞机匀速飞行，炸弹做平抛运动，炸弹始终在飞机的正下方，根据平抛运动的分运动公式列式分析即可【解答】解：a、b、战斗机做匀速直线运动，炸弹做平抛运动，故炸弹一直在飞机的正下方，故p和q击在悬崖壁上的时间间隔为t为零；而t不为零；故tt；故a正确，b错误；c、平抛运动的竖直分运动是自由落体运动，根据位移公式，有：hq=hph=gtp2hp=g（tpt）2两个方程联立可以解出p离开飞机到击中悬崖的时间tp和q离开飞机到击中悬崖下落的高度hq；故c正确，d正确；故选：acd【点评】本题关键是明确炸弹做平抛运动，炸弹、飞机水平方向相对静止，结合平抛运动的分位移公式列式求解即可，基础题目二、解答题（共4小题，满分46分）9某探究学习小组的同学欲“探究小车动能变化与合外力对它做功的关系”，在实验室设计了一套如图所示的装置，图中a为小车，b为打点计时器，c为弹簧测力计，p为小桶（内有沙子），m是一端带有定滑轮的足够长水平放置的木板要顺利完成该实验，除图中实验仪器和低压交流电源（含导线、纸带）外，还需要的两个实验仪器是刻度尺、天平【考点】探究功与速度变化的关系【专题】实验题；定性思想；推理法；动能定理的应用专题【分析】实验器材的选取要为实验目的服务，如在实验中只要用到打点计时器，一般都要用到低压交流电源、刻度尺等，根据实验原理选择即可【解答】解：根据实验所要进行的测量可知，本实验中除实验仪器和低压交流电源（含导线）外，还需要刻度尺，测量纸带点迹间的距离，还要测量小车的质量，所以需要天平故答案为：刻度尺，天平【点评】对于力学中的基础实验一定要到实验室内亲自做一些，才能体会实验步骤、实验器材等基础知识，若不做实验而是通过背实验的方式学习实验往往效果不好10在“描绘标有9v，5w小灯泡伏安特性曲线”的实验中，实验室提供了下列器材a电流表a1（量程100ma，内阻1） b电流表a2（量程0.6a，内阻0.3）c电压表v1（量程3.0v，内阻3k） d电压表v2（量程15.0v，内阻10k）e滑动变阻器r1（最大阻值为50） f滑动变阻器r2（最大阻值为500）g电源e（电动势15v，内阻忽略） h电键、导线若干（1）为了提高测量准确度和有效性，应选择的器材为（只需填写器材前面的字母即可）电流表b；电压表d；滑动变阻器e（2）下列给出的测量电路中，最合理的是b【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线【专题】实验题；定性思想；实验分析法；恒定电流专题【分析】（1）由灯泡的额定电压可以选择电压表；由灯泡的功率可得出电流值，从而选出电流表；根据实验要求选择电路，从而选出滑动变阻器；（2）由实验要求可得出滑动变阻器的接法，由灯泡内阻可选择电流表接法，从而确定电路；【解答】解：（1）因灯泡的额定电压为9v，故为了准确，电压表应选择15v量程；故选：d灯泡正常工作时的电流为：i=a，故电流表应选b；本题应采用分压接法，故滑动变阻器应选择小电阻，故滑动变阻器选e；（2）由题意可知，本题应采用分压接法；同时由于灯泡内阻较小，与电流表内阻较为接近，故应选用外接法；故电路图选择b；故答案为：（1）b，d，e；（2）b【点评】本题考查测定灯泡的伏安特性曲线实验的数据处理方法，要注意明确实验原理，知道本实验中一般采用滑动变阻器分压接法和电流表外接法11超市一送水员用双轮小车运送桶装矿泉水装运完毕，如图所示，在拉运过程中保持图示角度不变，不计桶与小车之间摩擦力的影响求：（1）小车静止时，桶对小车两侧轨道的压力大小之比na：nb（2）若送货员以5m/s2的恒定加速度由静止开始向右拉动小车，请问这一过程中，桶对小车两侧轨道的压力大小之比na：nb（g=10m/s2，结果可用根号表示）【考点】牛顿第二定律；物体的弹性和弹力【专题】牛顿运动定律综合专题【分析】对桶进行受力分析，受到重力、p、q对桶的支持力作用，根据正交分解法结合牛顿第二定律列式即可求解【解答】解：对桶进行受力分析，如图所示：竖直方向受力平衡，则有：mg=nacos30+nbcos60水平方向，根据牛顿第二定律得：nasin30nbsin60=ma（1）当小车静止时，其加速度为零，带入数据得：0.5nanb=0所以na：nb=：1再据牛顿第三定律得：桶对小车两侧轨道的压力大小之比为：1（2）当a=5m/s2时，代入数据得：10m=nacos30+nbcos60nbsin60nasin30=5m由解得：na：nb=：（+2）再据牛顿第三定律得：桶对小车两侧轨道的压力大小之比为：（+2）答：（1）小车静止时，桶对小车两侧轨道的压力大小之比为：1（2）若送货员以5m/s2的恒定加速度由静止开始向右拉动小车，这一过程中，桶对小车两侧轨道的压力大小之比为：（+2）【点评】本题的关键是正确对物体进行受力分析，注意题目中给出的质量是小车和桶装矿泉水的总质量，不是桶装矿泉水的质量，不能求出两个侧面对桶的支持力大小，难度适中12如图所示，在空间内有一直角坐标系xoy，直线op与x轴正方向夹角为30，第一象限内有两个方向均垂直纸面向外的匀强磁场区域和，直线op是它们的理想边界，op上方区域中磁场的磁感应强度为b，在第四象限内有一沿x轴负方向的匀强电场，一质量为m、电荷量为q的质子（不计重力及质子对磁场、电场的影响）以速度v从o点沿与op成30角方向垂直磁场进入区域，质子先后通过磁场区域和后，恰好垂直通过x轴上的q点（未画出）进入第四象限内的匀强电场中，最后从y轴上的a点与y轴负方向成60角射出，求：（1）区域中磁场的磁感应强度大小；（2）q点到o点的距离；（3）匀强电场的电场强度e的大小【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力；带电粒子在匀强电场中的运动【专题】带电粒子在磁场中的运动专题【分析】（1）质子在两个磁场中由洛伦兹力提供向心力，均做匀速圆周运动根据圆的对称性可知，质子从a点出磁场i时的速度方向与op的夹角为300，即与x轴平行在区域ii中，由题分析可知，质子运动圆周，由几何知识作出轨迹，如图由几何关系，得到质子在两个磁场中轨迹半径与oa的关系，由牛顿第二定律研究两个磁感应强度的关系，求解区域ii中磁场的磁感应强度大小（2）由图x=oacos30+r2=r1cos30+r2求解x（3）质子在第四象限电场中做类平抛运动，由类平抛运动知识可以求出电场强度大小【解答】解：（1）设质子在磁场i和ii中做圆周运动的轨道半径分别为r1和r2，区域ii中磁感应强度为b，质子运动轨迹如图所示：由牛顿第二定律得：qvb=m ，qvb=m 粒子在两区域运动的轨迹如图所示，由几何关系可知，质子从a点出磁场i时的速度方向与op的夹角为30，故质子在磁场i中轨迹的圆心角为：=60，则o1oa为等边三角形 oa=r1 r2=oasin30由解得区域ii中磁感应强度为 b=2b；（2）q点坐标：x=oacos30+r2=r1cos30+r2，解得：x=；（3）质子在电场中做类平抛运动，水平方向：x=at2=t2，质子在a点离开电场时：tan60=，解得：e=；答：（1）区域ii中磁场的磁感应强度大小为2b；（2）q点到o点的距离为；（3）匀强电场的电场强度e的大小为【点评】带电粒子通过磁场的边界时，如果边界是直线，根据圆的对称性得到，带电粒子入射速度方向与边界的夹角等于出射速度方向与边界的夹角，这在处理有界磁场的问题常常用到选考题物理-选修3-3（15分）13下列说法中正确的是（）a物体是由大量分子组成的，分子间的引力和斥力同时随分子间距离的增大而减小b悬浮在水中的花粉颗粒运动不是水分子的运动，而是花粉分子的运动c物体的机械能可以为零，而内能不可以为零d第二类永动机违反能量守恒定律e一定质量的理想气体压强不变，温度升高时吸收的热量一定大于内能的增加量【考点】理想气体的状态方程；热力学第一定律；热力学第二定律【分析】分子间的引力和斥力同时随分子间距离的增大而减小；布朗运动是悬浮在液体中固体微粒的无规则运动；第二类永动机不违反能量守恒定律，违反了热力学第二定律；根据理想气体的状态方程分析气体的状态的变化【解答】解：a、根据分子动理论的内容可知，物体是由大量分子组成的，分子间的引力和斥力同时随分子间距离的增大而减小，故a正确；b、布朗运动是悬浮在液体中固体微粒的无规则运动，是由大量分子撞击引起的，反应了液体分子的无规则运动，故b错误c、物体的宏观速度相对于参考系的速度为0时，其动能可以为0；而内能是物体内所有分子的分子动能与分子势能的和，分子动能不可能为0，所以物体 的内能不可能为0，故c正确；d、第二类永动机不违反能量守恒定律，违反了热力学第二定律，故d错误；e、一定质量的理想气体压强不变，温度升高时，根据理想气体的状态方程：，可知气体的体积一定增大，所以气体对外做功，然后根据热力学第一定律可知，吸收的热量一定大于内能的增加量故e正确故选：ace【点评】该题考查分子动理论、布朗运动、物体的内能、热力学第一定律、热力学第二定律以及理想气体的状态方程，考查的知识点比较多，都是一些记忆性的知识点的内容，在平时的学习过程中多加积累即可14如图示，光滑水平地面上放有一质量为m的导热气缸，用活塞封闭了一部分气体活塞质量为，截面积为s，可无摩擦滑动，气缸静止时与缸底距离为l0现用水平恒力f 向右推气缸，最后气缸与活塞达到相对静止状态已知大气压强为p0求：（1）稳定时封闭气体的压强（2）稳定时活塞与缸底部的距离？【考点】理想气体的状态方程【专题】理想气体状态方程专题【分析】根据牛顿第二定律求出整体加速度，再根据活塞受力情况求得封闭气体压强；有理想气体状态方程列式求解受力稳定后活塞与气缸底部距离【解答】解：（1）选择气缸、活塞和密闭气体整体作为研究对象，受力分析可知，水平恒力f即为整体受到的合外力， 由牛顿第二定律得 f=（m+）a 隔离活塞对其受力分析，设封闭气体压强为p， 则由牛顿第二定律得 （pp0）s=a 气缸和活塞相对静止具有相同的加速度，联立以上两式，可得 p=p0+ （2）由气缸为导热气缸可知，气缸内气体温度不变，气体为等温变化，设稳定时活塞与缸底部的距离为l 由理想气体状态方程 =c 得 p0l0s=pls 可得 l=l0答：（1）稳定时封闭气体的压强为 p0+； （2）稳定时活塞与缸底部的距离为 l0【点评】本题考查封闭气体在等温状态下压强、体积的变化情况，注意与牛顿第二定律的结合应用物理一一选修3-4（15分）15（2013迎泽区校级模拟）一列简谐横波沿x轴传播，周期为t，t=0时刻的波形如图所示此时平衡位置位于x=3m处的质点正在向上运动，若a、b两质点平衡位置的坐标分别为xa=2.5m，xb=5.5m，则以下说法正确的是（）a波沿x负向传播b当a质点处在波峰时，b质点在向上运动ct=时，a质点正在向y轴负方向运动dt=时，b质点正在向y轴负方向运动e在某一时刻，a、b两质点的位移和速度可能相同【考点】横波的图象；波长、频率和波速的关系【专题】振动图像与波动图像专题【分析】如图所示，此时平衡位置位于x=3m处的质点正在向上运动，则知波向左传播读出波长，根据ab间的距离与波长的关系，分析位置和速度关系t=时a质点正在向y轴正方向运动t=t时b质点正在向y轴方向运动【解答】解：（1）a、由图可看出波长为4m，t=0时刻x=3m处的质点向上振动，可得该波向左传播，即波沿x负向传播，故a正确；b、当a质点处在波峰时，b质点在平衡位置向上运动，故b正确；c、将图象整体向左平移1m，即波传播时，a的振动状态与与t=0时刻平衡位置在3.5m处质点振动状态一样，即处在平衡位置上方并向y轴正向运动，c错误d、将图象整体向左平移3m，即波传播时，b的振动状态与与t=0时刻平衡位置在8.5m处质点振动状态一样，向y轴负向运动，d正确e、a、b两质点相距，位移和速度不可能相同，e错误故选：abd【点评】质点带动法是判断质点振动方向的有效方法，注意质点只在平衡位置附近振动，并不随波逐流16（2014咸阳校级模拟）一束单色光由左侧射入盛有清水的薄壁圆柱，如图为过轴线的截面图，调整入射角，光线恰好在和空气的界面上发生全反射，已知水的折射率为，求sin的值【考点】全反射【专题】全反射和临界角专题【分析】由图可知只要求得临界角c即可求得由空气进入玻璃时的折射角，由折射定律即可求得sin【解答】解：当光线在水面发生全反射时有：sinc=当光线从左侧射入时，由折射定律有联立这两式代入数据可得sin=答：sin的值【点评】考查光的折射定律，关键掌握全反射的临界角公式和折射定律17（2015江西三模）关于科学家和他们的贡献，下列说法正确的是 （）a普朗克曾