江苏省苏州五中高二物理上学期期中试题（肯特班含解析）.doc

2015-2016学年江苏省苏州五中高二（上）期中物理试卷（肯特班）一、单项选择题：每小题只有一个选项符合题意1下列说法正确的是（）a物体所带的电荷量可以为任意实数b不带电的物体上，既没有正电荷，也没有负电荷c摩擦起电的过程，是靠摩擦产生了电荷d利用静电感应使金属导体带电，实质上是导体中的自由电子趋向或远离带电体2地毯中加入少量金属丝的目的是（）a增大地毯的强度和韧性b避免人走动时产生静电c将人走动时产生的静电导走d以上说法都不正确3导体a带5q的正电荷，另一个完全相同的导体b带q的负电荷，将两导体接触一会后再分开，则b导体的带电量为（）aqbqc2qd4q4毛皮与橡胶棒摩擦后，毛皮带正电，橡胶棒带负电这是因为（）a空气中的正电荷转移到了毛皮上b空气中的负电荷转移到了橡胶棒上c毛皮上的电子转移到了橡胶棒上d橡胶捧上的电子转移到了毛皮上5下列事例中主要目的是将电能转化为内能的是（）a给手机充电b用电饭锅煮饭c用电风扇吹风d摩擦起电6下列用电器中，利用电流热效应工作的是（）a电视机b电热杯c电风扇d电脑7将规格都是“220v 100w”的一台电风扇、一台电视机和一把电烙铁分别接入同一家庭电路中，通电时间相同，下列说法正确的是（）a三个用电器产生的热量相同b电风扇产生的热量最多c电烙铁产生的热量最多；d电视机产生的热量最多8通电导体发热的规律是由下列哪位物理学家总结的（）a欧姆b焦耳c安培d法拉第9额定电压为4v的直流电动机的线圈电阻为1，正常工作时，电动机线圈每秒产生的热量为1j，下列计算结果正确的是（）a电动机正常工作时的输入功率为1wb电动机正常工作时的输出功率为4wc电动机每秒能将电能转化成4j的机械能d电动机正常工作时的电流强度为1a10已知点电荷a的带电量是点电荷b的电荷量的2倍，则a对b的作用力与b对a是作用力之比是（）a2：1b1：1c1：2d不确定11真空中有甲、乙两个点电荷，相距为r，它们间的静电力为f若甲的电量变为原来的2倍，乙的电量变为原来的，距离变为2r，则它们之间的静电力变为（）abcd12在绝缘光滑水平面上，相隔一定距离有两个带异种电荷的小球，同时从静止释放，则两小球的加速度和速度大小随时间变化的情况是（）a速度变大，加速度变大b速度变小，加速度变小c速度变大，加速度变小d速度变小，加速度变大13如图所示，实线是一簇未标明方向的由点电荷q产生的电场线，若带电粒子q（|q|q）由a运动到b，电场力做正功，已知在a、b两点粒子所受电场力分别为fa、fb，则下例判断正确的是（）a若q为正电荷，则q带正电，fafbb若q为正电荷，则q带正电，fafbc若q为负电荷，则q带正电，fafbd若q为负电荷，则q带正电，fafb14磁电式电流表（表头）最基本的组成部分是磁铁和放在磁铁两极之间的线圈，由于线圈的导线很细，允许通过的电流很弱，所以在使用时还要扩大量程已知某一表头g，内阻rg=30，满偏电流ig=5ma，要将它改装为量程03a的电流表，所做的操作是（）a串联一个570的电阻b并联一个570的电阻c串联一个0.05的电阻d并联一个0.05的电阻15下列关于电容的说法正确的是（）a电容器简称电容b电容器a的电容比b的大，说明a的带电荷量比b多c电容在数值上等于使两极板间的电势差为1v时电容器需要带的电荷量d由公式c=q/u知，电容器的电容与电容器两极板间的电压成反比，与电容器所带的电荷量成正比16电容器是一种常用的电子元件对电容器认识正确的是（）a电容器的电容表示其储存电荷能力b电容器的电容与它所带的电量成正比c电容器的电容与它两极板间的电压成正比d电容的常用单位有f和pf，lf=103pf17传感器是自动控制设备中不可缺少的元件，已经渗透到宇宙开发、环境保护、交通运输以及家庭生活等各种领域如下图所示为几种电容式传感器，其中通过改变电容器两极间距离而引起电容变化的是（）a测位移b测液高c测压力d测角度18电容器a的电容比电容器b的电容大，这表明（）aa所带的电荷量比b多ba比b能容纳更多的电荷ca的体积比b的体积大d两电容器的电压都改变1v时，a的电荷量改变比b的大二、填空题19把r1=6和r2=9的两个电阻并联接在电源电压为3v的电路两端时，通过r1、r2的电流之比为，在相同时间内r1、r2产生热量之比为20如图是在一定温度下，甲乙两个电阻的电流与电压的关系图象根据图象可得r甲：r乙=，若将甲乙串联后接在同一电路上，产生的热量q甲：q乙=21某电路中有一个阻值为2200的电阻丝，它工作时，通过的电流为0.1a，则100s产生的热量是j22小量程电流表g的内阻为50，满偏电流为2ma，若把它改装成3v量程的电压表，需给它串联一个的分压电阻23有一个电流表g，内阻rg=30，满偏电流ig=1ma，要把它改装为量程03v的电压表，要联阻值为的电阻，改装后电压表的内阻为三、计算题（请写出必要的解题过程和公式）24（2014秋夏县校级期末）一个电源接8电阻时，通过电源的电流为0.15a，接13电阻时，通过电源的电流是0.10a，求电源的电动势和内阻25（2015秋苏州校级期中）如图所示，一平行板电容器接在u=12v的直流电源上，电容c=3.01010f，两极板间距离d=1.20103m，取g=10m/s2，求：该电容器所带电荷量2015-2016学年江苏省苏州五中高二（上）期中物理试卷（肯特班）参考答案与试题解析一、单项选择题：每小题只有一个选项符合题意1下列说法正确的是（）a物体所带的电荷量可以为任意实数b不带电的物体上，既没有正电荷，也没有负电荷c摩擦起电的过程，是靠摩擦产生了电荷d利用静电感应使金属导体带电，实质上是导体中的自由电子趋向或远离带电体【考点】电荷守恒定律；元电荷、点电荷 【专题】电场力与电势的性质专题【分析】物体带电是指有多余的电荷量，是由于自由电荷的转移导致的，并不是创造出来的，因此物体带电均是元电荷的整数倍，感应带电是自由电子的远离或靠近导致带电【解答】解：a、物体所带电量均是元电荷的整数倍，所以不可能为任意实数故a错误；b、不带电的物体，并不是没有正、负电荷，而是没有多余的电荷故b错误；c、摩擦起电是自由电荷转移后，导致物体有多余电荷，从而使物体带上电，故c错误；d、静电感应带电，实质上是导体中的自由电子在电场中受到的电场力作用下，远离或靠近带电体，故d正确；故选：d【点评】考查了电荷守恒定律的同时，还有是：元电荷是带电量的最小单元，其电荷量与电子的电量相等，物体所带电量均是元电荷的整数倍2地毯中加入少量金属丝的目的是（）a增大地毯的强度和韧性b避免人走动时产生静电c将人走动时产生的静电导走d以上说法都不正确【考点】静电现象的解释 【分析】金属丝是导体可将人与地毯摩擦时产生的静电及时导走，避免静电放电引起火灾【解答】解：人在地毯上走动会产生静电是不可避免的，加入少量金属丝的目的是将人走动产生的静电及时导走，避免形成电荷的积累故c正确，abd错误故选：c【点评】该题考查了静电应用与防止，对于这一类的题目，要求能灵活运用知识解释生活问题基础题目3导体a带5q的正电荷，另一个完全相同的导体b带q的负电荷，将两导体接触一会后再分开，则b导体的带电量为（）aqbqc2qd4q【考点】电荷守恒定律 【专题】电场力与电势的性质专题【分析】两相同的导体相互接触时，若带同种电荷则将两球带电量平分，若带异种电荷则将电量先中和再平分，据此可正确解答本题【解答】解：两带电体带异种电荷，接触后先将电量中和，故接触后两带电体带电总和为：5qq=4q，当两带电体分开后，将总电量平分，所以将两导体接触一会后再分开，则b导体的带电量为2q，故abd错误，c正确故选c【点评】本题关键是根据电荷守恒定律得到，两个相同的金属球接触后，电荷总量先中和后均分4毛皮与橡胶棒摩擦后，毛皮带正电，橡胶棒带负电这是因为（）a空气中的正电荷转移到了毛皮上b空气中的负电荷转移到了橡胶棒上c毛皮上的电子转移到了橡胶棒上d橡胶捧上的电子转移到了毛皮上【考点】电荷守恒定律 【专题】电场力与电势的性质专题【分析】摩擦起电的实质是电子发生了转移，得到电子的物体带负电，失去电子的物体带正电；【解答】解：摩擦起电是因为电子由一个物体转移到另一物体上，失去电子的物体因缺少电子而带正电，得到电子的物体带负电，毛皮与橡胶棒摩擦，毛皮上的电子转移到了橡胶棒上，毛皮带正电，橡胶棒得到了电子，橡胶棒带负电故c正确，abd错误故选：c【点评】本题要记住正负电荷的规定：丝绸摩擦这的玻璃棒带正电，毛皮摩擦过的橡胶棒带电摩擦起电的实质是电荷的转移，失去电子的带正电，得到电子的带负电5下列事例中主要目的是将电能转化为内能的是（）a给手机充电b用电饭锅煮饭c用电风扇吹风d摩擦起电【考点】焦耳定律 【专题】定性思想；推理法；恒定电流专题【分析】做功总是伴随着能量的转化，电功也不例外用电器消耗了电能，获得了其它形式的能量，就是一个电流做功的过程，分析每个用电器的能量转化得出答案【解答】解：电流做功的过程，实际上就是能量转化的过程，消耗电能转化成其它形式的能a、手机充电是电能转化为化学能，故a错误；b、电饭锅主要是把电能转化为内能，故b正确；c、常见的家用电器中，电风扇主要是把电能转化为机械能，故c错误；d、摩擦起电属于机械能转化为电能，故d错误故选：b【点评】本题考查了用电器中的能量转化电风扇、洗衣机主要部件是电动机，把电能转化为机械能6下列用电器中，利用电流热效应工作的是（）a电视机b电热杯c电风扇d电脑【考点】焦耳定律 【专题】定性思想；归谬反证法；恒定电流专题【分析】电流的热效应：电流通过导体要发热，这叫做电流的热效应，此类电器将电能转化为内能根据选项中用电器的能量转化情况可逐一做出判断【解答】解：a、电视机主要是把电能转化为声能和光能，不是利用电流的热效应工作的，故a错误；b、电热杯主要是把电能转化为内能，是利用电流的热效应工作的，故b正确；c、电风扇主要是把电能转化为机械能，不是利用电流的热效应工作的，故c错误；d、电脑主要是把电能转化为光能和声能，不是利用电流的热效应工作的，故d错误故选：b【点评】本题主要考查学生对电流的热效应，以及电能和其它形式能的相互转化，利用热效应工作的电器特点是把电能主要转化成内能，是一道基础题7将规格都是“220v 100w”的一台电风扇、一台电视机和一把电烙铁分别接入同一家庭电路中，通电时间相同，下列说法正确的是（）a三个用电器产生的热量相同b电风扇产生的热量最多c电烙铁产生的热量最多；d电视机产生的热量最多【考点】电功、电功率；焦耳定律 【专题】定量思想；推理法；恒定电流专题【分析】分别接入220v的电路中，三个用电器都正常工作，实际功率相同（等于额定功率）、通电时间相同，根据w=pt可知消耗的电能相同，通过分析三种用电器使用时的能量转化情况，找出产生热量最多的用电器【解答】解：因为u=220v，所以三种用电器的实际功率：p=p额=100w；又因为w=pt所以三种用电器消耗的电能相同；由于电视机将一部分电能转化为光能，电风扇中的电动机将电能大部分转化机械能，电烙铁将电能全部转化为内能则产生热量最多的是电烙铁故选：c【点评】电流做功的实质：电流做功的过程就是消耗电能转化为其它形式能的过程，能分析三种用电器的能量转化是本题的关键8通电导体发热的规律是由下列哪位物理学家总结的（）a欧姆b焦耳c安培d法拉第【考点】物理学史 【分析】通电导体发热的规律是由焦耳发现的，而欧姆发现了欧姆定律、安培发现了通电导线电流与磁场方向的关系、法拉第发现了电磁感应现象【解答】解：通电导体发热的现象称为电流的热效应，是由英国科学家焦耳发现的故选b【点评】对于科学家的重大发现、重要发明和著名学说等物理学史，要加强记忆，这也是考试的内容之一9额定电压为4v的直流电动机的线圈电阻为1，正常工作时，电动机线圈每秒产生的热量为1j，下列计算结果正确的是（）a电动机正常工作时的输入功率为1wb电动机正常工作时的输出功率为4wc电动机每秒能将电能转化成4j的机械能d电动机正常工作时的电流强度为1a【考点】电功、电功率 【专题】恒定电流专题【分析】已知线圈电阻与线圈产生的热量，应用焦耳定律可以求出通过电动机的电流；然后应用电功率公式与电功公式分析答题【解答】解：d、因为线圈产生的热量：q=i2rt故通过电动机的电流：i=1a，故d正确；a、电动机正常工作时的输入功率p=ui=4v1a=4w，故a错误；电动机的热功率pq=i2r=（1a）21=1w；b、电动机的输出功率p出=ppq=4w1w=3w，故b错误；c、电动机每秒将电能转化成机械能：w=p出t=3w1s=3j，故c错误；故选：d【点评】电动机是非纯电阻电路，电动机的输入功率等于热功率与输出功率之和，应用电功率公式与电功公式即可正确解题10已知点电荷a的带电量是点电荷b的电荷量的2倍，则a对b的作用力与b对a是作用力之比是（）a2：1b1：1c1：2d不确定【考点】库仑定律 【专题】电场力与电势的性质专题【分析】距离不变，只是将电量增大到原来的2倍，根据点电荷库仑力的公式f=k可以求得改变之后的库仑力的大小，而根据牛顿第三定律，a对b的作用力大小跟b对a的作用力大小是属于作用力与反作用力，因此大小总是相等【解答】解：由点电荷库仑力的公式f=k，可以得到，距离不变，将它们之间的电量增大为原来的2倍，库仑力将变为原来的2倍，而a对b的作用力大小跟b对a的作用力大小是属于作用力与反作用力，因此两者大小相等，即1：1，所以b正确，acd错误故选：b【点评】本题就是对库仑力公式的直接考查，掌握住公式就很容易分析了，同时注意理解牛顿第三定律的内容11真空中有甲、乙两个点电荷，相距为r，它们间的静电力为f若甲的电量变为原来的2倍，乙的电量变为原来的，距离变为2r，则它们之间的静电力变为（）abcd【考点】库仑定律 【专题】电场力与电势的性质专题【分析】库仑定律：真空中两个静止点电荷之间的作用力与它们电量的乘积成正比，与它们距离的二次方成反比，作用力的方向在它们的连线上【解答】解：真空中两个电荷量均为q的点电荷，相距为r时的相互作用静电力大小为f，根据库仑定律，有：f=k若将这两个点电荷间的距离变为2r，则他们之间的静电力大小变为：f=k= 故：f=故选：b【点评】本题关键是根据库仑定律直接列式求解，基础题在利用库仑定律解题时，要注意库仑定律的使用条件12在绝缘光滑水平面上，相隔一定距离有两个带异种电荷的小球，同时从静止释放，则两小球的加速度和速度大小随时间变化的情况是（）a速度变大，加速度变大b速度变小，加速度变小c速度变大，加速度变小d速度变小，加速度变大【考点】库仑定律；牛顿第二定律 【专题】电场力与电势的性质专题【分析】根据库仑定律分析电荷间作用力的变化根据牛顿第二定律分析加速度之比的变化【解答】解：由于异种电荷间存在相互作用的吸引力，两球将相互靠近，距离减小，根据库仑定律得知，相互作用力增大由牛顿第二定律得知它们的加速度变大随着两球间距离减小，电场力做功正功，电势能减少，总动能增加所以速度增加，故速度变大，加速度变大故a正确、bcd错误故选：a【点评】本题中两球间存在引力，引力逐渐增大，根据功能关系的判断速度变化13如图所示，实线是一簇未标明方向的由点电荷q产生的电场线，若带电粒子q（|q|q）由a运动到b，电场力做正功，已知在a、b两点粒子所受电场力分别为fa、fb，则下例判断正确的是（）a若q为正电荷，则q带正电，fafbb若q为正电荷，则q带正电，fafbc若q为负电荷，则q带正电，fafbd若q为负电荷，则q带正电，fafb【考点】电场线 【分析】根据q的正负以及电场力做的功判断带电粒子的电性，根据电场线的疏密比较场强的大小，从而得知电场力的大小【解答】解：ab、若q为正电荷，带电粒子由a点到b点电场力做正功，则知该带电粒子带正电由于eaeb，则fafb故a正确，b错误cd、若q为负电荷，带电粒子由a点到b点电场力做正功，则知该带电粒子带负电由于eaeb，则fafb故c、d错误故选：a【点评】解决本题的关键知道电场线的特点，知道电场线越密的地方场强越强，越疏的地方场强越弱14磁电式电流表（表头）最基本的组成部分是磁铁和放在磁铁两极之间的线圈，由于线圈的导线很细，允许通过的电流很弱，所以在使用时还要扩大量程已知某一表头g，内阻rg=30，满偏电流ig=5ma，要将它改装为量程03a的电流表，所做的操作是（）a串联一个570的电阻b并联一个570的电阻c串联一个0.05的电阻d并联一个0.05的电阻【考点】把电流表改装成电压表 【专题】实验题；恒定电流专题【分析】把电流表改装成大量程电流表，应给电流表并联一个电阻，阻值r并=，i 为量程【解答】解：改装成电流表是要扩大电流的量程，使用并联电路的分流原理；要并联的阻值为：r并=0.05；故选：d【点评】改装成电流表要并联电阻分流，电阻值等于满偏电压除以所分最大电流，改装成电压表要串联电阻分压，电阻值等于量程除以满偏电流减去原内阻15下列关于电容的说法正确的是（）a电容器简称电容b电容器a的电容比b的大，说明a的带电荷量比b多c电容在数值上等于使两极板间的电势差为1v时电容器需要带的电荷量d由公式c=q/u知，电容器的电容与电容器两极板间的电压成反比，与电容器所带的电荷量成正比【考点】电容 【专题】电容器专题【分析】电容表征电容器容纳电荷的本领大小，由电容器本身的特性决定，与两极板间的电压、所带的电荷量无关电容器的作用是隔直流，通交流【解答】解：a、表述电容器容纳电荷的本领为电容，电容器不是电容，故a错误；b、电容器的电容反映电容器容纳电荷的本领，但容纳的电荷量与两端的电势差有关，电势差越大，则电量越多，并不是说电容越大，电量越多，故b错误；c、由c=可知，电容在数值上等于使两极板间的电势差为1v时的电容器需要带的电量，故c正确；d、电容是由电容器本身所决定的，与电压及电荷量无关，故d错误；故选：c【点评】本题考查电容器的性质，注意电容是由电容器本身所决定的性质，与电量及电压无关16电容器是一种常用的电子元件对电容器认识正确的是（）a电容器的电容表示其储存电荷能力b电容器的电容与它所带的电量成正比c电容器的电容与它两极板间的电压成正比d电容的常用单位有f和pf，lf=103pf【考点】电容 【专题】电容器专题【分析】电容是表示电容器容纳电荷本领大小的物理量，由电容器本身决定，与所带电荷量和板间的电压无关【解答】解：a、电容是表示电容器容纳电荷本领大小的物理量，电容器的电容表示其储存电荷能力，故a正确；b、c、电容器的电容由电容器本身决定，与所带电荷量和板间的电压无关，故bc均错误；d、电容的常用单位有f和pf，1f=106f=1012pf，故d错误；故选：a【点评】本题考查了电容的概念，理解时可以把电容器和容器类比17传感器是自动控制设备中不可缺少的元件，已经渗透到宇宙开发、环境保护、交通运输以及家庭生活等各种领域如下图所示为几种电容式传感器，其中通过改变电容器两极间距离而引起电容变化的是（）a测位移b测液高c测压力d测角度【考点】常见传感器的工作原理 【分析】电容器的决定式c=，当电容器两极间正对面积变化时会引起电容的变化，其他条件不变的情况下成正比【解答】解：a、可变电容器，通过改变电介质，根据电容器的决定式c=，可知，改变电容，故a错误； b、图示电容器的一个极板时金属芯线，另一个极板是导电液，故是通过改变电容器两极间正对面积而引起电容变化的，故b错误 c、是通过改变极板间的距离，根据电容器的决定式c=，可知，改变电容器的电容，故c正确 d、图示电容器为可变电容器，通过转动动片改变正对面积，根据电容器的决定式c=，可知，改变电容，故d错误故选c【点评】考查了影响电容器电容的因素，如何改变电容器的容，电容传感器的特点18电容器a的电容比电容器b的电容大，这表明（）aa所带的电荷量比b多ba比b能容纳更多的电荷ca的体积比b的体积大d两电容器的电压都改变1v时，a的电荷量改变比b的大【考点】电容 【专题】电容器专题【分析】电容恒量电容器容纳电荷本领的物理量，但实际带电量q=uc，即还取决于电压u【解答】解：电容是电容器的固有属性，由电容器本身的构造决定，电容描述了电容器容纳电荷的本领（电容器两极间的电压每改变1 v所改变电荷量的多少）大小，而不表示容纳电荷的多少或带电荷量的多少，电容器a的电容比b的大，所以a比b能容纳更多的电荷，a在电压相同的情况下，a容纳的电荷量多，不能说明体积大小等；故ac错误；bd正确；故选：bd【点评】本题考查电容的定义，要注意明确电容只能说明电容器的本领大小，不能说明实际容纳的电荷量二、填空题19把r1=6和r2=9的两个电阻并联接在电源电压为3v的电路两端时，通过r1、r2的电流之比为3：2，在相同时间内r1、r2产生热量之比为3：2【考点】焦耳定律；欧姆定律 【专题】定量思想；推理法；恒定电流专题【分析】两电阻并联时两端的电压相等，根据欧姆定律求出通过两电阻的电流之比，根据q=i2rt=t求出在相同时间内两端产生的热量之比【解答】解：把r1=6和r2=9的两个电阻并联接在电源电压为3v的电路两端时，因并联电路中各支路两端的电压相等，电流与电阻成反比，所以，通过两电阻的电流之比：=；由q=i2rt=t，则在相同时间内两端产生的热量之比：故答案为：3：2； 3：2【点评】本题考查了考查了并联电路的电压特点和欧姆定律、焦耳定律的灵活应用，是一道较为简单的题目20如图是在一定温度下，甲乙两个电阻的电流与电压的关系图象根据图象可得r甲：r乙=1：4，若将甲乙串联后接在同一电路上，产生的热量q甲：q乙=1：4【考点】焦耳定律；欧姆定律 【专题】定量思想；比例法；恒定电流专题【分析】（1）从图象上选取电流为i0，找到对应的电压值，根据欧姆定律求出电阻关系；（2）两电阻串联时通过它们的电流相等、通电时间相等，根据q=i2rt求出甲、乙两电阻产生的热量之比【解答】解：（1）由图象可知，当通过两电阻电流为i0时u甲=u0，u乙=4u0，根据r=得：甲乙两电阻之比为：r甲：r乙=：=1：4；（2）将甲、乙串联后接在同一电路上，串联电路中各处的电流相等，通电时间相等，由q=i2rt，甲、乙两电阻产生的热量之比：q甲：q乙=i02r甲t：i02r乙t=r甲：r乙=1：4故答案为：1：4； 1：4【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、焦耳定律的应用，关键是根据图象读出电压和电流的对应值21某电路中有一个阻值为2200的电阻丝，它工作时，通过的电流为0.1a，则100s产生的热量是2200j【考点】焦耳定律 【专题】定量思想；方程法；恒定电流专题【分析】知道电阻丝的阻值、通过电阻丝的电流和通电时间，利用焦耳定律求电流通过电阻丝产生的热量【解答】解：电流通过电阻丝产生的热量：q=i2rt=（0.1a）22200100s=2200j故答案为：2200【点评】本题考查了学生对焦耳定律的公式的了解和掌握，直接带入公式即可求解，属于基础题目22小量程电流表g的内阻为50