江苏省常州市金坛市华罗庚中学高考物理模拟试卷（含解析）.doc

2015年江苏省常州市金坛市 华罗庚中学高考物理模拟试卷一单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1下左图为某次实验中拍摄到的小滑块在粗糙水平面上滑动时的闪光照片已知闪光频率为每秒l0次当地重力加速度值为9.8m/s2，根据照片的比例得到滑块的位移数据为ab=3.96cm，bc=2.98cm，cd=2.00cm，de=1.02cm由此可知小滑块与水平面之间的动摩擦因数约为 （）a 0.01b 0.05c 0.10d 0.202一艘宇宙飞船在预定轨道上做匀速圆周运动，在该飞船的密封舱内，下列实验能够进行的是（）a 宇航员生活废水过滤处理实验b 研究动能与重力势能转化规律实验c 探究感应电流的产生条件实验d 血浆与血细胞自然分层实验3如图所示，电源的电动势为e，内阻为r，当可变电阻的滑片p向上移动时，电压表v1、v2的读数与电流表a1、a2的读数的变化情况是（）a al变大、a2变小，v1、v2均变小b a1、a2、v1均变大，v2变小c al、v1变小，a2、v2变大d al、a2、v1、v2均变大4矩形金属线圈共10匝，绕垂直磁场方向的转轴在匀强磁场中匀速转动，线圈中产生的交流电动势e随时间t变化的情况，如图所示下列说法中正确的是（）a 此交流电的频率为0.2hzb 此交流电动势的有效值为1vc t=0.1s时，线圈平面与磁场方向平行d 线圈在转动过程中穿过线圈的最大磁通量为wb5如图所示，质量为m、倾角为的斜面放在水平面上，在水平恒力f的作用下，斜面和质量为m的物体一起以加速度a向左做匀加速运动，设此过程中斜面对物体的作用力的方向与竖直方向的夹角为，则（）a 可能等于零b 可能向左上方，c 向左上方，不可能等于d 可能向右上方，二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共计16分每小题有多个选项符合题意全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不选的得0分6如图所示，从地面上a点发射一枚远程弹道导弹，仅在引力作用下，沿acb椭圆轨道飞行击中地面目标b，c为轨道的远地点，距地面高度为h已知地球半径为r，地球质量为m，引力常量为g设距地面高度为h的圆轨道上卫星运动周期为t0下列结论正确的是（）a 导弹在c点的速度大于b 导弹在c点的加速度等于c 地球球心为导弹椭圆轨道的一个焦点d 导弹从a点运动到b点的时间一定小于t07某一电学黑箱内可能有电容器、电感线圈、定值电阻等元件，在接线柱间以如图所示的“z”字形连接（两接线柱间只有一个元件）为了确定各元件种类，小华同学把dis计算机辅助实验系统中的电流传感器（相当于电流表）与一直流电源、滑动变阻器、开关串联后，分别将ab、bc、cd接入电路，闭合开关，计算机显示的电流随时间变化的图象分别如图a、b、c所示，则如下判断中正确的是（）a ab间是电容器b bc间是电感线圈c cd间是电容器d cd间是定值电阻8位于a、b处的两个带有不等量负电的点电荷在平面内电势分布如图所示，图中实线表示等势线，则（）a a点和b点的电场强度相同b 正电荷从c点移到d点，电场力做正功c 负电荷从a点移到c点，电场力做正功d 正电荷从e点沿图中虚线移到f点，电势能先减小后增大9两根足够长的光滑导轨竖直放置，间距为l，底端接阻值为r的电阻将质量为m的金属棒悬挂在一个固定的轻弹簧下端，金属棒和导轨接触良好，导轨所在平面与磁感应强度为b的匀强磁场垂直，如图所示除电阻r外其余电阻不计现将金属棒从弹簧原长位置由静止释放，则（）a 释放瞬间金属棒的加速度等于重力加速度gb 金属棒向下运动时，流过电阻r电流方向为abc 金属棒的速度为v时，所受的安培力大小为d 电阻r上产生的总热量等于金属棒重力势能的减少三简答题：本题共3小题，共20分，把答案填在题中的横线上或根据要求作答10游标为10分度的卡尺测定某圆柱的直径时，卡尺上的示数如图甲所示，可读出圆柱的直径为mm；用螺旋测微器测定某物体的厚度如图乙所示，则该物体的厚度为mm11如图1为“用dis（位移传感器、数据采集器、计算机）研究加速度和力的关系”的实验装置（1）在该实验中必须采用控制变量法，应保持不变，用钩码所受的重力作为，用dis测小车的加速度（2）改变所挂钩码的数量，多次重复测量在某次实验中根据测得的多组数据可画出af关系图线如图2所示分析此图2线的oa段可得出的实验结论是（单选题）此图2线的ab段明显偏离直线，造成此误差的主要原因是a小车与轨道之间存在摩擦b导轨保持了水平状态c所挂钩码的总质量太大d所用小车的质量太大12在做测量电源电动势e和内阻r的实验时，提供的器材有：待测电源一个、内阻已知且为rv的电压表一个（量程大于电源电动势）、电阻箱r一个、电键一个、导线若干（1）根据如图1所示的电路图连接实物图如图2；（2）将坐标系对应的物理量填在答题卡中的虚线框内；（3）为测量得更加准确，多次改变电阻箱电阻r，读出电压表相应的示数u，以为纵坐标，画出与电阻的某种关系图象（该图象为一条直线），如图3所示由图象可得到直线在纵轴的截距为m，直线斜率为k，写出e、r的表达式：e=；r=【选修模块3-3】（共2小题，满分12分）13有以下说法，其中正确的有（）a 布朗运动的实质是液体分子的无规则运动b 液体的沸点随大气压的增大而增大c 在温度不变的条件下，饱和汽的体积减小，其压强增大d 随着高科技的不断发展，绝对零度是可以达到的e 热量不能自发从低温物体传给高温物体f 将一个分子从无穷远处无限靠近另个分子，则分子力先增大后减小最后再增大14横截面积s=3dm2的圆筒内装有质量m=0.6kg的水，被太阳光垂直照射2min，水的温度升高了1设大气顶层的太阳能只有45%到达地面，太阳与地球之间的平均距离为1.51011m，试估算出太阳的全部辐射功率是多少？（已知水的比热容c=4200j/kg保留1为有效数字）【选修模块3-4】（共2小题，满分12分）15在以下各种说法中，正确的是 （）a 做简谐运动的质点，其振动能量与振幅无关b 两个相邻的、在振动过程中对平衡位置的位移总是相等的质点之间的距离为一个波长c 两列频率相同的声波在空气中发生干涉时，振动加强质点的位移一定大于振动减弱质点的位移d 若波源向观察者靠近，则波源发出的波的频率变大e 泊松亮斑说明光具有衍射现象，小孔成像说明光不具有衍射现象f 电磁波的传播不需要介质，声波的传播一定需要介质g 非均匀变化的电场能产生变化的磁场，反之，变化的磁场一定产生非均匀变化的电场h 真空中的光速在不同的惯性参考系中都是相同的，与光源的运动和观察者的运动无关16如图，一束截面为圆形（半径r=1m）的平行紫光垂直射向一半径也为r的玻璃半球的平面，经折射后在屏幕s上形成一个圆形亮区屏幕s至球心的距离为d=（+1）m，不考虑光的干涉和衍射，试问：若玻璃半球对紫色光的折射率为n=，请你求出圆形亮区的半径若将题干中紫光改为白光，在屏幕s上形成的圆形亮区的边缘是什么颜色？【选修模块3-5】（共2小题，满分0分）1013金坛市校级模拟）下列说法正确的是 （）a 甲、乙两个物体组成一系统，甲、乙所受合外力不均为零，则系统的动量不可能守恒b 用不可见光照射金属一定比用可见光照射同种金属产生的光电子的初动能要大c 波粒二象性中的波动性是大量光子和高速运动的微观粒子的行为，这种波动性与机械波在本质上是不同的d 欲使处于基态的氢原子电离，可以用动能为13.7ev的电子去碰撞e 原子核式结构模型是由汤姆逊在粒子散射实验基础上提出的f 发现中子的核反应是be+hec+ng 核力是强相互作用的一种表现，任意两个核子之间都存在核力作用h 衰变说明了粒子（电子）是原子核的组成部分1013金坛市校级模拟）已知氘核质量为2.013 6u，中子质量为1.008 7u，he的质量为3.015 0u（1）写出两个氘核聚变成he的核反应方程；（2）计算上述核反应中释放的核能；（3）若两氘核以相等的动能0.35mev做对心碰撞即可发生上述核反应，且释放的核能全部转化为机械能，则反应中生成的he和中子的动能各是多少？四计算题或推导证明题：本题共3小题，共计45分解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位19在足够长粗糙水平木板a上放一个质量为m的小滑块b滑块b在水平方向除受到摩擦力外，还受到一个水平向左的恒定外力f作用，其中f=0.3mg开始时用手托住木板a，a、b均静止，如图所示现将木板a从图中位置p竖直向上移至位置q，发现小滑块b相对a发生了运动为简单起见，将木板a从p到q的运动简化成先匀加速接着匀减速到静止的过程，且竖直方向加速的时间为0.8s，减速的时间为0.2sp、q位置高度差为0.5m已知a、b之间的动摩擦因数=0.4，g取10m/s2求：（1）木板a加速和减速的加速度分别为多大？（2）滑块b最后停在离出发点水平距离多远处？20如图甲，相距为l的光滑平行金属导轨水平放置，导轨一部分处在垂直导轨平面的匀强磁场中，oo为磁场边界，磁感应强度为b，导轨右侧接有定值电阻r，导轨电阻忽略不计在距oo为l处垂直导轨放置一质量为m、电阻不计的金属杆ab（1）若ab杆在恒力作用下由静止开始向右运动，其速度位移的关系图象如图乙所示，则在此过程中电阻r上产生的电热q1是多少？ab杆在离开磁场前瞬间的加速度为多少？（2）若ab杆固定在导轨上的初始位置，磁场按bt=bcost规律由b减小到零，在此过程中电阻r上产生的电热为q2，求的大小21如图甲所示，在以o为坐标原点的三维空间里，存在着电场和磁场一质量m=2102kg，带电量q=+5103c的带电小在零时刻以v0=30m/s的速度从o点沿+x方向射入该空间（1）若在该空间同时加上如图乙所示的电场和磁场，其中电场沿y方向，e0=40v/m磁场沿z方向，b0=0.8t求：t1=12s时刻小球的速度（2）满足第（1）问的条件下，求t2=39s时刻小球的位置（结果可用表示）（3）若电场强度大小恒为e0=40v/m，磁感应强度大小恒为b0=0.8t且电场和磁场的方向均改为沿+y方向，试求：小球经过y轴时的动能2015年江苏省常州市金坛市华罗庚中学高考物理模拟试卷参考答案与试题解析一单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1下左图为某次实验中拍摄到的小滑块在粗糙水平面上滑动时的闪光照片已知闪光频率为每秒l0次当地重力加速度值为9.8m/s2，根据照片的比例得到滑块的位移数据为ab=3.96cm，bc=2.98cm，cd=2.00cm，de=1.02cm由此可知小滑块与水平面之间的动摩擦因数约为 （）a 0.01b 0.05c 0.10d 0.20考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系；摩擦力的判断与计算分析：根据照片上数据可以知道滑块相邻的时间间隔位移之差相等，即滑块的运动是匀减速直线运动根据运动学公式求出滑块的加速度，再运用牛顿第二定律求出问题解答：解：根据照片上的数据得出：相邻的时间间隔位移之差相等，即x=0.98cm滑块的运动是匀减速直线运动根据运动学公式得：x=at2，a=0.98m/s2根据小滑块在粗糙水平面上滑动时受力，结合牛顿第二定律得出：f合=f=ma，f=mg=0.1故选c点评：利用好频闪照片，结合运动学公式解决问题频闪照片的处理类似于打点计时器的问题2一艘宇宙飞船在预定轨道上做匀速圆周运动，在该飞船的密封舱内，下列实验能够进行的是（）a 宇航员生活废水过滤处理实验b 研究动能与重力势能转化规律实验c 探究感应电流的产生条件实验d 血浆与血细胞自然分层实验考点：超重和失重；研究电磁感应现象专题：牛顿运动定律综合专题分析：宇宙飞船在运行时，万有引力充当向心力而处于失重状态，凡是利用重力作用的实验均无法完成解答：解：由于过滤水时水要借助重力向下流，在太空中无法实现； 同理，也无法研究物体的重力势能，故血浆与血细胞分层实验，故abd错误；只有c中感应电流的产生和重力无关，在太空中可以完成，故c正确； 故选c点评：本题考查超重与失重的应用，注意在完全失重状态下，凡是地面上利用重力的实验在失重状态下均无法实验但是要注意弹簧秤在宇宙飞船上式可以使用的3如图所示，电源的电动势为e，内阻为r，当可变电阻的滑片p向上移动时，电压表v1、v2的读数与电流表a1、a2的读数的变化情况是（）a al变大、a2变小，v1、v2均变小b a1、a2、v1均变大，v2变小c al、v1变小，a2、v2变大d al、a2、v1、v2均变大考点：闭合电路的欧姆定律专题：恒定电流专题分析：当可变电阻的滑片p向上移动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律分析总电流的变化和路端电压，即可判断电压表示数的变化由欧姆定律分析变阻器两端电压的变化，分析电流表示数的变化解答：解：当可变电阻的滑片p向上移动时，变阻器r1接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律分析得知总电流i增大则al变大电压表v2测量路端电压u，而u=eir，i增大，e、r不变，则u变小则v2变小u1=ei（r3+r），i增大，其他量不变，则u1变小，通过r2的电流变小，则v1变小，a2变小故a正确故选：a点评：本题按“部分整体部分”的思路进行动态变化分析对于电压表的示数，可以直接根据路端电压随外电阻而增大的结论进行分析4矩形金属线圈共10匝，绕垂直磁场方向的转轴在匀强磁场中匀速转动，线圈中产生的交流电动势e随时间t变化的情况，如图所示下列说法中正确的是（）a 此交流电的频率为0.2hzb 此交流电动势的有效值为1vc t=0.1s时，线圈平面与磁场方向平行d 线圈在转动过程中穿过线圈的最大磁通量为wb考点：交流的峰值、有效值以及它们的关系；交流发电机及其产生正弦式电流的原理专题：交流电专题分析：根据图象可得出交流电的最大值、有效值、周期、频率等物理量的大小解答：解：a根据图象可知，该交流电的周期为0.2s，故频率为5hz，故a错误；b该交流电的最大值为1v，有效值为v，故b错误；ct=0.1s时，电动势为零，此时线圈处在中性面上，故c错误d由em=nbs得：线圈磁通量的最大值m=bs=wb，故d正确故选d点评：根据交流电图象获取有关交流电的各种信息，是对学生的基本要求，要熟练掌握5如图所示，质量为m、倾角为的斜面放在水平面上，在水平恒力f的作用下，斜面和质量为m的物体一起以加速度a向左做匀加速运动，设此过程中斜面对物体的作用力的方向与竖直方向的夹角为，则（）a 可能等于零b 可能向左上方，c 向左上方，不可能等于d 可能向右上方，考点：牛顿第二定律专题：牛顿运动定律综合专题分析：物体和斜面体一起向左做加速运动，加速度水平向左，所以物体的加速度方向向左，对物体进行受力分析，根据牛顿第二定律分析斜面对物体的作用力的方向及与竖直方向的夹角为的关系解答：解：物体和斜面体一起向左做加速运动，加速度水平向左，所以物体的加速度方向向左，物体受到重力、斜面对物体的作用力，合力方向向左，所以斜面对物体的作用力方向向左上方，此过程中，静摩擦力可以为零，可以沿斜面向上，也可以沿斜面向下，当静摩擦力为零时，等于，当静摩擦力沿斜面向上时，当静摩擦力沿斜面向下时，故b正确，acd错误故选b点评：本题主要考查了牛顿第二定律的直接应用，要求同学们能正确对物体进行受力分析，注意整体法和隔离法的应用二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共计16分每小题有多个选项符合题意全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不选的得0分6如图所示，从地面上a点发射一枚远程弹道导弹，仅在引力作用下，沿acb椭圆轨道飞行击中地面目标b，c为轨道的远地点，距地面高度为h已知地球半径为r，地球质量为m，引力常量为g设距地面高度为h的圆轨道上卫星运动周期为t0下列结论正确的是（）a 导弹在c点的速度大于b 导弹在c点的加速度等于c 地球球心为导弹椭圆轨道的一个焦点d 导弹从a点运动到b点的时间一定小于t0考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用专题：人造卫星问题分析：距地面高度为h的圆轨道上卫星的速度，根据牛顿第二定律得到其运动速度为c为轨道的远地点，导弹在c点的速度小于由牛顿第二定律求解导弹在c点的加速度根据开普勒定律分析导弹的焦点由开普勒第三定律分析导弹的运动时间与t0的关系解答：解：a、设距地面高度为h的圆轨道上卫星的速度为v，则由牛顿第二定律得：g=m，得到v=导弹在c点只有加速才能进入卫星的轨道，所以导弹在c点的速度小于故a错误；b、由牛顿第二定律得：gma，得导弹在c点的加速度为a=故b正确；c、根据开普勒定律分析知道，地球球心为导弹椭圆轨道的一个焦点故c正确；d、设导弹运动的周期为t，由于导弹的半长轴小于卫星的轨道半径r+h，根据开普勒第三定律知道：导弹运动的周期tt0，则导弹从a点运动到b点的时间一定小于t0故d正确；故选：bcd点评：本题运用牛顿第二定律、开普勒定律分析导弹与卫星运动问题比较c在点的速度大小，可以结合卫星变轨知识来理解7某一电学黑箱内可能有电容器、电感线圈、定值电阻等元件，在接线柱间以如图所示的“z”字形连接（两接线柱间只有一个元件）为了确定各元件种类，小华同学把dis计算机辅助实验系统中的电流传感器（相当于电流表）与一直流电源、滑动变阻器、开关串联后，分别将ab、bc、cd接入电路，闭合开关，计算机显示的电流随时间变化的图象分别如图a、b、c所示，则如下判断中正确的是（）a ab间是电容器b bc间是电感线圈c cd间是电容器d cd间是定值电阻考点：闭合电路的欧姆定律专题：恒定电流专题分析：根据电流时间图象的特点和电容器、电感线圈的特性，分析判断ab、bc、cd各是什么元件解答：解：由图a看出，a接入电路时有瞬间的电流，电容器充电过程有短暂的电流，电路稳定后电路中没有电流说明ab间是电容器由b图看出，此元件接入电路时，电流逐渐增大，是由于线圈中产生自感电动势的阻碍作用，电流只能逐渐增大，说明bc间是电感线圈从c图看出，此元件接入电路时电流恒定不变，说明cd是定值电阻故选abd点评：本题要掌握电容器、电感线圈和定值电阻的特性：电容器具有充放电气特性，电感线圈能产生自感电动势8位于a、b处的两个带有不等量负电的点电荷在平面内电势分布如图所示，图中实线表示等势线，则（）a a点和b点的电场强度相同b 正电荷从c点移到d点，电场力做正功c 负电荷从a点移到c点，电场力做正功d 正电荷从e点沿图中虚线移到f点，电势能先减小后增大考点：等势面；电势能专题：带电粒子在电场中的运动专题；电场力与电势的性质专题分析：场强是矢量，故a点和b点的电场强度不同；根据电场力的方向和电荷运动的方向判定电场力做正功还是负功；解答：解：a、等势线越密电场线越密，电场线越密表示电场越强，虽然ab两处电场强度的大小相同但方向不同，由于场强是矢量，所以a点和b点的电场强度不同，故a错误b、由于场源是负电荷，正电荷从c点移到d点过程中受到场源的引力，而远离场源运动，所以电场力做负功，故b错误c、由于场源是负电荷，负电荷从a点移到c点过程中受到场源的斥力，而远离场源运动，所以电场力做正功，故c正确d、正电荷从e点沿图中虚线移到f点的过程中电场力先做正功后做负功，所以电势能先减小后增大故d正确故选c、d点评：把握电场力做功的特点和负电荷的电场的分布情况是解决此类题目的关键9两根足够长的光滑导轨竖直放置，间距为l，底端接阻值为r的电阻将质量为m的金属棒悬挂在一个固定的轻弹簧下端，金属棒和导轨接触良好，导轨所在平面与磁感应强度为b的匀强磁场垂直，如图所示除电阻r外其余电阻不计现将金属棒从弹簧原长位置由静止释放，则（）a 释放瞬间金属棒的加速度等于重力加速度gb 金属棒向下运动时，流过电阻r电流方向为abc 金属棒的速度为v时，所受的安培力大小为d 电阻r上产生的总热量等于金属棒重力势能的减少考点：导体切割磁感线时的感应电动势；牛顿第二定律；功能关系；电磁感应中的能量转化专题：压轴题；电磁感应功能问题；电磁感应与电路结合分析：导体棒下落过程中切割磁感线，回路中形成电流，根据右手定责可以判断电流的方向，正确分析安培力变化可以求解加速度的变化情况，下落过程中正确应用功能关系可以分析产生热量与重力势能减小量的大小关系解答：解：a、金属棒释放瞬间，速度为零，感应电流为零，由于弹簧处于原长状态，因此金属棒只受重力作用，故其加速度的大小为g，故a正确；b、根据右手定则可知，金属棒向下运动时，流过电阻r电流方向为ba，故b错误；c、当金属棒的速度为v时，e=blv，安培力大小为：，故c正确；d、当金属棒下落到最底端时，重力势能转化为弹性势能和焦耳热，所以电阻r上产生的总热量小于金属棒重力势能的减少，故d错误故选ac点评：根据导体棒速度的变化正确分析安培力的变化往往是解决这类问题的重点，在应用功能关系时，注意弹性势能的变化，这点是往往被容易忽视的三简答题：本题共3小题，共20分，把答案填在题中的横线上或根据要求作答10游标为10分度的卡尺测定某圆柱的直径时，卡尺上的示数如图甲所示，可读出圆柱的直径为7.2mm；用螺旋测微器测定某物体的厚度如图乙所示，则该物体的厚度为8.695mm考点：刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用专题：实验题分析：解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读解答：解：1、游标卡尺的主尺读数为：7mm，游标尺上第2个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为20.1m=0.2m，所以最终读数为：7mm+0.2mm=7.2mm2、螺旋测微器的固定刻度为8.5mm，可动刻度为19.50.01mm=mm=0.195mm，所以最终读数为8.5mm+0.195mm=8.695故答案为：7.2，8.695点评：对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，正确使用这些基本仪器进行有关测量11如图1为“用dis（位移传感器、数据采集器、计算机）研究加速度和力的关系”的实验装置（1）在该实验中必须采用控制变量法，应保持小车的质量不变，用钩码所受的重力作为合力，用dis测小车的加速度（2）改变所挂钩码的数量，多次重复测量在某次实验中根据测得的多组数据可画出af关系图线如图2所示分析此图2线的oa段可得出的实验结论是小车的质量一定，加速a与合力f成正比（单选题）此图2线的ab段明显偏离直线，造成此误差的主要原因是ca小车与轨道之间存在摩擦b导轨保持了水平状态c所挂钩码的总质量太大d所用小车的质量太大考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系专题：实验题分析：探究加速度与力的关系，应控制小车的质量保持不变；平衡摩擦力后用钩码的重力作为小车受到的合力；控制实验所控制的变量，分析图象，根据图象特点得出实验结论；根据实验注意事项分析图象偏离直线的原因解答：解：（1）探究加速度与力的关系，应保持小车的质量不变，用钩码所受的重力作为小车所受的合力（2）由图象oa段可知，a与f成正比，即：在小车质量一定时，加速度a与小车受到的合力f成正比；以小车与钩码组成的系统为研究对象，系统所受的合外力等于钩码的重力m钩码g，由牛顿第二定律得：m钩码g=（m小车+m钩码）a，小车的加速度a=g，小车受到的拉力f=m小车a=g，当m钩码m小车时，可以认为小车受到的合力等于钩码的重力，如果钩码的质量太大，则小车受到的合力小于钩码的重力，实验误差较大，af图象偏离直线，故c正确故答案为：（1）小车的质量；合力；（2）小车的质量一定，加速度a与合力f成正比；c点评：本题考查了控制变量法的应用、实验数据处理、实验误差分析，实验误差分析是本题的难点；应知道当砝码质量远小于小车质量时，可以认为小车受到的拉力等于钩码重力12在做测量电源电动势e和内阻r的实验时，提供的器材有：待测电源一个、内阻已知且为rv的电压表一个（量程大于电源电动势）、电阻箱r一个、电键一个、导线若干（1）根据如图1所示的电路图连接实物图如图2；（2）将坐标系对应的物理量填在答题卡中的虚线框内；（3）为测量得更加准确，多次改变电阻箱电阻r，读出电压表相应的示数u，以为纵坐标，画出与电阻的某种关系图象（该图象为一条直线），如图3所示由图象可得到直线在纵轴的截距为m，直线斜率为k，写出e、r的表达式：e=；r=考点：测定电源的电动势和内阻专题：实验题；恒定电流专题分析：（1）根据伏阻法测量电源的电动势和内电阻，根据原理图连线；（2）根据闭合电路欧姆定律列方程，找出线性关系；（3）结合图象表达式进行分析讨论解答：解：（1）根据原理图得出对应的实物图如图所示；（2）根据闭合电路欧姆定律，有：e=u+rr外=变形得到：=+故图象是直线，作图象；直线的斜率为：k=；m=+则可解得：e=r=故答案为：（1）如图；（2）；（3）；点评：本题测量电动势和和内阻实验为重点考查内容；要掌握测电源电动势与内阻的三种实验方案的原理、实验电路、实验数据处理等问题【选修模块3-3】（共2小题，满分12分）13有以下说法，其中正确的有（）a 布朗运动的实质是液体分子的无规则运动b 液体的沸点随大气压的增大而增大c 在温度不变的条件下，饱和汽的体积减小，其压强增大d 随着高科技的不断发展，绝对零度是可以达到的e 热量不能自发从低温物体传给高温物体f 将一个分子从无穷远处无限靠近另个分子，则分子力先增大后减小最后再增大考点：热力学第二定律；布朗运动专题：热力学定理专题分析：本题根据布朗运动的实质、液体的沸点与大气压的关系、饱和汽的压强特点、热力学第三定律、热力学第二定律和分子动理论分析解答：解：a、布朗运动是悬浮在流体中的固体小颗粒的无规则运动，是由于液体分子撞击的冲力不平衡引起的，所以布朗运动是液体分子无规则运动的反映故a错误；b、液体的沸点与液体上方的大气压有关，随大气压的增大而增大，故b正确；c、饱和汽的压强与液体的种类和温度有关，与体积无关，故c错误；d、根据热力学第三定律知，绝对零度只能接近，不可能达到，故d错误；e、根据热力学第二定律，热量不能自发从低温物体传给高温物体，故e正确；f、将一个分子从无穷远处无限靠近另个分子，由作用力与分子间距关系图可知，分子力先表现为引力，先增大后减小；最后表现为斥力并不断增大，故f正确；故选：bef点评：本题关键要理解布朗运动形成的原因，知道热力学第三定律对于分子力，可结合图象直观记忆14横截面积s=3dm2的圆筒内装有质量m=0.6kg的水，被太阳光垂直照射2min，水的温度升高了1设大气顶层的太阳能只有45%到达地面，太阳与地球之间的平均距离为1.51011m，试估算出太阳的全部辐射功率是多少？（已知水的比热容c=4200j/kg保留1为有效数字）考点：能量转化和转移的方向性专题：计算题分析：先根据q=cmt求出水所吸收的热量，这是横截面积是3102m2的圆筒在2min内获得的太阳能，再求出在阳光直射下，地球表面每平方米每秒钟获得的能量；再求出每平方米每秒钟射到大气顶层的太阳能总量，再乘以4r2，即求得太阳辐射的功率解答：解：横截面积是3102m2的圆筒在2min内吸收的热量为 q=cmt=4.21030.61j=2.52103j在阳光直射下，地球表面每平方米每秒钟获得的能量为 e=700j/（m2s）每平方米每秒钟射到大气顶层的太阳能总量为 e0=太阳辐射的功率为 p=e04r2代入数据解得，p=41026w得：p=41026w答：太阳的全部辐射功率是41026w点评：本题要搞清功率的意义，建立模型，同时要有耐心，计算要细心【选修模块3-4】（共2小题，满分12分）15在以下各种说法中，正确的是 （）a 做简谐运动的质点，其振动能量与振幅无关b 两个相邻的、在振动过程中对平衡位置的位移总是相等的质点之间的距离为一个波长c 两列频率相同的声波在空气中发生干涉时，振动加强质点的位移一定大于振动减弱质点的位移d 若波源向观察者靠近，则波源发出的波的频率变大e 泊松亮斑说明光具有衍射现象，小孔成像说明光不具有衍射现象f 电磁波的传播不需要介质，声波的传播一定需要介质g 非均匀变化的电场能产生变化的磁场，反之，变化的磁场一定产生非均匀变化的电场h 真空中的光速在不同的惯性参考系中都是相同的，与光源的运动和观察者的运动无关考点：狭义相对论；多普勒效应；光的衍射分析：简谐运动的质点，其振动能量与振幅有关；根据波长的定义，即可求解；振动加强质点的位移与振动减弱质点的位移大小不确定；波源向观察者靠近，发射频率不变，接收频率增大；小孔成像说明光是直线传播；电磁波本身就是物质，不需要依赖介质传播；变化中分均匀变化与非均匀变化；根据相对论的光速不变原理解答：解：a、简谐运动的质点，其振动能量与振幅及振子的质量有关，故a错误；b、根据波长的定义可知，任意两个相邻的、在振动过程中对平衡位置的位移总是相等的质点之间的距离即为一个波长，故b正确；c、两列频率相同的声波在空气中发生干涉时，振动加强质点的振幅一定大于振动减弱质点的，而位移不确定，故c错误；d、若波源向观察者靠近，则波源发出的波的频率不变，而接收频率却变大，故d错误；e、泊松亮斑说明光具有衍射现象，小孔成像说明光是沿着直线方向传播的，故e错误；f、电磁波本身就是物体，其传播不需要介质，声波的传播一定需要介质，故f正确；g、非均匀变化的电场能产生变化的磁场，反之，变化的磁场不一定产生非均匀变化的电场，可能是均匀变化，则会产生稳定的，故g错误；h、真空中的光速在不同的惯性参考系中都是相同的，与光源和观察者的运动无关，故h正确；故选：bfh点评：考查光的衍射现象与光的干涉条件，理解光速不变原理，知道电磁波与光波的联系，注意简谐运动的振动能量与振幅有关，及多普勒效应中发射频率总是不变16如图，一束截面为圆形（半径r=1m）的平行紫光垂直射向一半径也为r的玻璃半球的平面，经折射后在屏幕s上形成一个圆形亮区屏幕s至球心的距离为d=（+1）m，不考虑光的干涉和衍射，试问：若玻璃半球对紫色光的折射率为n=，请你求出圆形亮区的半径若将题干中紫光改为白光，在屏幕s上形成的圆形亮区的边缘是什么颜色？考点：光的折射定律专题：光的折射专题分析：光线沿直线从o点穿过玻璃，方向不变从a点射出玻璃砖的光线方向向右偏折，射到屏幕s上圆形亮区，作出光路图，由光的折射定律结合数学几何知识求出圆形亮区的半径当光线从空气垂直射入半圆玻璃砖，光线不发生改变，当入射角小于临界角时，光线才能再从玻璃砖射出，所以平行白光中的折射率不同，导致临界角不同，因此偏折程度不同，从而确定圆形亮区的最外侧的颜色；解答：解：如图，紫光刚要发生全反射时的临界光线射在屏幕s上的点e到亮区中心g的距离r就是所求最大半径设紫光临界角为c，由全反射的知识得：sinc=，又：ab=rsinc=，ob=rcosc=r，bf=abtanc=，gf=d（ob+bf）=d，=所以有r=ge=ab=dnr=（+1）1=1m将题干中紫光改为白光，在屏幕s上形成的圆形亮区的边缘是紫色因为当平行光从玻璃中射向空气时，由于紫光的折射率的最大，则临界角最小，所以首先发生全反射，因此出射光线与屏幕的交点最远故圆形亮区的最外侧是紫光答：（1）圆形亮区的最大半径为1m（2）屏幕s上形成的圆形亮区的最外侧是紫光；点评：本题考查光的折射关键是作出光路图，根据几何知识求出入射角与折射角，知道折射率和临界角的关系，了解各种色光的波长和折射率的关系【选修模块3-5】（共2小题，满分0分）1013金坛市校级模拟）下列说法正确的是 （）a 甲、乙两个物体组成一系统，甲、乙所受合外力不均为零，则系统的动量不可能守恒b 用不可见光照射金属一定比用可见光照射同种金属产生的光电子的初动能要大c 波粒二象性中的波动性是大量光子和高速运动的微观粒子的行为，这种波动性与机械波在本质上是不同的d 欲使处于基态的氢原子电离，可以用动能为13.7ev的电子去碰撞e 原子核式结构模型是由汤姆逊在粒子散射实验基础上提出的f 发现中子的核反应是be+hec+ng 核力是强相互作用的一种表现，任意两个核子之间都存在核力作用h 衰变说明了粒子（电子）是原子核的组成部分考点：动量守恒定律；氢原子的能级公式和跃迁；原子核衰变及半衰期、衰变速度分析：系统所受合外力为零，系统动量守恒；光的频率越大光子能量越大，发生光电效应时光电阻的初动能越大；氢原子基态的能量是13.6ev，用大于13.6ev的励志碰撞时有可能使氢电离；核反应过程质量数与核电荷数守恒，据此及物理学常识分析答题；核力的作用范围很小，只有相邻的核子间存在核力作用解答：解：a、甲、乙两个物体组成一系统，甲、乙所受合外力不均为零，如果甲、乙组成的系统所受合外力为零，则系统动量守恒，故a错误；b、有的不可见光的频率比可见光的频率大，有的不可见光的频率比可见光的频率小，用频率比可见光的频率小的光照射金属比用可见光照射同种金属产生的光电子的初动能要小，故b错误；c、波粒二象性中的波动性是大量光子和高速运动的微观粒子的行为，这种波动性与机械波在本质上是不同的，故c正确；d、氢原子基态的能量是13.6ev，欲使处于基态的氢原子电离，可以用动能为13.7ev的电子去碰撞，故d正确；e、原子核式结构模型是由卢瑟福在粒子散射实验基础上提出的，故e错误；f、查德威克发现了中子，发现中子的核反应是be+hec+n，故f正确；g、核力是强相互作用的一种表现，只有相邻的两个核子之间都存在核力作用，故g错误；h、中子放出一个电子变为质子衰变是衰变，衰变不能说明粒子（电子）是原子核的组成部分，故h错误；故选：cdf点评：本题考查了选项35的内容，涉及的知识点很多，是一道综合题，但难度不大，掌握基础知识即可解题，平时学习时要注意基础知识的学习与掌握1013金坛市校级模拟）已知氘核质量为2.013 6u，中子质量为1.008 7u，he的质量为3.015 0u（1）写出两个氘核聚变成he的核反应方程；（2）计算上述核反应中释放的核能；（3）若两氘核以相等的动能0.35mev做对心碰撞即可发生上述核反应，且释放的核能全部转化为机械能，则反应中生成的he和中子的动能各是多少？考点：爱因斯坦质能方程；裂变反应和聚变反应专题：爱因斯坦的质能方程应用专题分析：根据质量数守恒和核电荷数守恒书写核反应方程先求出核反应中质量亏损，再由爱因斯坦质能方程，求出核反应中释放的核能；两氘核对心碰撞过程，遵守动量守恒和能量守恒根据动量守恒和能量守恒列方程求解解答：解：（1）由质量数守恒和核电荷数守恒，写出核反应方程为：h+hhe+ n（2）反应过程中质量减少了：m=22.0136u1.0087u3.0150u=0.0035u反应过程中释放的核能为：e=0.0035931.5mev=3.26mev（3）设 n核和 he的动量分别为p1和p2，由动量守恒定律得：o=p1+p2由此得p1和p2大小相等，由动能和动量关系e=及he核和 n质量关系，得中子的动能e1是 he核动能e2的3倍，即：e1：e2=3：1由能量守恒定律得：e1+e2=e+20.35由以上可以算出：e1=2.97meve2=0.99mev答：（1）核反应方程为h+hhe+ n（2）上述核反应中释放的核能为3.26mev（3）反应中生成的he核的动能是0.99ev；中子的动能为2.97ev点评：对于核反应书写核反应方程，要抓住微观粒子的碰撞，相当于弹性碰撞，遵守两大守恒：动量守恒和能量守恒四计算题或推导证明题：本题共3小题，共计45分解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位19在足够长粗糙水平木板a上放一个质量为m的小滑块b滑块b在水平方向除受到摩擦力外，还受到一个水平向左的恒定外力f作用，其中f=0.3mg开始时用手托住木板a，a、b均静止，如图所示现将木板a从图中位置p竖直向上移至位置q，发现小滑块b相对a发生了运动为简单起见，将木板a从p到q的运动简化成先匀加速接着匀减速到静止的过程，且竖直方向加速的时间为0.8s，减速的时间为0.2sp、q位置高度差为0.5m已知a、b之间的动摩擦因数=0.4，g取10m/s2求：（1）木板a加速和减速的加速度分别为多大？（2）滑块b最后停在离出发点水平距离多远处？考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系专题：直线运动规律专题分析：根据运动学公式列方程求加速和减速的加速度大小；先以b为研究对象列牛顿第二定律方程然后以a为研究对象列牛顿第二定律方程求出加速度大小，然后根据位移公式求二者运动的距离，最后由几何关系求出滑块b最后停在离出发点水平距离解答：解：（1）设木板a匀加速和匀减速的加速度大小分别为a1和a2，匀加速和匀减速的时间分别为t1和t2，p、q高度差为h，则有：a1t1=a2t2h=a1t12+a2t22求得：a1=1.25m/s2a2=5m/s2（2）研究滑块b，在木板a匀减速的过程中，由牛顿第二定律可得：竖直方向：mgn=ma2水平方向：fn=ma3求得：a3=0.1g=1m/s2在这个过程中滑块b的水平位移大小为：s3=a3t22=0.02m 在木板a静止后，滑块b将沿水平方向做匀减速运动，设加速度大小为a4，则有：mgf=ma4得：a4=0.1g=1m/s2该过程中滑板b的水平位移大小为：s4=s3=0.02m 最后滑板b静止时离出发点的水平距离为：s=s4+s3=0.04m 答：（1）木板a加速和减速的加速度分别为1.25m/s2、5m/s2（2）滑块b最后停在离出发点水平距离0.04m点评：本题考查了牛顿第二定律在连接体问题中的应用，关键是列牛顿第二定律方程时正确的选取研究对象受力分析20如图甲，相距为l的光滑平行金属导轨水平放置，导轨一部分处在垂直导轨平面的匀强磁场中，oo为磁场边界，磁感应强度为b，导轨右侧接有定值电阻r，导轨电阻忽略不计在距oo为l处垂直导轨放置一质量为m、电阻不计的金属杆ab（1）若ab杆在恒力作用下由静止开始向右运动