江西省南昌三中高二物理上学期10月月考试卷（含解析）.doc

2015-2016学年江西省南昌三中高二（上）月考物理试卷（10月份）一、选择题（每小题4分，共40分其中1-7小题为单选题，8-10小题为多选题）1电路中每秒钟有60万亿个自由电子通过横截面积为0.64106 m2的导线，那么电路中的电流是( )a0.016ab1.6mac16ad0.16a2铅蓄电池的电动势为2v，这表示( )a电路中每通过1c电荷量，电源把2j的化学能转变为电能b蓄电池两极间的电压为2vc蓄电池在1s内将2j的化学能转变成电能d蓄电池将化学能转变为电能的本领比一节干电池（电动势为1.5v）的大3根据欧姆定律，下列说法中不正确的是( )a从关系式r=可知，对于一个确定的导体来说，如果导体两端的电压越大，则通过的电流也越大b从关系式r=可知，导体的电阻跟导体两端的电压成正比，跟导体中的电流成正比c从关系式i=可知，导体中的电流跟导体两端的电压成正比，跟导体的电阻成反比d从关系式r=可知，对于一个确定的导体来说，所加在的电压跟通过的电流的比值是一确定值4如图所示，r1=2，r2=10，r3=10，a、b两端接在电压恒定的电源上，则( )as断开时，r1与r2的功率之比为1：5bs闭合时通过r1与r2的电流之比为2：1cs断开与闭合两情况下，电阻r1两端的电压之比为2：1ds断开与闭合两情况下，电阻r2的功率之比为7：125两块大小、形状完全相同的金属平板平行放置，构成一平行板电容器，与它相连接的电路如图所示，接通开关，电源即给电容器充电：保持k接通，减少两极板间的距离，则两极板间电场的电场强度减少保持k接通，在两极板间插入一块介质，则极板上的电量增大断开k，减小两极板间的距离，则两极板间的电势差减小断开k，在两极板间插入一块介质，则两极板间的电势差增大以上说法正确的有( )abcd6如图所示，a和b是置于真空中的两平行金属板，所加电压为u一带负电的粒子以初速度v0由小孔水平射入电场中，粒子刚好能达到金属板如果要使粒子刚好达到两板间距离的一半处，可采取的办法有( )a初速度为，电压u不变b初速度为，电压为c初速度为v0，电压为d初速度为v0，电压为u7如图，o是一固定的点电荷，另一点电荷p从很远处以初速度v0射入点电荷o的电场，在电场力作用下的运动轨迹是曲线mna、b、c是以o为中心，ra、rb、rc为半径画出的三个圆，rcrb=rbra1、2、3、4为轨迹mn与三个圆的一些交点，以|w12|表示点电荷p由1到2的过程中电场力做的功的大小，|w34|表示由3到4的过程中电场力做的功的大小，则( )a|w12|=2|w34|b|w12|2|w34|cp、q两电荷可能同号，也可能异号dp的初速度方向的延长线与o之间的距离可能为零8如图所示，用绝缘细线拴一个带负电的小球，让它在竖直向下的匀强电场中绕o点做竖直平面内的圆周运动， a、b两点分别是圆周的最高点和最低点，则( )a小球经过a点时，线中的张力最小b小球经过b点时，电势能最小c小球经过a点时，电势能最小d小球经过b点时，机械能最小9在一幢居民楼里有各种不同的用电器，如电灯、电视机、洗衣机、微波炉、排油烟机等停电时，用多用电表测得a、b间的电阻为r；供电后，设各家用电器全都同时使用时，测得a、b间电压为u，进线电流为i；经过一段时间t，从总电能表中测得这段时间内消耗的电能为w，则下列表达式用来计算该幢楼居民用电的总功率，其中错误的是( )ap=i2rbp=cp=iudp=10小灯泡通电后其电流i随所加电压u变化的图线如图所示，p为图线上一点，pn为图线的切线，pq为u轴的垂线，pm为i轴的垂线则下列说法中正确的是( )a随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大b随着所加电压的增大，小灯泡的电阻减小c对应p点，小灯泡的电阻为d对应p点，小灯泡的电阻为r=二、填空题（每空3分，共21分）11小灯泡灯丝的电阻会随温度的变化而变化，一研究性学习小组在实验室通过实验研究这一问题，实验室各有的器材是：电压表（03v，3k）、电流表（00.6a，0.5）、电池、开关，滑动变阻器、待测小灯泡（电阻约为几欧）、导线若干实验时，要求小灯泡两端的电压从零开始逐渐增大他们应选用图甲中_图所示电路进行实验根据实验测得数据描绘出如图乙所示的ui图象，由图乙分析可知，小灯泡电阻随温度变化的情况是_，已知实验中使用的小灯泡标有1.5v字样，请你根据上述实验结果求出小灯泡在1.5v电压下的实际功率是_w12某直流电动机m转动时的ui图象如图甲所示，该同学利用图乙的实验电路研究电动机的转动情况，电路中使用恒压电源，r1=15，r2是滑动变阻器，电流表a是理想电流表，实验操作步骤如下：闭合开关s2前，调节滑动变阻器，使其滑动触头在_端（选填“左”或“右”）先闭合开关s1，开关s2保持断开，此时电流表的示数为0.6a，则恒压电源输出电压为_ v再闭合开关s2，然后缓慢调节滑动变阻器使电动机恰好转动起来，此时电流表的示数为1.8a，直流电动机m实际消耗的电功率为_w（取两位有效数字）三、计算题（4小题，共39分）13一个竖直放置的半径为r的光滑绝缘环，置于水平方向的匀强电场中，电场强度大小为e有一质量为m，电量为正q的空心小球套在环上，如图所示当小球由静止开始从环的顶端a下滑圆弧到达b位置时，小球的速度大小是_当小球下滑到最低点c时，对环的压力的大小是_14如图所示，有一个表头g，满偏电流ig=500ma，内阻rg=200，用它改装为有1a和10a两种量程的电流表，求r1、r2的阻值各为多大？15一台电风扇，内电阻是20，接上220v的电压后，消耗的功率是66w，求：（1）电风扇正常工作时通过风扇电动机的电流大小；（2）电风扇工作时，转化为机械能和内能的功率；（3）若接上电源后，扇叶被卡住，不能转动，此时通过电动机的电流多大？电动机消耗的电功率和发热功率各是多大？16在金属板a、b间加上如图乙所示的大小不变、方向周期性变化的交变电压uo，其周期是t现有电子以平行于金属板的速度vo从两板中央射入（如图甲）已知电子的质量为m，电荷量为e，不计电子的重力，求：（1）若电子从t=0时刻射入，在半个周期内恰好能从a板的边缘飞出，则电子飞出时速度的大小（2）若电子从t=0时刻射入，恰能平行于金属板飞出，则金属板至少多长？（3）若电子恰能从两板中央平行于板飞出，电子应从哪一时刻射入，两板间距至少多大？2015-2016学年江西省南昌三中高二（上）月考物理试卷（10月份）一、选择题（每小题4分，共40分其中1-7小题为单选题，8-10小题为多选题）1电路中每秒钟有60万亿个自由电子通过横截面积为0.64106 m2的导线，那么电路中的电流是( )a0.016ab1.6mac16ad0.16a【考点】电流、电压概念【专题】恒定电流专题【分析】由电子数可求得通过导线的电量，再由电流的定义式可求得电流【解答】解：每分钟通过的电量为：q=6010121.61019c=9.6106c；则电路中的电流为：i=1.6107a=0.16a故选：d【点评】本题考查电流的定义，在计算时要明确是电量与时间的比值，故应先根据电子的电量求出通过的电量2铅蓄电池的电动势为2v，这表示( )a电路中每通过1c电荷量，电源把2j的化学能转变为电能b蓄电池两极间的电压为2vc蓄电池在1s内将2j的化学能转变成电能d蓄电池将化学能转变为电能的本领比一节干电池（电动势为1.5v）的大【考点】电源的电动势和内阻【专题】恒定电流专题【分析】铅蓄电池是把化学能转化为电能的装置由电动势的定义式e=可知：电源的电动势为2v，电路中每通过1c电荷量，电源把2j的化学能转变为电能当电池接入电路时，两极间的电压小于2v蓄电池在1s内将多少的化学能转变为电能，还与电流有关电动势表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱【解答】解：a、铅蓄电池是把化学能转化为电能的装置由电动势的定义式e=可知：电源的电动势e为2v，电路中每通过q=1c电荷量，电源把2j的化学能转变为电能故a正确 b、当电池不接入外电路，蓄电池两极间的电压为2v；当电池接入电路时，两极间的电压小于2v故b错误 c、蓄电池在1s内将多少的化学能转变为电能，还与电流有关，条件不足，无法确定有多少化学能转变为电能故c错误 d、电动势表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱，电动势大，转化本领大故d正确故选：ad【点评】电源是把其他能转化为电能的装置，电动势的物理意义是表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱，与外电路的结构无关3根据欧姆定律，下列说法中不正确的是( )a从关系式r=可知，对于一个确定的导体来说，如果导体两端的电压越大，则通过的电流也越大b从关系式r=可知，导体的电阻跟导体两端的电压成正比，跟导体中的电流成正比c从关系式i=可知，导体中的电流跟导体两端的电压成正比，跟导体的电阻成反比d从关系式r=可知，对于一个确定的导体来说，所加在的电压跟通过的电流的比值是一确定值【考点】欧姆定律【专题】定性思想；推理法；恒定电流专题【分析】导体电阻由导体材料、长度、横截面积决定，与导体两端的电压和通过导体的电流无关，应用欧姆定律分析答题【解答】解：a、由r=可知，u=ir，对于一个确定的导体来说，如果通过的电流越大，则导体两端的电压也越大，故a正确；b、导体电阻由导体材料、长度、横截面积决定，与导体两端的电压和通过导体的电流无关，故b错误；c、由i=可知，导体中的电流跟导体两端的电压成正比，跟导体的电阻成反比，故c正确；d、导体电阻由导体材料、长度、横截面积决定，与导体两端的电压和通过导体的电流无关，导体电阻在数值上等于它两端的电压与通过它的电流之比，由r=可知，对于一个确定的导体来说，所加的电压跟通过的电流的比值是一确定值，故d正确；本题选择错误的，故选：b【点评】本题是一道基础题，知道导体电阻的决定因素、会正确应用欧姆定律即可正确解题4如图所示，r1=2，r2=10，r3=10，a、b两端接在电压恒定的电源上，则( )as断开时，r1与r2的功率之比为1：5bs闭合时通过r1与r2的电流之比为2：1cs断开与闭合两情况下，电阻r1两端的电压之比为2：1ds断开与闭合两情况下，电阻r2的功率之比为7：12【考点】闭合电路的欧姆定律；串联电路和并联电路【专题】恒定电流专题【分析】s断开时，根据串联电路功率与电阻成正比确定功率的比例分析电路串并联关系，求出各个电阻的电压与a、b总电压的关系，就能得到s断开与闭合两种情况电压、功率的比例【解答】解：a、由p=i2r，i相等，r1与r2的功率之比等于电阻之比1：5故a正确 b、i2=i3，r3=r2，则i1=2i2，故b正确 c、s断开时，u1：u2=r1：r2=1：5，则u1= s闭合时，u1：u2=r1：=2：5，则u1= 故c错误 d、u2=，u2=，由p2=，p2：p2=49：36故d错误故选ab【点评】电路的分析与计算问题的基础是分析电路的结构往往按局部整体局部的顺序进行分析和计算也有时抓住串并联电流、电压与电阻的分配关系求解5两块大小、形状完全相同的金属平板平行放置，构成一平行板电容器，与它相连接的电路如图所示，接通开关，电源即给电容器充电：保持k接通，减少两极板间的距离，则两极板间电场的电场强度减少保持k接通，在两极板间插入一块介质，则极板上的电量增大断开k，减小两极板间的距离，则两极板间的电势差减小断开k，在两极板间插入一块介质，则两极板间的电势差增大以上说法正确的有( )abcd【考点】电容器【专题】电容器专题【分析】电容器与电源相连，两极板间的电势差不变，通电后断开，则两极板上的电量不变； 由平行板电容器电容c=，根据某些量的变化可知电容的变化，则由q=uc可知电压或电量的变化，由e=可求得电场强度的变化【解答】解：保持k接通，则两板间的电势差不变，因d减小，由e=可知，两极板间的电场的电场场强增大，故错误；保持k接通，两板间的电势差不变，在两极板间插入介质后，电容增大，由q=uc可知，极板上的电量增大，故正确；断开k，减小距离d，电容增大，而两板上所带电量不变，由c=可得u=，则知两极板间的电势差u减小，故正确；断开k，插入介质后电容增大，两板上所带电量不变，由u=可知极板上的电势差减小，故错误；故选：c【点评】电容器的动态分析重点在于明确电容器的两种状态：充电后断开则极板上的电量不变，和电源相连，则两板间的电势差不变，再根据电容的决定式和定义式结合进行分析6如图所示，a和b是置于真空中的两平行金属板，所加电压为u一带负电的粒子以初速度v0由小孔水平射入电场中，粒子刚好能达到金属板如果要使粒子刚好达到两板间距离的一半处，可采取的办法有( )a初速度为，电压u不变b初速度为，电压为c初速度为v0，电压为d初速度为v0，电压为u【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系【专题】电场力与电势的性质专题【分析】由题，粒子射入电场后，电场力做负功，动能减小，根据动能定理列出方程要使粒子刚好达到两板间距离的一半处，根据匀强电场沿电场线方向两点间电势差与距离成正比，再运用数学知识进行讨论，选择题意的选项【解答】解：a、粒子刚好能达到b金属板时，根据动能定理得，qu=0，当初速度为，速度减到零时所需电压u变为原来的，故电荷达到两板间距离的处故a错误 b、由qu=0，分析可知，当初速度为，速度减到零时所需电压u变为原来的，而电压为时，即粒子刚好达到两板间距离的一半处，符合题意故b正确 c、由qu=0，分析可知，初速度为v0，电压为时，电荷将达到对面极板上故c错误 d、由qu=0，分析可知，初速度为v0，电压为u时，速度减到零时所需电压为u，电荷到达两板间距离的处故d错误故选：b【点评】本题根据动能定理研究带电粒子在电场中加速的问题，是常用的方法比较简单7如图，o是一固定的点电荷，另一点电荷p从很远处以初速度v0射入点电荷o的电场，在电场力作用下的运动轨迹是曲线mna、b、c是以o为中心，ra、rb、rc为半径画出的三个圆，rcrb=rbra1、2、3、4为轨迹mn与三个圆的一些交点，以|w12|表示点电荷p由1到2的过程中电场力做的功的大小，|w34|表示由3到4的过程中电场力做的功的大小，则( )a|w12|=2|w34|b|w12|2|w34|cp、q两电荷可能同号，也可能异号dp的初速度方向的延长线与o之间的距离可能为零【考点】电势能；电场强度【专题】电场力与电势的性质专题【分析】根据2、3间和3、4间电场强度的大小关系，由公式u=ed分析它们间电势差的关系，再分析电场力做功的大小由轨迹可判定p、q必定是异号若p的初速度方向的延长线与o之间的距为零，点电荷将做直线运动【解答】解：a、b根据电场线的分布情况可知，2、3间的场强大于3、4间场强，由公式u=ed分析得知，2、3间的电势差大于3、4间的电势差，所以1、2间的电势差大于3、4间电势差的2倍，即有|u12|2|u34|，由电场力做功公式w=qu得，|w12|2|w34|故a错误，b正确c、由轨迹的弯曲方向可判定两电荷间存在引力，是异号故c错误d、若p的初速度方向的延长线与o之间的距为零，点电荷将做直线运动，与题不符故d错误故选b【点评】本题是电场中轨迹问题，由u=ed定性分析非匀强电场中两点间电势差的关系，由轨迹弯曲方向判断电场力方向都是常见的问题，要加强训练，熟练掌握8如图所示，用绝缘细线拴一个带负电的小球，让它在竖直向下的匀强电场中绕o点做竖直平面内的圆周运动，a、b两点分别是圆周的最高点和最低点，则( )a小球经过a点时，线中的张力最小b小球经过b点时，电势能最小c小球经过a点时，电势能最小d小球经过b点时，机械能最小【考点】电势能；牛顿第二定律；向心力；电场强度【专题】电场力与电势的性质专题【分析】分析小球所受重力与电场力的大小关系：当重力大于电场力时，小球运动到最高点a时，线的张力一定最小，到达最低点b时，小球的速度最大；当重力等于于电场力时，小球做匀速圆周运动当重力小于电场力时，小球运动到最高点a时，线的张力一定最大，到达最低点b时，小球的速度最小；根据电场力做功判断电势能的高低根据除重力以外其它力做功判断机械能的大小【解答】解：a、当电场力大于重力，小球运动到a点时，速度最大，根据牛顿第二定律知，拉力最大故a错误b、小球从a点运动到b点的过程中，电场力做负功，电势能增加所以小球过b点时，电势能最大故b错误c、从a到b，电势能增加，所以a点电势能最小故c正确d、从a到b，除重力以外，电场力做负功，机械能减小，所以b点机械能最小故d正确故选cd【点评】解决本题的关键要讨论重力和电场力的大小关系，从而确定在竖直平面内圆周运动的等效最高点和最低点以及知道电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加知道除重力以外其它力做的功等于机械能的增量9在一幢居民楼里有各种不同的用电器，如电灯、电视机、洗衣机、微波炉、排油烟机等停电时，用多用电表测得a、b间的电阻为r；供电后，设各家用电器全都同时使用时，测得a、b间电压为u，进线电流为i；经过一段时间t，从总电能表中测得这段时间内消耗的电能为w，则下列表达式用来计算该幢楼居民用电的总功率，其中错误的是( )ap=i2rbp=cp=iudp=【考点】电功、电功率【专题】交流电专题【分析】本题考查功率公式的应用，要注意明确式p=ui是普遍适用的；而p=i2r只能用来求热功率；p=只能适用于纯电阻电路【解答】解：电路消耗的电功率的计算公式p=ui及p=均是普遍适用的，而ab两选项只适用于纯电阻电路中求总功率，而电视机、洗衣机、微波炉和排油烟机都不是纯电阻，所以选项ab错误，cd正确；本题选错误的，故选：ab【点评】本题考查对功率公式的理解及欧姆定律的适用条件，要注意明确各功率公式的适用范围明确p=i2r只能用来求热功率10小灯泡通电后其电流i随所加电压u变化的图线如图所示，p为图线上一点，pn为图线的切线，pq为u轴的垂线，pm为i轴的垂线则下列说法中正确的是( )a随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大b随着所加电压的增大，小灯泡的电阻减小c对应p点，小灯泡的电阻为d对应p点，小灯泡的电阻为r=【考点】电阻率与温度的关系；闭合电路的欧姆定律【专题】恒定电流专题【分析】根据电阻的定义r=，电阻等于图线上的点与原点连线的斜率的倒数，斜率逐渐减小，电阻逐渐增大对应p点，灯泡的电阻等于过p点的切线斜率的倒数【解答】解：ab、图线上的点与原点连线的斜率逐渐减小，说明电阻逐渐增大故a正确 c、d对应p点，小灯泡的电阻为r=故c错误，d正确故选ad【点评】本题中灯泡是非线性元件，其电阻r=，但r二、填空题（每空3分，共21分）11小灯泡灯丝的电阻会随温度的变化而变化，一研究性学习小组在实验室通过实验研究这一问题，实验室各有的器材是：电压表（03v，3k）、电流表（00.6a，0.5）、电池、开关，滑动变阻器、待测小灯泡（电阻约为几欧）、导线若干实验时，要求小灯泡两端的电压从零开始逐渐增大他们应选用图甲中a图所示电路进行实验根据实验测得数据描绘出如图乙所示的ui图象，由图乙分析可知，小灯泡电阻随温度变化的情况是温度越高，电阻越大，已知实验中使用的小灯泡标有1.5v字样，请你根据上述实验结果求出小灯泡在1.5v电压下的实际功率是0.69w【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线【分析】由实验要求及灯泡的内阻可以选出正确的电路图；由图象的斜率可知灯泡电阻的变化，而电压越高，温度越高，从而可以确定温度与电阻的关系；由图可得出灯泡在1.5v时的工作电流，由功率公式可求得实际功率【解答】解：本实验要求电压能从零开始变化，故只有分压接法才可实现；同时由于灯泡内阻较小，故电流表只能外接才能减小误差；故选a；由图可知，灯泡电阻越来越大；而电压越高，则导体温度越高，故说明温度越高，电阻越大（或电阻随温度的升高而增大）由图可知，当电压为1.5v时，灯泡的电流为：0.46a，故灯泡的功率p=1.50.46w=0.69w；故答案为：a；温度越高，电阻越大；0.69【点评】本题考查测小灯泡的伏安特性曲线的电路图及小灯泡的电阻与温度的关系；在解题时要注意对图象的认识12某直流电动机m转动时的ui图象如图甲所示，该同学利用图乙的实验电路研究电动机的转动情况，电路中使用恒压电源，r1=15，r2是滑动变阻器，电流表a是理想电流表，实验操作步骤如下：闭合开关s2前，调节滑动变阻器，使其滑动触头在左端（选填“左”或“右”）先闭合开关s1，开关s2保持断开，此时电流表的示数为0.6a，则恒压电源输出电压为9 v再闭合开关s2，然后缓慢调节滑动变阻器使电动机恰好转动起来，此时电流表的示数为1.8a，直流电动机m实际消耗的电功率为3.8w（取两位有效数字）【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线【专题】实验题【分析】本题关键是抓住电源是恒压电源、电流表是理想电流表的条件，即闭合前后电源两端电压及两端电压均为9.0v不变，再结合欧姆定律求出通过电动机的电流，然后根据电动机的ui图象读出电动机两端电压，从而求出电动机的功率【解答】解：（1）因变阻器采用限流式接法，开关闭合前为使电路中电路中电流最小，应其接入电路中的阻值为最大故滑片应在最左端；（2）根据欧姆定律开关s2保持断开时恒压电源输出电压为u=i=0.615v=9.0v（3）由（2）知电源电压恒为9.0v，闭合开关后根据欧姆定律有通过电流为=a=0.6a，所以通过电动机的电流为=i=1.80.6=1.2a，再根据电动机的ui图象可读出电动机两端电压=3.2v，则直流电动机m实际消耗的电功率为p=.=1.23.2w=3.8w；故答案为（1）左（2）9.0（3）3.8【点评】电动机是非纯电阻，不再符合欧姆定律，因此，在遇到含电动机的问题时不能根据欧姆定律直接去求电动机的电流或电压，只能根据串并联电路特点或图象间接求出三、计算题（4小题，共39分）13一个竖直放置的半径为r的光滑绝缘环，置于水平方向的匀强电场中，电场强度大小为e有一质量为m，电量为正q的空心小球套在环上，如图所示当小球由静止开始从环的顶端a下滑圆弧到达b位置时，小球的速度大小是当小球下滑到最低点c时，对环的压力的大小是5mg【考点】动能定理的应用；带电粒子在匀强电场中的运动【专题】动能定理的应用专题【分析】由动能定理求出小球到达b点时的速度；小球做圆周运动，先由动能定理求出小球到达c点时的速度大小，然后由牛顿第二定律列方程，求出小球受到弹力；由牛顿第三定律求出小球对环的压力【解答】解：从a到b，由动能定理可得：mgr+qer=mvb20，得：vb=从a到c，根据动能定理：mg2r=mvc20得：vc=2根据牛顿第二定律：nmg=m得：n=5mg由牛顿第三定律，对环的压力的大小为：n=n=5mg故答案为：；5mg【点评】由动能定理求出受到，知道弹力与电场力的合力提供向心力是正确解题的关键14如图所示，有一个表头g，满偏电流ig=500ma，内阻rg=200，用它改装为有1a和10a两种量程的电流表，求r1、r2的阻值各为多大？【考点】把电流表改装成电压表【专题】实验题；恒定电流专题【分析】把小量程电流表改装成大量程电流表，应并联小电阻，根据并联电路特点与欧姆定律可以求出并联电阻阻值【解答】解：改装为1a电流表时，并联电阻的分流电流为：ir=iig=1500103=0.5a，分流电阻的阻值为：r1+r2=200，改装为10a电流表时：r2=，则：r1=180，r2=20；答：r1、r2的阻值分别为180、20【点评】把小量程电流表改装为大量程电流表应并联分流电阻，知道电表的改装原理、应用串并联电路特点与欧姆定律可以求出分流电阻阻值15一台电风扇，内电阻是20，接上220v的电压后，消耗的功率是66w，求：（1）电风扇正常工作时通过风扇电动机的电流大小；（2）电风扇工作时，转化为机械能和内能的功率；（3）若接上电源后，扇叶被卡住，不能转动，此时通过电动机的电流多大？电动机消耗的电功率和发热功率各是多大？【考点】电功、电功率【专题】恒定电流专题【分析】（1）根据功率p=ui可以求得电动机的电流的大小；（2）由pq=i2r可以求得转化为内能的功率的大小，再由p机=ppq可以求得转化为机械能的功率；【解答】解：（1）因为p入=iu所以i= a=0.3 a；（2）电风扇正常工作时转化为内能的功率为p内=i2r=0.3220 w=1.8 w电风扇正常工作时转化为机械能的功率为p机=p入p内=66 w1.8 w=64.2 w（3）当叶片不转动时，作纯电阻，根据欧姆定律，有：i=11a；电动机消耗的电功率等于电机的发热功率：p=ui=i2r=111120=2420w答：（1）电风扇正常工作时通过电动机的电流是0.3a；（2）电风扇正常工作时转化为机械能的功率是64.2 w；转化为内能的功率为1.8w；（3）如果接上电源后，电风扇的风叶被卡住，不能转动，电动机的电流11a，电动机消耗的电功率等于电机的发热功率是2420w【点评】对于电功率的计算，一定要分析清楚是不是纯电阻电路，对于非纯电阻电路，总功