江苏省无锡市育才中学中考物理一模试卷（解析版）.doc

2013年江苏省无锡市育才中学中考物理一模试卷参考答案与试题解析一、选择题（每小题2分，共24分）1（2分）（2011常德）“呼麦”是蒙古族的一种高超演唱形式演唱者运用技巧，使气息猛烈冲击声带，形成低音，在此基础上调节口腔共鸣，形成高音，实现罕见的一人同时唱出高音和低音的现象下列说法正确的是（）a“呼麦”中高音、低音指声音的响度b“呼麦”中的声音是振动产生的c“呼麦”中高音是超声波、低音是次声波d“呼麦”中高音和低音在空气中的传播速度不等考点：声音的产生；声速；音调；超声波与次声波分析：声音是发声体振动产生的；根据声音的产生、传播的条件和声音的三特征，以及超声波和次声波知识逐一分析，选择正确答案解答：解：a、错误，“呼麦”中高音、低音指声音的音调；b、正确，“呼麦”中的声音是声带振动产生的；c、错误，“呼麦”中高音和低音都不是超声波或次声波；d、错误，“呼麦”中高音和低音在空气中的传播速度相等；故选b点评：此题主要考查如何用声学知识解释生活中的问题，属于基本应用2（2分）（2005黄冈）下列现象中，是由于光沿直线传播形成的是（）a月光下的树影b你看到别人的背影c平静水面中的倒影d礼堂里放电影考点：光直线传播的应用分析：光在传播过程中遵循三种规律：光沿直线传播、光的反射、光的折射，分析各个例子属于那种规律，选出正确的选项解答：解：a、月光下的树影是光沿直线传播，故a正确；b、看别人的背影是利用了光的反射，故b错误；c、平静水面中的倒影是光的反射形成的，故c错误；d、礼堂里放电影是利用了光的折射，故d错误故选a点评：能否区分三种光现象（光的直线传播、光的反射、光的折射）是本题的解题关键3（2分）如图所示是当今流行的环保驱蚊用品电热液体蚊香器蚊香器通电后其内部的发热部件对驱蚊液加热，过一会儿，可见其顶部有“白气”飘出，房间里弥漫着驱蚊液的清香，起到驱蚊和灭蚊的作用下列说法正确的是（）a蚊香器工作时是将内能转化为电能b房间里清香四溢说明分子间存在相互作用力c“白气”是驱蚊液先汽化后液化产生的d“白气”是驱蚊液先液化后汽化产生的考点：汽化及汽化吸热的特点；液化及液化现象；分子的运动专题：汽化和液化、升华和凝华；分子热运动、内能分析：（1）物质由液态变成气态的现象叫做汽化，由气态变成液态的现象叫做液化；（2）物质是由分子组成的，分子在不停地做无规则运动解答：解：a、蚊香器工作时是将电能转化为内能，该选项说法不正确；b、房间里清香四溢说明分子间在不停地做无规则运动，该选项说法不正确；c、d、“白气”是驱蚊液先汽化，后液化产生的，故c正确、d错误故选c点评：本题主要考查学生对电热液体蚊香器的原理，以及能量转化的了解和掌握，属于基础知识的考查4（2分）（2006黄冈）电工上水泥杆用的脚扣结构如图所示，它由一根钢条做成约3/5的弧状，在前后a、b处绑上橡皮，踏脚板d上有一个固定脚的皮带c、a、b不在一个水平面上，在竖直方向有一个高度差，下列分析错误的是（）a脚扣可等效一个杠杆，b是支点b在a、b处绑上橡皮是为了减小摩擦力c脚踏板做得宽而大是为了减小脚受到的压强da，b间有一定高度差是为了保证脚扣对水泥杆产生足够的压力考点：增大或减小摩擦的方法；杠杆及其五要素专题：应用题；压轴题分析：解答该题需要用到以下知识：（1）杠杆是可以绕固定点转动的硬棒；（2）增大摩擦的方法；（3）减小压强的方法等解答：解：a、脚扣可以看成一个杠杆，b点为支点，脚向下踩的力为动力，则电线杆对a点的力为阻力，故a说法正确，与题意不符；b、在a、b处绑上橡皮是通过增大接触面的粗糙程度来增加摩擦力，防止脚扣在电线杆上滑动，故b说法错误，符合题意；c、脚踏板宽大是通过增大受力面积来减小压强，使电工踩在上面更舒服些，故c说法正确，不符合题意；d、ab之间形成高度差是为了改变力作用的角度，使力不会通过支点，否则对杠杆就不起作用了，故d说法正确，不符合题意故选b点评：该题以一实例考查了有关杠杆、摩擦力、压强等方面的知识，有一定的难度，解答的关键是掌握每个知识点的基本概念和各自的影响因素5（2分）昔日高档小轿车，今朝进入百姓家下列有关小轿车的说法正确的是（）a司机驾车时系安全带可以减小惯性b人用力推静止在水平路面上的车但未推动，是因为人对车的推力小于路面对车的摩擦力c轿车行驶时车体上方空气流速比下方大，故空气对小车向下的压强大于向上的压强d轿车在水平路面匀速行驶时，受到的是平衡力考点：力与运动的关系；惯性；流体压强与流速的关系专题：运动和力；气体的压强、流体压强与流速的关系分析：a、惯性是物体本身具有的一种性质，其大小只与物体的质量有关；b、静止状态是一种平衡状态，物体受平衡力；c、根据流体压强与流速的关系，流速越快，压强越小的特点进行分析；d、物体做匀速直线运动，受平衡力解答：解：a、司机驾车时系安全带可以减小惯性带来的伤害，但不能减小惯性，a错误；b、推车未动，所以车处于静止状态，受到的推力与摩擦力平衡，大小相等，所以b错误；c、轿车行驶时车体上方空气流速比下方大，空气对小车向下的压强小于向上的压强，所以c错误；d、轿车在水平路面匀速行驶，运动状态不变，受平衡力，所以d正确故选d点评：此题考查了惯性的知识、流体压强和流速的关系及二力平衡条件的应用，其中b选项很容易出错，要注意不动的含义6（2分）下列数据中，接近实际情况的是（）a对人体安全的电压为36vb家用台灯正常工作时，功率大约为200 wc小红上学时步行的速度大约是5m/sd一个初中生所受到的重力约是500 n考点：重力大小的估测专题：估算综合应用题分析：不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个解答：解：a、经验证明，只有不高于36v的电压对人体才是安全的此选项不符合实际；b、家用台灯正常工作时，通过的电流在0.2a左右，正常工作的功率在p=ui=220v0.2a=44w左右此选项不符合实际；c、中学生步行的速度在4km/h=4m/s1.1m/s左右此选项不符合实际；d、中学生的质量在50kg左右，受到的重力大约为50kg10n/kg=500n左右此选项符合实际故选d点评：物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义7（2分）如图所示的各类杠杆中，属于省距离的是（）a 起子b 道钉撬c 筷子d 钢丝钳考点：杠杆的分类专题：应用题；简单机械分析：结合图片和生活经验，判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆解答：解：a、起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，费距离；b、道钉撬在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，费距离；c、筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，省距离；d、钢丝钳在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，费距离故选c点评：此题考查的是杠杆的分类和特点，主要包括以下几种：省力杠杆，动力臂大于阻力臂，省力但费距离；费力杠杆，动力臂小于阻力臂，费力但省距离；等臂杠杆，动力臂等于阻力臂，既不省距离也不省力8（2分）（2011盐城）锯子的锯齿都“东倒西歪”，不在同一平面内小明猜想这是为了减小锯木头时的阻力，并设计实验检验猜想以下设计方案最佳的是（）a用同一把拨正锯齿的锯子分别锯硬木头和软木头，比较用力情况b用同一把锯子，分别在“东倒西歪”和拨正锯齿时锯同一硬木头，比较用力情况c用一把“东倒西歪”和另一把拨正锯齿的锯子分别锯同一硬木头，比较用力情况d用一把“东倒西歪”和另一把拨正锯齿的锯子分别锯同一软木头，比较用力情况考点：物理学方法；控制变量法与探究性实验方案；摩擦力大小的影响因素专题：压轴题；实验探究题；控制变量法分析：要解答本题需掌握：滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度和压力的大小有关解答：解：要探究“东倒西歪”的锯齿对锯木头时阻力的影响，应采取控制变量法，只改变锯齿的形状，控制其它的可变因素相同，如同一把锯子、同一块硬木头等；然后比较用力情况；分析比较四个选项可知：只有b选项是只改变锯齿的形状，控制其它的可变因素相同，来比较用力情况；符合题意故选b点评：本题考查学生利用控制变量法来探究摩擦阻力的影响因素锯齿形状的关系，是一道基础题9（2分）（2011盐城）小明对新型led灯带很好奇，取一段剖开后发现，灯带中的led灯是串联后通过电源适配器接入照明电路的他取下其中一只led灯接在电池两端没有亮，对调电池正负极后亮了，用手试摸，点亮的灯几乎不发热以下推断符合上述实验事实的是（）a单只led灯工作电压是220vbled灯主要是将电能转化为内能c电源适配器是将交流电转变为直流电d灯带中一只led灯断路后其他灯还亮考点：电源及其能量转化；串联电路和并联电路的辨别；电阻的串联专题：应用题；压轴题；学科综合题分析：照明电路的电压是220v，灯带中的led灯是串联后接入电路的，所以一只led灯的工作电压小于220v，并且只要一只灯泡断路，其它灯泡就无法工作；led灯主要是将电能转化为光能；电源适配器说白了就是变压器，可以将交流电转变为直流电解答：解：a、led灯是串联后通过电源适配器接入照明电路的，所以一只led灯的工作电压小于220v，不符合题意；b、因为用手试摸，点亮的灯几乎不发热，所以led灯主要是将电能转化为内能的说法是错误的，不符合题意；c、照明电路是交流电，电池产生的电是直流电把一只led灯接在电池两端能够亮起来，说明led灯可用直流电工作，电源适配器正是将交流电转变为直流电供给led灯的，符合题意；d、因为灯带中的led灯是串联的，所以灯带中一只led灯断路后其它灯也不能工作，不符合题意故选c点评：本题利用生活中某一实例，较全面地考查了物理知识的运用，揭示了物理来源于生活又应用于生活的物理意识，是中考的常见题型10（2分）（2011威海）某高速公路收费站对过往的超载货车实施计重收费，小明同学结合所学的物理知识设计了如图所示的称重表原理图，对于小明同学的设计你认为（）a此设计可行，称重表同电流表改装b此设计可行，称重表由电压表改装c此设计不可行，当车辆越重时电路中电流越小d此设计不可行，电路中的r1没有作用考点：电流表的使用；重力；滑动变阻器的使用；欧姆定律的应用专题：信息给予题分析：（1）分析电路图，根据称重表在电路的连接情况判断是电流表还是电压表；（2）根据电路中滑片的滑动方向情况对选项逐一分析后，选择正确答案解答：解：a、称重表与电阻串联，应为电流表，该说法正确；b、称重表与电阻是串联的，如果为电压表时，两个电阻只是起导线的作用，电压表测量电源电压，示数不改变，该说法错误；c、当车辆越重时，滑片向下滑，r的阻值变小，电路的电流变大，所以称重表的示数越大，该说法错误；d、当物体很重，滑片滑到最下端，如果没有电阻r1，会造成电源短路，烧坏电源和电流表，因此电路中的r1具有保护称重表的作用，该说法错误故选a点评：此题是一道力学和电学的综合题，注意两点：（1）称重表与电阻串联，称重表可以是电流表，也可以是电压表，但为电压表时，示数不改变；（2）如把称重表改成电压表，电压表应与电阻r1并联，这样符合物体越重，示数越大的规律11（2分）（2011鄂州）小阳闭合开关后，发现电灯不亮，他用试电笔测试图中的a、b、c、d四点，只有d点发光，那么可能发生的故障是（）a电灯灯丝断了bcd间某处断路cab之间某处断路d开关处短路考点：家庭电路的故障分析专题：推理法分析：测电笔是用来辨别火线和零线的：用手接触笔尾的金属体，笔尖接触火线，测电笔的氖管将发光；试电笔测试图中的a、b、c、d四点，只有d点发光，d与火线是连通的，a、b、c与火线是断开的，据此判断解答：解：a、电灯灯丝断了，c点应使试电笔亮，故a错误b、cd间某处断路，a、b、c三点试电笔不亮，d点试电笔亮，故b正确c、ab之间某处断路，c点应使试电笔亮，故c错误d、开关处短路，a、b、c、d四点试电笔都亮，故d错误故选b点评：本题考查了家庭电路故障的判断、测电笔的使用，反应同学学以致用的能力，在正常情况下，测电笔测火线应亮，测零线应不亮12（2分）（2007昆明）如图所示电路，阻值为6的电阻与一个“6v 3w”的小灯泡串联后接到9v的电路中，小灯泡恰能正常发光；如果在此电路中将“6v 3w”的小灯泡换成“6v 4.5w”的小灯泡，那么该小灯泡的实际功率（设电源电压不变）（）a等于4.5wb小于4.5wc大于4.5wd等于3w考点：电功率的计算；串联电路的电压规律；欧姆定律的应用；实际功率专题：压轴题分析：已知“6v 3w”和“6v 4.5w”的小灯泡，可求电阻，再根据电阻变小电压也变小的规律判断实际功率解答：解：，当电阻变为8时，电阻变小，它上面分担的电压也变小，所以功率也变小故选b点评：本题考查电功率的计算欧姆定律的应用，串联电路电压规律和实际功率二、填空题（每空1分，共24分）13（2分）（2006黄冈）体育运动中，科研人员经常利用频闪摄影对运动员的动作进行分析与指导频闪摄影就是摄影光源在有节奏的闪光时，从光源射出的光线照射到运动员身上发生漫反射，又通过摄影机前的凸透镜形成倒立、缩小、实像观察图中照片，可知频闪摄影时要求背景较暗（填“亮”、“暗”）考点：漫反射；凸透镜成像的应用专题：压轴题；信息给予题分析：要解答本题需掌握：我们能从不同角度看见物体是因为发生了漫反射；摄影机的成像原理；相同时间内运动的路程越远，速度越快解答：解：频闪摄影就是摄影光源在有节奏的闪光时，从光源射出的光线照射到运动员身上发生漫反射，因为人穿的衣服的表面粗糙不平人反射的光线通过摄影机成倒立、缩小的实像，频闪时要求背景较暗，如果背景较亮，看到的人的图象就不清晰故答案为：漫反射，倒立，缩小，实，暗点评：本题主要考查学生对漫反射，以及凸透镜成像规律的了解和掌握，是一道中档题14（3分）（2010黄冈）检修工人在查看线路密集的电路板时，为了看清线路的连接情况，常透过一个较大的透镜进行观察，这个透镜应该是凸透镜（填“凸”或“凹”），工人看到的是放大的虚（填“实”或“虚”）像，电路板到透镜的距离应小于1倍焦距；检修时还用到了照明灯，这是为了照亮电路板（填“透镜”或“电路板”）考点：凸透镜成像的应用专题：应用题；压轴题分析：本题考查（1）凸透镜成实像时，uf，成正立放大的虚像，应用是放大镜；（2）凸透镜成像时，物体反射的光经过凸透镜折射形成的像，反射的光线越强，像越清楚解答：解：检修工人在查看线路密集的电路板时，为了看清线路的连接情况，常透过一个较大的透镜进行观察，说明是为了放大线路板，只有凸透镜能起到放大的作用；凸透镜成像时，物距小于焦距，才能成正立放大的虚像；照明灯照亮电路板，电路板反射的光才能越强，经凸透镜折射形成的像才越清楚故答案为：凸、虚、小于一倍焦距、电路板点评：凸透镜成像的规律：u2f，成倒立缩小的实像，应用是照相机；u=2f，成倒立等大的实像，应用是测焦距；fu2f，成倒立放大的实像，应用是投影仪；u=f，不成像；uf，成正立放大的虚像，应用是放大镜凹透镜成正立缩小的虚像15（2分）在观察水沸腾的实验中，烧杯中装入100ml水，其质量是0.1kg水沸腾后，继续加热，开水的温度不变（选填“升高”、“降低”或“不变”）考点：密度公式的应用；沸腾及沸腾条件专题：汽化和液化、升华和凝华；密度及其应用分析：已知水的体积和密度，利用公式m=v得到质量；液体沸腾的特点是：吸收热量，温度保持不变解答：解：=，水的质量为m=v=1.0103kg/m3104m3=0.1kg；水沸腾后，继续加热，开水的温度不变，水由液态变为气态故答案为：0.1；不变点评：此题考查的是密度计算公式的应用和液体沸腾的特点其中液体的沸点虽然与气压有关，但只要沸腾，温度就保持不变16（2分）（2009上海）国家文物局和测绘局最近对明长城进行了测绘，工作时测绘员以0.5米/秒的速度沿直线做匀速运动，100秒内通过的距离为 50米烈日下测绘器材表面温度会升高，表明它的内能 增加（选填“增加”、“减少”或“不变”），其内能的变化是通过 热传递方式实现的（选填“做功”或“热传递”）考点：速度公式及其应用；热传递改变物体内能专题：应用题分析：根据公式s=vt看计算通过的距离，在烈日下，通过热传递的方式使测绘器材表面温度升高，分子运动加快，内能增加解答：解：100秒内通过的距离为 s=vt=0.5m/s100s=50m，温度升高，内能增加，是通过热传递的方式故答案为50；增加；热传递点评：本题考查速度公式的应用，关键知道改变内能的方式有做功和热传递，本题是通过热传递的方式改变的内能17（2分）小华从背后推小明，小明前进，小华后退，说明物体间力的作用是相互的以小明为参照物，小华是运动（运动/静止）的考点：力作用的相互性；参照物及其选择专题：运动和力分析：（1）力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的；（2）判断一个物体是运动还是静止，主要看物体所选的参照物，看这个物体和参照物的距离是否发生变化解答：解：（1）小华从背后推小明，小华对小明施加向前的力，由于物体间力的作用是相互的，小明同时对小华产生向后的反作用力，因此小华会后退（2）小明前进，小华后退，他们的位置发生变化，因此以小明为参照物，小华是运动的故答案为：物体间力的作用是相互的；运动点评：本题考查了力的相互作用性和物体运动状况的判断，注重了物理和生活的联系，考查了学生对物理情境的分析能力18（2分）（2011龙湖区模拟）工程载重汽车比一般汽车的轮子要多而宽些，是为了减小压强；轮胎上花纹也比较深，是为了增大摩擦力若车身质量8t，轮胎能承受的最大压强为7105pa，与地面的总接触面积为0.4m2，该车最大装载质量为20t考点：减小压强的方法及其应用；增大或减小摩擦的方法；压强的大小及其计算专题：计算题；应用题；压轴题分析：（1）减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积来减小压强在受力面积一定时，减小压力来减小压强（2）增大摩擦力的方法：在压力一定时，增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力在接触面粗糙程度一定时，增大压力来增大摩擦力（3）根据p=进行计算车对地面的压力，求车和货物的总质量，再求货物的质量解答：解：（1）工程载重汽车比一般汽车轮子多，是在压力一定时，增大受力面积减小车对地面的压强，保护路面（2）轮胎上有花纹而且比较深，是在压力一定时，增大接触面的粗糙程度增大摩擦力（3）g=f=ps=7105pa0.4m2=2.8105n车和货物总质量为：m=2.8104kg=28t货物质量为：m=28t8t=20t故答案为：减小压强；增大摩擦力；20点评：（1）掌握压强大小的影响因素，掌握增大和减小压强的方法（2）掌握摩擦力大小的影响因素，掌握增大和减小摩擦力的方法（3）根据g=mg，p=进行计算19（2分）小华用牙膏探究物体的沉与浮如图所示，牙膏悬浮在水中，牙膏所受浮力等于（小于/等于/大于）重力将牙膏内部分空气排出，再次放入水中后，牙膏将下沉（上浮/下沉）考点：物体的浮沉条件及其应用专题：浮沉的应用分析：（1）掌握物体的浮沉条件：当浮力大于重力时，上浮；浮力等于重力，悬浮；浮力小于重力，下沉；（2）掌握阿基米德原理，根据f浮=液gv排判断浮力的大小解答：解：牙膏悬浮在水中，所以牙膏所受浮力等于重力；将牙膏内部分空气排出，根据f浮=液gv排，由于排开水的体积减小，所受浮力减小，小于重力，牙膏将下沉故答案为：等于；下沉点评：此题考查了对物体浮沉条件的应用，同时涉及到了阿基米德原理的知识20（2分）（2011苏州）通过a、b两个电路元件的电流与其两端电压的关系如图所示将a、b串联后接入电路，当通过a的电流为0.2a时，a和b两端的总电压是3v；将a、b并联后接入电路，当通过b的电流为0.2a时，a两端的电压是2v考点：欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；并联电路的电压规律；电阻的串联；电阻的并联专题：计算题；压轴题；图析法分析：当a、b串联后接入电路，已知通过a的电流，可以从图示中进行判断，当电流为ia时，a两端的电压为多少，再根据串联电路电流的特点，判断通过b的电流，再从图示中进行判断，当电流为ib时，b两端的电压为多少，最后再根据串联电路电压的特点求出总电压；当a、b并联后接入电路，已知通过b的电流，可以从图示中进行判断，当电流为ib时，b两端的电压为多少，再根据并联电路中电压的特点求出a两端的电压解答：解：因为ia=0.2a，从图可知，此时ua=2v，a和b串联，ib=ia=0.2a，从图可知，此时ua=1v、ub=2v，所以u=ua+ub=1v+2v=3v；当ib=0.2a时，从图可知，此时ub=2v，又a和b并联，ua=ub=2v故答案为：3，2点评：本题考查的知识点较多，可以利用图示，并结合串联电路和并联电路的特点来解决实际问题，培养了学生可以从图示中提取有用信息的能力21（4分）（2012锡山区模拟）一些城市开始使用了风能、光能互补路灯它是由太阳能电池板、小型风力发电机各自给24v蓄电池充电，晚上由led（发光二极管）灯照明右表是亮度相当的两种灯的相关数据要使该路灯总发光效果相当于500w白炽灯，它应由5只led灯并联而成原来是用500w白炽灯，若每晚供电10小时，一个月（30天），消耗了150kwh的电能请说出这种路灯优点节能、环保（至少说两点）一只led灯一只白炽灯发光原理二极管发光钨丝高温发光额定电压24v220v响应时间109s103s额定功率12w100w考点：电功的计算；物理量的单位及单位换算；电阻的并联；新能源；太阳能的利用专题：应用题；简答题；信息给予题；答案开放型分析：从表中可知一只12w的发光二极管正常发光与一只100w的白炽灯泡正常发光亮度相当；利用电能计算公式w=pt计算消耗的电能；这种发光二极管与白炽灯泡相比较，发光效率高、环保解答：解：12w的发光二极管与100w的白炽灯泡亮度相当；所以5只发光二极管正常发光效果与500w的白炽灯泡亮度相当，这5只发光二极管正常发光，所以它们并联白炽灯消耗的电能w=pt=0.5kw10h30=150kwh；12w的发光二极管与100w的白炽灯泡亮度相当，所以这种发光二极管电能转化成光能的效率高；同时它利用了风能和太阳能这些新能源，这些新能源非常环保故答案为：5；并联；150；节能、环保点评：本题考查了电功的计算和电阻的并联，关键是告诉我们要学会使用新型能源以及新型能源的优点，还要学会从所给信息中找到有用的数据；解题过程中要注意单位的换算22（3分）如图所示为冬天人们常用的一种电热暖手宝，其内部液体通常采用水，这是利用水的比热容大的属性，使保暖时间更长当袋内0.5kg的水由0加热至60，需要吸收的热量为1.26105 j 为了使用时更加安全，它的内部采用了双重温控保护开关，两个温控开关应是串联（选填“串联”或“并联”）起来使用的c水=4.2103j/（kg）考点：水的比热容的特点及应用；热量的计算；串联电路和并联电路的辨别专题：计算题；简答题；压轴题分析：（1）对水的比热容大的理解：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；（2）知道水的质量、水的比热容、水的初温和末温，利用吸热公式q吸=cmt求水吸收的热量；（3）为了更安全，电热暖手宝采用双重温控保护开关，只要有一处温度过高就自动切断电路，两个开关应该是串联解答：解：（1）因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，降低相同的温度，水放出的热量多，所以电热暖手宝内部液体通常采用水；（2）水吸收的热量：q吸=cmt=4.2103j/（kg）0.5kg（600）=1.26105j；（3）电热暖手宝采用双重温控保护开关，两个开关相互影响的，只有同时闭合才行，故应该是串联故答案为：比热容大；1.26105；串联点评：本题是一道电学与热学的综合应用题，涉及到经常用的电热暖手宝原理和结构的有关问题，便于激发学生探究物理现象的兴趣，体现了新课标的要求，属于中考热点题目三、解答题（32分）23（4分）（1）如图所示，根据给定的反射光线画出入射光线和折射光线（2）如图所示的水桶，是在个最小外力作用下所处于静止状态，作出它此时最小力的示意图考点：作光的反射光路图；杠杆中最小力的问题；作光的折射光路图专题：图像综合题分析：（1）先过入射点作出法线，然后根据入射光线、反射光线以及法线在同一平面内，并且反射角等于入射角，画出入射光线；根据入射光线、折射光线以及法线在同一平面内，折射角小于入射角，确定折射光线的方向（2）题干告诉了“在一个最小外力作用下处于静止状态”，那么肯定有一个“最小力”，这就要从杠杆的平衡条件入手分析；以杯子右下端为支点，若用最小力保持杯子的状态，力臂需最大，即杯子左上端与右下端的连线；由此可做出这个力解答：解：（1）过入射点o作垂直于界面的法线，根据入射角等于反射角画出反射光线；根据折射角小于入射角画出折射光线如图所示：（2）要达到如图的状态，若施加的力最小，那么此时力的力臂最长，即以杯子右下端为支点，以杯子左上端和右下端的连线为最长力臂；那么过杯子左上端，作垂直于此连线的力即为所施加的最小力点评：本题主要考查反射定律和折射定律的应用情况和杠杆中最小力的问题，注意真实光线为实线，法线为虚线24（4分）（2011宿迁）小明利用生活中常见的材料做了两个小实验（1）如图甲所示，将饮料瓶中装满水后拧紧瓶盖，在侧壁开了一个小孔a，发现水并不流出，这是因为受到大气压的作用；在a孔下方开一个相同大小的小孔b，将瓶盖拧开，发现从b孔喷出的水较急，这是因为液体的压强随着深度的增加而增大（2）如图乙所示，将线圈一端引线上的绝缘漆全部刮掉，另一端只刮掉了半个侧面，放在磁铁上方后通电，线圈就会转动起来，这样便做成了一个简易电动机其工作原理是通电导体在磁场中受到力的作用；若要改变线圈的转动方向，请写出一种操作方法：将磁铁倒置考点：磁场对通电导线的作用；液体的压强的特点；大气压强的存在；直流电动机的原理专题：实验题；简答题；压轴题分析：（1）瓶盖拧紧后，由于瓶子内部与瓶外隔绝，所以在外界大气压的作用下，导致了水没有流出；ab两处水的流速不同，反应了两处水的压强不同，流速大的位置压强大，结合两处的深度不同，从而得出结论（2）根据课本基础知识即可明确电动机的工作原理要改变电动机线圈转动的方向，就要改变线圈在磁场中受力的方向而通电导体在磁场中受力的方向与导体中电流的方向和磁场的方向有关，因此要改变其转动方向，就要从这两个因素去考虑解答：解：（1）瓶盖拧紧后，瓶内与瓶外隔绝，在a处开口后，由于外界大气压的作用，将瓶内的水压在瓶内而流不出来ab两处深度不同，由于液体压强随着深度的增加而增大，且b处得深度比a处的深度要大，所以，b处水的压强要大于a处水的压强，从而导致了b处得水流速度大于a处得水流速度，才出现了图示的现象（2）电动机都是利用通电导体在磁场中受理而转动的原理制成的通电线圈在磁场中转动的方向取决于其在磁场中的受力方向，其受力方向改变则其转动方向就改变而其受力方向与线圈中电流的方向和磁场的方向有关因此要改变其转动方向就要改变线圈中的电流方向或磁场方向故方法有：将磁场倒置，来改变磁场方向；或者将电源的正负极对调，来改变电流方向故答案为：（1）大气压（或大气压强或大气压力）；液体压强随深度增加而增大（或b点压强较大）；（2）通电导体在磁场中受到力的作用（或通电线圈在磁场中受力转动或磁场对电流有力的作用）；将磁铁倒置（或对调电池两极或改变磁场方向）点评：在第二问中，要改变线圈的转动方向，只能改变电流方向和磁场方向中的一个，两个因素不能同时改变否则，线圈的转动方向将不会改变，这与数学中的负负得正相似与此类似的还有：要改变感应电流的方向，也只能改变导体的运动方向和磁场方向中的一个，两个因素也不能同时改变25（7分）（2011宿迁）在“探究动滑轮的机械效率”时，某小组利用自重不同的两个动滑轮进行了如图所示的三次测量，数据记录如下：实验序号钩码重/n动滑轮重/n拉力/n钩码上升的高度/m测力计移动的距离/m有用功/j总功/j机械效率/%40.52.30.20.40.80.9287.040.92.50.20.40.81.080.060.53.30.20.4（a）（b）（c）（1）完成表格中第3次数据（a）（b）（c）处的计算，填在下面的横线上：（a）1.2； （b）1.32； （c）90.9（或90.91、91）（2）通过比较两次实验数据（选填实验序号），可知动滑轮的机械效率与动滑轮的自重有关（选填“有关”或“无关”）（3）小明认为“同一个机械，它的机械效率是一个定值”，通过比较两次实验数据（选填实验序号），可知他的观点是错误的（选填“正确”或“错误”）考点：滑轮（组）机械效率的测量实验；机械效率的计算专题：计算题；压轴题；信息给予题；实验探究题；控制变量法分析：（1）有用功等于钩码重力和钩码上升高度的乘积，即w有用=gh；总功等于拉力和测力计移动距离的乘积，即w总=fs；机械效率等于有用功和总功的比值，即=（2）研究动滑轮机械效率与动滑轮自身重力是否有关时，应控制提升钩码的重力相同，改变动滑轮重力（3）同一个机械，额外功基本上不变，当提升的物体重力变化时，有用功在总功中占得比值就变化，机械效率也就变化解答：解：（1）第3次数据中，有用功w有用=gh=6n0.2n=1.2j，总功w总=fs=3.3n0.4m=1.32j，机械效率=100%90.9%；（2）两次实验中，钩码的重力相同，动滑轮的重力不同，机械效率也不同，因此探究的是机械效率与动滑轮自重的关系；（3）比较，同一个机械，动滑轮重力不变，提升的物体重力不同时，机械效率也不同，提的物体越重，机械效率越大故答案为：（1）1.2、1.32、90.9（或90.91或91）；（2）与、有关；（3）与、错误点评：（1）滑轮组的机械效率与提升物体的重力、动滑轮重力、绳子段数及摩擦有关；（2）同一滑轮组，提升物体重力越大，机械效率越大26（9分）（2011重庆）小雷想知道小灯的亮暗程度与什么因素有关于是找来额定电流均小于0.6a，额定电压是2.5v的灯l1和额定电压是3.8v的灯l2，先后接在电源电压恒为6v的电路中，按照如图所示的电路开始探究（1）请你用笔画线代替导线，根据上图所示的电路图，将下图所示实物图连接完整（2）若小雷连接好电路后闭合开关，灯l1几乎不发光，移动滑片p也不能改变灯的亮度原因是他把滑动变阻器的a、b（选填“a、b”或“c、d”）接线柱接入了电路（3）小雷排除故障后，按上图所示的电路继续进行实验：闭合开关，滑片p向a（选填“a“或“b“）端移动，使灯l1发光，测出灯l1的相关物理量，记录和计算结果如下表：次数电压/v实际功率/w电阻11.6o20o328.0022.5o24o601o.4232.8o26o731o77请将记录数据时遗漏的物理量和单位填入表格的空格处（4）小雷注意到灯l1的亮度变化是：第二次比第一次亮，第三次比第二次更亮结合表中数 据得出的结论是小灯泡越亮，它的实际功率越大（5）用l2替换l1重复上面的实验时，需要改变电压表的量程，发现灯l2的亮度变化规律与灯l1相似（6）小雷在实验结束后与同学们讨论：有同学认为“用上表中灯l1的3次电阻的平均值代表它的电阻更准确“这种说法错误的原因是小雷忽略了温度对小灯电阻的影响有同学认为“把灯l1换成定值电阻，该实验可以用来研究导体中的电流与电压的关 系“你认为这种说法正确（选填“正确”或“错误”）考点：探究用电器的电功率实验；实物的电路连接；电流表的使用；电压表的使用；影响电阻大小的因素；滑动变阻器的使用；电功率专题：实验题；作图题；压轴题；设计与制作题；控制变量法；实验分析法分析：（1）本题还有电压表、电流表、滑动变阻器没有连接在电路中，连接时要注意电压表、电流表的量程选择和正负接线柱、以及连接方式，滑动变阻器已经选定了下面接线柱，上面接线柱任意选择，注意连接方式即可根据电路图，从电源正极开始，依次连接各元件，到电源负极，补齐遗漏的导线，最后把电压表并联在灯泡两端（2）灯泡l1几乎不发光，说明电路是通路，但是电流太小，并且移动串联在电路中的滑动变阻器的滑片，灯泡亮度不变，说明电路中的电阻太大，滑动变阻器又不起作用，是滑动变阻器把下面两个接线柱接入电路了（3）排除故障，在实验前滑片在b端处于最大阻值处，要继续实验，滑片向阻值减小的a端移动灯泡亮度取决于灯泡的实际功率求得功率需要知道电压和电流，所以空白处填入电流，单位为“a”（4）比较灯泡亮度增大时，可以判断灯泡的实际功率，因为灯泡的亮度由灯泡的实际功率决定的（5）l1的额定电压为2.5v，电压表选择03v量程l2的额定电压为3.8v，电压表选择015v量程更换灯泡，同时更换电压表的量程（6）导体电阻大小跟导体长度、横截面积、材料、温度有关灯丝电阻受温度影响较大，定值电阻阻值受温度影响较小，从温度上考虑电流跟电阻和电压同时有关，l1换成定值电阻，电阻一定，可以探究电流跟电压的关系解答：解：（1）l1和l2的额定电流均小于0.6a，电流表选择00.6a，电流表串联在电路中滑动变阻器已经选择下面接线柱，上面任意选择一个接线柱，滑动变阻器串联在电路中所以，电流表的“0.6”接线柱与滑动变阻c（或d）相连，电压表的“”接线柱与灯泡左端相连如下图：或（2）闭合开关，灯l1几乎不发光电路电流太小电路电阻太大，并且移动滑动变阻器滑片，灯泡亮度不改变，滑动变阻器都接下面a、b两个接线柱（3）滑动变阻器接入a接线柱，滑片在b端，滑动变阻器连入电路电阻最大，电流最小，起到保护电路作用继续实验时，滑动变阻器阻值减小，滑片向a端移动灯泡亮度跟实际功率有关，实际功率p=ui，需要记录电压和电流，电流的单位为a（4）从实验1实验2实验3，灯泡越来越亮，灯泡实际功率越大（5）l1的额定功率为2.5v，电压表选择03v量程l2的额定功率为 3.8v，电压表选择015v量程所以l2替换l1，同时更换电压表量程（6）灯丝电阻受温度影响较大，灯泡在不同电压下，温度不同，灯丝中电阻不同，计算平均值代表灯丝电阻无意义，小雷忽略温度对电阻的影响l1换成定值电阻，能保持电阻不变，通过改变电压来改变电流能探究电流跟电压的关系故答案为：（1）如上图；（2）a、b；（3）a；电流/a；（4）大；（5）电压；（6）温度；正确点评：本题容量很大，涉及到很多知识点，由电路图连接实物图，电压表、电流表量程的选择，连接方式，滑动变阻器接线柱的选择，实验操作过程，表格设计，实际功率与亮度关系，电阻大小影响因素，欧姆定律等等综合性很强，是很难的综合性习题27（4分）小明了解到用刻度尺测物体长度时会有一些因素引起测量误差，其中刻度尺的温度变化也是引起误差的原因之一，他想通过实验研究刻度尺长度随温度变化的情况（1）