高考物理 能力提升知识点优化 单元评估检测(八).doc

2013高考物理能力提升知识点优化：单元评估检测(八)一、单项选择题(本大题共4小题，每小题6分，共24分，每小题只有一个选项符合题意)1.把标有“220 v，100 w”的a灯和“220 v，200 w”的b灯串联起来，接入220 v的电路中，不计导线电阻，则下列判断中正确的是()a.两灯的电阻之比rarb12b.两灯的实际电压之比uaub21c.两灯实际消耗的功率之比papb12d.在相同时间内，两灯实际发热之比qaqb122.(易错题)如图所示，两个电阻的阻值均为100 ， a、b两端的电压保持12 v不变，现用一个内阻为1.45 k 的电压表去测量某个电阻两端的电压，读数为()a.6 v b.5.8 v c.5.2 v d.6.8 v3.(2012南昌模拟)在如图所示的电路中，灯泡l的电阻大于电源的内阻r，闭合电键s，将滑动变阻器滑片p向左移动一段距离后，下列结论正确的是()a.灯泡l变亮b.电源的输出功率变大c.电容器c上的电荷量减少d.电流表读数变小，电压表读数变大4.(创新题)利用如图所示电路可以测出电压表的内阻.已知电源的内阻可以忽略不计，r为电阻箱.当r取不同阻值时，电压表对应不同读数u.多次改变电阻箱的阻值，所得到的-r图象应该是图中的哪一个()二、双项选择题(本大题共5小题，每小题8分，共40分，每小题有两个选项符合题意)5.关于电阻的计算式r和决定式r，下面说法正确的是()a.导体的电阻与其两端电压成正比，与电流成反比b.导体的电阻仅与导体的长度、横截面积和材料有关c.导体的电阻随工作温度的变化而变化d.对一段特定的导体来说，在恒温下比值是恒定的，导体电阻不随u或i的变化而变化6.(预测题)如图所示，r1、r2为定值电阻，l为小灯泡，r3为光敏电阻，当照射光强度增大时()a.电压表的示数减小b.r2中电流减小c.小灯泡的功率增大d.电路的路端电压增大7.某学生在研究串联电路电压特点时，接成如图所示电路，接通k后，他将高内阻的电压表并联在a、c两点间时，电压表读数为u；当并联在a、b两点间时，电压表读数也为u；当并联在b、c两点间时，电压表读数为零，则出现此种情况的原因可能是(r1、r2阻值相差不大)()a.ab段断路 b.bc段断路c.ab段短路 d.bc段短路8.如图所示，一台电动机提着质量为m的物体，以速度v匀速上升.已知电动机线圈的电阻为r，电源电动势为e，通过电源的电流为i，当地重力加速度为g，忽略一切阻力及导线电阻，则()a.电源内阻rrb.电源内阻rrc.如果电动机转轴被卡住而停止转动，较短时间内电源消耗的功率将变大d.如果电动机转轴被卡住而停止转动，较短时间内电源消耗的功率将变小9.(2012广州模拟)在如图所示的电路中电源电动势为e，内电阻为r，闭合开关s，待电流达到稳定后，电流表示数为i，电压表示数为u，电容器c所带电荷量为q，将滑动变阻器r的滑动触头p从图示位置向a端移动一些，待电流达到稳定后，则与p移动前相比()a.u变小b.i变小c.q增大d.q减小三、实验题(6分)10.(2012梅州模拟)在“描绘小电珠的伏安特性曲线”实验中，所用器材有：小电珠(2.5 v,0.6 w)，滑动变阻器，电流表，学生电源，开关，导线若干.(1)利用小电珠的标称值可估算出小电珠正常工作时的电阻值约为.(计算结果保留2位有效数字)(2)请根据实验原理图甲完成实物图乙中的连线.(3)开关闭合前，应将滑动变阻器的滑片p置于端，为使小电珠亮度增加，p应由中点向端滑动.(4)下列图象能正确表示小电珠的伏安特性曲线的是.四、计算题(本大题共2小题，共30分，要有必要的文字说明和解题步骤，有数值计算的要注明单位)11.(创新题)(14分)如图所示的电路中，开关闭合时，电路消耗的总功率为40 w，电阻r1为4 ，r2为6 ，电源内阻r为0.6 ，电源的效率为94%，求：(1)a、b两点间的电压；(2)电源的电动势.12.(易错题)(16分)如图所示的电路中，电源电动势e6 v，其内阻可忽略不计.电阻的阻值分别为r12.4 k、r24.8 k，电容器的电容c4.7 f.闭合开关s，待电流稳定后，用电压表测r1两端的电压，其稳定值为1.5 v.(1)该电压表的内阻为多大？(2)由于电压表的接入，电容器带的电荷量变化了多少？答案解析1.【解析】选b.rarb，则rarb21因为a与b串联所以uaubrarb21，papbrarb21.相同时间内，qaqbrarb21.故只有b正确.2.【解题指南】解答本题应注意以下两点：(1)实际的电压表相当于一个电阻，应注意电压表测电阻时，相当于电路中并联一个电阻.(2)将电压表并联在被测电阻两端时，电阻的实际电压比原来值要小.【解析】选b.电压表与电阻r的并联电阻为r 93.5 电压表的读数为uvuabv5.8 v，故b正确.3.【解析】选d.当p向左移动时，电路中总电阻变大，总电流减小，故灯泡变暗，电源输出功率变小，电流表示数变小，电压表示数变大，电容器两端电压增大，电容器c上的电荷量增加，故d正确.【变式备选】如图所示，电源的电动势和内阻分别为e、r，在滑动变阻器的滑动触头p由a向b移动的过程中，下列各物理量变化情况为()a.电流表的读数一直减小b.r0的功率先增大后减小c.电压表的读数先减小后增大d.电源的总功率先减小后增大【解析】选d.设想把电压表从电路中拆去，可看出电路的结构为滑动变阻器的左右两侧并联，再与r0串联，构成闭合回路.滑动变阻器两侧的电阻之和为定值，当滑动触头滑至中点时，整个回路的电阻最大，电流最小，电源的路端电压最大，所以电流表的读数先减小后增大，电压表的读数先增大后减小，a、c错误；r0是定值电阻，所以r0的功率先减小后增大，b错误；电源的总功率pei，电源的电动势不变，所以电源的总功率先减小后增大，d正确.4.【解析】选a.设电源电动势为e，电压表内阻为rv，电压表的读数为u，则由闭合电路的欧姆定律可得i，则ueire，由此可得rrv，.由此判断a正确.5.【解析】选c、d.导体的电阻只由导体本身的性质决定，不能根据r而错误地认为r与u成正比，与i成反比.故a错误.根据r知导体的电阻由、l、s决定，但还与温度有关，故b错误，c正确.在恒温下，一段特定导体的电阻与u和i无关，是一个定值，故d正确.6.【解析】选b、c.当光强度增大时，r3阻值减小，外电路电阻随r3的减小而减小，r1两端电压因干路电流增大而增大，同时内电压增大，故电路路端电压减小，而电压表的示数增大，a、d项均错误；由路端电压减小，而r1两端电压增大知，r2两端电压必减小，则r2中电流减小，故b项正确；结合干路电流增大知流过小灯泡的电流必增大，则小灯泡的功率增大，故c项正确.7.【解析】选a、d.电路的故障可以由电压表示数判断.由于ab间的电压和ac间电压相同，bc间电压为零，故可确定可能是ab段断路或bc段短路，故a、d正确.【总结提升】电路故障的分析方法(1)断路故障的判断：用电压表与电源并联，若有电压时，说明电源正常；若将电压表与某段电路并联，示数不为零，而与其他各段电路并联时电压表示数为零，则这一段电路断路.(2)短路故障的判断：电流表有示数，而用电器不工作，则该支路短路；用电压表与该部分并联，若有电压时，未短路；若无电压，则该两点间可能短路或被短路.(3)分析电路故障的基本方法是假设法：如果电路发生某种故障，寻求故障发生在何处时，可将整个电路划分为若干部分；然后逐一假设某部分电路发生故障，运用电路规律进行正向推理，推理结果若与题干中所述物理现象不符合，则故障不是发生在这部分电路；若推理结果与题干中所述物理现象符合，则故障可能发生在这部分电路，直到找出发生故障的全部可能为止，亦称排除法.8.【解析】选b、c.由于电动机是非纯电阻元件，欧姆定律不再适用，电动机的输入功率p1ui.热功率p2i2r，输出功率p3mgv，p1p2p3，可解得：uir，又由闭合电路欧姆定律得：euir，解得：rr，故a错b对；当电动机被卡住时，电动机变成纯电阻元件，i总，电流增大，故电源消耗的功率p增大，所以选项c对，d错.9.【解析】选b、c.滑动触头向a端移动，则连入电路的电阻增大，由闭合电路欧姆定律可知，总电路中的电流为i，r增大，则总电流减小，b正确；滑动变阻器两端的电压uei(r2r)，i减小，所以u增大，a错误；电容器两端的电压实际上就是滑动变阻器两端的电压，故电容器极板上的电量qcu，u增大，则q增大，故c正确d错误.10.【解析】由u额2.5 v，p额0.6 w，由r得r10 ；按照原理图连接实物图，注意滑动变阻器的连接方法和电流表的外接方式；实验开始时，应让小电珠的电压为零，故应让滑片p置于a端，电压增大时，应让滑片p向b端滑动；因金属灯丝的电阻随温度的升高而增大，故i-u图线的斜率应越来越小，故伏安特性曲线应为a.答案：(1)10(2)如图所示(3)ab(4)a11.【解析】(1)电源内部热功率p内i2r (3分)又p内p总(1) (2分)故i2 a (2分)由于r1、r2并联，所以uabi4.8 v (3分)(2)由p总ie得e20 v (4分)答案：(1)4.8 v(2)20 v12.【