广东省汕头市高二物理下学期期末试卷（含解析）.doc

2014-2015学年广东省汕头市高二（下）期末物理试卷一、单项选择题1一物体以a=5m/s2的加速度做匀加速直线运动，在任意1s时间内（）a位移都是5mb位移比前1s增加2.5mc末速度是初速度的5倍d速度增加5m/s2一辆卡车在丘陵地匀速行驶，地形如图所示，行驶过程中卡车对地面压力最大的地段是（）aa处bb处cc处dd处3在高台跳水比赛中，质量为m的运动员进入水中后受到水的阻力（包括浮力）而竖直向下做减速运动，设水对运动员的阻力大小恒为f，则在运动员减速下降深度为h的过程中，下列说法正确的是（g为当地的重力加速度）（）a运动员的动能减少fhb运动员的重力势能减少mghc运动员的机械能减少了（fmg）hd运动员的机械能减少了mgh4一台小型发电机产生的电动势随时间变化的规律为e=220sin100tv已知发电机线圈内阻为5.0，外接一个电阻为95.0 的灯泡，如图所示，则（）a交流电压表的示数为220vb该交流电压的频率为100hzc线框在如图位置时，穿过线框的磁通量最大d发电机线圈内阻每秒钟产生的焦耳热为24.2j5恒星内部发生着各种热核反应，其中“氦燃烧”的核反应方程为：he+xbe+，其中x表示某种粒子，be是不稳定的粒子，其半衰期为t，则下列说法正确的是（）ax 粒子是中子b加温或加压可以改变半衰期t的大小c经过3个t，剩下的be占开始时的d“氦燃烧”的核反应是裂变反应6用绝缘丝线悬吊一个轻质闭合铝环p用磁铁的n极靠近p环时，可观察到p环远离磁铁，现改用磁铁的s极用同样方式靠近p环（如图），则p环（）a静止不动b靠近磁铁c没有感应电流d产生顺时针方向电流二、双项选择题7平抛运动可以分解为水平和竖直方向的两个直线运动，在同一坐标系中作出这两个分运动的vt图线，如图所示下列说法正确的是（）a图线a表示竖直方向的运动b图线b的斜率的大小等于重力加速度gc0t1时间内水平位移与竖直位移位移大小相等d在t1时刻两个分运动的速度大小相等8如图，为洛伦兹力演示仪的结构图，励磁线圈产生的匀强磁场方向垂直纸面向外，磁场强弱由励磁线圈的电流来调节，电子束由电子枪产生，电子速度的大小由电子枪的加速电压调节，速度的方向与磁场方向垂直，下列说法正确的是（）a励磁线圈中通有顺时针方向的电流b仅提高电子枪加速电压，电子做圆周运动的半径变大c仅增大励磁线圈中电流，电子做圆周运动的周期将变小d仅提高电子枪加速电压，电子做圆周运动的周期将变大9如图中回路竖直放在匀强磁场中，磁场的方向垂直于回路平面向外，导体ac可以贴着光滑竖直长导轨下滑设回路的总电阻恒定为r，当导体ac从静止开始下落后，下面叙述中正确的说法有（）a导体下落过程中，感应电流方向从c流向ab导体下落过程中，安培力方向竖直向下c导体下落过程中，机械能守恒d导体下落过程中，重力势能转化为导体增加的动能和回路中增加的内能10如图实验装置，磁铁固定在水平放置的电子测力计上，磁铁两极之间的磁场可视为水平匀强磁场，直铜条ab两端通过导线与一电阻连接成闭合回路，若让铜条水平且垂直于磁场在磁场中竖直向下运动（）a铜条所受安培力的方向竖直向上b铜条所受安培力的方向竖直向下cab向下运动时，电子测力计示数增大dab向下运动时，电子测力计示数减少11中国的北斗系统中系统中部分卫星运动轨道如图所示，已知a、b、c为圆形轨道，轨道半径ra=rbrc则下列说法正确的是（）a在轨道a、b运行的两颗卫星加速度大小相等b卫星在轨道a、c的运行周期tatcc卫星在轨道c、a的运行速度vavcd在轨道a、b运行的两颗卫星受到地球的引力一样大12如图为汽车静电喷漆示意图，车门带负电，喷嘴与车门间的电势差不变，喷嘴向车门喷电量相等的带电油漆微粒，微粒最后吸附在车门表面，以下判断正确的是（）a微粒带正电b喷嘴的电势比车门的电势高c微粒靠近车门的过程电势能增加d电场力对每个油漆微粒做功都不相同13如图，轻绳oc栓接在轻质弹簧秤上，oa连接在天花板上的a点，ob与钩码连接于b点，现保持结点o位置不变，将轻质弹簧秤从竖直位置缓慢转动到水平位置过程中（）a轻绳ob的张力保持不变b轻绳oa的张力保持不变c弹簧秤的示数逐渐增大d弹簧秤的示数先减小后增大三、非选择题14如图甲为验证牛顿第二定律的实验装置示意图 平衡摩擦力的操作：砂桶（填“挂上”或“取下”），将小车静止地放在水平长木板上，把木板不带滑轮的一端垫高，接通打点计时器电源，（选填“静止释放”或“轻推”）小车，让小车拖着纸带运动如果打出的纸带如图乙所示，则应（选填“增大”或“减小”）木板的倾角15（10分）（2015春汕头期末）如图，处于匀强磁场中的两根足够长、电阻不计的平行金属导轨相距为1m，导轨平面与水平面成=300角，下端连接阻值为r=2的电阻磁场方向垂直导轨平面向上，磁感应强度为0.5t质量为0.2kg、电阻不计的金属棒ab放在两导轨上，棒与导轨垂直并保持良好接触，它们之间的动摩擦因数为金属棒沿导轨由静止开始下滑，g取10m/s2（1）判断金属棒下滑过程中产生的感应电流方向；（2）求金属棒下滑速度达到2m/s时的加速度大小16（12分）（2015春汕头期末）如图，跳台滑雪运动员从半径为r的圆弧滑道上的a点由静止滑下，在跳台o点沿水平方向飞出，o点是圆弧滑道的最低点，也是斜坡的起点，a点与o点在竖直方向的距离为h，斜坡的倾角为，运动员的质量为m重力加速度为g不计一切摩擦和空气阻力求：（1）运动员经过跳台o时的速度大小和滑道对运动员支持力的大小（2）从运动员离开o店到落在足够长斜坡上所用的时间17（14分）（2015汕头一模）真空室内，一对原来不带电的相同金属极板p、q水平正对固定放置，间距为d在两极板外部右侧有一个半径也为d的圆形区域，其圆心o处于两极板的中心线上，区域内部充满方向垂直于纸面向内的匀强磁场一束等离子体（含有大量带电量为+q或q的带电微粒，正、负电荷的总数相同）从两极板之间水平向右持续射入，射入时的速度大小都为v0，如图所示不计微粒的重力作用（1）若两极板之间的区域充满磁感应强度为b的匀强磁场（方向垂直于纸面向内）求极板p、q间最后稳定的电压u并指出两板电势的高低（2）若两极板之间没有磁场，则微粒保持匀速向右运动直到射入圆形区现只研究从最下方（图中b点）射入的带正电微粒，结果发现该微粒运动过程恰好经过圆心o已知微粒的质量为m，求圆形区域内磁场的磁感应强度b0和该微粒在圆形区域内运动的时间（不计微粒间的相互作用）2014-2015学年广东省汕头市高二（下）期末物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题1一物体以a=5m/s2的加速度做匀加速直线运动，在任意1s时间内（）a位移都是5mb位移比前1s增加2.5mc末速度是初速度的5倍d速度增加5m/s【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；机械运动 【专题】直线运动规律专题【分析】根据匀变速直线运动的速度时间公式分析任意1s内速度的增加量，根据匀变速直线运动的推论得出任意1s内的位移增量【解答】解：a、物体做匀加速直线运动，任意1s内的位移不同，故a错误b、根据x=at2=51m=5m知，任意1s内的位移比前1s内的位移增加5m，故b错误c、根据v=at=51m/s=5m/s知，任意1s内物体速度增加5m/s，故c错误，d正确故选：d【点评】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式和推论，并能灵活运用，基础题2一辆卡车在丘陵地匀速行驶，地形如图所示，行驶过程中卡车对地面压力最大的地段是（）aa处bb处cc处dd处【考点】向心力 【专题】匀速圆周运动专题【分析】以车为研究对象，在这些点由重力和支持力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律，研究支持力与半径的关系，确定何处支持力最大，再根据牛顿第三定律得到压力最大位置【解答】解：在坡顶mgfn=m，解得：fn=mgm，fnmg在坡谷fnmg=m，fn=mg+m，fnmg，r越小，fn越大则在b、d两点比a、c两点压力大而d点半径比b点大，则b点压力最大，最容易爆胎故选：b【点评】本题考查运用物理知识分析处理实际问题的能力，注意向心力公式的应用3在高台跳水比赛中，质量为m的运动员进入水中后受到水的阻力（包括浮力）而竖直向下做减速运动，设水对运动员的阻力大小恒为f，则在运动员减速下降深度为h的过程中，下列说法正确的是（g为当地的重力加速度）（）a运动员的动能减少fhb运动员的重力势能减少mghc运动员的机械能减少了（fmg）hd运动员的机械能减少了mgh【考点】功能关系；动能和势能的相互转化 【分析】根据重力做功判断重力势能的变化，根据合力做功判断动能的变化，根据除重力以外其它力做功判断机械能的变化【解答】解：a、运动员在减速下降深度为h的过程中，根据动能定理知，动能的减小量等于克服合力做的功，为（fmg）h，故a错误；b、在减速下降深度为h的过程中，重力势能的减小量等于重力做的功，为mgh，故b正确；cd、减速下降深度为h的过程中，机械能的减小量等于克服阻力做的功，为fh，故c、d错误；故选：b【点评】解决本题的关键知道重力做功与重力势能的关系，以及合力做功与动能的关系，除重力以外其它力做功与机械能的关系4一台小型发电机产生的电动势随时间变化的规律为e=220sin100tv已知发电机线圈内阻为5.0，外接一个电阻为95.0 的灯泡，如图所示，则（）a交流电压表的示数为220vb该交流电压的频率为100hzc线框在如图位置时，穿过线框的磁通量最大d发电机线圈内阻每秒钟产生的焦耳热为24.2j【考点】交流发电机及其产生正弦式电流的原理；焦耳定律 【专题】交流电专题【分析】由图读出电动势的最大值，求出有效值，根据欧姆定律求出外电压的有效值，从而可确定灯泡能否正常发光；根据电压有效值求出灯泡消耗的功率，根据q=i2rt求的线圈内阻消耗的焦耳热【解答】解：a、产生的感应电动势的最大值为：em=220v，故有效值为：e=交流电压表的示数为：，故a错误；b、由瞬时表达式可知=100，故周期t=，故频率为：f=，故b错误；c、线框在如图位置时，相框与磁场平行，故磁通量为零，最小，故c错误；d、发电机线圈内阻每秒钟产生的焦耳热为：q=，故d正确故选：d【点评】交流电的电压、电流、电动势等等物理量都随时间作周期性变化，求解交流电的电功率时要用交流电的有效值，当求电量时用平均值5恒星内部发生着各种热核反应，其中“氦燃烧”的核反应方程为：he+xbe+，其中x表示某种粒子，be是不稳定的粒子，其半衰期为t，则下列说法正确的是（）ax 粒子是中子b加温或加压可以改变半衰期t的大小c经过3个t，剩下的be占开始时的d“氦燃烧”的核反应是裂变反应【考点】原子核衰变及半衰期、衰变速度；裂变反应和聚变反应 【专题】衰变和半衰期专题【分析】根据质量数与质子数守恒，即可求解；半衰期仅仅与放射性元素有关；经过1个半衰期，有半数发生衰变；“氦燃烧”的核反应方程，可知是裂变还是聚变反应【解答】解：a、根据质量数与质子数守恒，he+xbe+，则x 粒子是的质量数是：84=4，电荷数是：42=2，是he故a错误；b、半衰期仅仅与放射性元素有关，与外界环境无关，加温或加压不能改变半衰期t的大小，故b错误；c、经过1个半衰期，有半数发生衰变，即剩下开始的一半，那么经过3个t，剩下的be占开始时的，故c正确；d、“氦燃烧”的核反应方程，是聚变反应，不是裂变反应，故d错误；故选：c【点评】考查核反应的书写规律，掌握裂变反应与聚变反应的区别，理解衰变与人工转变的不同，最后注意半衰期的内涵6用绝缘丝线悬吊一个轻质闭合铝环p用磁铁的n极靠近p环时，可观察到p环远离磁铁，现改用磁铁的s极用同样方式靠近p环（如图），则p环（）a静止不动b靠近磁铁c没有感应电流d产生顺时针方向电流【考点】楞次定律 【专题】电磁感应与电路结合【分析】当条形磁铁穿过线圈时，导致线圈的磁通量发生变化，出现感应电动势，从而形成感应电流根据楞次定律可确定感应电流的方向，同时还可以确定磁铁靠近带电圆环排斥，远离时吸引【解答】解：a、b、当条形磁铁n极靠近线圈时，根据楞次定律：近斥离吸，可知，则靠近时受到圆环的排斥，环将远离磁体故a错误，b错误；c、d、当条形磁铁s极靠近时，导线线圈的磁通量增大，由楞次定律：增反减同，可知，线圈中产生感应电流的方向顺时针（从右向左看）；故c错误，d正确故选：d【点评】本题考查了楞次定律的应用，正确理解楞次定律阻碍的含义是正确解题的关键二、双项选择题7平抛运动可以分解为水平和竖直方向的两个直线运动，在同一坐标系中作出这两个分运动的vt图线，如图所示下列说法正确的是（）a图线a表示竖直方向的运动b图线b的斜率的大小等于重力加速度gc0t1时间内水平位移与竖直位移位移大小相等d在t1时刻两个分运动的速度大小相等【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系 【专题】运动学中的图像专题【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动根据运动学规律得出两个分速度的关系，以及水平位移和竖直位移的关系【解答】解：a、图线a做匀速直线运动，应为水平方向上的分运动图线故a错误b、图线a表示竖直方向的运动，而竖直方向上物体做自由落体运动，加速度为g，故b正确c、根据图象与坐标轴所围面积表示位移，可知，0t1时间内水平位移是竖直位移位移的2倍故c错误d、由图知，在t1时刻水平方向和竖直方向的两个分速度大小相等，故d正确故选：bd【点评】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式进行求解8如图，为洛伦兹力演示仪的结构图，励磁线圈产生的匀强磁场方向垂直纸面向外，磁场强弱由励磁线圈的电流来调节，电子束由电子枪产生，电子速度的大小由电子枪的加速电压调节，速度的方向与磁场方向垂直，下列说法正确的是（）a励磁线圈中通有顺时针方向的电流b仅提高电子枪加速电压，电子做圆周运动的半径变大c仅增大励磁线圈中电流，电子做圆周运动的周期将变小d仅提高电子枪加速电压，电子做圆周运动的周期将变大【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动 【专题】带电粒子在磁场中的运动专题【分析】根据动能定理表示出加速后获得的速度，然后根据洛伦兹力提供向心力推导出半径的表达式【解答】解：a、由图，磁场的方向向外，由安培定则可知，判断励磁线圈中电流方向是逆时针方向故a错误；b、电子在加速电场中加速，由动能定理有：eu=mv02电子在匀强磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力充当向心力，有：ebv0=m解得：r=可见，仅提高电子枪加速电压，电子做圆周运动的半径变大故b正确；c、根据周期公式：t=可见增大励磁线圈中的电流，电流产生的磁场增强，由式可得，电子束的轨道半径变小由式知周期变小，故c正确；d、由以上分析可知，提高电子枪加速电压，电子束的轨道半径变大、周期不变，故d错误；故选：bc【点评】本题考查了粒子在磁场中运动在实际生活中的应用，正确分析出仪器的原理是关键9如图中回路竖直放在匀强磁场中，磁场的方向垂直于回路平面向外，导体ac可以贴着光滑竖直长导轨下滑设回路的总电阻恒定为r，当导体ac从静止开始下落后，下面叙述中正确的说法有（）a导体下落过程中，感应电流方向从c流向ab导体下落过程中，安培力方向竖直向下c导体下落过程中，机械能守恒d导体下落过程中，重力势能转化为导体增加的动能和回路中增加的内能【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；楞次定律 【专题】电磁感应与电路结合【分析】根据右手定则分析感应电流的方向机械能守恒的条件是只有重力或弹力做功，若有除了重力或弹力以外的力做功，物体的机械能不守恒；导体棒在下落过程中，会产生感应电流，受到向上的安培力，判断安培力做功情况，分析能量如何转化，由功能关系分析解答【解答】解：a、导体下落过程中，切割磁感线产生感应电流，根据右手定则判断知感应电流方向从c流向a，故a正确b、根据左手定则可知，导体受到的安培力方向竖直向上，故b错误c、导体要克服安培力做功，所以其机械能不守恒，在不断减小，故c错误d、导体加速下落过程中，导体的重力势能减少，导体获得了动能，回路产生了电能，所以根据能量守恒定律得知：导体减少的重力势能转化为导体增加的动能和回路中增加的内能故d正确故选：ad【点评】本题关键要掌握机械能守恒的条件和功能关系，明确此题中涉及三种形式的能：动能、重力势能和内能，根据减小的能转化为增加的能进行功能关系分析10如图实验装置，磁铁固定在水平放置的电子测力计上，磁铁两极之间的磁场可视为水平匀强磁场，直铜条ab两端通过导线与一电阻连接成闭合回路，若让铜条水平且垂直于磁场在磁场中竖直向下运动（）a铜条所受安培力的方向竖直向上b铜条所受安培力的方向竖直向下cab向下运动时，电子测力计示数增大dab向下运动时，电子测力计示数减少【考点】安培力 【分析】根据右手定则判断出感应电流的方向，结合左手定则判断出安培力方向，从而得出电子测力计示数的变化【解答】解：a、根据棒向下运动，切割磁感线，产生感应电流，由右手定则可得感应电流方向为b到a，再由左手定则可得，安培力方向竖直向上，故a正确，b错误；c、当棒不动时，棒不受安培力作用，当ab向下运动时，ab棒受到向上的安培力，根据牛顿第三定律知，电子测力计受到的压力增大，电子测力计示数增大故c正确，d错误故选：ac【点评】本题考查了右手定则和左手定则的综合运用，知道两个定则的区别，不能混淆，本题也可以通过楞次定律得另一种表述分析判断11中国的北斗系统中系统中部分卫星运动轨道如图所示，已知a、b、c为圆形轨道，轨道半径ra=rbrc则下列说法正确的是（）a在轨道a、b运行的两颗卫星加速度大小相等b卫星在轨道a、c的运行周期tatcc卫星在轨道c、a的运行速度vavcd在轨道a、b运行的两颗卫星受到地球的引力一样大【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系 【专题】万有引力定律的应用专题【分析】根据万有引力提供向心力，解出加速度、周期、线速度与轨道半径的关系，根据图示的轨道半径大小判断加速度、周期、线速度的大小【解答】解：a、根据万有引力提供向心力，得，因为ab的轨道半径相等，故ab的加速度大小相等，故a正确b、根据万有引力提供向心力，得，c的轨道半径小于a的轨道半径，故a的周期大于c的周期，故b正确c、根据万有引力提供向心力，得，c的轨道半径小于a的轨道半径，故a的线速度小于c的线速度，故c错误d、由于ab的质量不知道，无法确定受到的地球引力的大小，故d错误故选：ab【点评】本题关键要掌握万有引力提供向心力，并且能够根据题意选择向心力的表达式12如图为汽车静电喷漆示意图，车门带负电，喷嘴与车门间的电势差不变，喷嘴向车门喷电量相等的带电油漆微粒，微粒最后吸附在车门表面，以下判断正确的是（）a微粒带正电b喷嘴的电势比车门的电势高c微粒靠近车门的过程电势能增加d电场力对每个油漆微粒做功都不相同【考点】静电场中的导体；电势差与电场强度的关系 【专题】电场力与电势的性质专题【分析】在涂料微粒向工件靠近的过程中，工件带正电，涂料微粒带负电；根据库仑定律分析库仑力的变化；电场力做正功，涂料微粒的电势能减小【解答】解：a、由图知，车门带负电，则在涂料微粒向工件靠近的过程中，涂料微粒带正电故a正确b、喷嘴处带正电，车门带负电，所以喷嘴的电势比车门的电势高故b正确c、涂料微粒所受的电场力方向向右，其位移方向大体向右，则电场力对涂料微粒做正功，其电势能减小故c错误；d、电场力做功仅仅与两点之间的电势差有关，与路径无关，所以电场力对每个油漆微粒做功都相同，故d错误故选：ab【点评】该题考查静电现象的应用，解答本题抓住异种电荷相互吸引，分析涂料微粒的电性根据电场力做功正负判断电势能的变化情况13如图，轻绳oc栓接在轻质弹簧秤上，oa连接在天花板上的a点，ob与钩码连接于b点，现保持结点o位置不变，将轻质弹簧秤从竖直位置缓慢转动到水平位置过程中（）a轻绳ob的张力保持不变b轻绳oa的张力保持不变c弹簧秤的示数逐渐增大d弹簧秤的示数先减小后增大【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力 【专题】共点力作用下物体平衡专题【分析】o点固定不动，以o点为研究对象，分析受力情况，运用图解法，画出平行四边形进行分析【解答】解：在图中，对o点受力分析，抓住两根绳的合力等于物体的重力，其大小和方向都不变，oa绳拉力方向不变，根据平行四边形定则得，如图，知oa绳上拉力f1先减小后增大，而细线的拉力不断增加；故ad正确，bc错误；故选：ad【点评】此题是动态变化分析问题，分别运用图解法和函数法处理这个类型的题需要找出不变的物理量，然后作图或找变化的物理量与不变的物理量之间的关系再加以分析，就能以不变应万变三、非选择题14如图甲为验证牛顿第二定律的实验装置示意图 平衡摩擦力的操作：取下砂桶（填“挂上”或“取下”），将小车静止地放在水平长木板上，把木板不带滑轮的一端垫高，接通打点计时器电源，轻推（选填“静止释放”或“轻推”）小车，让小车拖着纸带运动如果打出的纸带如图乙所示，则应增大（选填“增大”或“减小”）木板的倾角【考点】验证牛顿第二运动定律 【专题】实验题【分析】实验前需要平衡摩擦力；平衡摩擦力时木板倾角要适当，使小车沿斜面重力的分力等于摩擦力，斜面倾角不要过大，否则会导致平衡摩擦力过度【解答】解：平衡摩擦力时，取下砂桶，将小车静止地放在水平长木板上，把木板不带滑轮的一端垫高，接通打点计时器电源，轻推小车，让小车拖着纸带运动，若小车做匀速直线运动，在摩擦力得到平衡如果打出的纸带如图乙所示，则相等时间内的位移越来越小，可知小车做减速运动，则应增大木板的倾角，直至做匀速直线运动故答案为：取下；轻推； 增大【点评】解决本题的关键掌握平衡摩擦力的方法，纸带的处理要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用15（10分）（2015春汕头期末）如图，处于匀强磁场中的两根足够长、电阻不计的平行金属导轨相距为1m，导轨平面与水平面成=300角，下端连接阻值为r=2的电阻磁场方向垂直导轨平面向上，磁感应强度为0.5t质量为0.2kg、电阻不计的金属棒ab放在两导轨上，棒与导轨垂直并保持良好接触，它们之间的动摩擦因数为金属棒沿导轨由静止开始下滑，g取10m/s2（1）判断金属棒下滑过程中产生的感应电流方向；（2）求金属棒下滑速度达到2m/s时的加速度大小【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；牛顿第二定律；闭合电路的欧姆定律 【专题】电磁感应与电路结合【分析】（1）由右手定则判断金属棒中的感应电流方向（2）由e=blv求出金属棒产生的感应电动势，由欧姆定律求出感应电流，得到安培力，再由牛顿第二定律求加速度【解答】解：（1）由右手定则判断知金属棒中的感应电流方向为由a到b（2）金属棒下滑速度达到v=2m/s时产生的感应电动势为 e=blv感应电流为 i=金属棒受到的安培力为 f=bil，可得 f=由牛顿第二定律得：mgsinmgcosf=ma解得：a=1.25m/s2答：（1）金属棒中的感应电流方向为由a到b（2）金属棒下滑速度达到2m/s时的加速度大小为1.25m/s2【点评】解决本题的关键是运用法拉第定律、欧姆定律推导出安培力与速度的关系式f=，这个结论经常用到，要记牢16（12分）（2015春汕头期末）如图，跳台滑雪运动员从半径为r的圆弧滑道上的a点由静止滑下，在跳台o点沿水平方向飞出，o点是圆弧滑道的最低点，也是斜坡的起点，a点与o点在竖直方向的距离为h，斜坡的倾角为，运动员的质量为m重力加速度为g不计一切摩擦和空气阻力求：（1）运动员经过跳台o时的速度大小和滑道对运动员支持力的大小（2）从运动员离开o店到落在足够长斜坡上所用的时间【考点】机械能守恒定律；平抛运动 【专题】机械能守恒定律应用专题【分析】（1）运动员从a到o点过程中，根据机械能守恒定律和牛顿第二定律列式即可求解；（2）离开o点后，运动员在水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，根据平抛运动的关键即可求出所用的时间【解答】解：（1