高考物理二轮复习 电学专题六专题训练（含解析） 新人教版.doc

2014年高考二轮复习之电学专题六1一物体从高x处做自由落体运动，经时间t到达地面，落地速度为v，那么当物体下落时间为时，物体的速度和距地面的高度分别是()a.，b.，c.，x d.，x【解析】根据运动学公式vgt，得速度v与时间t成正比，所以下落时的速度为vv.根据公式xgt2得，下落位移x与时间的平方t2成正比，所以下落时下落的高度为xxx.所以距地面高度x距xxxxx.选项c正确【答案】c2.如图1所示，在倾角为的光滑斜面上有两个用劲度系数为k的轻质弹簧相连的物块a、b，质量均为m，开始时两物块均处于静止状态现下压a再静止释放使a开始运动，当物块b刚要离开挡板时，a的加速度的大小和方向为()a0b2gsin ，方向沿斜面向下c2gsin ，方向沿斜面向上dgsin ，方向沿斜面向下【解析】当b刚要离开挡板时，弹簧弹力大小为fmgsin ，弹簧处于伸长状态；对a进行受力分析，重力沿斜面向下的分力mgsin ，弹簧弹力沿斜面向下的拉力f，故a的加速度大小为2gsin ，方向沿斜面向下，故b正确【答案】b【答案】bc3如图3，两根相互平行的长直导线分别通有方向相反的电流i1和i2，且i1i2；a、b、c、d为导线某一横截面所在平面内的四点，且a、b、c与两导线共面；b点在两导线之间，b、d的连线与导线所在平面垂直磁感应强度可能为零的点是()图3aa点bb点cc点dd点【解析】由安培定则画出a、b、c、d的磁感线的分布图，由图可知a、c两点的磁场方向相反，当b1b2时该点处的磁感应强度为零，又i1i2，故该点距i1距离应比i2大，故c正确，a、b、d均错误【答案】c4如图4所示，一个平行板电容器，板间距离为d，当对其加上电压后，a、b两板的电势分别为和，下述结论正确的是()a电容器两极板间可形成匀强磁场，电场强度大小为e/db电容器两极板间各点的电势，有的相同，有的不同；有正的，有负的，有的为零c若只减小两极板间的距离d，该电容器的电容c要增大，极板上带的电荷量q也会增加d若有一个电子水平射入穿越两极板之间的电场，则电子的电势能一定会减小【解析】由题意可知，两板间电压为2，电场强度为e，a错误；板间与板平行的中线上电势为零，中线上方为正，下方为负，故b正确；由c知，d减小，c增大，由qcu知，极板带电荷量q增加，c正确；电子水平射入穿越两极板之间的电场时，电场力一定对电子做正功，电子的电势能一定减小，d正确【答案】bcd5地面附近有一正在上升的空气团，它与外界的热交换忽略不计已知大气压强随高度增加而降低，则该气团在此上升过程中(不计气团内分子间的势能)()a体积减小，温度降低 b体积减小，温度不变c体积增大，温度降低 d体积增大，温度不变【解析】由于大气压强随高度增加而降低，空气团气体的压强大于周围空气的压强，故空气团要膨胀，体积增大；根据热力学第一定律wqu，由于空气团与外界的热交换忽略不计，故q0，由于空气团的体积增大，故空气团对外界做功w0，因此内能的变化u0，即空气团内能减少，而空气团的内能又只与温度有关，故该气团的温度降低，c选项正确【答案】c6如图3所示为分子势能与分子间距离之间的关系，下列判断正确的是a当rr0时，r越小，则分子势能ep越大b当rr0时，r越小，则分子势能ep越大c当rr0时，则分子势能ep最小d当r时，分子势能ep最小【解析】当rr0时，分子力表现为斥力，r减小时分子力做负功，分子势能增大；当rr0时，分子力表现为引力，r减小时分子力做正功，分子势能减小；当rr0时，分子力为零，分子势能最小；当r时，引力做负功，分子势能增加并趋近于零【答案】ac7.如图3所示，质量为m、半径为r、内壁光滑的半球形容器静止放在粗糙水平地面上，o为球心，有一劲度系数为k的轻弹簧一端固定在半球底部o处，另一端与质量为m的小球相连，小球静止于p点，已知地面与半球形容器间的动摩擦因数为，op与水平方向的夹角为30，则下列说法正确的是()a小球受到轻弹簧的弹力大小为mgb小球受到容器的支持力大小为mgc小球受到容器的支持力大小为mgd半球形容器受到地面的摩擦力为0【解析】小球受力分析如图所示，由几何关系可知，fnf弹，由平衡条件得：2fnsin mg，可得：fnf弹mg，故a、b错误，c正确；取半球形容器、弹簧和小球为一系统，由平衡条件可以得出，地面对半球形容器的摩擦力为0，d正确【答案】cd8如图4所示，在水平力f的作用下，木块a、b保持静止若木块a与b的接触面是水平的，且f0.则关于木块b的受力个数可能是()a3个 b5个c4个 d6个【解析】木块b一定受重力和a对它的压力；将a、b看做整体，因整体保持静止，所以b一定受斜面的支持力；隔离木块a对其受力分析，因a静止，故a一定受b的静摩擦力，从而b也一定受a的静摩擦力；斜面对木块b的静摩擦力可能有，也可能无综上所述，正确答案为b、c.【答案】bc9.如图7所示，a、b是一对水平放置的平行金属板，板间存在着竖直向下的匀强电场一个不计重力的带电粒子从两板左侧正中位置以初速度v沿平行于金属板的方向进入场区，带电粒子进入场区后将向上偏转，并恰好从a板的右边缘处飞出若撤去电场，在两金属板间加垂直纸面向里的匀强磁场，则相同的带电粒子从同一位置以相同的速度进入场区后将向下偏转，并恰好从b板的右边缘处飞出现上述的电场和磁场同时存在于两金属板之间，仍让相同的带电粒子从同一位置以相同的速度进入场区，则下面的判断中正确的是()a带电粒子将偏向a板做曲线运动b带电粒子将偏向b板做曲线运动c带电粒子将做匀速直线运动d带电粒子将做匀速圆周运动【解析】设板长为l，板间的距离为d.仅有电场时，粒子做类平抛运动，有()2，可得qemv2；仅有磁场时，粒子做匀速圆周运动，有qvbm，其中r2(r)2l2，解得qvb.比较可得qeqvb，当电场和磁场同时存在时，合力指向a板，粒子将偏向a板做曲线运动，选项a正确【答案】a10如图10所示，在平面直角坐标系xoy内，第象限的等腰直角三角形mnp区域内存在垂直于坐标平面向外的匀强磁场，y0的区域内存在着沿y轴正方向的匀强电场一质量为m、电荷量为q的带电粒子从电场中的q(2h，h)点以速度v0水平向右射出，经坐标原点o处射入第象限，最后以垂直于pn的方向射出磁场已知mn平行于x轴，n点的坐标为(2h,2h)，不计粒子的重力，求：图10(1)电场强度的大小e；(2)磁感应强度的大小b；(3)粒子在磁场中运动的时间t.【解析】(1)粒子在电场中运动过程中，由平抛运动规律及牛顿运动定律得2hv0that2qema解得e.(2)粒子到达o点时，沿y轴正方向的分速度vyatv0速度方向与x轴正方向的夹角满足tan 1，45粒子从mp的中点垂直于mp进入磁场，垂直于np射出磁场，粒子在磁场中的速度v v0轨道半径r h由qvbm得b.(3)粒子在磁场中的运动时间t.【答案】(1)(2)(3)11如图11所示，在xoy平面内的第象限中有沿y方向的匀强电场，场强大小为e.在第和第象限有匀强磁场，磁场方向垂直于坐标平面向里，有一个质量为m，电荷量为e的电子，从y轴的p点以初速度v0垂直于电场方向进入电场，p点坐标为(0，)，经电场偏转后，与x轴负半轴成一定角度进入磁场，设磁感应强度b的大小为.求： 图11(1)电子经过x轴负半轴的坐标和此时速度方向与x轴方向的夹角；(2)电子再次经过y轴负半轴的坐标【解析】(1)电子在电场中做类平抛运动，加速度为a令y0，则时间为t 电子经过x轴负半轴的坐标xv0tv0 2y0由tan 1，得45故速度方向与x轴方向成45.(2)电子进入磁场速度应为 v0，进入磁场时方向与x轴负方向成45，进入磁场所做圆周运动半径r y0由几何关系可知轨迹与x轴两交点间距离为 r3y0，3y02y0y0电子接着从b点做匀速直线运动，由对称性知与x轴负方向成45，故再次经过y轴的坐标为(0，)，即与p点重合【答案】见解析12如图12，一半径为r的圆表示一柱形区域的横截面(纸面)在柱形区域内加一方向垂直于纸面的匀强磁场，一质量为m、电荷量为q的粒子沿图中直线在圆上的a点射入柱形区域，在圆上的b点离开该区域，离开时速度方向与直线垂直圆心o到直线的距离为r.现将磁场换为平行于纸面且垂直于直线的匀强电场，同一粒子以同样速度沿直线在a点射入柱形区域，也在b点离开该区域若磁感应强度大小为b，不计重力，求电场强度的大小【解析】粒子在磁场中做圆周运动设圆周的半径为r，由牛顿第二定律和洛伦兹力公式得qvbm式中v为粒子在a点的速度过b点和o点作直线的垂线，分别与直线交于c和d点，由几何关系知，