广西桂林十八中高三物理第六次月考试题（含解析）(1).doc

桂林十八中11级高三第六次月考试卷物理注意：1、本试卷分第卷（选择题）和第卷（非选择题）两部分。共6页，34小题。考试时间150分钟，满分300分。答卷前，考生务必将自己的姓名和考号填写或填涂在答题卷指定的位置。2、选择题答案用2b铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案；不能答在试题卷上。3、主观题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔在答题卷上作答，答案必须写在答题卷各题目指定区域内的相应位置上，超出指定区域的答案无效；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案。 可能用到的相对原子质量：h- 1 c- 12 n- 14 o- 16 na- 23 mg- 24 al- 27 s- 32 cl- 35.5 fe- 56 cu- 64第i卷（选择题, 126分）一、选择题（本大题共13小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合要求的）选择题：（本大题共8小题，在每小题给出的四个选项中，有的只有一项是符合题目要求，有的有多选项符合题目要求。全部选对得6分，选对但不全得3分，有选错或不答的得0分）14. 如图所示，小船用绳牵引靠岸，设水的阻力不变，在小船匀速靠岸的过程中，有 a绳子的拉力f不断增大 b绳子的拉力f不变 c船受的浮力减小 d船受的浮力不变【答案】ac【解析】对小船进行受力分析，如图，因为小船做匀速直线运动，所以小船处于平衡，设拉力与水平方向的夹角为，有：fcos=f、fsin+f浮=mg船在匀速靠岸的过程中，增大，阻力不变，根据平衡方程知，绳子的张力增大，sin增大，所以船的浮力减小，故ac正确。故选ac。【考点】共点力平衡；运动的合成和分解15. 右图为两分子系统的势能ep与两分子间距离r的关系曲线。下列说法正确的是 a当r大于r1时，分子间的作用力表现为引力b当r小于r1时，分子间的作用力表现为斥力c当r等于r2时，分子间的作用力为零d在r由r1变到r2的过程中，分子间的作用力做负功【答案】bc【解析】由图象可知：分子间距离为r2时分子势能最小，此时分子间的距离为平衡距离；a、r2是分子的平衡距离，当0rr2时，分子力为斥力，当rr2时分子力为引力，故a错误；b、当r小于r1时，分子间的作用力表现为斥力，故b正确；c、当r等于r2时，分子间的作用力为零，故c正确；d、在r由r1变到r2的过程中，分子力为斥力，分子间距离增大，分子间的作用力做正功，故d错误故选bc。【考点】分子间的相互作用力；分子势能16. 如图所示，物体m通过定滑轮牵引另一水平面上的物体沿斜面匀速下滑，此过程中斜面仍静止，斜面质量为m，则水平地面对斜面体a无摩擦力 b有水平向右的摩擦力 c支持力为(mm)g d支持力小于(mm)g【答案】bd【解析】选m和m组成的整体为研究对象，设绳子上的拉力为t，受力分析如图：由平衡条件可以判断，m必受到沿水平面向右的摩擦力假设：斜面的倾角为则：n+tsin=（m+m）g，所以：n小于（m+m）g。故选bd。【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用17.如图所示，电源电动势为e，内阻为r，平行板电容器两金属板水平放置，开关s是闭合的，两板间一质量为m、电荷量为q的油滴恰好处于静止状态，g为灵敏电流计。则以下说法正确的是a在将滑动变阻器滑片p向上移动的过程中，油滴向上加速运动，g中有从b到a的电流 b在将滑动变阻器滑片p向下移动的过程中，油滴向下加速运动，g中有从b到a的电流 c在将滑动变阻器滑片p向上移动的过程中，油滴仍然静止，g中有从a到b的电流 d在将s断开后，油滴仍保持静止状态，g中无电流通过【答案】a【解析】ac、当滑片p向上移动的过程中，变阻器的电压增大，电容器的电压增大，板间场强增大，油滴向上做加速运动电容器充电，g中有从b到a的电流，故a正确c错误；b、当滑片p向下移动的过程中，油滴向下加速运动，电容器放电，g中有从a到b的电流，故b错误；d、将s断开到电路稳定的过程，电容器通过r2和r放电，板间场强逐渐减小，油滴向下运动，g中有从a到b的瞬间电流通过，故d错误。故选a。【考点】电容器的动态分析；闭合电路的欧姆定律18. 如图所示，位于介质i和ii分界面上的波源s，产生两列分别沿x轴负方向与正方向传播的机械波。若在两种介质中波的频率及传播速度分别为f1、f2和v1、v2，则a . f12f2，v1v2。 b. f1f2，v10.5v2。c. f1f2，v12v2。 d. f10.5f2，v1v2。 【答案】c【解析】波的频率由波源决定，同一波源产生的两列频率相同，所以f1=f2；由图看出，向x轴负方向传播的波波长为，向x轴正方向传播的波波长为，则，根据波速公式得：。故选c。【考点】横波的图象；波长、频率和波速的关系19、在匀强磁场中某处p放一个长度为l=20cm，通电电流i=0.5a的直导线，测得它受到的最大磁场力f=1.0n，其方向竖直向上，现将该通电导线从磁场撤走，则p处磁感强度为a零； b10t，方向肯定不沿竖直向上方向c0.1t，方向竖直向上； d10t，方向竖直向上；【答案】b【解析】由题意，通电导线放入磁场中所受安培力最大，说明导线与磁场垂直，则有：f=bil得：因磁感应强度b方向与安培力方向是垂直关系，故知b的方向肯定不竖直向上；磁感应强度是由磁场本身决定的，与是否有电流无关，故将该通电导线从磁场撤走，则p处磁感应强度保持不变，故b正确。故选b。【考点】安培力20. 关于我国发射的“亚洲一号”地球同步通讯卫星的说法，正确的是a若其质量加倍，则其轨道半径也要加倍 b它在北京上空运行，故可用于我国的电视广播c它以第一宇宙速度运行 d它运行的角速度与地球自转的角速度相同【答案】d【解析】a、地球同步卫星距离地球的高度约为36000 km，半径一样，所以各国发射的这种卫星轨道半径都一样，与质量无关，故a错误；b、它们只能在赤道的正上方，它若在除赤道所在平面外的任意点，假设实现了“同步”，那它的运动轨道所在平面与受到地球的引力就不在一个平面上，这是不可能的，故不可能定点在北京正上方，故b错误；c、地球同步卫星在轨道上的绕行速度约为3.1千米/秒，小于7.9km/s，故c错误；d、同步卫星是指与地球相对静止的卫星，这种卫星绕地球转动的角速度与地球自转的角度速度相同，故d正确。故选d。【考点】同步卫星21.如图所示，空间存在水平向左的匀强电场和垂直纸面向里的水平匀强磁场。在该区域中，有一个竖直放置的光滑绝缘圆环，环上套有一个带正电的小球。o点为圆环的圆心，a、b、c、d为圆环上的四个点，a点为最高点，c点为最低点，bd沿水平方向。已知小球所受电场力与重力大小相等。现将小球从环的顶端a点由静止释放。下列判断正确的是a小球能越过与o等高的d点并继续沿环向上运动b当小球运动到c点时，小球受到的洛仑兹力最大c小球从b点运动到c点，电势能增大，动能先增大后减小d. 小球从a点到b点，重力势能减小，电势能增大【答案】c【解析】电场力与重力大小相等，则二者的合力指向左下方45，由于合力是恒力，故类似于新的重力，所以ad弧的中点相当于平时竖直平面圆环的“最高点”，关于圆心对称的位置（即bc弧的中点）就是“最低点”，速度最大；a、由于a、d两点关于新的最高点对称，若从a点静止释放，最高运动到d点，故a错误；b、由于bc弧的中点相当于“最低点”，速度最大，当然这个位置洛伦兹力最大，故b错误；c、小球从b点运动到c点，电场力做负功，电势能增大，但由于bc弧的中点速度最大，所以动能先增后减，故c正确；d、从a到b，重力和电场力都做正功，重力势能和电势能都减少，故d错误。故选c。【考点】带电粒子在混合场中的运动；功能关系第ii卷（非选择题， 共174分）22.(8分) 某同学在探究影响单摆周期的因素时有如下操作，请判断是否恰当（填“是”或“否”）（1）在摆球经过最低点时启动秒表计时； （2）把秒表记录摆球一次全振动的时间作为周期 （3）该同学改进测量方法后，得到部分测量数据见表。用螺旋测微器测量其中一个摆球直径的示数如图，该球的直径为 mm.根据表中数据可以初步判断单摆周期随 的增大而增大。【答案】是 否 20.685 摆长【解析】（1）因为最低点位置固定，小球经过最低点时，相同的空间尺雨误差，产生的时间误差较小，所以在最低点启动秒表计时，所以“是”；（2）摆球一次全振动的时间太短、误差大，应采用累积法测多个周期的时间求平均值，所以“否”；（3）读数为：整数（20.5mm）精度（0.01mm）格数（18.5）20.685；从图中数据可知：摆长相同时，周期相同，摆长变大时，周期变大，根据表中数据可以初步判断单摆周期随“摆长”的增大而增大。【考点】用单摆测定重力加速度23.（10分）用如图所示的电路，测定一节干电池的电动势和内阻。电池的内阻较小，为了防止在调节滑动变阻器时造成短路，电路中用一个定值电阻r0起保护作用。除电池、开关和导线外，可供使用的实验器材还有：电流表（量程0.6a、3a）； 电压表（量程3v、15v） 定值电阻（阻值1、额定功率5w） 定值电阻（阻值10，额定功率10w） 滑动变阻器（阻值范围010、额定电流2a）滑动变阻器（阻值范围0100、额定电流1a）要正确完成实验，电压表的量程应选择 v，电流表的量程应选择 a；r0应选择 的定值电阻，r应选择阻值范围是 的滑动变阻器。引起该实验系统误差的主要原因是 【答案】3 0.6 1 010 电压表的分流作用【解析】（1）、由于电源电动势为1.5v，所以电压表量程应选3v；由于通过待测电池的电流不能过大，所以电流表量程应选0.6a；根据闭合电路欧姆定律可知，电路中的最大电阻应为：，所以变阻器应选择的阻值范围是010；（2）、根据闭合电路欧姆定律可知，由于电压表的分流作用，造成电流表的读数总是比电池实际输出电流小。【考点】测定电源的电动势和内阻24.（16分）两质量分别为m1和m2的劈a和b，高度相同，放在光滑水平面上，a和b的倾斜面都是光滑曲面，曲面下端与水平面相切，如图所示，一质量为m的物块位于劈a的倾斜面上，距水平面的高度为h。物块从静止滑下，然后又滑上劈b。求物块在b上能够达到的最大高度。【答案】【解析】设物块到达劈a的低端时，物块和a的的速度大小分别为v和v，由机械能守恒得水平方向动量守恒得设物块在劈b上达到的最大高度为，此时物块和b的共同速度大小为，由机械能守恒得由动量守恒定律得得。【考点】动量守恒定律；机械能守恒定律25.（18分）如图所示，足够长的光滑平行金属导轨mn、pq固定在同一水平面上，两导轨间距l=0.30 m。导轨电阻忽略不计，其间连接有定值电阻r=0.40 。导轨上静置一质量m=0.10 kg、电阻r=0.20 的金属杆ab，整个装置处于磁感应强度b=0.50 t的匀强磁场中，磁场方向竖直向下。用一外力f沿水平方向拉金属杆ab，使它由静止开始运动（金属杆与导轨接触良好并保持与导轨垂直），电流传感器（不计传感器的电阻）可将通过r的电流i即时采集并输入计算机，获得电流i随时间t变化的关系如图所示。求金属杆开始运动2.0 s时： （1）金属杆ab受到安培力的大小和方向；（2）金属杆的速率；（3）对图象分析表明，金属杆在外力作用下做的是匀加速运动，加速度大小a=0.40 m/s2，计算2.0 s时外力f做功的功率。【答案】，方向水平向左 【解析】（1）由图可知2.0s时通过金属杆ab的电流为0.2a,设此时金属杆受到的安培力为，根据安培力公式有解得：，方向水平向左；（2）设金属杆产生的感应电动势为e，根据闭合电路欧姆定律解得：；设金属杆在2.0s时的速率为v1，则解得：；(3)根据牛顿第二定律解得：在2.0s时拉力设2.0s时拉力f做功的功率为p，则解得：。【考点】牛顿第二定律；闭合电路的欧姆定律；法拉第电磁感应定律26、（20分）如图所示，离子源a产生的初速度为零、带电荷量均为e、质量不同的正离子被电压为u0的加速电场加速后匀速通过准直管，垂直射入匀强偏转电场，偏转后通过极板hm上的小孔s离开电场，经过一段匀速直线运动，垂直于边界mn进入磁感应强度为b的匀强磁场。已知hod，hs2d，mnq90。（忽略离子所受重力）（1）求偏转电场场强e0的大小以及hm与mn的夹角； （2）求质量为m的离子在磁场中做圆周运动的半径； （3）若质量为4m的离子垂直打在nq的中点s1处，质量为16m的离子打在s2处，求s1和s2之间的距离以及能打在nq上的正离子的质量范围。【答案】（1） =45（2）（3） 【解析】（1）正离子被电压为u0的加速电场加速后速度设为v1，则对正离子，应用动能定理有，正离子垂直射入匀强偏转电场，作类平抛运动受到电场力、产生的加速度为，即，垂直电场方向匀速运动，有，沿场强方向：，联立解得又，解得=45；（2）正离子进入磁场时的速度大小为v2，解得正离子在匀强磁场中作匀速圆周运动，由洛仑兹力提供向心力，解得离子在磁场中做圆周运动的半径；（3）根据可知，质量为4m的离子在磁场中的运动打在s1，运动半径为，质量为16m的离子在磁场中的运动打在s2，运动半径为，又，由几何关系可知s1和s2之间的距离，联立解得；由，解得再根据，解得。【考点】带电粒子在匀强电场中的运动；带电粒子在匀强磁场中的运动第六次月考理综物理答案14、ac 15、bc 16、b