河南省洛阳市伊滨一中高二物理上学期10月月考试卷（含解析）.doc

河南省洛阳市伊滨一中20142015 学年度高二上学期月考物理试卷（10月份）一、选择题（本题包括12小题：每小题4分，共48分在每小题给出的四个选项中，第1-8题为单项选择，9-为多个选项正确全部选对的得4分，选对但不全的得2分）1下列不属于能量单位的是（） a j b kwh c kw d ev2把两根同种材料的电阻丝串联在同一电路中，a电阻丝长为l，直径为d，b电阻丝长为3l，直径为3d，加在两电阻丝上的电压之比为（） a ua：ub=1：1 b ua：ub=3：1 c ua：ub=1：3 d ua：ub=9：13“神舟”七号飞船的发射、回收成功，标志着我国载人航空航天技术达到了世界先进水平飞船在太空飞行时用太阳能电池供电，太阳能电池由许多片电池板组成某电池板开路电压是800mv，短路电流为40ma，若将该电池板与阻值为20的电阻器连成一闭合电路，则它的路端电压是（） a 0.10 v b 0.20 v c 0.30 v d 0.40 v4电流表的内阻是rg=200，满偏电流值是ig=500a，现在欲把这电流表改装成量程为1.0v的电压表，正确的方法是（） a 应串联一个0.1的电阻 b 应并联一个0.1的电阻 c 应串联一个1800的电阻 d 应并联一个1800的电阻5如图所示，电源电动势e=5v，内阻不计，定值电阻r1=r2=3，可变电阻r3的最大阻值为6当滑动变阻器的滑片在r3上滑动时，r2上的电压取值范围为（） a 02 v b 05 v c 03.6 v d 04 v6如图所示为电阻r1和r2的伏安特性曲线，并且把第一象限分为了、三个区域现把r1和r2并联在电路中，消耗的电功率分别用p1和p2表示；并联的总电阻设为r下列关于p1与p2的大小关系及r的伏安特性曲线应该在的区域正确的是（） a 特性曲线在区，p1p2 b 特性曲线在区，p1p2 c 特性曲线在区，p1p2 d 特性曲线在区，p1p27如图所示的两条图线分别表示同一电源的内阻发热功率pr以及电源的总功率p随干路电流i的变化图线，其中抛物线obc为电源的内阻发热功率pr随干路电流i的变化图线，直线oac为电源的总功率p随干路电流i的变化图线若线段ab对应的横坐标为2a，那么图象中线段ab所表示的功率差以及电流i=2a时所对应的外电阻分别为（） a 6w0.5 b 2w0.5 c 2w0.1 d 4w0.38关于电动势的说法，下列说法错误的是（） a 电源的电动势等于内、外电路电势降落之和 b 电源提供的电能越多，电源的电动势越大 c 当电路中通过1库仑电量时，电源消耗的其他形式能的数值等于电源电动势的值 d 外电路断开时，电源路端电压与电源的电动势相等9如图所示，a、b两图分别为测灯泡电阻r的电路图，下述说法正确的是（） a a图的接法叫电流表内接法，b图的接法叫电流表的外接法 b a中r测r真，b中r测r真 c a中误差由电压表分流引起，为了减小误差，就使rrv，故此法测较小电阻好 d b中误差由电流表分压引起，为了减小误差，应使rra，故此法测较大电阻好10如图所示的电路中，电源的电动势e和内电阻r恒定不变，电灯l恰能正常发光，如果变阻器的滑片向b端滑动，则（） a 电灯l更亮，安培表的示数减小 b 定值电阻r2的热功率增大 c 滑动变阻器两端的电压增大 d 电灯l变暗，安培表的示数增大11如图所示是某电源的路端电压与电流的关系图象，下面结论正确的是（） a 电源的电动势为6.0v b 电源的内阻为12 c 电源的短路电流为0.5a d 电流为0.3a时的外电阻是1812在使用多用电表的欧姆挡测电阻时，应（） a 使用前检查指针是否停在欧姆挡刻度线的“”处 b 每换一次挡位，都要进行一次电阻调零 c 在测量电阻时，电流从黑表笔流出，经被测电阻到红表笔，再流入多用电表 d 测量时若发现表针偏转的角度较小，应该更换倍率较小的挡来测量二、填空题（每空2分，共16分）13在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，可供选择的器材如下：a小灯泡l：3v、5 b滑动变阻器r：010，额定电流1.5ac电压表v1：03v，5k d电压表v2：015v，10ke电流表a1：00.6a，0.5 f电流表a2：03a，0.1g铅蓄电池、开关各一个，导线若干实验中要求加在小灯泡两端的电压可连续地从零调到额定电压（1）为了减少误差，实验中应选电压表，电流表；请在图虚线框内按要求设计实验电路图（部分线已画好）（3）某同学实验后作出的iu图象如图所示，请分析该图象形成的原因是：14用伏安法测电阻，可采用如图所示的甲、乙两种接法如所用电压表内阻为5000，电流表内阻为0.5（1）当测量100左右的电阻时，宜采用电路；现采用乙电路测量某电阻的阻值时，两电表的读数分别为10v、0.5a，则此电阻的测量值为，真实值为三、计算题（共4题，共36分要求有必要的文字说明、重要方程式和主要演算步骤，有数值计算的要明确写出数值和单位，只写出最后结果的不得分）15在如图的电路中，r1=14.0欧，r2=9.0欧，当开关s扳到位置1时，电流表的示数为i1=0.2安，当开关s扳到位置2时，电流表的示数为i2=0.3安，求电源的电动势和内电阻16电饭锅工作时有两种状态：一种是锅内的水烧干以前的加热状态，另一种是水烧干后的保温状态如图是电饭锅的电路图，r1是一个电阻，r2是加热用的电阻丝（1）自动开关s接通和断开时，电饭锅分别处于哪种状态？说明理由要使r2在保温状态下的功率是加热状态的一半，r1：r2应该是多大？17如图所示，已知电源电动势e=20v，内阻r=1，当接入固定电阻r=4时，电路中标有“3v，6w”的灯泡l和内阻rd=0.5的小型直流电动机d都恰能正常工作试求：（1）电路中的电流大小；电动机的额定电压；（3）电动机的输出功率18如图所示的电路中，电阻r1=r2=r3=10，电源内阻r=5，电压表可视为理想电表当开关s1和s2均闭合时，电压表的示数为10v求：（1）路端电压为多大？电源的电动势为多大？（3）当开关s1闭合而s2断开时，电压表的示数变为多大？河南省洛阳市伊滨一中20142015学年度高二上学期月考物理试卷（10月份）参考答案与试题解析一、选择题（本题包括12小题：每小题4分，共48分在每小题给出的四个选项中，第1-8题为单项选择，9-为多个选项正确全部选对的得4分，选对但不全的得2分）1下列不属于能量单位的是（） a j b kwh c kw d ev考点： 功的概念；功率、平均功率和瞬时功率；电势能分析： 知道能量的国际单位是焦耳，要会根据力学单位制推导能量的单位解答： 解：a、能量的国际单位是焦耳，故a正确；b、根据w=pt可知kwh是功的单位，也是能量的单位，故b正确；c、国际计量采用“瓦特”为功率的单位，故c错误；d、根据电场力对电荷做功公式w=uq可知ev也是能量单位，故d正确本题选不属于的故选c点评： 本题考查各物理量的单位，解本题的关键是记住常见物理量的单位2把两根同种材料的电阻丝串联在同一电路中，a电阻丝长为l，直径为d，b电阻丝长为3l，直径为3d，加在两电阻丝上的电压之比为（） a ua：ub=1：1 b ua：ub=3：1 c ua：ub=1：3 d ua：ub=9：1考点： 电阻定律专题： 恒定电流专题分析： 根据电阻定律r=，求出电阻之比；再根据u=ir求解电压之比解答： 解：根据电阻定律r=和面积公式s=可知，ra：rb=1：3；串联电路电流相等，根据u=ir，ua：ub=ra：rb=3：1；故选：b点评： 本题关键是记住两个公式，电阻定律公式r=和欧姆定律公式u=ir，基础问题3“神舟”七号飞船的发射、回收成功，标志着我国载人航空航天技术达到了世界先进水平飞船在太空飞行时用太阳能电池供电，太阳能电池由许多片电池板组成某电池板开路电压是800mv，短路电流为40ma，若将该电池板与阻值为20的电阻器连成一闭合电路，则它的路端电压是（） a 0.10 v b 0.20 v c 0.30 v d 0.40 v考点： 电源的电动势和内阻专题： 恒定电流专题分析： 由开路电路等于电源的电动势，求出电动势，由短路电流求出电源的内阻再根据欧姆定律求出电流和路端电压解答： 解：电源没有接入外电路时，路端电压值等于电动势，则电动势e=800mv由闭合电路欧姆定律得短路电流， i短=则电源内阻r=20该电源与20的电阻连成闭合电路时，电路中电流， i=ma=20ma故路端电压u=ir=400mv=0.4v，故选：d点评： 对于电动势的概念要理解：电动势等于外电压和内电压之和，当外电路开路时，内电压为零，开路电路等于电源的电动势4电流表的内阻是rg=200，满偏电流值是ig=500a，现在欲把这电流表改装成量程为1.0v的电压表，正确的方法是（） a 应串联一个0.1的电阻 b 应并联一个0.1的电阻 c 应串联一个1800的电阻 d 应并联一个1800的电阻考点： 把电流表改装成电压表分析： 电流表改装成电压表要串联电阻分压，串联的电阻值为：r=，u为量程解答： 解：电流表改装成电压表要串联的电阻为：r=1800a 串联阻值不对故a错误b 不应并联故b错误c 符合要求故c正确d 不应并联故d错误故选：c点评： 考查的电压表的改装原理，明确所串联的电阻的求法5如图所示，电源电动势e=5v，内阻不计，定值电阻r1=r2=3，可变电阻r3的最大阻值为6当滑动变阻器的滑片在r3上滑动时，r2上的电压取值范围为（） a 02 v b 05 v c 03.6 v d 04 v考点： 闭合电路的欧姆定律专题： 恒定电流专题分析： 当滑动变阻器的滑片滑到r3的最左端时，r2上的电压为0，当滑片滑到r3的最右端时，r2上的电压最大，由欧姆定律和串联电路分压规律求解电压的最大值解答： 解：当滑动变阻器的滑片滑到r3的最左端时，r2被短路，其的电压为0；当滑片滑到r3的最右端时，r2上的电压最大，设为ur2与r3的并联阻值为：r并=2则：u=e=5v=2v故r2上的电压取值范围为02 v故选：a点评： 本题要理解短路的含义，掌握串联电路分压规律求解即可6如图所示为电阻r1和r2的伏安特性曲线，并且把第一象限分为了、三个区域现把r1和r2并联在电路中，消耗的电功率分别用p1和p2表示；并联的总电阻设为r下列关于p1与p2的大小关系及r的伏安特性曲线应该在的区域正确的是（） a 特性曲线在区，p1p2 b 特性曲线在区，p1p2 c 特性曲线在区，p1p2 d 特性曲线在区，p1p2考点： 欧姆定律专题： 恒定电流专题分析： 伏安特性曲线的斜率等于电阻的倒数当两个电阻并联后总电阻r比任何一个电阻都要小，r的伏安特性曲线的斜率大于r1和r2的伏安特性曲线的斜率r1和r2并联在电路中，电压相等，由图读出电流关系，再研究功率关系解答： 解：把r1和r2并联在电路中，并联的总电阻r比r1和r2都小，则r的伏安特性曲线的斜率大于r1和r2的伏安特性曲线的斜率，则r的伏安特性曲线应该区r1和r2并联在电路中，电压相等，由图读出流过电阻r1的电流较大，则功率p1p2故选c点评： 本题首先要从数学角度理解图线的物理意义：斜率越大，电阻越小其次抓住并联电路的基本特点：支路两端的电压相等7如图所示的两条图线分别表示同一电源的内阻发热功率pr以及电源的总功率p随干路电流i的变化图线，其中抛物线obc为电源的内阻发热功率pr随干路电流i的变化图线，直线oac为电源的总功率p随干路电流i的变化图线若线段ab对应的横坐标为2a，那么图象中线段ab所表示的功率差以及电流i=2a时所对应的外电阻分别为（） a 6w0.5 b 2w0.5 c 2w0.1 d 4w0.3考点： 电功、电功率专题： 恒定电流专题分析： 根据电源的总功率p=ei，由c点的坐标求出电源的电动势和内阻ab段表示外电路的功率，再求解ab段表示的功率解答： 解：电源的总功率p=ei，c点表示i=3a，p=9w，则电源的电动势e=3v由图看出，c点表示外电路短路，电源内部热功率等于电源的总功率，则有p=i2r，代入解得，r=1，所以ab段表示的功率为pab=eii2r=32221（w）=2w根据闭合电路欧姆定律，有i=，解得：r=r=1=0.5故选：b点评： 本题关键在：（1）理解电源的总功率p总随电流i变化的图象与电源内部热功率pr随电流i变化的图象的涵义；分清三种功率及其关系：电源的总功率p总=ei，电源内部发热功率p热=i2r，外电路消耗功率p外=ui=i2r，且根据能量关系得p总=p外+p热8关于电动势的说法，下列说法错误的是（） a 电源的电动势等于内、外电路电势降落之和 b 电源提供的电能越多，电源的电动势越大 c 当电路中通过1库仑电量时，电源消耗的其他形式能的数值等于电源电动势的值 d 外电路断开时，电源路端电压与电源的电动势相等考点： 电源的电动势和内阻专题： 恒定电流专题分析： 电动势表征的就是电源把其他形式的能转化为电能的本领大小电源的电动势等于内、外电路上电势降落之和，电动势等于电源没有接入电路时路端电压根据电动势定义式e=，电动势等于电源把单位正电荷从负极移到正极所做的功解答： 解：a、电动势能把其他形式的能转化为电能，电动势就反映这种转化本领的大小故a正确b、电源的电动势与电源提供的电能无关；故b错误；c、当电路中通过1库仑电量时，电源消耗的其他形式能的数值等于电源电动势的值；故c正确；d、根据电动势定义式e=，可知，电动势等于电源把正电荷从负极移到正极所做的功跟移送的电量之比故d正确本题选错误的，故选：b点评： 当电路中通过1库仑电量时，电源消耗的其他形式能的数值等于电源电动势的值9如图所示，a、b两图分别为测灯泡电阻r的电路图，下述说法正确的是（） a a图的接法叫电流表内接法，b图的接法叫电流表的外接法 b a中r测r真，b中r测r真 c a中误差由电压表分流引起，为了减小误差，就使rrv，故此法测较小电阻好 d b中误差由电流表分压引起，为了减小误差，应使rra，故此法测较大电阻好考点： 伏安法测电阻专题： 恒定电流专题分析： 伏安法测电阻有两种实验电路：电流表的内接法与外接法；a图为电流表外接法，误差来源于电流表的示数不只是通过灯泡电阻r的电流，还包括了电压表的电流；b图是电流表内接法，误差来源于电压表的示数不只是灯泡电阻r的电压，还包括了电流表的分压；要根据测量值的计算式去分析偏大还是偏小解答： 解：a、图a所示电路是电流表的外接法，图b所示电路是电流表的内接法，故a错误；b、图a所示电路，电压表测量值准确，又由于电压表的分流作用，电流表测量值偏大，根据欧姆定律r=，电阻测量值偏小，即r测r真；b图中，电流表测量值准确，又由于电流表的分压作用，电压表测量值偏大，根据欧姆定律r=，电阻测量值偏大，即r测r真，故b正确；c、图a所示电路，系统误差是由电压表分流造成的，为了减小误差，应使rrv，故此法测较小电阻好，故c正确；d、图b所示实验电路，系统误差是由于电流表分压造成的，为了减小误差，应使rra，故此法测较大电阻好，故d正确；故选：bcd点评： 待测电阻远大于电流表内阻时，电流表的分压小，可忽略不计，用电流表内接法测量值偏大待测电阻远小于电压表内阻时，电压表的分流小，可忽略不计，用电流表外接法，测量值偏小10如图所示的电路中，电源的电动势e和内电阻r恒定不变，电灯l恰能正常发光，如果变阻器的滑片向b端滑动，则（） a 电灯l更亮，安培表的示数减小 b 定值电阻r2的热功率增大 c 滑动变阻器两端的电压增大 d 电灯l变暗，安培表的示数增大考点： 电功、电功率；闭合电路的欧姆定律专题： 恒定电流专题分析： 变阻器的滑片向b端滑动，变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻增大，分析总电流的变化，判断电流表读数的变化，由路端电压的变化，分析电灯l亮度的变化由总电流和通过电灯电流的变化，分析通过变阻器的电流变化，再分析变阻器电压的变化解答： 解：a、d、变阻器的滑片向b端滑动，变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻增大，则总电流i减小，路端电压u增大，则电灯l更亮，安培表的示数减小故a正确，d错误b、路端电压u增大，则通过电灯l的电流增大，而总电流i减小，所以通过r2的电流减小，r2消耗的功率减小故b错误c、路端电压u增大，r2的电压减小，则变阻器r1两端的电压增大故c正确故选：ac点评： 本题是电路动态变化分析问题，根据总量法分析通过变阻器电流的变化和电压的变化11如图所示是某电源的路端电压与电流的关系图象，下面结论正确的是（） a 电源的电动势为6.0v b 电源的内阻为12 c 电源的短路电流为0.5a d 电流为0.3a时的外电阻是18考点： 闭合电路的欧姆定律专题： 恒定电流专题分析： 根据闭合电路欧姆定律分析图线与纵轴交点的物理意义和图线斜率的物理意义当外电阻为零时，电源被短路，由闭合电路欧姆定律求出短路电流当电流为0.3a时，由闭合电路欧姆定律求出外电压，再欧姆定律求出外电阻解答： 解：a、由闭合电路欧姆定律u=eir得，当i=0时，u=e，即图线与纵轴交点表示断路状态，电动势e=6v故a正确 b、电源的内阻等于图线的斜率大小，r=a=2故b错误 c、外电阻r=0时，短路电流为i=3a故c错误 d、电流为i=0.3a时，路端电压u=eir=（60.32）=5.4v，外电阻是r=18故d正确故选ad点评： 本题关键从数学的角度理解物理图象的物理意义，容易产生的错误是求电源的内阻，认为是r=1212在使用多用电表的欧姆挡测电阻时，应（） a 使用前检查指针是否停在欧姆挡刻度线的“”处 b 每换一次挡位，都要进行一次电阻调零 c 在测量电阻时，电流从黑表笔流出，经被测电阻到红表笔，再流入多用电表 d 测量时若发现表针偏转的角度较小，应该更换倍率较小的挡来测量考点： 用多用电表测电阻专题： 实验题；恒定电流专题分析： 使用欧姆表测电阻前要注意机械调零；每换一次挡都要重新进行欧姆调零；欧姆表内置电源的正极与“”插孔相连，即与黑表笔相连，使用欧姆表测电阻时，电流从黑表笔流出，红表笔流入；使用欧姆表测电阻应选择适当的档位，使指针指在中央刻度盘附近，如果指针偏转角度较小，说明所选档位太大，应换小挡解答： 解：a、使用前检查指针是否停在欧姆挡刻度线的“”处，故a正确；b、每换一次挡位，都要进行一次欧姆调零，故b正确；c、在测量电阻时，电流从黑表笔流出，经被测电阻到红表笔，再流入多用电表，故c正确；d、测量时若发现表针偏转的角度较小，应该更换倍率较大的挡来测量，故d错误；故选：abc点评： 本题考查了用多用电表欧姆挡测电阻的注意使用及方法，掌握使用欧姆表的注意使用即可正确解题；要掌握多用电表的使用方法及注意事项二、填空题（每空2分，共16分）13在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，可供选择的器材如下：a小灯泡l：3v、5 b滑动变阻器r：010，额定电流1.5ac电压表v1：03v，5k d电压表v2：015v，10ke电流表a1：00.6a，0.5 f电流表a2：03a，0.1g铅蓄电池、开关各一个，导线若干实验中要求加在小灯泡两端的电压可连续地从零调到额定电压（1）为了减少误差，实验中应选电压表v1，电流表a1；请在图虚线框内按要求设计实验电路图（部分线已画好）（3）某同学实验后作出的iu图象如图所示，请分析该图象形成的原因是：电阻随电压的增大而增大考点： 描绘小电珠的伏安特性曲线专题： 实验题分析： 器材的选择需安全和精确，根据灯泡的额定电压和额定电流选择电流表和电压表的量程电压和电流需从0测起，滑动变阻器需采用分压式接法，通过灯泡的电阻大小判断其是大电阻还是小电阻，从而确定电流表内接还是外接用曲线连接实物图，注意电表的极性以及滑动变阻器分压式连接解答： 解：（1）灯泡的额定电压为3v，所以要选择量程为3v的电压表v1，灯泡的额定电流为a，电流表a2的量程偏大，则选择电流表a1因为灯泡的电压和电流需从零开始测起，所以滑动变阻器采用分压式接法，灯泡的电阻大约为5，远小于电压表的内阻，属于小电阻，所以电流表采用外接法，电路图如图所示（3）根据iu图线的斜率表示电阻的倒数，知电阻随电压的增大而增大pu2图线的斜率表示电阻倒数的大小，电阻增大，知p与u2图线的斜率减小故答案为：（1）v1；a1电路图如图所示（3）电阻随电压的增大而增大点评： 解决本题的关键掌握器材选取的原则，以及知道滑动变阻器分压式和限流式接法的区别，电流表内外接的区别14用伏安法测电阻，可采用如图所示的甲、乙两种接法如所用电压表内阻为5000，电流表内阻为0.5（1）当测量100左右的电阻时，宜采用甲电路；现采用乙电路测量某电阻的阻值时，两电表的读数分别为10v、0.5a，则此电阻的测量值为20，真实值为20.08考点： 伏安法测电阻专题： 实验题；恒定电流专题分析： 根据要测电阻与电压表电流表内阻的大小关系确定内外接法；根据测量数据用欧姆定律求测量值，根据电路求真实值解答： 解：因 r=100=50 为大电阻用电流表内接法，故用甲电路 由r测=20 真实值r真 则 20= 得r真=20.08故答案为：（1）甲 20 20.08点评： 大电阻用内接法，测量值偏大，小电阻用外接法，测量值偏小三、计算题（共4题，共36分要求有必要的文字说明、重要方程式和主要演算步骤，有数值计算的要明确写出数值和单位，只写出最后结果的不得分）15在如图的电路中，r1=14.0欧，r2=9.0欧，当开关s扳到位置1时，电流表的示数为i1=0.2安，当开关s扳到位置2时，电流表的示数为i2=0.3安，求电源的电动势和内电阻考点： 闭合电路的欧姆定律专题： 恒定电流专题分析： 根据闭合电路欧姆定律分别列出开关处于位置1和2时的电流表达式，联立组成方程组求解电源的电动势e和内电阻r解答： 解：根据闭合电路欧姆定律得： e=i1（r1+r） e=i2（r2+r）联立组成方程组得，r=代入解得，r=1将r=1代入得，e=0.2（14+1）v=3v答：电源的电动势e为3v，内电阻r为1点评： 本题提供了测量电源的电动势和内阻和方法，可以用电阻箱代替两个定值电阻，就是常用的伏阻法16电饭锅工作时有两种状态：一种是锅内的水烧干以前的加热状态，另一种是水烧干后的保温状态如图是电饭锅的电路图，r1是一个电阻，r2是加热用的电阻丝（1）自动开关s接通和断开时，电饭锅分别处于哪种状态？说明理由要使r2在保温状态下的功率是加热状态的一半，r1：r2应该是多大？考点： 电功、电功率专题： 恒定电流专题分析： （1）电饭锅工作时通过感温材料制造的开关s，来控制保温状态还是加热状态，保温状态功率小，根据p=i2r，保温状态时电流小根据开关s的通断，由功率关系，分析电阻之比解答： 解：（1）在纯电阻电路中，由电功率公式p=可以知道，s接通时，r1被短路，电阻丝r2的功率最大，电饭锅处于加热状态；s断开时，电路电阻变大，r2上的电压减小，电功率变小，电饭锅处于保温状态p=ui=p=ui=，p=解得：r1：r2=（1）：1答：（1）自动开关s接通，电饭锅处于加热状态；自动开关s断开时，电饭锅处于保温状态；要使r2在保温状态下的功率是加热状态的一半，r1：r