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【备战2013】高考物理 5年高考真题精选与最新模拟 专题08 磁场 【2012高考真题精选】（2012重庆）如图所示，正方形区域mnpq内有垂直纸面向里的匀强磁场在外力作用下，一正方形闭合刚性导线框沿qn方向匀速运动，t0时刻，其四个顶点m、n、p、q恰好在磁场边界中点下列图象中能反映线框所受安培力f的大小随时间t变化规律的是()a bcd乙丙【考点定位】磁场（2012广东）15.质量和电量都相等的带电粒子m和n，以不同的速度率经小孔s垂直进入匀强磁场，运行的半圆轨迹如图2种虚线所示，下列表述正确的是 ( )am带负电，n带正电 b.m的速度率小于n的速率c.洛伦磁力对m、n做正功 d.m的运行时间大于n的运行时间（2012山东）20如图所示，相距为l的两条足够长的光滑平行金属导轨与水平面的夹角为，上端接有定值电阻，匀强磁场垂直于导轨平面，磁感应强度为b。将质量为m的导体棒由静止释放，当速度达到时开始匀速运动，此时对导体棒施加一平行于导轨向下的拉力，并保持拉力的功率为p，导体棒最终以的速度匀速运动。导体棒始终与导轨垂直且接触良好，不计导轨和导体棒的电阻，重力加速度为g，下列选项正确的是 （ ）a b c当导体棒速度达到时加速度为d在速度达到以后匀速运动的过程中，r上产生的焦耳热等于拉力所做的功【答案】ac（2012安徽）19. 如图所示，圆形区域内有垂直于纸面向里的匀强磁场，一个带电粒子以速度从点沿直径方向射入磁场，经过时间从点射出磁场，与成60角。现将带电粒子的速度变为/3，仍从点沿原方向射入磁场，不计重力，则粒子在磁场中的运动时间变为 （ ）a. b.2 c. d.3 【答案】b【解析】 第一次偏转的偏向角为600，所以圆心角也是600，周期,与速度无关；oa长为r1，o2a长为r2，,，则,所以第二次在磁场中偏转的圆心角为1200，所以 偏转时间是第一次的2倍。【考点定位】磁场（2012大纲版全国卷）18.如图，两根互相平行的长直导线过纸面上的m、n两点，且与直面垂直，导线中通有大小相等、方向相反的电流。a、o、b在m、n的连线上，o为mn的中点，c、d位于mn的中垂线上，且a、b、c、d到o点的距离均相等。关于以上几点处的磁场，下列说法正确的是a.o点处的磁感应强度为零b.a、b两点处的磁感应强度大小相等，方向相反c.c、d两点处的磁感应强度大小相等，方向相同d.a、c两点处磁感应强度的方向不同（2012大纲版全国卷）17.质量分别为m1和m2、电荷量分别为q1和q2的两粒子在同一匀强磁场中做匀速圆周运动，已知两粒子的动量大小相等。下列说法正确的是a.若q1=q2，则它们做圆周运动的半径一定相等b.若m1=m2，则它们做圆周运动的周期一定相等c. 若q1q2，则它们做圆周运动的半径一定不相等d. 若m1m2，则它们做圆周运动的周期一定不相等（2012物理）如图，在两水平极板间存在匀强电场和匀强磁场，电场方向竖直向下，磁场方向垂直于纸面向里。一带电粒子以某一速度沿水平直线通过两极板。若不计重力，下列四个物理量中哪一个改变时，粒子运动轨迹不会改变？a粒子速度的大小b粒子所带电荷量c电场强度d磁感应强度【答案】b【解析】带电粒子以某一速度沿水平直线通过两极板，有qvb=qe。所以粒子所带电荷量改变，粒子运动轨迹不会改变，选项b正确。【考点定位】此题考查带电粒子在电场磁场中的直线运动。（2012江苏）9. 如图所示,mn 是磁感应强度为b 的匀强磁场的边界. 一质量为m、电荷量为q 的粒子在纸面内从o 点射入磁场. 若粒子速度为v0,最远能落在边界上的a 点. 下列说法正确的有(a) 若粒子落在a 点的左侧,其速度一定小于v0 (b) 若粒子落在a 点的右侧,其速度一定大于v0 (c) 若粒子落在a 点左右两侧d 的范围内,其速度不可能小于v0 -qbd/2m(d)若粒子落在a 点左右两侧d 的范围内,其速度不可能大于v0 +qbd/2m（2012天津）2 如图所示，金属棒mn两端由等长的轻质细线水平悬挂，处于竖直向上的匀强磁场中，棒中通以由m向n的电流，平衡时两悬线与竖直方向夹角均为。如果仅改变下列某一个条件，角的相应变化情况是a棒中的电流变大，角变大b两悬线等长变短，角变小c金属棒质量变大，角变大d磁感应强度变大，角变小（2012四川）20半径为a右端开小口的导体圆环和长为2a的导体直杆，单位长度电阻均为r0。圆环水平固定放置，整个内部区域分布着向下的匀强磁场，磁感应强度为b。杆在圆环上以速度v平行于直径cd向右做匀速直线运动，杆始终有两点与圆环良好接触，从圆环中心o开始，杆的位置由确定，如图所示。则a = 0时，杆产生的电动势为2bavb = 3 时，杆产生的电动势为3bavc = 0时，杆受的安培力大小为2b2av+2r0d = 3 时，杆受的安培力大小为3b2av5+3r0 【答案】ad【解析】 = 0时，杆切割磁感线的有效长度为2a，由e = b2av得，杆产生的电动势为2bav，a正确。 = 3 时，杆切割磁感线的有效长度为a，由e = bav得，杆产生的电动势为bav，b错误。 = 0时，回路的电阻为+2ar0，电流i = er = 2bav+2ar0，杆受的安培力大小为f = bi2a = 4b2av+2r0，c错误。 = 3 时，回路的电阻为53+1ar0，电流i = er = bav53+1ar0，杆受的安培力大小为f = bia = 3b2av5+3r0，d正确。【考点定位】本题考查电磁感应。法拉第电磁感应定律，安培力，闭合电路欧姆定律，电阻定律。（2012全国新课标卷）20.如图，一载流长直导线和一矩形导线框固定在同一平面内，线框在长直导线右侧，且其长边与长直导线平行。已知在t=0到t=t1的时间间隔内，直导线中电流i发生某种变化，而线框中感应电流总是沿顺时针方向；线框受到的安培力的合力先水平向左、后水平向右。设电流i正方向与图中箭头方向相同，则i随时间t变化的图线可能是a正确，选项b、c、d错误。【考点定位】本考点主要考查对楞次定律的理解和应用（2012江苏）13. (15 分)某兴趣小组设计了一种发电装置,如图所示. 在磁极和圆柱状铁芯之间形成的两磁场区域的圆心角琢均为49仔,磁场均沿半径方向. 匝数为n 的矩形线圈abcd 的边长ab =cd =、bc =ad =2. 线圈以角速度棕绕中心轴匀速转动,bc和ad 边同时进入磁场. 在磁场中,两条边所经过处的磁感应强度大小均为b、方向始终与两边的运动方向垂直. 线圈的总电阻为r,外接电阻为r. 求:(1)线圈切割磁感线时,感应电动势的大小em;(2)线圈切割磁感线时,bc 边所受安培力的大小f;(3)外接电阻上电流的有效值i.16. （2012海南）图（a）所示的xoy平面处于匀强磁场中，磁场方向与xoy平面(纸面)垂直，磁感应强度b随时间t变化的周期为t，变化图线如图（b）所示。当b为+b0时，磁感应强度方向指向纸外。在坐标原点o有一带正电的粒子p，其电荷量与质量之比恰好等于。不计重力。设p在某时刻t0以某一初速度沿y轴正方向自o点开始运动，将它经过时间t到达的点记为a。（1）若t0=0，则直线oa与x轴的夹角是多少？（2）若t0=t/4，则直线oa与x轴的夹角是多少？（3）为了使直线oa与x轴的夹角为/4，在0 t0 t/4的范围内，t0应取何值？是多少？oa与x轴夹角=0.。由几何关系可知，a点在y轴上，即oa与x轴夹角=/2。（3）若在任意时刻t=t0（0 t0 t/4）粒子p开始运动，在t=t0到t=t/2时间内，沿顺时针方向做圆周运动到达c点，圆心o位于x轴上，圆弧oc对应的圆心角为ooc=( t/2- t0), 此时磁场方向反转；继而，在t=t/2到t=t时间内，沿逆时针方向运动半个圆周，到达b点，此时磁场方向再次反转；在t=t到t=t+ t0时间内，沿顺时针方向做圆周运动到达a点，设圆心为o，圆弧ba对应的圆心角为boa=t0,如图（c）所示。由几何关系可知，c、b均在oo连线上，且oa/ oo，若要oa与x成/4角，则有ooc=3/4。联立解得t0=t/8。【考点定位】此题考查带电粒子在磁场中的圆周运动。（2012广东）35.（18分）如图17所示，质量为m的导体棒ab，垂直放在相距为l的平行光滑金属轨道上。导轨平面与水平面的夹角为，并处于磁感应强度大小为b、方向垂直与导轨平面向上的匀强磁场中，左侧是水平放置、间距为d的平行金属板，r和rx分别表示定值电阻和滑动变阻器的阻值，不计其他电阻。（1）调节rx=r，释放导体棒，当棒沿导轨匀速下滑时，求通过棒的电流i及棒的速率v。（2）改变rx，待棒沿导轨再次匀速下滑后，将质量为m、带电量为+q的微粒水平射入金属板间，若它能匀速通过，求此时的rx。【考点定位】磁场 【2011高考真题精选】1（浙江）利用如图所示装置可以选择一定速度范围内的带电粒子。图中板mn上方是磁感应强度大小为b、方向垂直纸面向里的匀强磁场，板上有两条宽度分别为2d和d的缝，两缝近端相距为l。一群质量为m、电荷量为q，具有不同速度的粒子从宽度为2d的缝垂直于板mn进入磁场，对于能够从宽度为d的缝射出的粒子，下列说法正确的是a. 粒子带正电b. 射出粒子的最大速度为c. 保持d和l不变，增大b，射出粒子的最大速度与最小速度之差增大d. 保持d和b不变，增大l，射出粒子的最大速度与最小速度之差增大2（新课标）为了解释地球的磁性，19世纪安培假设：地球的磁场是由绕过地心的轴的环形电流i引起的。在下列四个图中，正确表示安培假设中环形电流方向的是 （ ）解析：地磁场北极（n极）在地理南极附近，由安培定则可知，环形电流方向为b图所示。答案：b3（新课标）电磁轨道炮工作原理如图所示。待发射弹体可在两平行轨道之间自由移动，并与轨道保持良好接触。电流i从一条轨道流入，通过导电弹体后从另一条轨道流回。轨道电流可形成在弹体处垂直于轨道面得磁场（可视为匀强磁场），磁感应强度的大小与i成正比。通电的弹体在轨道上受到安培力的作用而高速射出。现欲使弹体的出射速度增加至原来的2倍，理论上可采用的方法是（ ）a.只将轨道长度l变为原来的2倍b.只将电流i增加至原来的2倍c.只将弹体质量减至原来的一半d.将弹体质量减至原来的一半，轨道长度l变为原来的2倍，其它量不变解析：设轨道间距为d，b=ki。由f=bid，得。答案：bd4（江苏）如图所示，固定的水平长直导线中通有电流i，矩形线框与导线在同一竖直平面内，且一边与导线平行。线框由静止释放，在下落过程中a穿过线框的磁通量保持不变b线框中感应电流方向保持不变c线框所受安培力的合力为零d线框的机械能不断增大【答案】b【解析】本题考查通电导体周围的磁场分布、电磁感应、楞次定律及功能关系。通电导线周围存在磁场，电流恒定，导线周围磁场恒定，可根据右手定则判断磁场环绕情况，导线下方磁感线向里，且离导线越近磁感应强度越大，故线框下落过程中通过线框磁通量减小，感应电流由楞次定律判断沿顺时针方向保持不变、安培力的合力向上，安培力做负功线框机械能减少，综上b项正确。5.（海南）空间存在方向垂直于纸面向里的匀强磁场，图中的正方形为其边界。一细束由两种粒子组成的粒子流沿垂直于磁场的方向从o点入射。这两种粒子带同种电荷，它们的电荷量、质量均不同，但其比荷相同，且都包含不同速率的粒子。不计重力。下列说法正确的是a.入射速度不同的粒子在磁场中的运动时间一定不同b.入射速度相同的粒子在磁场中的运动轨迹一定相同c.在磁场中运动时间相同的粒子，其运动轨迹一定相同d.在磁场中运动时间越长的粒子，其轨迹所对的圆心角一定越大答案：bc解析：两种粒子均做匀速圆周运动，由洛伦兹力提供向心力：，解得，入射速度v相同的粒子，轨道半径r相同，在磁场中的运动轨迹相同，b正确；周期，不管粒子速度是否相同，周期都相同，a错误；但是在磁场中的运动时间还与轨道半径r有关，当半径r小于或等于四分之一边长时，在磁场中运动半圈，圆心角为180度，运动时间最长，d错误；半径大于四分之一边长还要分两种情况讨论，但是运动时间相同的粒子，其运动轨迹一定相同，即c正确。 【2010高考真题精选】（2010重庆21）如题21图所式，矩形mnpq区域内有方向垂直于纸面的匀强磁场，有5个带点粒子从图中箭头所示位置垂直于磁场边界进入磁场，在纸面内做匀速圆周运动，运动轨迹为相应的圆弧，这些粒子的质量，电荷量以及速度大小如下表所示。由以上信息可知，从图中abc处进入的粒子对应表中的编号分别为a.3,5, 4 b.4,2,5 c.5,3,2 d.2,4,5（2010全国卷17）某地的地磁场磁感应强度的竖直分量方向向下，大小为t。一灵敏电压表连接在当地入海河段的两岸，河宽100m，该河段涨潮和落潮时有海水（视为导体）流过。设落潮时，海水自西向东流，流速为2m/s。下列说法正确的是a河北岸的电势较高 b河南岸的电势较高c电压表记录的电压为9mv d电压表记录的电压为5mv【答案】bd【解析】海水在落潮时自西向东流，该过程可以理解为：自西向东运动的导体棒在切割竖直向下的磁场。根据右手定则，右岸即北岸是正极电势高，南岸电势低,d对c错。根据法拉第电磁感应定律v, b对a错。（ 2010上海物理13） 如图，长为的直导线拆成边长相等，夹角为的形，并置于与其所在平面相垂直的匀强磁场中，磁感应强度为，当在该导线中通以电流强度为的电流时，该形通电导线受到的安培力大小为（a）0 （b）0.5 （c）（d）答案：c解析：导线有效长度为2lsin30=l，所以该v形通电导线收到的安培力大小为。选c。（2010安徽20）如图所示，水平地面上方矩形区域内存在垂直纸面向里的匀强磁场，两个边长相等的单匝闭合正方形线圈和，分别用相同材料，不同粗细的导线绕制（为细导线）。两线圈在距磁场上界面高处由静止开始自由下落，再进入磁场，最后落到地面。运动过程中，线圈平面始终保持在竖直平面内且下边缘平行于磁场上边界。设线圈、落地时的速度大小分别为v1、v2，在磁场中运动时产生的热量分别为q1、q2。不计空气阻力，则av1 v2，q1 q2 bv1 =v2，q1= q2cv1 q2 dv1 =v2，q1 q2【答案】d【解析】由于从同一高度下落，到达磁场边界时具有相同的速度v，切割磁感线产生感应电流同时受到磁场的安培力，又（为材料的电阻率，为线圈的边长），所以安培力，此时加速度，且(为材料的密度)，所以加速度是定值，线圈和同步运动，落地速度相等v1 =v2。由能量守恒可得：，(h是磁场区域的高度)，为细导线m小，产生的热量小，所以q10）的粒子从p点瞄准n0点入射，最后又通过p点。不计重力。求粒子入射速度的所有可能值。解析：设粒子的入射速度为v,第一次射出磁场的点为,与板碰撞后再次进入磁场的位置为.粒子在磁场中运动的轨道半径为r,有粒子速率不变,每次进入磁场与射出磁场位置间距离保持不变有粒子射出磁场与下一次进入磁场位置间的距离始终不变,与相等.由图可以看出设粒子最终离开磁场时,与档板相碰n次(n=0、1、2、3).若粒子能回到p点,由对称性,出射点的x坐标应为-a,即由两式得若粒子与挡板发生碰撞,有联立得n0）和初速度v的带电微粒。发射时，这束带电微粒分布在0y0。解析：本题考查带电粒子在复合场中的运动。带电粒子平行于x轴从c点进入磁场，说明带电微粒所受重力和电场力平衡。设电场强度大小为e，由 可得 方向沿y轴正方向。带电微粒进入磁场后，将做圆周运动。 且 r=r如图（a）所示，设磁感应强度大小为b。由 得 方向垂直于纸面向外（09年江苏卷）14.（16分）1932年，劳伦斯和利文斯设计出了回旋加速器。回旋加速器的工作原理如图所示，置于高真空中的d形金属盒半径为r，两盒间的狭缝很小，带电粒子穿过的时间可以忽略不计。磁感应强度为b的匀强磁场与盒面垂直。a处粒子源产生的粒子，质量为m、电荷量为+q ，在加速器中被加速，加速电压为u。加速过程中不考虑相对论效应和重力作用。 （1）求粒子第2次和第1次经过两d形盒间狭缝后轨道半径之比；（2）求粒子从静止开始加速到出口处所需的时间t；（3）实际使用中，磁感应强度和加速电场频率都有最大值的限制。若某一加速器磁感应强度和加速电场频率的最大值分别为bm、fm，试讨论粒子能获得的最大动能e。解析：(1)设粒子第1次经过狭缝后的半径为r1,速度为v1qu=mv12qv1b=m解得 同理，粒子第2次经过狭缝后的半径 则 （2）设粒子到出口处被加速了n圈（09年江苏物理）15.（16分）如图所示，两平行的光滑金属导轨安装在一光滑绝缘斜面上，导轨间距为l、足够长且电阻忽略不计，导轨平面的倾角为，条形匀强磁场的宽度为d，磁感应强度大小为b、方向与导轨平面垂直。长度为2d的绝缘杆将导体棒和正方形的单匝线框连接在一起组成“”型装置，总质量为m，置于导轨上。导体棒中通以大小恒为i的电流（由外接恒流源产生，图中未图出）。线框的边长为d（d l），电阻为r，下边与磁场区域上边界重合。将装置由静止释放，导体棒恰好运动到磁场区域下边界处返回，导体棒在整个运动过程中始终与导轨垂直。重力加速度为g。求：（1）装置从释放到开始返回的过程中，线框中产生的焦耳热q；（2）线框第一次穿越磁场区域所需的时间t1；（3）经过足够长时间后，线框上边与磁场区域下边界的最大距离m。 解析：(1)设装置由静止释放到导体棒运动到磁场下边界的过程中，作用在线框上的安培力做功为w由动能定理 且 解得 （2）设线框刚离开磁场下边界时的速度为，则接着向下运动 由动能定理 装置在磁场中运动时收到的合力感应电动势 =bd感应电流 =安培力 由牛顿第二定律，在t到t+时间内，有则有解得 （3）经过足够长时间后，线框在磁场下边界与最大距离之间往复运动 由动能定理 解得 （09年四川卷）25.(20分)如图所示，轻弹簧一端连于固定点o，可在竖直平面内自由转动，另一端连接一带电小球p,其质量m=210-2 kg,电荷量q=0.2 c.将弹簧拉至水平后，以初速度v0=20 m/s竖直向下射出小球p,小球p到达o点的正下方o1点时速度恰好水平，其大小v=15 m/s.若o、o1相距r=1.5 m,小球p在o1点与另一由细绳悬挂的、不带电的、质量m=1.610-1 kg的静止绝缘小球n相碰。碰后瞬间，小球p脱离弹簧，小球n脱离细绳，同时在空间加上竖直向上的匀强电场e和垂直于纸面的磁感应强度b=1t的弱强磁场。此后，小球p在竖直平面内做半径r=0.5 m的圆周运动。小球p、n均可视为质点，小球p的电荷量保持不变，不计空气阻力，取g=10 m/s2。那么，（1）弹簧从水平摆至竖直位置的过程中，其弹力做功为多少？（2）请通过计算并比较相关物理量，判断小球p、n碰撞后能否在某一时刻具有相同的速度。 (3)若题中各量为变量，在保证小球p、n碰撞后某一时刻具有相同速度的前提下，请推导出r的表达式(要求用b、q、m、表示，其中为小球n的运动速度与水平方向的夹角)。解析：（1）设弹簧的弹力做功为w，有：代入数据，得：wj （2）由题给条件知，n碰后作平抛运动，p所受电场力和重力平衡，p带正电荷。设p、n碰后的速度大小分别为v1和v，并令水平向右为正方向，有: 而： 若p、n碰后速度同向时，计算可得vv1，这种碰撞不能实现。p、n碰后瞬时必为反向运动。有： p、n速度相同时，n经过的时间为，p经过的时间为。设此时n的速度v1的方向与水平方向的夹角为，有： 代入数据，得： 对小球p，其圆周运动的周期为t，有： 经计算得： t，p经过时，对应的圆心角为，有： 当b的方向垂直纸面朝外时，p、n的速度相同，如图可知，有： 联立相关方程得： 比较得， ，在此情况下，p、n的速度在同一时刻不可能相同。当b的方向垂直纸面朝里时，p、n的速度相同，同样由图，有： ，同上得： ，比较得， ，在此情况下，p、n的速度在同一时刻也不可能相同。（3）当b的方向垂直纸面朝外时，设在t时刻p、n的速度相同，再联立解得： 当b的方向垂直纸面朝里时，设在t时刻p、n的速度相同，同理得： ，考虑圆周运动的周期性，有: （给定的b、q、r、m、等物理量决定n的取值）（09年海南物理）16（10分）如图，abcd是边长为的正方形。质量为、电荷量为的电子以大小为的初速度沿纸面垂直于bc变射入正方形区域。在正方形内适当区域中有匀强磁场。电子从bc边上的任意点入射，都只能从a点射出磁场。不计重力，求：（1）次匀强磁场区域中磁感应强度的方向和大小；（2）此匀强磁场区域的最小面积。解析：（1）设匀强磁场的磁感应强度的大小为b。令圆弧是自c点垂直于bc入射的电子在磁场中的运行轨道。电子所受到的磁场的作用力应指向圆弧的圆心，因而磁场的方向应垂直于纸面向外。圆弧的圆心在cb边或其延长线上。依题意，圆心在a、c连线的中垂线上，故b 点即为圆心，圆半径为按照牛顿定律有 联立式得（2）由（1）中决定的磁感应强度的方向和大小，可知自点垂直于入射电子在a点沿da方向射出，且自bc边上其它点垂直于入射的电子的运动轨道只能在baec区域中。因而，圆弧是所求的最小磁场区域的一个边界。为了决定该磁场区域的另一边界，我们来考察射中a点的电子的速度方向与ba的延长线交角为（不妨设）的情形。该电子的运动轨迹如图所示。图中，圆的圆心为o，pq垂直于bc边 ，由式知，圆弧的半径仍为，在d为原点、dc为x轴，ad为轴的坐标系中，p点的坐标为这意味着，在范围内，p点形成以d为圆心、为半径的四分之一圆周，它是电子做直线运动和圆周运动的分界线，构成所求磁场区域的另一边界。因此，所求的最小匀强磁场区域时分别以和为圆心、为半径的两个四分之一圆周和所围成的，其面积为评分参考：本题10分。第（1）问4分，至式各1分；得出正确的磁场方向的，再给1分。第（2）问6分，得出“圆弧是所求磁场区域的一个边界”的，给2分；得出所求磁场区域的另一个边界的，再给2分；式2分。【2008高考真题精选】1.（08宁夏卷）14.在等边三角形的三个顶点a、b、c处，各有一条长直导线垂直穿过纸面，导线中通有大小相等的恒定电流，方向如图。过c点的导线所受安培力的方向( ）a.与ab边平行，竖直向上 b.与ab边平行，竖直向下 c.与ab边垂直，指向左边 d.与ab边垂直，指向右边【解析】本题考查了左手定则的应用。导线a在c处产生的磁场方向由安培定则可判断，即垂直ac向左，同理导线b在c处产生的磁场方向垂直bc向下，则由平行四边形定则，过c点的合场方向平行于ab，根据左手定则可判断导线c受到的安培力垂直ab边，指向左边。【答案】c2.（08广东文科）61.如图所示，电流强度为i的一段通电直导线处于匀强磁场中，受到的安培力为f，图中正确标志i和f方向的是( )【答案】a【解析】安培力的方向与电流方向和磁场方向都垂直，且满足左手定则。3.（08广东理科）17有关洛仑兹力和安培力的描述，正确的是 ( )a通电直导线处于匀强磁场中一定受到安培力的作用b安培力是大量运动电荷所受洛仑兹力的宏观表现c带电粒子在匀强磁场中运动受到洛仑兹力做正功d通电直导线在磁场中受到的安培力方向与磁场方向平行4.（08广东理科）18电子在匀强磁场中做匀速圆周运动，下列说法正确的是 ( d )a速率越大，周期越大 b速率越小，周期越大c速度方向与磁场方向平行 d度方向与磁场方向垂直【解析】由可知，选项a、b错误，做匀速圆周运动时，速度方向与磁场方向垂直，选项d正确。【答案】d5.（08广东卷）41930年劳伦斯制成了世界上第一台回旋加速器，其原理如图所示，这台加速器由两个铜质d形合d1、d2构成，其间留有空隙，下列说法正确的是 ( )a离子由加速器的中心附近进入加速器b