【志鸿优化设计】高考数学一轮复习 第六章 数列考点规范练29 文.doc

考点规范练29等差数列及其前n项和一、非标准1.若数列an的首项a1=1,且an=an-1+2(n2),则a7等于()a.13b.14c.15d.172.已知sn为等差数列an的前n项和,a2+a8=6,则s9等于()a.b.27c.54d.1083.在等差数列an中,a2=3,a3+a4=9,则a1a6的值为()a.14b.18c.21d.274.在等差数列an中,a5+a6+a7=15,那么a3+a4+a9等于()a.21b.30c.35d.405.(2014天津河西口模拟)设等差数列an的前n项和为sn,若a11-a8=3,s11-s8=3,则使an0的最小正整数n的值是()a.8b.9c.10d.116.(2014浙江名校联考)已知每项均大于零的数列an中,首项a1=1,且前n项和sn满足sn-sn-1=2(nn+,且n2),则a81等于()a.638b.639c.640d.6417.若等差数列an满足a7+a8+a90,a7+a100b.d0d.a1d0,解得n9.因此使an0的最小正整数n的值是10.6.c解析:由已知sn-sn-1=2,可得=2,是以1为首项,2为公差的等差数列,故=2n-1,sn=(2n-1)2,a81=s81-s80=1612-1592=640,故选c.7.8解析:由等差数列的性质可得a7+a8+a9=3a80,即a80;而a7+a10=a8+a90,故a90,由等差数列的性质,得a2+a5=a3+a4=22,所以a3,a4是关于x的方程x2-22x+117=0的解,所以a3=9,a4=13.易知a1=1,d=4,故所求通项为an=1+(n-1)4=4n-3.(2)由(1)知sn=2n2-n,所以bn=.(方法一)所以b1=,b2=,b3=(c0).令2b2=b1+b3,解得c=-.当c=-时,bn=2n,当n2时,bn-bn-1=2.故当c=-时,数列bn为等差数列.(方法二)bn=.c0,可令c=-,得到bn=2n.bn+1-bn=2(n+1)-2n=2(nn+),数列bn是公差为2的等差数列.故存在一个非零常数c=-,使数列bn也为等差数列.10.解:(1)由题设,anan+1=sn-1,an+1an+2=sn+1-1,两式相减,得an+1(an+2-an)=an+1.由于an+10,所以an+2-an=.(2)由题设,a1=1,a1a2=s1-1,可得a2=-1.由(1)知,a3=+1.令2a2=a1+a3,解得=4.故an+2-an=4.由此可得a2n-1是首项为1,公差为4的等差数列,a2n-1=4n-3;a2n是首项为3,公差为4的等差数列,a2n=4n-1.所以an=2n-1,an+1-an=2.因此存在=4,使得数列an为等差数列.11.d解析:为递减数列,=1.a1d0.故选d.12.b解析:易得sn-sn-4=an+an-1+an-2+an-3=80.又s4=a1+a2+a3+a4=40,所以4(a1+an)=120,a1+an=30.由sn=210,得n=14.13.b解析:a1=19,an+1-an=-3,数列an是以19为首项,-3为公差的等差数列.an=19+(n-1)(-3)=22-3n.设an的前k项和数值最大,则有kn+.k.kn+,k=7.满足条件的n的值为7.14.解析:因为2(nn+,n2),所以数列是以=1为首项,以d=4-1=3为公差的等差数列.所以=1+3(n-1)=3n-2.所以an=,n1.所以a7=.15.(1)证明:当n=1时,有2a1=+1-4,即-2a1-3=0,解得a1=3(a1=-1舍去).当n2时,有2sn-1=+n-5.又2sn=+n-4,两式相减得2an=+1,即-2an+1=,也即(an-1)2=,因此an-1=an-1或an-1=-an-1.若an-1=-an-1,则an+an-1=1.而a1=3,所以a2=-2,这与数列an的各项均为正数相矛盾,所以an-1=an-1,即an-an-1=1.因此,数列an为首项为3,公差为1的等差数列.(2)解:由(1)知a1=3,d=1,所以数列an的通项公式an=3+(n-1)1=n+2,即an=n+2.16.(1)证明:由an=+2(n-1),得sn=nan-2n(n-1)(nn+).当n2时,an=sn-sn-1=nan-(n-1)an-1-4(n-1),即an-an-1=4,故数列an是以1为首项,4为公差的等差数列.于是,an=4n-3,sn=2n2-n(nn+).(2)解:由(1),得=2